高考数学复习 17-18版 附加题部分 第2章 第64课 立体几何中的向量方法

高考数学复习 17-18版 附加题部分 第2章 第64课 立体几何中的向量方法

第64课 立体几何中的向量方法 ‎[最新考纲]‎ 内容 要求 A B C 直线的方向向量与平面的法向量 ‎√‎ 空间向量的应用 ‎√‎ ‎1．直线的方向向量与平面的法向量 ‎(1)直线的方向向量：如果表示非零向量a的有向线段所在直线与直线l平行或重合，则称此向量a为直线l的方向向量．‎ ‎(2)平面的法向量：直线l⊥α，取直线l的方向向量a，则向量a叫作平面α的法向量．‎ ‎2．空间位置关系的向量表示 直线l1，l2的方向向量分别为n1，n2‎ l1∥l2‎ n1∥n2⇔n1＝λn2‎ l1⊥l2‎ n1⊥n2⇔n1·n2＝0‎ 直线l的方向向量为n，平面α的法向量为m l∥α n⊥m⇔n·m＝0‎ l⊥α n∥m⇔n＝λm 平面α，β的法向量分别为n，m α∥β n∥m⇔n＝λm α⊥β n⊥m⇔n·m＝0‎ ‎3.求两条异面直线所成的角 设a，b分别是两异面直线l1，l2的方向向量，则 l1与l2所成的角θ a与b的夹角〈a，b〉‎ 范围 ‎0≤θ≤ ‎0≤〈a，b〉≤π 关系 cos θ＝|cos〈a，b〉＝|‎ cos〈a，b〉＝ ‎4．求直线与平面所成的角 设直线l的方向向量为a，平面α的法向量为n，直线l与平面α所成的角为θ，则sin θ＝|cos〈a，n〉|＝.‎ ‎5．求二面角的大小 ‎(1)若AB，CD分别是二面角αlβ的两个面内与棱l垂直的异面直线，则二面角的大小就是向量与的夹角(如图①)．‎ 图641‎ ‎(2)设n1，n2分别是二面角αlβ的两个面α，β的法向量，则向量n1与n2的夹角(或其补角)的大小就是二面角的平面角的大小(如图②③)．‎ ‎1．(思考辨析)判断下列结论的正误．(正确的打“√”，错误的打“×”)‎ ‎(1)两直线的方向向量所成的角就是两条直线所成的角．(　　)‎ ‎(2)直线的方向向量和平面的法向量所成的角就是直线与平面所成的角．(　　)‎ ‎(3)两个平面的法向量所成的角是这两个平面所成的角．(　　)‎ ‎(4)两异面直线夹角的范围是，直线与平面所成角的范围是，二面角的范围是[0，π]．‎ ‎[答案]　(1)×　(2)×　(3)×　(4)√‎ ‎2．(教材改编)设u＝(－2,2，t)，v＝(6，－4,4)分别是平面α，β的法向量．若α⊥β，则t＝________.‎ ‎5　[∵α⊥β，则u·v＝－2×6＋2×(－4)＋4t＝0，‎ ‎∴t＝5.]‎ ‎3．已知向量m，n分别是直线l和平面α的方向向量和法向量，若cos〈m，n〉＝－，则l与α所成的角为________．‎ 　[设l与α所成的角为θ，则 sin θ＝|cos〈m，n〉|＝，‎ 又θ∈[0，π]，‎ ‎∴θ＝.]‎ ‎4．如图642所示，在正方体ABCDA1B‎1C1D1中，O是底面正方形ABCD的中心，M是D1D的中点，N是A1B1的中点，则直线ON，AM所成的角为________．‎ 图642‎ ‎90°　[以A为原点，分别以，，所在直线为x，y，z轴，建立空间直角坐标系(图略)，设正方体的棱长为1，则A(0,0,0)，M，O，N，·＝·＝0，∴ON与AM垂直．即直线ON，AM所成的角为90°.]‎ ‎5．