云南省昆明市第一中学2020届高三第八次考前适应性训练 理科综合（PDF版）

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·1· 2020 届昆一中高三联考卷第八期联考 生物参考答案及评分标准 一、选择题：选对的给 6 分，选错或未选的给 0 分。 题号 1 2 3 4 5 6 答案 B C C A A D 1.答案：B 【解析】细胞的癌变是原癌基因和抑癌基因突变导致，A 正确；正常人体内癌变的细胞通过 免疫监控被效应 T 细胞清除属于细胞的凋亡，B 错误；细胞癌变后，细胞的新陈代谢加快， 物质交换速率变快，C 正确；细胞在癌变的过程中，细胞膜的成分发生改变，有的产生甲胎 蛋白、癌胚抗原等物质，D 正确。 2.答案 C 【解析】由题意可知，通过神经元膜上离子泵的跨膜运输属于主动运输，而通过离子通道的 运输是协助扩散。神经元恢复静息电位时，K+通道开放，K+以协助扩散的方式外流，A 错误； 神经元兴奋时，Na+通过 Na+离子通道以协助扩散的方式内流，不需要消耗能量，故缺氧不会 直接影响该过程，B 错误；神经调节发生时，在反射弧中突触前膜释放的神经递质与突触后 膜的特异性受体结合后，会使突触后膜上的离子通道开放，C 正确；温度不但会影响酶的活 性而影响细胞呼吸能量释放的多少，进而影响离子泵的跨膜运输，而且温度也会影响膜的流 动性，故会影响离子通道的跨膜运输，D 错误。 3.答案：C 【解析】本实验的自变量是激素的种类和激素的浓度，A 错误；用浓度为 50umol/L 乙烯利 处理插条时对生根的影响表现为抑制，而浓度为 100umol/L 的处理表现为促进，B 错误；促 进插条生根的最适生长素浓度在 10～100umol/L 之间，最适乙烯利浓度在 50～200umol/L 之 间，故该实验均没有得到生长素和乙烯利促进插条生根的最适浓度，C 正确；该实验没有做 生长素和乙烯利共同处理时对插条生根影响的实验，不能得出共同作用的实验结果，D 错误。 4.答案：A 【解析】据题意可知，桥本氏甲状腺炎是一种自身免疫病，A 错误；桥本氏甲减患者，甲状腺 功能减退，甲状腺激素分泌减少，故垂体分泌的促甲状腺激素增多，其水平较高，B 正确；桥 本氏甲减患者，由于甲状腺激素减少，神经系统兴奋性降低、嗜睡，细胞代谢减慢，产热减 少，体温偏低，C 正确；桥本氏甲减，机体分泌的甲状腺激素减少，故口服甲状腺激素（小分 子物质）的药物可以减轻症状，D 正确。 5.答案：A 【解析】基因突变是基因中碱基对的增添、缺失或替换，改变的是基因中碱基的排列顺序， 不会改变染色体上基因的排列顺序，A 错误；本次基因突变导致血红蛋白β链第 6 个氨基酸由 谷氨酸被置换为缬氨酸，故而血红蛋白分子的结构发生了改变，B 正确；由题干所给出信息： 氨基酸的密码子由 GAA 变为 GUA，根据碱基互补配对原则推导可知：患者血红蛋白基因相应碱 基序列,由 CTT//GAA 突变为 CAT//GTA，C 正确；因为患者表现为缺氧情况下红细胞易破裂， 所以该基因突变对人体有害，但基因突变产生新基因能为生物进化提供原材料，D 正确。 6. 答案：D 【解析】为了确定 W/w 是位于常染色体上，还是位于 X 染色体上应统计 F2 中雌性个体的性 状分离比、F2 中雄性个体的性状分离比 ，再进行比较，若雌雄两性的性状分离比一致则 基因位于常染色体上，若不一致说明性状的传递与性别有关，基因位于 X 染色体上 A、B 正确；也可统计 F2 中白眼果蝇的性别比例 ，根据白眼果蝇的性别比例是否为 1:1 进行判 断，C 正确；若只统计红眼果蝇与白眼果蝇的比例，无法判断与性别的关系， D 错误。 二、简答题 29.