2021版高考生物一轮复习单元质检卷五遗传定律解析版苏教版

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单元质检卷五　遗传定律 ‎(时间:45分钟　满分:100分)‎ 一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分。下列各题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求)‎ ‎1.(2019全国Ⅱ理综)某种植物的羽裂叶和全缘叶是一对相对性状。某同学用全缘叶植株(植株甲)进行了下列四个实验。‎ ‎　　　　　　　　　　　　　　　　‎ ‎①让植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离 ‎②用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶 ‎③用植株甲给羽裂叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1‎ ‎④用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1‎ 其中能够判定植株甲为杂合子的实验是(　　)‎ A.①或② B.①或④‎ C.②或③ D.③或④‎ ‎2.(2019四川成都外国语学校开学考试)某种植物的果皮颜色有白色、绿色和黄色三种,分别由位于两对同源染色体上的等位基因控制。如图是控制果皮不同色素合成的生理过程,则下列说法不正确的是(　　)‎ 12‎ A.①过程称为基因的表达 B.黄果皮植株的基因型可能有两种 C.BbTt的个体自交,后代中白果皮∶黄果皮∶绿果皮=9∶6∶1‎ D.图中显示了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物的性状 ‎3.下列叙述正确的是(　　)‎ A.孟德尔定律支持融合遗传的观点 B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中 C.按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有16种 D.按照孟德尔定律,对AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有8种 ‎4.(2019江西南昌期末)用纯种黄色饱满玉米和白色皱缩玉米杂交,F1全部表现为黄色饱满。F1自交后,F2的性状表现及比例为黄色饱满73%、黄色皱缩2%、白色饱满2%、白色皱缩23%。对上述两对性状遗传分析正确的是(　　)‎ A.F1产生两种比例相等的配子 B.控制两对性状的基因独立遗传 C.两对性状中有一对的遗传不符合基因分离定律 D.若F1测交,则后代有四种表现型且比例不等 ‎5.已知果蝇的灰身和黑身是一对相对性状,基因位于常染色体上。将纯种的灰身果蝇和黑身果蝇杂交,F1全部为灰身,让F1自由交配产生F2,将F2中的灰身果蝇取出,让其自由交配,后代中灰身和黑身果蝇的比例为(　　)‎ A.1∶1 B.2∶1 C.3∶1 D.8∶1‎ 12‎ ‎6.现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本,杂交得F1,F1测交结果如下表,下列有关叙述不正确的是(　　)‎ 测交类型 测交后代基因型种类及比例 父本 母本 AaBb Aabb aaBb aabb F1‎ 乙 ‎1‎ ‎2‎ ‎2‎ ‎2‎ 乙 F1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ ‎1‎ A.F1产生的AB花粉50%不能萌发,不能实现受精 B.F1自交得F2,F2的基因型有9种 C.F1花粉离体培养,将得到4种表现型不同的植株 D.正反交结果不同,说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律 ‎7.已知某植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制,其中AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣;BB和Bb控制红色,bb控制白色。