过正方形ABCD的顶点A作线段PA⊥平面ABCD，若AB＝PA，则平面ABP与平面CDP所成的二面角为________．‎ ‎45°　[如图，建立空间直角坐标系，设AB＝PA＝1，则A(0,0,0)，D(0,1,0)，P(0,0,1)，由题意，AD⊥平面PAB，设E为PD的中点，连结AE，则AE⊥PD，又CD⊥平面PAD，‎ ‎∴CD⊥AE，从而AE⊥平面PCD.‎ ‎∴＝(0,1,0)，＝分别是平面PAB，平面PCD的法向量，且〈，〉＝45°.‎ 故平面PAB与平面PCD所成的二面角为45°.]‎ 利用向量证明平行与垂直问题 ‎　如图643所示，在底面是矩形的四棱锥PABCD中，PA⊥底面ABCD，E，F分别是PC，PD的中点，PA＝AB＝1，BC＝2.‎ ‎(1)求证：EF∥平面PAB；‎ ‎(2)求证：平面PAD⊥平面PDC.‎ 图643‎ ‎[证明]　以A为原点，AB，AD，AP所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系如图所示，则A(0,0,0)，B(1,0,0)，C(1,2,0)，D(0,2,0)，P(0,0,1)，所以E，F，＝，＝(0,0,1)，＝(0,2,0)，＝(1,0,0)，＝(1,0,0)．‎ ‎(1)因为＝－，所以∥，即EF∥AB.‎ 又AB⊂平面PAB，EF⊄平面PAB，‎ 所以EF∥平面PAB.‎ ‎(2)因为·＝(0,0,1)·(1,0,0)＝0，‎ ·＝(0,2,0)·(1,0,0)＝0，‎ 所以⊥，⊥，即AP⊥DC，AD⊥DC.‎ 又因为AP∩AD＝A，AP⊂平面PAD，AD⊂平面PAD，‎ 所以DC⊥平面PAD.‎ 因为DC⊂平面PDC，‎ 所以平面PAD⊥平面PDC.‎ ‎[规律方法]　1.利用向量证明平行与垂直，充分利用已知的线面垂直关系构建空间直角坐标系，准确写出相关点的坐标，从而将几何证明转化为向量运算．其中灵活建系是解题的关键．‎ ‎2．运用向量知识判定空间位置关系，不可忽视几何定理满足的条件，如用直线的方向向量与平面的法向量垂直来证明线面平行，必需强调直线在平面外．‎ ‎[变式训练1]　如图644，四棱锥PABCD的底面为正方形，侧棱PA⊥底面ABCD，且PA＝AD＝2，E，F，H分别是线段PA，PD，AB的中点．‎ 求证：(1)PB∥平面EFH；‎ ‎(2)PD⊥平面AHF.‎ 图644‎ ‎[证明]　建立如图所示的空间直角坐标系Axyz.‎ ‎∴A(0,0,0)，B(2,0,0)，C(2,2,0)，D(0,2,0)，P(0,0,2)，E(0,0,1)，F(0,1,1)，H(1,0,0)．‎ ‎(1)∵＝(2,0，－2)，＝(1,0，－1)，‎ ‎∴＝2，∴PB∥EH.‎ ‎∵PB⊄平面EFH，且EH⊂平面EFH，‎ ‎∴PB∥平面EFH.‎ ‎(2)＝(0,2，－2)，＝(1,0,0)，＝(0,1,1)，‎ ‎∴·＝0×0＋2×1＋(－2)×1＝0，‎ ·＝0×1＋2×0＋(－2)×0＝0，‎ ‎∴PD⊥AF，PD⊥AH.‎ 又∵AF∩AH＝A，∴PD⊥平面AHF.‎ 线面角与异面直线所求的角 角度1　求异面直线所成的角 ‎　将正方形ABCD沿对角线AC折起，当以A，B，C，D四点为顶点的三棱锥体积最大时，异面直线AD与BC所成的角为________. ‎ ‎【导学号：62172342】‎ 　[不妨以△ABC为底面，则由题意当以A，B，C，D为顶点的三棱锥体积最大，即点D到底面△ABC的距离最大时，平面ADC⊥平面ABC.