（满分 10 分，每空 2 分，特殊标注除外） （1）叶绿素和类胡萝卜素 叶绿素吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光 （2）红光补光组、蓝光补光（1 分） （3）黄光补光后抑制了该蔬菜光合色素对光合作用有效光的吸收 （4）提取并分离同一时刻的红光补光组、蓝光补光组和对照组蔬菜绿叶中的色素，比较叶绿 素 a 色素带的宽度（3 分） 30．（满分 9 分，每空 1 分，特殊标注除外） ·2· （1）下丘脑 细胞外液渗透压升高 （2）②等量的生理盐水 ③尿量（2 分） A 组尿量比 B 组多 （3）神经递质（2 分） 神经－体液调节 31.（满分 12 分，每空 2 分） （1）BBXiXi、BbXiXi 9 （2）多于 在 B 基因不存在的情况下，雌性的两条 X 染色体 上同时具有 i 基因时才会出现棕色，而雄性的一条 X 染色体上有 i 基因时就会出现棕色 （3）不能 因为无论是基因突变还是染色体发生 X 染色体含 I 片段缺失，交配后代中黑色 ︰棕色的比例均为 3：1 32．（满分 8 分，每空 1 分，特殊标注除外） （1）群落 （2）森林中多种多样的植物为鸟类提供了更加多样的栖息空间和食物条件 （3）63.5（2 分） 褐马鸡体内的有机物 呼吸作用（或细胞呼吸） 分解者 （4） 直接 37.（满分 15 分，每空 2 分，特殊标注除外） （1）气泡 使处于休眠状态的酵母细胞重新恢复正常的生活状态 （2）包埋法 （3）释放酵母菌产生的二氧化碳、防止空气中的杂菌进入反应柱 葡萄糖液浓度过高会 使固定化的酵母细胞渗透失水，影响其活性，甚至死亡 活塞 1 （4）酵母细胞可多 次利用、便于与产物分离，提高产品质量 （5）果糖（1 分） 38.（满分 15 分，每空 2 分，特殊标注除外） （1）逆转录（1 分） cDNA （1 分） 热稳定性 DNA 聚合酶 （2）抗体（1 分） 抗原-抗体分子杂交 （3）HIV DNA 序列 （4）一段特异性 DNA 序列 DNA 分子 杂交 2020 届昆一中高三联考卷第八期联考 化学参考答案及评分标准 7.【答案】B 【解析】 A. 推广碳捕集和封存技术，可减少二氧化碳排放，缓解温室效应 B.在全球气候变暖的背景下，以低能耗、低污染为基础的“低碳经济”已成为全球热点。 低碳经济是指尽可能地减少煤炭、石油等高碳能源消耗，减少温室气体排放，达到经济社会 发展与生态环境保护双赢的一种经济发展形态。 C.天然气是清洁能源，较煤燃烧充分，可有效降低空气中固体颗粒物 PM2.5 和 PM10 含量 所以选项为 B 8.【答案】 【解析】C A.有机高分子材料都是混合物，聚丙烯是混合物 B.聚丙烯的单体是丙烯，二者的最简式相同，均为 CH2，但聚丙烯 无官能团 C.丙烯分子中最多有 7 个原子共平面，与环丙烷互为同分异构体 D.乙烯、丙烯可通过石油的裂解制取 7 8 9 10 11 12 13 B C A B C D B ·3· 所以选项为 C 9.【答案】A 【解析】 A.5.6gC4H8 物质的量为 0.1mol，含共用电子对 0.1×（8+4）=1.2mol B. D2 16O所含中子、质子、电子数都为10个，2g D2 16O为0.1mol，所以中子、质子、电子的数目 都为NA C.标准状况下 CH3Cl 为气态，则 22.4 L CH3Cl 为 1mol，所含氢原子数目约为 3NA D.25℃， pH=13 的 Ba(OH)2 溶液，c(OH¯)=0.1 mol/L，则 1 L Ba(OH)2 溶液所含 OH¯的数目为 0.1NA 所以选项为 A 10.【答案】B 【解析】依题意：W(N)、X(O)、Y(Na)、Z(Cl) A.W 的简单氢化物(NH3)较稳定的原因是氮的非金属性强，N-H 牢固。而氢键影响的是物质的熔 沸点。 B.化合物 YZX（NaClO)是一种有强氧化性的盐，其水溶液显碱性 C.工业上常用电解熔融 NaCl 的方法制取 Cl2 D.第七周期零族元素的原子序数为 2+8+8+18+18+32+32=118。