2018高考全国3卷理科数学带答案

2018高考全国3卷理科数学带答案

2018 年普通高等学校招生全国统一考试 理科数学 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡 皮擦干净后，再选涂其它答案标号，回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 3．考试结束后，将本试卷和答案卡一并交回。 一、选择题：本题共 12小题，每小题 5分，共 60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的。 1．已知集合  | 1 0A x x  ≥ ，  0 1 2B  ，， ，则 A B  A． 0 B． 1 C． 1 2， D． 0 1 2，， 2．   1 i 2 i   A． 3 i  B． 3 i  C． 3 i D． 3 i 3．中国古建筑借助榫卯将木构件连接起来，构件的凸出部分叫棒头，凹进部分叫 卯眼，图中木构件右边的小长方体是棒头．若如图摆放的木构件与某一带卯眼 的木构件咬合成长方体，则咬合时带卯眼的木构件的俯视图可以是 4．若 1sin 3   ，则 cos 2  A． 8 9 B． 7 9 C． 7 9  D． 8 9  5． 5 2 2x x      的展开式中 4x 的系数为 A．10 B．20 C．40 D．80 6．直线 2 0x y   分别与 x轴， y轴交于 A，B两点，点 P在圆  2 22 2x y   上，则 ABP 面积的 取值范围是 A．  2 6， B．  4 8， C． 2 3 2   ， D． 2 2 3 2   ， 7．函数 4 2 2y x x    的图像大致为 8．某群体中的每位成品使用移动支付的概率都为 p，各成员的支付方式相互独立，设 X 为该群体的 10位成员中使用移动支付的人数， 2.4DX  ，    4 6P X P X   ，则 p  A．0．7 B．0．6 C．0．4 D．0．3 9． ABC△ 的内角 A B C， ， 的对边分别为 a，b， c，若 ABC 的面积为 2 2 2 4 a b c  ，则C  A． π 2 B． π 3 C． π 4 D． π 6 10．设 A B C D， ， ， 是同一个半径为 4的球的球面上四点， ABC 为等边三角形且其面积为 9 3，则 三棱锥 D ABC 体积的最大值为 A．12 3 B．18 3 C． 24 3 D． 54 3 11．设 1 2F F， 是双曲线 2 2 2 2 1x yC a b  ： （ 0 0a b ， ）的左，右焦点，O是坐标原点．过 2F 作C的一 条渐近线的垂线，垂足为 P．若 1 6PF OP ，则C的离心率为 A． 5 B．2 C． 3 D． 2 12．设 0.2log 0.3a  ， 2log 0.3b  ，则 A． 0a b ab   B． 0ab a b   C． 0a b ab   D． 0ab a b   二、填空题：本题共 4小题，每小题 5分，共 20分。 13．已知向量  = 1,2a ，  = 2, 2b ，  = 1, λc ．若  2∥c a + b ，则   ________． 14．曲线  1 xy ax e  在点  0 1， 处的切线的斜率为 2 ，则 a  ________． 15．函数   πcos 3 6 f x x      在  0 π， 的零点个数为________． 16．已知点  1 1M  ， 和抛物线 2 4C y x： ，过C的焦点且斜率为 k的直线与C交于 A， B两点．若 90AMB  ∠ ，则 k  ________． 三、解答题：共 70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 17～21题为必考题，每个试 题考生都必须作答。第 22、23为选考题。考生根据要求作答。 （一）必考题：共 60分。 17．（12分） 等比数列 na 中， 1 5 31 4a a a ， ． （1）求 na 的通项公式； （2）记 nS 为 na 的前 n项和．若 63mS  ，求m． 18．（12分） 某工厂为提高生产效率，开展技术创新活动，提出了完成某项生产任务的两种新的生产方式．为 比较两种生产方式的效率，选取 40名工人，将他们随机分成两组，每组 20人，第一组工人用第一种 生产方式，第二组工人用第二种生产方式．根据工人完成生产任务的工作时间（单位：min）绘制了如 下茎叶图： （1）根据茎叶图判断哪种生产方式的效率更高？并说明理由； （2）求 40名工人完成生产任务所需时间的中位数m，并将完成生产任务所需时间超过m和不超 过m的工人数填入下面的列联表： 超过m 不超过m 第一种生产方式 第二种生产方式 （3）根据（2）中的列表，能否有 99%的把握认为两种生产方式的效率有差异？ 附：        2 2 n ad bc K a b c d a c b d       ，  2 0.050 0.010 0.001 3.841 6.635 10.828 P K k k ≥ ． 19．（12分） 如图，边长为 2的正方形 ABCD所在平面与半圆弧CD所在平面 垂直，M 是CD上异于C，D的点． （1）证明：平面 AMD⊥平面 BMC； （2）当三棱锥M ABC 体积最大时，求面MAB与面MCD所成 二面角的正弦值． 20．（12分） 已知斜率为 k的直线 l与椭圆 2 2 1 4 3 x yC  ： 交于 A，B两点．线段 AB的中点为   1 0M m m ， ． （1）证明： 1 2 k   ； （2）设 F 为C的右焦点， P为C上一点，且 0FP FA FB      ．证明： FA  ， FP  ， FB  成等差 数列，并求该数列的公差． 