‎ 设点O是AC的中点，连结BO，DO.‎ 则易知BO，CO，DO两两互相垂直．‎ 以O为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系，令BO＝CO＝DO＝1.‎ 则O(0,0,0)，A(0，－1,0)，D(0,0,1)，B(1,0,0)，C(0,1,0)，‎ 于是＝(0,1,1)，＝(－1,1,0)，‎ 因此cos〈，〉＝＝＝.‎ 所以异面直线AD与BC所成的角为.]‎ ‎[规律方法]　1.利用向量法求异面直线所成的角．‎ ‎(1)选好基底或建立空间直角坐标系；‎ ‎(2)求出两直线的方向向量ν1，ν2；‎ ‎(3)代入公式|cos〈ν1，ν2〉|＝求解．‎ ‎2．两异面直线所成角的范围是θ∈，两向量的夹角α的范围是[0，π]，当异面直线的方向向量的夹角为锐角或直角时，就是该异面直线的夹角；当异面直线的方向向量的夹角为钝角时，其补角才是异面直线的夹角．‎ 角度2　求直线与平面所成的角 ‎　如图645所示，长方体ABCDA1B‎1C1D1中，AB＝16，BC＝10，AA1＝8，点E，F分别在A1B1，D‎1C1上，A1E＝D‎1F＝4.过点E，F的平面α与此长方体的面相交，交线围成一个正方形．‎ ‎(1)在图中画出这个正方形(不必说明画法和理由)；‎ ‎(2)求直线AF与平面α所成角的正弦值．‎ 图645‎ ‎[解]　(1)交线围成的正方形EHGF如图所示．‎ ‎(2)作EM⊥AB，垂足为M，则AM＝A1E＝4，EM＝AA1＝8，‎ 因为四边形EHGF为正方形，所以EH＝EF＝BC＝10.‎ 于是MH＝＝6，所以AH＝10.‎ 以D为坐标原点，的方向为x轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系Dxyz，则A(10,0,0)，H(10,10,0)，E(10,4,8)，F(0,4,8)，＝(10,0,0)，＝(0，－6，8)．‎ 设n＝(x，y，z)是平面EHGF的法向量，则即 所以可取n＝(0,4,3)．‎ 又＝(－10,4,8)，故|cos〈n，〉|＝＝.‎ 所以AF与平面EHGF所成角的正弦值为.‎ ‎[规律方法]　1.利用向量法求线面角的方法 ‎(1)分别求出斜线和它在平面内的射影，直线的方向向量，转化为求两个方向向量的夹角(或其补角)．‎ ‎(2)通过平面的法向量来求，即求出斜线的方向向量与平面的法向量所夹的锐角或钝角的补角，取其余角就是斜线和平面所成的角．‎ ‎2．(1)求直线与平面所成的角，不要误认为是直线的方向向量与平面法向量的夹角．‎ ‎(2)若求线面角的余弦值，要利用平方关系sin2θ＋cos2θ＝1求值.‎ 利用空间向量求二面角 ‎　(2016·全国卷Ⅰ)如图646，在以A，B，C，D，E，F为顶点的五面体中，面ABEF为正方形，AF＝2FD，∠AFD＝90°，且二面角DAFE与二面角CBEF都是60°.‎ ‎(1)证明：平面ABEF⊥平面EFDC；‎ ‎(2)求二面角EBCA的余弦值．‎ 图646‎ ‎[解]　(1)证明：由已知可得AF⊥DF，AF⊥FE，‎ 所以AF⊥平面EFDC.‎ 又AF⊂平面ABEF，故平面ABEF⊥平面EFDC.