位于第七周期且与 Z(Cl)同族的 元素，其原子序数为 117 11.【答案】C 【解析】 A.将混合气体通过盛有 NaOH 溶液的洗气瓶，NO+NO2+2NaOH=2NaNO2+H2O B.配制 0.100mol·L-1KMnO4 溶液，称取 KMnO4 固体 1.58 g，须在烧杯中溶解，冷却后，再转移 入 100 mL 容量瓶中 C.酸根离子结合氢离子能力越强，对应的盐的水解能力越强，同浓度时碱性越强 D.将硫酸酸化的 H2O2 溶液滴入 Fe(NO3)2 溶液中，溶液变黄色，可能是 NO3 ¯在酸性条件下将 Fe2+ 氧化 所以选项为 C 12.【答案】D 【解析】 A．放电时，锌电极为负极，多孔碳电极为正极，所以多孔碳电极的电极电势高 B．放电时，多孔碳电极为正极，发生还原反应，电极 反应式为 I－ 3 ＋2e－＝3I－ C. 放电过程中两膜之间的 KCl 溶液浓度不断降低，则 K+移向正极，cd 膜为阳离子交换膜；Cl¯移向负极，ab 膜为阴离子交换膜， D.若电解质用 K2S 代替 KCl，S2-将与 Zn2+生成沉淀，对电池的循环使用产生明显影响 所以选项为 D 13.【答案】B 【解析】 A.若 a 点溶质含 H2SO4，c(Ba2+)=1×10-8 mol·L-1，则该混合溶液中 c(BaSO4)=1×10-8 mol·L-1，正确 B.向 b 点的溶液中加入少量 Na2SO4 固体，c(SO4 2-)增大，-lgc(SO4 2-)数 值应减小；同时，因为溶度积常数不变，则 c(Ba2+)减小，-lgc(Ba2+) 数值应增大，溶液组成不可能变成 c 点，错误 C.d 点溶液尚未达到饱和，c 点可能是 b 点溶液中加入了 BaCl2 固 体，平衡移动，c(SO4 2-)浓度减小，则 BaSO4 溶解度减小（溶解被抑制），所以 b、c 点 BaSO4 溶解度比较：S(b)＞S(c)，正确 D.重晶石饱和溶液中，c(Ba2+)=1×10-5mol·L-1， 14 5 9 2 32 3 105.2101 105.2 )( )()( −− − − + − = == LmolBac BaCOKCOc SP ,Qc＞Ksp，将生成 BaCO3 沉淀，即用 c(CO2－ 3 )>2.5×10-4 mol·L-1 的溶液浸泡重晶石（BaSO4），可生成 BaCO3 固体，正确 ·4· 所以选项为 B 26.（14 分，除标注外每空 2 分） （1）样品部分变质（1 分） （2）① Ⅲ（1 分） ② 盐酸（或硫酸或醋酸等）（1 分） 产生气泡 （3）① 丙 ② 饱和碳酸氢钠溶液（1 分） 量气管中液面不再变化（合理答案均可） ③ 冷却至室温（1 分） 液面与量气管相平（1 分） 4×71V 3×22.4m×100% 27.（14 分，除标注外，每空 2 分） （1）FexOy + yC====△ xFe + yCO↑ （2）SiO2(1 分) 盐类的水解反应为吸热反应（1 分） （3）(1－b%)3a [解析：萃取率为 b%，则残留率为(1－b%)，3 次萃取后的残留率则为(1－ b%)3，故水溶液中残留的 VO2+的浓度为(1－b%)3a mol·L-1] （4）ClO3 -+6VO2++3H2O = Cl- +6VO+ 2+6H+ 减小（1 分） 氯化钡（或硝酸银）溶液，不产生浑 浊 （5）循环利用（或用于沉钒）（1 分） 3V2O5 +2NH3 ====△ 3V2O4 +N2+3H2O [答(NH4)2V6O16====△ 3V2O4 +N2↑+4H2O 也给分] 28.（15 分，除标注外，每空 2 分） （1）－99 小于 （2）①150（1 分） 1/2（1 分） ②温度（1 分） 正反应放热且气体分子数减小，φ(CH3OH)随温度降低而增大， 但随压强减小而减小（合理答案均可） 25% 10%p MPa 30%p MPa(60%p MPa)2 （3）固体碳沉积在催化剂表面（合理答案均可）（1 分） 大于（1 分） 35.