下列相关叙述正确的是(　　)‎ A.基因型为AaBb的植株自交,后代有6种表现型 B.基因型为AaBb的植株自交,后代中红色大花瓣植株占1/16‎ C.基因型为AaBb的植株自交,稳定遗传的后代有4种基因型、3种表现型 D.大花瓣与无花瓣植株杂交,后代出现白色小花瓣的概率为100%‎ ‎8.名贵的郁金香能开出红色、白色等各种颜色的花朵,清香四溢,诱人观赏。花朵的颜色是由细胞液中的色素形成的,色素的形成由两对独立遗传的显性基因A和B所控制,基因A、B在控制同一种色素的形成中作用相等,并且可以累加,从而表现出不同的颜色,a、b不能控制色素的形成,从而表 12‎ 现出白色花朵。纯种红色(AABB)与白色郁金香杂交,后代为紫色,如果该后代自交,其子代基因型种类和不同表现型的比例为(　　)‎ A.2种;3∶1‎ B.9种;1∶4∶6∶4∶1‎ C.9种;9∶3∶3∶1‎ D.3种;1∶2∶1‎ ‎9.下图为红绿色盲遗传系谱图。如果该夫妇染色体数目正常,且只有一方在减数分裂时发生异常。若没有基因突变发生,则图中3号的出现原因不可能是(　　)‎ A.初级卵母细胞减数第一次分裂异常 B.次级卵母细胞减数第二次分裂异常 C.初级精母细胞减数第一次分裂异常 D.次级精母细胞减数第二次分裂异常 ‎10.老鼠的皮毛黄色(A)对灰色(a)呈显性,由常染色体上的一对等位基因控制。有一位遗传学家在实验中发现含显性基因(A)的精子和含显性基因(A)的卵细胞不能结合。如果黄鼠与黄鼠(第一代)交配得到第二代,第二代老鼠自由交配一次得到第三代,那么在第三代中黄鼠的比例是(　　)‎ A.1/2 B.4/9 C.5/9 D.1‎ ‎11.绵羊种群中,有角与无角是一对相对性状,由H、h这对等位基因控制。显性纯合子表现为有角,隐性纯合子表现为无角,而雄性杂合子表现为有角,雌性杂合子表现为无角。下列相关叙述错误的是(　　)‎ 12‎ A.有角公羊与无角母羊杂交,子代公羊均为有角,则亲本公羊的基因型为HH B.有角公羊与无角母羊杂交,子代母羊均为无角,则亲本母羊的基因型为hh C.有角母羊与无角公羊杂交,子代中有角个体∶无角个体=1∶1‎ D.有角母羊与无角公羊杂交,子代中公羊有角的概率为50%‎ ‎12.某哺乳动物背部的皮毛颜色由基因A1、A2和A3控制,且A1、A2和A3任何两个基因组合在一起,各基因都能正常表达,下图表示基因对背部皮毛颜色的控制关系。下列说法错误的是(　　)‎ A.该图体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢从而控制性状 B.该动物种群中关于体色共有六种基因型,纯合子有三种 C.分析图可知,该动物体色为白色的个体一定为纯合子 D.若一白色雄性个体与多个黑色异性个体交配的后代有三种毛色,则其基因型为A2A3‎ 二、非选择题(共40分)‎ ‎13.(18分)(2019全国Ⅱ理综)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制,只含隐性基因的个体表现隐性性状,其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘蓝进行了一系列实验。‎ 实验①:让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交,子代都是绿叶 实验②:让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交,子代个体中绿叶∶紫叶=1∶3‎ 回答下列问题。‎ 12‎ ‎(1)甘蓝叶色中隐性性状是　　　　　,实验①中甲植株的基因型为　　　　　。 ‎ ‎(2)实验②中乙植株的基因型为　　　　　,子代中有　　　　　种基因型。 ‎ ‎(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交,若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1,则丙植株所有可能的基因型是　　　　　　　　　　;若杂交子代均为紫叶,则丙植株所有可能的基因型是　　　　　　　　　　　　　　　　　　;若杂交子代均为紫叶,且让该子代自交,自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1,则丙植株的基因型为　　　　　。 ‎ ‎14.(22分)斯氏鼠种类众多,是遗传学研究的常用材料。下图是某种斯氏鼠(2n=44)的一些基因在染色体上的排列情况。该种成年鼠的尾长受三对等位基因A—a、D—d、F—f控制(独立遗传),这三对基因的遗传效应相同,且具有累加效应(AADDFF的成年鼠尾最长,aaddff的成年鼠尾最短)。请回答下列问题。‎ ‎(1)在该鼠的种群中,与尾长有关的基因型和表现型分别有　　　　种。用图中亲本杂交获得F1,F1雌雄个体相互交配获得F2,则F2中成年鼠尾长与亲本不相同的个体占　　　　。 ‎ ‎(2)将斯氏鼠生发层细胞染色体上的DNA用3H标记后(即第一代细胞)转移到无放射性的培养液中培养,在第二代细胞进行分裂的后期细胞中,含放射性的染色体数目是　　　　条。 ‎ ‎(3)斯氏鼠的野生型与无毛是一对相对性状,分别由等位基因E、e控制,位于1、2号染色体上。经多次实验,结果表明,上述亲本杂交得到F1后,让F1的雌雄鼠自由交配,所得F2中野生型所占比例是2/5,请推测其原因是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。 ‎ 12‎ ‎(4)斯氏鼠的体色由两对基因控制,Y代表黄色,y代表灰色,B决定有色素,b决定无色素(白色)。已知Y与y位于1、2号染色体上,以纯合黄色鼠作母本,隐性纯合白色鼠作父本设计实验探究另一对等位基因(B、b)是否也位于1、2号染色体上(只考虑体色,不考虑其他性状和交叉互换)。‎ 第一步,父本和母本杂交得到F1;‎ 第二步, 　; ‎ 第三步,　。 ‎ 结果及结论:‎ ‎①　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　,则另一对等位基因不位于1、2号染色体上; ‎ ‎②　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　,则另一对等位基因也位于1、2号染色体上。 ‎ 参考答案 单元质检卷五 ‎1.B　解析 本题的切入点是判断某个体是否为杂合子的实验方法。植株甲进行自花传粉,子代出现性状分离,说明植株甲为杂合子,杂合子表现为显性性状,新出现的性状为隐性性状,①符合题意;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代均为全缘叶,说明双亲可能都是纯合子,也可能一方为杂合子,另一方为显性纯合子,因此不能判断植株甲为杂合子,②不符合题意;用植株甲给羽裂叶植株授粉,‎ 12‎ 子代中全缘叶与羽裂叶的比例为1∶1,只能说明一个亲本为杂合子,另一个亲本为隐性纯合子,无法判断哪一个是杂合子,③不符合题意;用植株甲给另一全缘叶植株授粉,子代中全缘叶与羽裂叶的比例为3∶1,可判断亲本均为杂合子,④符合题意。‎ ‎2.C　解析 基因通过转录和翻译控制酶的合成过程称为基因的表达,A项正确;由于B基因控制合成的蛋白B抑制白色色素转化为绿色色素,T基因控制酶T的合成,促进绿色色素转化为黄色色素,所以黄果皮植株的基因型可能是bbTT或bbTt,B项正确;基因型为BbTt的个体自交,从理论上讲,后代的性状中,白色B___为3/4,黄色bb__为1/4×3/4=3/16,绿色bbtt为1/4×1/4=1/16,所以白色∶黄色∶绿色=12∶3∶1,C项错误;从图中可以判断基因对性状控制的方式为通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制生物体的性状,D项正确。‎ ‎3.D　解析 本题主要考查孟德尔定律的有关知识。孟德尔定律支持颗粒遗传的观点,不支持融合遗传的观点,A项错误。孟德尔定律描述的过程发生在减数分裂中,B项错误。按照孟德尔遗传规律,AaBbCcDd个体自交后代基因型有3×3×3×3=81(种),C项错误。按照孟德尔遗传规律,AaBbCc 个体测交后代基因型有2×2×2=8(种),D项正确。