‎ ‎(2)过D作DG⊥EF，垂足为G.‎ 由(1)知DG⊥平面ABEF.‎ 以G为坐标原点，的方向为x轴正方向，||为单位长，建立如图所示的空间直角坐标系Gxyz.‎ 由(1)知∠DFE为二面角DAFE的平面角，故∠DFE＝60°，则|DF|＝2，|DG|＝，可得A(1,4,0)，B(－3,4,0)，E(－3,0,0)，D(0,0，)．‎ 由已知得AB∥EF，所以AB∥平面EFDC.‎ 又平面ABCD∩平面EFDC＝CD，故AB∥CD，CD∥EF.‎ 由BE∥AF，可得BE⊥平面EFDC，‎ 所以∠CEF为二面角CBEF的平面角，∠CEF＝60°.‎ 从而可得C(－2,0，)．‎ 所以＝(1,0，)，＝(0,4,0)，＝(－3，－4，)，＝(－4,0,0)．‎ 设n＝(x，y，z)是平面BCE的法向量，‎ 则即 所以可取n＝(3,0，－)．‎ 设m是平面ABCD的法向量，则 同理可取m＝(0，，4)．‎ 则cos〈n，m〉＝＝－.‎ 故二面角EBCA的余弦值为－.‎ ‎[规律方法]　1.求解本题要抓住几点：(1)充分利用垂线，建立恰当的直角坐标系；‎ ‎(2)确定二面角DAFE与二面角CBEF的平面角；(3)从空间图形能判定二面角EBCA为钝角．‎ ‎2．利用向量计算二面角大小的常用方法：‎ ‎(1)找法向量法：分别求出二面角的两个半平面所在平面的法向量，然后通过两个平面的法向量的夹角得到二面角的大小，但要注意结合实际图形判断所求角的大小．‎ ‎(2)找与棱垂直的方向向量法：分别在二面角的两个半平面内找到与棱垂直且以垂足为起点的两个向量，则这两个向量的夹角的大小就是二面角的大小．‎ ‎[变式训练2]　如图647，在梯形ABCD中，AB∥CD，AD＝DC＝CB＝1，∠BCD＝120°，四边形BFED为矩形，平面BFED⊥平面ABCD，BF＝1.‎ ‎(1)求证：AD⊥平面BFED；‎ ‎(2)点P在线段EF上运动，设平面PAB与平面ADE所成锐二面角为θ，试求θ的最小值. 【导学号：62172343】‎ 图647‎ ‎[解]　(1)证明：在梯形ABCD中，‎ ‎∵AB∥CD，AD＝DC＝CB＝1，∠BCD＝120°，∴AB＝2.‎ ‎∴BD2＝AB2＋AD2－2AB·AD·cos 60°＝3.‎ ‎∴AB2＝AD2＋BD2，∴AD⊥BD.‎ ‎∵平面BFED⊥平面ABCD，‎ 平面BFED∩平面ABCD＝BD，‎ ‎∴AD⊥平面BFED.‎ ‎(2)由(1)知可建立以直线DA，DB，DE为x轴，y轴，z轴的如图所示的空间直角坐标系，令EP＝λ(0≤λ≤)，‎ 则D(0,0,0)，A(1,0,0)，B(0，，0)，P(0，λ，1)，‎ ‎∴＝(－1，，0)，＝(0，λ－，1)．‎ 设n1＝(x，y，z)为平面PAB的法向量，‎ 由得 取y＝1，则n1＝(，1，－λ)．‎ ‎∵n2＝(0,1,0)是平面ADE的一个法向量，‎ ‎∴cos θ＝＝＝.‎ ‎∵0≤λ≤，∴当λ＝时，cos θ有最大值.‎ ‎∴θ的最小值为.‎ 利用空间向量解决探索性问题 ‎　如图①所示，正△ABC的边长为4，CD是AB边上的高，E，F分别是AC和BC边的中点，现将△ABC沿CD翻折成直二面角ADCB，如图②所示．‎ ‎(1)试判断直线AB与平面DEF的位置关系，并说明理由；‎ ‎(2)求二面角EDFC的余弦值；‎ ‎(3)在线段BC上是否存在一点P，使AP⊥DE？