（15 分，除标注外每空 2 分） （1） P 或磷（1 分） 15（1 分） （2）三角锥型 sp3（1 分） （3）Si 或硅（1 分） 原子晶体（1 分） 相同（1 分） （4）MgO>CaO>KCl 12 （5）MgH2（1 分） 52 ρ·NA 36. （15 分，除标注外每空 2 分） （1）13（1 分） 邻硝基甲苯（或 2-硝基甲苯或 1-甲基-2-硝基苯）（1 分） 氨基、溴原 子（各 1 分） （2） （3） +CH3OH +H2O 酯化反应（或取代反应） （1 分） （4） + 4NaOH 加热加压 +2CH3OH+ NaBr +H2O （5） CH2=CH2 H2O 催化剂 CH3CH2OH KMnO4/H+ CH3COOH Br2 红磷 BrCH2COOH CH3OH 浓硫酸 BrCH2COOCH3 （4 分） 2020 届昆一中高三联考卷第八期联考 物理参考答案及评分标准 Br NO2 COOH Br NH2 COOH Br NH2 O O CH3 Br NH O O CH3 O CH3 O NHNaO COONa COONa ·5· 14、【答案】B 【解析】放射性元素的半衰期与外界因素无关，A 错误；根据质量数和电荷数守恒可知， 中微子的质量数 A＝0，电荷数 Z＝0，B 正确；正电子产生的原因是核内的质子转化为中子时放 出的，C 错误；两个质子和两个中子结合成一个 α 粒子要释放能量，根据质能方程及质量亏损 可知，两个质子与两个中子的质量之和大于 α 粒子的质量，故 D 错误。 15、【答案】 C 【解析】开始系统匀速向右运动，合力为零，弹簧被压缩。轻弹簧变短，弹力变大，物块 B 受到的合力不为零，且向左，故加速度不为零，且方向一定向左，故 A、B 错误；物块 B 受 重力 mg、斜面支持力 FN 和弹簧弹力 F ，垂直斜面方向 mgcosθ – FN = masinθ，加速度从 无到有，则 FN 变小，选项 C 正确，D 错误。 16．【答案】D 【解析】“天宫二号”在离地面 393 km 的圆轨道上做圆周运动，故受到的力不是平衡 力， A 错误；“天宫二号”脱离圆轨道要做减速运动，火箭发动机朝运行的前方喷火，选项 B 错误；“天宫二号”离轨后，在进入大气层前，因只有引力做功，机械能守恒，那么减小 的引力势能转化为增加的动能，动能增大，选项 C 错误； 2 2 2     = TmRR MmG  ，而 3 3 4 RM = ，可得 2 3 GT  = ，即若测得“天宫二号”环绕地球近地轨道的运行周期，即可求 出地球的密度，选项 D 正确。 17【答案】A 【解析】相遇时 A 还具有水平速度，则此时 A 的速度不为零，A 错误；A 在最高点的竖直速 度为零，此时 B 的速度一定为零，B 正确；两球运动的时间相等，A、B 相遇时，B 的速度一定 为零，从抛出到相遇的时间 t = v2 g，C 正确；根据 Δp＝mgt 可知从抛出到相遇 A、B 动量的变 化量相同，D 正确。 18.【答案】BC 【解析】由于变压器的原、副线圈匝数比为 3:1，可得原、副线圈的电流比为 1:3，故选 项 A 错误；根据 P=I2R 可知电阻 R1 和 R2 消耗的功率之比为 1 ：9，故选项 C 正确；设 U2=U， 由变压比得 U1=3U，然后再结合 R1 两端的电压为 cd 两端电压的三分之一，则有 3U+U/3 =220 V，得 U=66V，故 B 正确；ab 端输入电压不变，若减小 R1 的阻值，则原线圈的输入电压变大， 由于两线圈的匝数不变，故受电线圈的输出电压将变大，故选项 D 错误。 19．【答案】AD 【解析】由图可知，0～2 s，物体做匀减速运动，2～6 s 物体反向做匀加速运动，可知恒 力与初速度方向相反。