‎ ‎4.D　解析 纯种黄色饱满籽粒的玉米与白色皱缩籽粒的玉米杂交,F1全部表现为黄色饱满,说明黄色相对于白色为显性性状,饱满相对于皱缩为显性性状,F1自交后,F2的性状表现及比例为黄色饱满73%,黄色皱缩2%,白色饱满2%,白色皱缩23%。其中黄色∶白色=3∶1,饱满∶皱缩=3∶1,所以每对性状都遵循基因分离定律,C项错误;如果符合自由组合定律,F1自交后代分离比应符合9∶3∶3∶1。但本题给出的数据不符合9∶3∶3∶1,因此上述两对性状的遗传不符合基因自由组合定律,应该是两对等位基因位于一对同源染色体上,而且在减数分裂过程中四分体一部分发生了交叉互换,所以F1产生4种配子,而且比例不相等,A、B两项错误;由于F1产生4种配子,而且比例不相等,所以若F1测交,则后代有四种表现型且比例不等,D项正确。‎ ‎5.D　解析 纯种灰身果蝇和纯种黑身果蝇杂交,F1全为灰身,说明灰身是显性。设显性基因为A,隐性基因为a,则F1为Aa,F2的灰身果蝇基因型为1/3AA、2/3Aa。而AA与AA、AA与Aa自由交配不会产生黑身子代,只有Aa与Aa自由交配才会产生黑身子代。所以后代黑身占2/3×2/3×‎ 12‎ ‎1/4=1/9,所以灰身∶黑身=8∶1。另一种方法:F2的灰身果蝇基因型为1/3AA、2/3Aa,产生的配子为2/3A,1/3a,自由交配后,基因型频率为AA∶Aa∶aa=(2/3×2/3)∶(2×2/3×1/3)∶(1/3×1/3)=4∶4∶1,所以灰身∶黑身=8∶1。‎ ‎6.D　解析 AABB与aabb杂交,得到的F1的基因型为AaBb。根据F1与乙的测交结果可知,F1产生的AB花粉50%不能萌发,不能实现受精。表中F1作为母本与乙测交,后代性状分离比为1∶1∶1∶1,可见这两对基因的遗传遵循基因自由组合定律。‎ ‎7.C　解析 基因型为AaBb的植株自交,无花瓣时看不出颜色,故后代表现型为2×2+1=5(种),A项错误。基因型为AaBb的植株自交,红色大花瓣AAB_的概率为3/16,B项错误。基因型为AaBb的植株自交,后代能稳定遗传的基因型有AABB、AAbb、aaBB、aabb4种,表现型为红色大花瓣、白色大花瓣、无花瓣3种,C项正确。大花瓣AA与无花瓣aa杂交,后代小花瓣的概率为100%,无法推测花瓣颜色,D项错误。‎ ‎8.B　解析 由题意知,基因A、B在控制同一种色素的形成中作用相等,并且可以累加,从而出现不同的颜色。所以显性基因数量不同,花朵所表现的颜色不同,四个显性基因同时存在时表现的颜色是红色,没有显性基因时才表现为白色。纯种红色(AABB)与白色郁金香杂交,子一代基因型是AaBb,AaBb个体自交子代基因型有9种,含四个显性基因(AABB)的占1/16,含三个显性基因(AABb或AaBB)的占4/16,含两个显性基因(AaBb或AAbb或aaBB)的占6/16,含一个显性基因(Aabb或aaBb)的占4/16,不含显性基因(aabb)的占1/16。 ‎ ‎9.D　解析 由图可知,图中1号的基因型为XbY,2号的基因型为XbXb,3号的基因型为XbXbY。若是1号在减数分裂时发生异常,应是初级精母细胞减数第一次分裂时同源染色体未分离;若是2号在减数分裂时发生异常,应是初级卵母细胞减数第一次分裂时同源染色体未分开,或次级卵母细胞减数第二次分裂,着丝点断裂后,两条子染色体移向了细胞一极。‎ ‎10.A　解析 由以上分析可知黄鼠的基因型均为Aa,因此黄鼠与黄鼠交配,即Aa×Aa,由于含显性基因(A)的精子和含显性基因(A)的卵细胞不能结合,因此第二代中Aa占2/3、aa占1/3,其中A的基因频率为2/3×1/2=1/3,a的基因频率为2/3×1/2+1/3=2/3;第二代老鼠自由交配一次得到第三代,‎ 12‎ 根据遗传平衡定律,第三代中AA的频率为1/3×1/3=1/9,Aa的频率为2×1/3×2/3=4/9,aa的频率为2/3×2/3=4/9,由于含显性基因(A)的精子和含显性基因(A)的卵细胞不能结合,因此在第三代中黄鼠的比例是4/9÷(4/9+4/9)=1/2。‎ ‎11.D　解析 从题干信息可知:有角公羊的基因型为HH或Hh,无角母羊的基因型为Hh或hh。有角公羊与无角母羊杂交,其中只有HH(♂)×Hh(♀)或HH(♂)×hh(♀),子代公羊均为有角,而HH(♂)×hh(♀)或Hh(♂)×hh(♀),子代母羊均为无角,A、B两项正确。