证明你的结论．‎ ‎①　　　　　　　　　　　②‎ 图648‎ ‎[解]　(1)如图，在△ABC中，由E，F分别是AC，BC中点，得EF∥AB.‎ 又AB⊄平面DEF，EF⊂平面DEF，‎ ‎∴AB∥平面DEF.‎ ‎(2)以D为原点，建立如图所示的空间直角坐标系，‎ 则A(0,0,2)，B(2,0,0)，C(0,2，0)，E(0，，1)，F(1，，0)，易知平面CDF的法向量为＝(0,0,2)．‎ 设平面EDF的法向量为n＝(x，y，z)，‎ 则 即 取n＝(3，－，3)，‎ cos〈，n〉＝＝，‎ ‎∴二面角EDFC的余弦值为.‎ ‎(3)设P(x，y,0)，则·＝y－2＝0，‎ ‎∴y＝.‎ 又＝(x－2，y,0)，＝(－x,2－y,0)．‎ ‎∵∥，‎ ‎∴(x－2)(2－y)＝－xy，‎ ‎∴x＋y＝2.‎ 把y＝代入上式得x＝，‎ ‎∴＝，‎ ‎∴在线段BC上存在点P，使AP⊥DE.‎ ‎[规律方法]　1.根据题目的条件进行综合分析和观察猜想，找出点或线的位置，并用向量表示出来，然后再加以证明，得出结论．‎ ‎2．假设所求的点或参数存在，并用相关参数表示相关点，根据线、面满足的垂直、平行关系，构建方程(组)求解，若能求出参数的值且符合该限定的范围，则存在，否则不存在．‎ ‎[变式训练3]　(2017·常州模拟)如图649，在长方体ABCD A1B‎1C1D1中，AA1＝AD＝1，E为CD中点．‎ ‎(1)求证：B1E⊥AD1；‎ ‎(2)在棱AA1上是否存在一点P，使得DP∥平面B1AE？若存在，求AP的长；若不存在，说明理由．‎ 图649‎ ‎[解]　以A为原点，，，的方向分别为x轴，y轴，z轴的正方向建立如图所示的空间直角坐标系．设AB＝a.‎ ‎(1)证明：A(0,0,0)，D(0,1,0)，D1(0,1,1)，E，B1(a,0,1)，故＝(0,1,1)，＝.‎ 因为·＝－×0＋1×1＋(－1)×1＝0，‎ 因此⊥，‎ 所以B1E⊥AD1.‎ ‎(2)存在满足要求的点P，‎ 假设在棱AA1上存在一点P(0,0，z0)，‎ 使得DP∥平面B1AE，此时＝(0，－1，z0)，‎ 再设平面B1AE的一个法向量为n＝(x，y，z)．‎ ＝(a,0,1)，＝.‎ 因为n⊥平面B1AE，所以n⊥，n⊥，得 取x＝1，则y＝－，z＝－a，‎ 则平面B1AE的一个法向量n＝.‎ 要使DP∥平面B1AE，只要n⊥，有－az0＝0，解得z0＝.‎ 所以存在点P，满足DP∥平面B1AE，此时AP＝.‎ ‎[思想与方法]‎ ‎1．用向量法解决立体几何问题，是空间向量的一个具体应用，体现了向量的工具性，这种方法可把复杂的推理证明、辅助线的作法转化为空间向量的运算，降低了空间想象演绎推理的难度，体现了由“形”转“数”的转化思想．‎ ‎2．用向量来求空间角，都需将各类角转化成对应向量的夹角来计算，问题的关键在于确定对应线段的向量．‎ ‎[易错与防范]‎ ‎1．用向量知识证明立体几何问题，仍然离不开立体几何中的定理．若用直线的方向向量与平面的法向量垂直来证明线面平行，必需强调直线在平面外．‎ ‎2．利用向量求角，一定要注意将向量夹角转化为各空间角．因为向量夹角与各空间角的定义、范围不同．‎ ‎3．求二面角要根据图形确定所求角是锐角还是钝角．