21．（12分） 已知函数      22 ln 1 2f x x ax x x     ． （1）若 0a  ，证明：当 1 0x   时，   0f x  ；当 0x  时，   0f x  ； （2）若 0x  是  f x 的极大值点，求 a． （二）选考题：共 10分。请考生在第 22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。 22．[选修 4—4：坐标系与参数方程]（10分） 在平面直角坐标系 xOy中， O⊙ 的参数方程为 cos sin x y      ， （ 为参数），过点  0 2， 且倾斜角为  的直线 l与 O⊙ 交于 A B， 两点． （1）求 的取值范围； （2）求 AB中点 P的轨迹的参数方程． 23．[选修 4—5：不等式选讲]（10分） 设函数   2 1 1f x x x    ． （1）画出  y f x 的图像； （2）当  0x ∈ ， ，  f x ax b≤ ，求 a b 的最小值． 绝密★启用前 2018年普通高等学校招生全国统一考试 理科数学试题参考答案 一、选择题 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 C D A B C A D B C B C B 二、填空题 13． 1 2 14． 3 15．316．2 17．解： （1）设{ }na 的公比为 q，由题设得 1n na q  ． 由已知得 4 24q q ，解得 0q  （舍去）， 2q   或 2q  ． 故 1( 2)nna   或 12nna  ． （2）若 1( 2)nna   ，则 1 ( 2) 3 n nS    ．由 63mS  得 ( 2) 188m   ，此方程没有正整数解． 若 12nna  ，则 2 1n nS   ．由 63mS  得 2 64m  ，解得 6m  ． 综上， 6m  ． 18．解： （1）第二种生产方式的效率更高． 理由如下： （i）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人中，有 75%的工人完成生产任务所需时间至少 80 分钟，用第二种生产方式的工人中，有 75%的工人完成生产任务所需时间至多 79分钟．因此第二种生 产方式的效率更高． （ii）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为 85．5分钟，用 第二种生产方式的工人完成生产任务所需时间的中位数为 73．5分钟．因此第二种生产方式的效率更 高． （iii）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务平均所需时间高于 80分钟；用第二 种生产方式的工人完成生产任务平均所需时间低于 80分钟，因此第二种生产方式的效率更高． （iv）由茎叶图可知：用第一种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布在茎 8上的最多，关于 茎 8大致呈对称分布；用第二种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布在茎 7上的最多，关于茎 7 大致呈对称分布，又用两种生产方式的工人完成生产任务所需时间分布的区间相同，故可以认为用第 二种生产方式完成生产任务所需的时间比用第一种生产方式完成生产任务所需的时间更少，因此第二 种生产方式的效率更高． 以上给出了 4 种理由，考生答出其中任意一种或其他合理理由均可得分． （2）由茎叶图知 79 81 80 2 m    ． 列联表如下： 超过m 不超过m 第一种生产方式 15 5 第二种生产方式 5 15 （3）由于 2 2 40(15 15 5 5) 10 6.635 20 20 20 20 K          ，所以有 99%的把握认为两种生产方式的效率有 差异． 19．解： （1）由题设知，平面 CMD⊥平面 ABCD，交线为 CD．因为 BC⊥CD，BC平面 ABCD，所以 BC⊥平面 CMD，故 BC⊥DM． 因为 M为CD上异于 C，D的点，且 DC为直径，所以 DM⊥CM． 又 BC CM=C，所以 DM⊥平面 BMC． 而 DM平面 AMD，故平面 AMD⊥平面 BMC． （2）以 D为坐标原点，DA  的方向为 x轴正方向，建立如图所示的空间直角坐标系 D−xyz． 当三棱锥 M−ABC体积最大时，M为CD的中点． 由题设得 (0,0,0), (2,0,0), (2, 2,0), (0, 2,0), (0,1,1)D A B C M ， ( 2,1,1), (0, 2,0), (2,0,0)AM AB DA       设 ( , , )x y zn 是平面 MAB的法向量，则 0, 0. AM AB         n n 即 2 0, 2 0. x y z y       可取 (1,0,2)n ． DA  是平面 MCD的法向量，因此 5cos , 5| || | DADA DA     nn n ， 2 5sin , 5 DA   n ， 所以面 MAB与面 MCD所成二面角的正弦值是 2 5 5 ． 20．解： （1）设 1 2 21( , ), ( , )A y x yx B ，则 2 2 2 2 1 21 21, 1 4 3 4 3 y x yx     ． 两式相减，并由 1 2 2 1y x y k x    得 11 2 2 0 4 3 yx y kx     ． 由题设知 1 2 1 21, 2 2 x yx y m    ，于是 3 4 k m   ．