根据牛顿第二定律：F＋f＝ma1，F－f＝ma2，而 a1＝5m/s2，a2＝1 m/s2， 联立解得：F＝6 N，f＝4 N，故 A 正确；由 f＝μmg 得，μ＝0.2，故 B 错误。根据动量定理， 合外力的冲量等于物体动量的变化量，前 6 s 内合外力的冲量大小为 I＝－mv2－mv1＝－2×4 N·s－2×10 N·s＝－28 N·s，大小为 28 N·s，故 C 错误； 0～2 s 内，物体的位移大小 x1 ＝1 2×10×2 m＝10 m；2～4 s 内，物体的位移大小为 x2＝1 2×2×2 ＝2 m，则前 4 s 内摩擦产 生的热量 Q＝f(x1＋x2)＝4×(10＋2) J＝48 J，故 D 正确； 20、【答案】AD 【解析】若 r＝2R，粒子在磁场中运动的时间最长时，磁场区域的直径是 轨迹的一条弦，作出轨迹如图 1，因为 r＝2R，圆心角 α＝60°，粒子在磁场 中运动的最长时间 tmax＝ 60° 360°T＝1 6×2πm qB ＝πm 3qB，故 A 正确；若 r＝2R，粒子 沿着各个方向射入磁场，能打在整个圆周上，故 B 错误；若 r＝1 2R，粒子在磁 场中运动的最长时间可接近一个周期 T，不会是1 4T＝πm 2qB，故 C 错误；若 r＝1 2 R，粒子能打在1 6圆周长，故 D 正确。 21．【答案】BC 【解析】根据图像可得出某点的电场强度 E 随到 O 点的距离 r 的变化关系为 E=−kr + E0 ， E0 为 O 点的电场强度。分别代入 A、B 两点的数值得 E1 =−kr1 + E0 、E2=−kr2+ E0，联立解得 12 1221 0 rr rErEE − −= 、 12 21 rr EEk − −= 故 A 错，B 正确。由于沿该方向场强随距离均匀减小，场强方 ·6· 向背离 O 点，所以 A、B 两点间的电势差 )(2 12 21 rrEEU AB −+= ，故 C 正确，D 错误。 22．（ 6 分） 【解析】 1.92m ；1.91m 小球重力势能的减少量ΔEp=mg (OC+CD)=1.92m J 小球动能的增加量 2 2 22 1 2 1       +== t DECDmmvE Dk =1.91m J 23．（ 9 分） （1）900（2 分） （2）电路如图所示（2 分），R1（1 分） （3） 0.39 W（2 分） 1.17（2 分） 【解析】（1）灵敏电流计改装成电压表需要串联一个大电阻，根据串联电路规律可解得： R = 900Ω。 (2)根据表格数据和要求，滑动变阻器应采用分压式接法，选用 R1，电流表应选用外接法。 实物连接如图。 (3)当滑动变阻器接入电路中的阻值最大为 9.0 Ω 时，流过小灯泡的电流最小，小灯泡的 实际功率最小，把滑动变阻器视为等效电源内阻的一部分，在题图(a)中画出等效电源(电动势 4 V，内阻 1.00 Ω＋9.0 Ω＝10 Ω)的伏安特性曲线，函数表达式为 U＝4－10I(V)，图线如 图中Ⅰ所示，故小灯泡的最小功率为 Pmin＝U1I1＝1.75×0.225 W≈0.39 W。当滑动变阻器接入 电路中的阻值最小为零时，流过小灯泡的电流最大，小灯泡的实际功率最大，在题图(a)中画出 电源(电动势 4 V，内阻 1.00 Ω)的伏安特性曲线，函数表达式为 U＝4－I(V)，图线如图中Ⅱ 所示，故小灯泡的最大功率为 Pmax＝U2I2＝3.68×0.318 W≈1.17 W。 24.（14 分） 【答案】 (1)4.2 m/s (2)4.41m 【解析】 (1)O→P 下滑过程，运动员与滑板 A 机械能守恒 10mgR＝1 2×10mv2 （2 分） 得：v＝ 2gR＝4 m/s （1 分） 运动员跳离 A 板过程，他们水平方向动量守恒：10mv＝－mv1＋9mv2 （2 分） 代入得：v2＝14 3 m/s 运动员跳上 B 板过程，他们水平方向动量守恒：9mv2＝10mv3 （2 分） 解得 v3＝ 21 5 = 4.2 m/s。 （1 分） (2) 由动能定理，滑板 B 的位移 xB： 2 3102 1010 mvmgxB −=−  （4 分） 得 xB＝ v2 3 2μg＝4.41 m （2 分） 25．（ 18 分） 【解析】 （1）（4 分）设金属杆获得的最大速度为 vm 根据能量守恒定律有： 2 2 1 mp mvE = （1 分） ab 杆刚进入磁场时的电动势最大为：Em = BLvm （1 分） 此时回路中的电流最大，由闭合电路的欧姆定律可得： R EI m 2max = （1 分） 由以上三式解得： m E R BLI p2 2max = （1 分） （2）（8 分）设杆的加速度为 a 时，杆的速度为 v2，由牛顿第二定律得：FA= BIL =ma （2 分） 闭合电路的欧姆定律 R BLvI 2 2= （2 分） 由以上两式解得： 222 2 LB Rmav = I '/mA ·7· 由能量守恒定律可得： QmvE p 22 1 2 2 += （2 分） 连立上式得： 44 232 2 1 LB amREQ p −= （2 分） （3）（6 分）对 ab 金属杆在磁场中全过程应用动量定理有： mmvtLIB −=− 0 （2 分） 其中： R BLs RtIq 22 ===  （2 分）其中 s 为杆滑行的距离。 连立两式可得： pmELB Rs 22 22= （2 分） 33【答案】（ 1）ABE (2)①30 cm ②460 K 【解析】（1）轮胎内的气体向外喷出，气体对外做功，故其内能变小，故选项 A 正确： 轮胎内的气体迅速向外喷出，故轮胎内部气体压强迅速减小，故选项 B 正确：轮胎内的气体 向外喷出是由于轮胎内气体压强大于外界气体的压强，而不是分子做扩散运动引起的，故选 项 C 错误；分子动能与机械运动无关，故选项 D 错误：当将充气嘴迅速拔出来时，轮胎内的 气体迅速向外膨胀，气体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体的内能减小，故这部分 气体的温度降低，气体喷完后瞬间充气嘴有较凉的感觉，故选项 E 正确。 (2)①设打开阀门，稳定后水银柱下降高度为 x，汽缸内气体，进行等温变化 则有 p0·LS＝ p0＋ h－x－x 2  L－x 2 S 解得 x1＝10 cm，x2＝320 3 cm(舍去) 即稳定后玻璃管内水银柱的长度：h′＝h－x＝30 cm。 ② 对气体加热，有p0LS T ＝(p0＋h)LS T′ 解得气体的温度 T ′＝460 K。 34．（ 15 分）【答案】（1）ABD（5 分） （2）①见解析图（2 分） ② 3 （8 分） 【解析】（1）根据题意可知由实线得到虚线需要 Tnt )4 1( += ，解得 snT 14 4.2 += ，其中 n=0、 1、2，当 n=0 时，解得 T=2.4 s，当 n=1 时，解得 T=0.48 s，因 T>0. 6s，故波的周期为 2.4 s，这列波的波速为 smscmTv /30 1/4.2 8 ===  ，故选项 A、D 都正确；由于波沿 x 轴正方向传 播，故 t=2.5 s 时 M 点沿 y 轴正方向运动，故选项 B 正确；介质中的质点不会向右随波移 动的，故选项 C 错误；根据波的干涉条件可知，选项 E 错误。 （2）①光束在工艺品中的反射和折射光路图如图所示（2 分） ②设第一次折射时折射角为 θ1， 由光的折射定律有： 11 s in 45s in s in s in   ==n （ 2 分） 代入数据解得 θ1=30° （1 分） 设第二次折射时折射角为 θ2， 由光的折射定律有 n 1 sin sin 2 1 =  （2 分） 代入数据解得 θ2=45° （1 分） 又知 MC 与 AN 平行，故 MN = AC = s 由几何知识得：s = 2Dtanθ1 （1 分） 则 cmsD 3tan2 1 ==  （1 分）