‎ 课时分层训练(八)‎ A组　基础达标 ‎(建议用时：30分钟)‎ ‎1．(2017·苏州模拟)如图6410，在棱长为3的正方体ABCDA1B1C1D1中，A1E＝CF＝1.‎ 图6410‎ ‎(1)求两条异面直线AC1与D1E所成角的余弦值；‎ ‎(2)求直线AC1与平面BED1F所成角的正弦值．‎ ‎[解]　∵DA，DC，DD1两两垂直，‎ ‎∴以DA，DC，DD1所在直线为x，y，z轴，‎ 建立空间直角坐标系，如图所示，‎ ‎∵棱长为3，A1E＝CF＝1，‎ 则D(0,0,0)，A(3,0,0)，B(3,3,0)，C(0,3,0)，D1(0,0,3)，A1(3,0,3)，B1(3,3,3)，C1(0,3,3)，E(3,0,2)，F(0,3,1)，‎ ‎∴＝(－3,3,3)，＝(3,0，－1)‎ ‎∴cos〈，〉＝＝－.所以两条异面直线AG与D1E所成的余弦值为－.‎ ‎(2)设平面BED1F的法向量是n＝(x，y，z)，又∵＝(0，－3,2)，＝(－3,0,1)，‎ n⊥，n⊥，∴n·＝n·＝0，‎ 即，令z＝3，则x＝1，y＝2，所以n＝(1,2,3)，又＝(－3,3,3)，‎ ‎∴cos〈，n〉＝＝，‎ ‎∴直线AC1与平面BED1F所成角是－〈，n〉，‎ 它的正弦值是sin＝cos〈，n〉＝.‎ ‎2．(2017·南京模拟)如图6411，已知正方形ABCD和矩形ACEF所在的平面互相垂直，AB＝，AF＝1，M是线段EF的中点．‎ 图6411‎ ‎(1)求二面角ADFB的大小；‎ ‎(2)试在线段AC上确定一点P，使PF与BC所成的角是60°. ‎ ‎【导学号：62172344】‎ ‎[解]　(1)以，，为正交基底，建立空间直角坐标系，‎ 则E(0,0,1)，D(，0,0)，F(，，1)，B(0，，0)，A(，，0)，＝(，－，0)，＝(，0,1)．平面ADF的法向量t＝(1,0,0)，‎ 设平面DFB法向量n＝(a，b，c)，则n·＝0，n·＝0，‎ 所以令a＝1，得b＝1，c＝－，所以n＝(1,1，－)．‎ 设二面角ADFB的大小为θ，‎ 从而cos θ＝|cos 〈n，t〉|＝，∴θ＝60°，‎ 故二面角ADFB的大小为60°.‎ ‎(2)依题意，设P(a，a,0)(0≤a≤)，则＝(－a，－a,1)，＝(0，，0)．‎ 因为〈，〉＝60°，所以cos 60°＝＝，解得a＝，‎ 所以点P应在线段AC的中点处．‎ ‎3．(2017·泰州期末)如图6412，在直三棱柱ABCA1B1C1中，AC＝3，BC＝4，AB＝5，AA1＝4.‎ ‎(1)设＝λ，异面直线AC1与CD所成角的余弦值为，求λ的值；‎ 图6412‎ ‎(2)若点D是AB的中点，求二面角DCB1B的余弦值．‎ ‎[解]　(1)由AC＝3，BC＝4，AB＝5得∠ACB＝90°，‎ 以CA，CB，CC1所在直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图所示的空间直角坐标系．则A(3,0,0)，C1(0,0,4)，B(0,4,0)，设D(x，y，z)，则由＝λ得＝(3－3λ，4λ，0)，‎ 而＝(－3,0,4)，‎ 根据＝，‎ 解得λ＝或λ＝－.‎ ‎(2)＝，＝(0,4,4)，可取平面CDB1的一个法向量为n1＝(4，－3,3)．