有角母羊的基因型为HH,无角公羊的基因型为hh,两者杂交子代的基因型均为Hh,公羊为有角,母羊为无角,又因子代雌雄比例为1∶1,所以C项正确,D项错误。‎ ‎12.C　解析 基因控制生物性状的途径有两条,一是通过控制酶的合成来控制代谢过程从而控制生物性状,二是通过控制蛋白质的结构直接控制生物性状,本题图中体现了第一条途径,A项正确。A1、A2、A3三个复等位基因两两组合,纯合子有A1A1、A2A2、A3A3三种,杂合子有A1A2、A1A3、A2A3三种,共计六种,B项正确。由题图可知,只要缺乏酶1,体色就为白色,白色个体的基因型有A2A2、A3A3和A2A3三种,而A2A3属于杂合子,C项错误。黑色个体的基因型只能是A1A3,一白色雄性个体与多个黑色异性个体交配,后代中出现棕色(A1A2)个体,说明该白色个体必定含有A2基因,其基因型只能是A2A2或A2A3,若为A2A2,子代只能有A1A2棕色和A2A3白色两种类型,若为A2A3,则子代会有棕色(A1A2)、黑色(A1A3)和白色(A2A3、A3A3)三种毛色,D项正确。‎ ‎13.答案 (1)绿色　aabb　(2)AaBb　4　(3)Aabb、aaBb　AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb　AABB 解析 本题考查的是基因间的相互作用与自由组合定律的应用。‎ ‎(1)(2)某种甘蓝的叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b控制,且只含隐性基因的个体表现为隐性性状。由实验①可知,绿叶甘蓝甲为纯合子;再结合实验②可知,紫叶甘蓝乙为双杂合子,基因型为AaBb,且紫叶对绿叶为显性,绿叶甘蓝甲的基因型为aabb。据此分析可知,实验②为测交,乙可产生AB、Ab、aB、ab4种数量相等的配子,子代的基因型为AaBb、Aabb、aaBb、aabb,共4种,表现型为绿叶∶紫叶=1∶3。‎ 12‎ ‎(3)紫叶甘蓝丙与甲(aabb)杂交,若子代中紫叶∶绿叶=1∶1,则丙植株只能产生只含一个显性基因和不含显性基因的两种且数量相等的配子,因此丙的基因型可能是Aabb、aaBb。若杂交子代均为紫叶,则丙植株产生的配子不能只含有隐性基因,则其基因型可能为AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb。若杂交子代均为紫叶,且子代自交后代中紫叶∶绿叶=15∶1,则丙植株与甲杂交所得子代的基因型应为AaBb,即丙植株的基因型为AABB。‎ ‎14.答案 (1)27,7　31/32‎ ‎(2)44‎ ‎(3)E基因纯合致死(答案合理即可)‎ ‎(4)让F1雌雄成年鼠自由交配得到F2(或让多只F1雌鼠与父本白鼠交配)　观察统计F2中鼠的毛色性状分离比　①若子代鼠毛色表现为黄色∶灰色∶白色=9∶3∶4　②若子代鼠毛色表现为黄色∶白色=3∶1‎ 解析 (1)由于该种成年鼠的尾长受三对等位基因的控制,而三对基因的遗传效应相同,且具有累加效应,因而与尾长有关的基因型有3×3×3=27(种),表现型有7种。用图中亲本(AADDFF、aaddff)杂交,获得F1(AaDdFf),F1雌雄个体相互交配获得F2,则F2中成鼠尾长与亲本相同的个体:AADDFF占1/4×1/4×1/4=1/64,aaddff占1/4×1/4×1/4=1/64,因而F2中成年鼠尾长与亲本不相同的个体占1-1/64-1/64=62/64=31/32。(2)生发层细胞可进行有丝分裂,在第二代细胞进行分裂的后期细胞中,含放射性的染色体数目是44条。(3)据图可知两亲本的基因型分别为Ee、ee,杂交得到F1(Ee、ee)后,让F1的雌雄鼠自由交配,正常情况下所得F2中野生型所占比例应为7/16,而多次实验的结果为2/5,可能的原因为E基因纯合致死。(4)控制斯氏鼠体色的两对基因若分别位于不同对的染色体上,则其体色的遗传遵循自由组合定律,两亲本杂交获得F1,让F1雌雄成年鼠自由交配得到F2,观察统计F2中鼠的毛色性状分离比应符合9∶3∶3∶1模式;若这两对基因位于同一对同源染色体上,则遵循分离定律,则F2中鼠的毛色性状分离比应符合3∶1模式。‎ 12‎ 12‎