① 由题设得 30 2 m  ，故 1 2 k   ． （2）由题意得 (1,0)F ，设 3 3( , )P x y ，则 3 3 1 1 2 2( 1, ) ( 1, ) ( 1, ) (0,0)y x x yx y      ． 由（1）及题设得 3 32 1 213 ( ) 1, ( ) 2 0y yx x yx m          ． 又点 P在 C上，所以 3 4 m  ，从而 3(1, ) 2 P  ， 3| | 2 FP   ． 于是 2 2 2 2 1 1 1 1 1| | ( 1) ( 1) 3(1 ) 2 4 2 x xFA x xy          ． 同理 2| | 2 2 xFB    ． 所以 1 2 1| | | | 4 ( ) 3 2 FA FB x x       ． 故 2 | | | | | |FP FA FB     ，即 | |, | |, | |FA FP FB    成等差数列． 设该数列的公差为 d，则 1 1 2 2 2 1 2 1 12 | | || | | || | | ( ) 4 2 2 FB FA x x x x x xd          ．② 将 3 4 m  代入①得 1k   ． 所以 l的方程为 7 4 y x   ，代入 C的方程，并整理得 2 17 14 0 4 x x   ． 故 1 2 1 2 12, 28 x x x x   ，代入②解得 3 21| | 28 d  ． 所以该数列的公差为 3 21 28 或 3 21 28  ． 21．解： （1）当 0a  时， ( ) (2 ) ln(1 ) 2f x x x x    ， ( ) ln(1 ) 1 xf x x x      ． 设函数 ( ) ( ) ln(1 ) 1 xg x f x x x      ，则 2( ) (1 ) xg x x    ． 当 1 0x   时， ( ) 0g x  ；当 0x  时， ( ) 0g x  ．故当 1x   时， ( ) (0) 0g x g  ，且仅 当 0x  时， ( ) 0g x  ，从而 ( ) 0f x  ，且仅当 0x  时， ( ) 0f x  ． 所以 ( )f x 在 ( 1, )  单调递增． 又 (0) 0f  ，故当 1 0x   时， ( ) 0f x  ；当 0x  时， ( ) 0f x  ． （2）（i）若 0a  ，由（1）知，当 0x  时， ( ) (2 ) ln(1 ) 2 0 (0)f x x x x f      ，这与 0x  是 ( )f x 的极大值点矛盾． （ii）若 0a  ，设函数 2 2 ( ) 2( ) ln(1 ) 2 2 f x xh x x x ax x ax         ． 由于当 1| | min{1, } | | x a  时， 22 0x ax   ，故 ( )h x 与 ( )f x 符号相同． 又 (0) (0) 0h f  ，故 0x  是 ( )f x 的极大值点当且仅当 0x  是 ( )h x 的极大值点． 2 2 2 2 2 2 2 2 1 2(2 ) 2 (1 2 ) ( 4 6 1)( ) 1 (2 ) ( 1)( 2) x ax x ax x a x ax ah x x x ax x ax x                 ． 如果6 1 0a   ，则当 6 10 4 ax a     ，且 1| | min{1, } | | x a  时， ( ) 0h x  ，故 0x  不是 ( )h x 的极大值点． 如果6 1 0a   ，则 2 2 4 6 1 0a x ax a    存在根 1 0x  ，故当 1( ,0)x x ，且 1| | min{1, } | | x a  时， ( ) 0h x  ，所以 0x  不是 ( )h x 的极大值点． 如果6 1 0a   ，则 3 2 2 ( 24)( ) ( 1)( 6 12) x xh x x x x      ．则当 ( 1,0)x  时， ( ) 0h x  ；当 (0,1)x 时， ( ) 0h x  ．所以 0x  是 ( )h x 的极大值点，从而 0x  是 ( )f x 的极大值点 综上， 1 6 a   ． 22．解： （1） O 的直角坐标方程为 2 2 1x y  ． 当 2    时， l与 O 交于两点． 当 2    时，记 tan k  ，则 l的方程为 2y kx  ．l与 O 交于两点当且仅当 2 2| | 1 1 k   ， 解得 1k   或 1k  ，即 ( , ) 4 2     或 ( , ) 2 4     ． 综上， 的取值范围是 ( , ) 4 4   ． （2） l的参数方程为 cos , ( 2 sin x t t y t        为参数， 4 4     )． 设 A，B，P对应的参数分别为 At ，Bt ，Pt ，则 2 A B P t tt   ，且 At ，Bt 满足 2 2 2 sin 1 0t t    ． 于是 2 2 sinA Bt t   ， 2 sinPt  ．又点P的坐标 ( , )x y 满足 cos , 2 sin . P P x t y t        所以点 P的轨迹的参数方程是 2 sin 2 , 2 2 2 cos 2 2 2 x y          ( 为参数， 4 4     )． 23．解： （1） 13 , , 2 1( ) 2, 1, 2 3 , 1. x x f x x x x x             ( )y f x 的图像如图所示． （2）由（1）知， ( )y f x 的图像与 y轴交点的纵坐标为 2，且各部分所在直线斜率的最大值为 3，故当且仅当 3a  且 2b  时， ( )f x ax b  在[0, ) 成立，因此a b 的最小值为5．