‎ 而平面CBB1的一个法向量为n2＝(1,0,0)，并且〈n1n2〉与二面角DCB1B相等，‎ 所以二面角DCB1B的余弦值为cos θ＝cos〈n1，n2〉＝.‎ ‎4．(2017·扬州期中)如图6413，已知直三棱柱ABCA1B1C1中，AB⊥AC，AB＝3，AC＝4，B1C⊥AC1.‎ 图6413‎ ‎(1)求AA1的长．‎ ‎(2)在线段BB1存在点P，使得二面角PA1CA大小的余弦值为，求的值. 【导学号：62172345】‎ ‎[解]　(1)以AB，AC，AA1所在直线分别为x，y，z轴，建立如图所示的空间直角坐标，‎ 设BB1＝t，‎ 则A(0,0,0)，C1(0,4，t)，B1(3,0，t)，C(0,4,0)‎ ‎∴＝(0,4，t)，‎ ＝(－3,4，－t)‎ ‎∵B1C⊥AC1，‎ ‎∴·＝0，‎ 即16－t2＝0，由t>0，解得t＝4，即AA1的长为4.‎ ‎(2)设P(3,0，m)，又A(0,0,0)，C(0,4,0)，A1(0,0,4)‎ ‎∴＝(0,4，－4)，＝(3,0，m－4)，且0≤m≤4‎ 设n＝(x，y，z)为平面PA1C的法向量，‎ ‎∴n⊥，n⊥，‎ ‎∴取z＝1，解得y＝1，x＝，‎ ‎∴n＝为平面PA1C的一个法向量．‎ 又知＝(3,0,0)为平面A1CA的一个法向量，则cos〈n，〉＝.‎ ‎∵二面角PA1C1A大小的余弦值为，‎ ‎∴＝，‎ 解得m＝1，∴＝.‎ B组　能力提升 ‎(建议用时：15分钟)‎ ‎1．(2017·苏州市期中)在如图6414所示的四棱锥SABCD中，SA⊥底面ABCD，∠DAB＝∠ABC＝90°，SA＝AB＝BC＝a，AD＝3a(a>0)，E为线段BS 上的一个动点．‎ 图6414‎ ‎(1)证明DE和SC不可能垂直；‎ ‎(2)当点E为线段BS的三等分点(靠近B)时，求二面角SCDE的余弦值．‎ ‎[解]　(1)证明：∵SA⊥底面ABCD，∠DAB＝90°，‎ ‎∴AB，AD，AS两两垂直．‎ 以A为原点，AB，AD，AS所在的直线分别为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系(如图)．‎ 则S(0,0，a)，C(a，a,0)，D(0,3a,0)(a>0)，‎ ‎∵SA＝AB＝a且SA⊥AB，‎ ‎∴设E(x,0，a－x)其中0≤x≤a，‎ ‎∴＝(x，－3a，a－x)，＝(a，a，－a)，‎ 假设DE和SC垂直，则·＝0，‎ 即ax－3a2－a2＋ax＝2ax－4a2＝0，解得x＝2a，‎ 这与0≤x≤a矛盾，假设不成立，所以DE和SC不可能垂直．‎ ‎(2)∵E为线段BS的三等分点(靠近B)，‎ ‎∴E.‎ 设平面SCD的一个法向量是n1＝(x1，y1，z1)，平面CDE的一个法向量是n2＝(x2，y2，z2)，‎ ‎∵＝(－a,2a,0)，＝(0,3a，－a)，‎ ‎∴，‎ 即，即，取n1＝(2,1,3)，‎ ‎∵＝(－a,2a,0)，‎ ＝，‎ ‎∴，即，‎ 即，‎ 取n2＝(2,1,5)，‎ 设二面角SCDE的平面角大小为θ，由图可知θ为锐角，‎ ‎∴cos θ＝|cos〈n1，n2〉|＝＝＝，‎ 即二面角SCDE的余弦值为.‎ ‎2．(2017·南通模拟)如图6415，在四棱锥PABCD中，底面ABCD为直角梯形，∠ABC＝∠BAD＝90°，且PA＝AB＝BC＝AD＝1，PA⊥平面ABCD.‎ 图6415‎ ‎(1)求PB与平面PCD所成角的正弦值；‎ ‎(2)棱PD上是否存在一点E满足∠AEC＝90°？若存在 ，求AE的长；若不存在，说明理由．‎ ‎[解]　(1)依题意，以A为坐标原点，分别以AB，AD，AP为x，y，z轴建立空间直角坐标系Axyz，‎ 则P(0,0,1)，B(1,0,0)，C(1,1,0)，D(0,2,0)，‎ 从而＝(1,0，－1)，＝(1,1，－1)，＝(0,2，－1)，‎ 设平面PCD的法向量为n＝(a，b，c)，则n·＝0，且n·＝0，即a＋b－c＝0，且2b－c＝0，不妨取c＝2，则b＝1，a＝1，所以平面PCD的一个法向量为n＝(1,1,2)，此时cos〈，n〉＝＝－，‎ 所以PB与平面PCD所成角的正弦值为.‎ ‎(2)设＝λ(0≤λ≤1)，则E(0,2λ，1－λ)，‎ 则＝(－1,2λ－1,1－λ)，＝(0,2λ，1－λ)，‎ 由∠AEC＝90°得，‎ ·＝2λ(2λ－1)＋(1－λ)2＝0，‎ 化简得，5λ2－4λ＋1＝0，该方程无解，‎ 所以，棱PD上不存在一点E满足∠AEC＝90°.‎ ‎3．(2017·南京盐城一模)直三棱柱ABCA1B1C1中，AB⊥AC，AB＝2，AC＝4，AA1＝2，＝λ.‎ 图6416‎ ‎(1)若λ＝1，求直线DB1与平面A1C1D所成角的正弦值；‎ ‎(2)若二面角B1A1C1D的大小为60°，求实数λ的值．‎ ‎[解]　分别以AB，AC，AA1所在直线为x，y，z轴建立空间直角坐标系(图略)．‎ 则A(0,0,0，)B(2,0,0)，C(0,4,0)，A1(0,0,2)，B1(2,0,2)，C1(0,4,2)‎ ‎(1)当λ＝1时，D为BC的中点，所以D(1,2,0)，＝(1，－2,2)，＝(0,4,0)，＝(1,2，－2)，‎ 设平面A1C1D的法向量为n1＝(x，y，z)‎ 则所以取n1＝(2,0,1)，又cos〈，n1〉＝＝＝ ，‎ 所以直线DB1与平面A1C1D所成角的正弦值为.‎ ‎(2)∵＝λ，∴D，‎ ‎∴＝(0,4,0)，＝，‎ 设平面A1C1D的法向量为n1＝(x，y，z)，‎ 则 所以取n1＝(λ＋1,0,1)．‎ 又平面A1B1C1的一个法向量为n2＝(0,0,1)，‎ 由题意得|cos〈n1，n2〉|＝，‎ 所以＝，解得λ＝－1或λ＝－－1(不合题意，舍去)．‎ 所以实数λ的值为－1.‎ ‎4．(2017·无锡模拟) 如图6417，在四棱柱ABCD－A1B1C1D1中，侧面ADD1A1⊥底面ABCD，D1A＝D1D＝，底面ABCD为直角梯形，其中BC∥AD，AB⊥AD，AD＝2AB＝2BC＝2.‎ 图6417‎ ‎(1)在平面ABCD内找一点F，使得D1F⊥平面AB1C；‎ ‎(2)求二面角C－B1A－B的平面角的余弦值．‎ ‎[解]　(1)以A为坐标原点，建立如图所示的空间直角坐标系Axyz，‎ 则A(0,0,0)，B(1,0,0)，C(1,1,0)，D1(0,1,1)，B1(1，－1,1)，设F(a，b,0)，则＝(a，b－1，－1)，‎ 由 得a＝b＝，‎ 所以F，‎ 即F为AC的中点．‎ ‎(2)由(1)可取平面B1AC的一个法向量n1＝＝.‎ 设平面B1AB的法向量n2＝(x，y，z)，‎ 由得 取n2＝(0,1,1)．‎ 则cos〈n1，n2〉＝＝－，‎ 所以二面角CB1AB的平面角的余弦值为.‎