安徽省江淮十校2020届九年级第二次联合模拟物理试卷（解析版）

安徽省江淮十校2020届九年级第二次联合模拟物理试卷（解析版）

江淮十校2020年九年级第二次联合模拟物理试卷 ‎ ‎ 注意事项：1．本卷共四大题23小题，满分90分。物理与化学的考试时间共120分钟。‎ 2． 本卷试题中g值均取10N／kg。 ‎ 一、填空题（将答案直接写在横线上，不必写出解题过程，每空2分，共26分）‎ ‎【17·江淮·模拟·机械运动】1、随着合肥地铁1号线的正式运营，合肥迈入地铁时代。周末小民和爸爸乘坐地铁体验了一次地铁的便捷，以他乘坐的地铁为参照物，他是 （选填“运动”或“静止”）的。‎ ‎【17·江淮·模拟·声现象】2、利用弦乐器进行演奏时，乐音是______________产生的，在进行弦乐器的演奏过程中，通过改变按弦不同的位置和拨动弦的力度，可以改变所产生的乐音的音调和响度。‎ ‎【17·江淮·模拟·运动和力】3、如图所示，在水平拉力F的作用下，物体A相对于地面静止，木板B在水平地面匀速向右运动，此时弹簧测力计的示数为如图所示，若F=10N,则B受到地面的摩擦力大小为 N。‎ ‎【17·江淮·模拟·压强】4、如图所示的容器放在水平桌面上，内装有600g的酒精，酒精对A点的压强是________Pa。（酒精密度是0.8g/cm3）‎ ‎【17·江淮·模拟·浮力】5、甲、乙两物体放入水中的状态如图所示。若两物体的体积分别是V甲、V乙，质量分别是m甲、m乙，则两物体受到的浮力分别为：F甲＝ ，F乙＝ （已知水的密度为ρ水）。‎ ‎【17·江淮·模拟·力】6、如图，一质量分布均匀、重为80N的铁球与轻杆AB焊接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，轻杆的延长线过球心O，轻杆AB的长度是铁球半径的三分之二，在铁球上施力，可以使铁球绕B点转动，要使铁球刚好离开墙壁，施加在铁球上的力至少为________N,请在图中画出此力的示意图。中/华-资*源%库 第 30 页 共 30 页 ‎【17·江淮·模拟·内能及其应用】7、质量相等，初温均为10℃的甲、乙两物体，将它们分别投入温度均为60℃的等质量的两杯热水中，热平衡后甲所在杯中热水温度降低了5℃，乙所在杯中热水温度降低了20℃，不考虑热量损失，则甲乙两物体的比热容之比为_________。‎ ‎【17·江淮·模拟·电流、电功率】8、灯泡L1、L2分别标有“6V、6W”和“3V、3W”的字样，将他们并联连接起来使用，干路中允许的最大电流为　 　 A，此时L1消耗的电功率为　 　 W。‎ ‎【17·江淮·模拟·电功率】9、如图为“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”的实验装置。将阻值分别为10Ω和20Ω的电热丝R1和R2，按如图方式接入电压为3V的电路中(图中电源没有画出)，则通电10min，R2产生的热量是 J。‎ ‎【17·江淮·模拟·电与磁】10、如图所示，在将磁铁插入铜质漆包线绕制的线圈的过程中，电流表的指针会摆动，这一现象所反映的物理原理是 。‎ 中/华-资*‎ 二、选择题（在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共21分）‎ ‎【17·江淮·模拟·探究及其应用】11、在探究凸透镜成像规律时，调整“三心等高”后，将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处，将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时，调节凸透镜另一侧光屏的位置，能得到一个放大的实像。那么，当F光源移到离凸透镜10cm时，则F光源经凸透镜所成的像一定是（ ）‎ ‎ A．倒立、缩小、实像 B．倒立、放大、实像 ‎ C．正立、放大、虚像 D．不能成像 ‎【17·江淮·模拟·内能】12、下列有关内能的说法中，正确的是 （ ）‎ ‎ A．物体吸收热量后，内能增加，温度升高 ‎ B．高温高压气体膨胀对外做功，其内能变大 ‎ C．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 ‎ D．物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量 第 30 页 共 30 页 ‎【17·江淮·模拟·功和机械能】13、如图，一重为G的物体放在粗糙的水平地面上，在斜向上的拉力F的作用下，用时t，向右匀速运动距离S。有关物体受力、功、功率，以下说法错误的是（ ）‎ ‎ A．在水平方向上物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡 ‎ B．在竖直方向上，物体受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力 ‎ C．拉力F所做的功W=FS,功率P=FS/t ‎ D．拉力F所做的功W=FScos30°,功率P=FScos30°/t ‎【17·江淮·模拟·力、运动和力、功和机械能】14、如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧。从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点。不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球（ ）‎ ‎ A．运动过程中惯性减小 B．运动过程机械能先增大后减小 ‎ C．在b点时重力等于弹力 D．受到的弹力先减小后增大 ‎【17·江淮·模拟·电流和电路、电压 电阻】15、如图所示电路，电源电压为3 V，当开关S闭合后，只有一盏灯泡发光且电压表的示数为3 V，产生这一现象的原因可能是(　　)‎ A．灯泡L1处短路 B．灯泡L2处短路 C．灯泡L1处断路 D．灯泡L2处断路 ‎【17·江淮·模拟·欧姆定律】16、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，在将滑动变阻器R的滑片P自左向右移动的过程中：①V1示数变大②V2示数变大③A示数变小④灯泡L亮度变亮，以上四点描述中正确的是( )‎ ‎ A．①② B．②③ C．①④ D．②④‎ ‎17、有一环形电流，相当于一匝线圈。当电流从A端流入B端流出时，原本如图所示位置静止的小磁针会( )中/华-资*源%库 第 30 页 共 30 页 ‎ A．水平转动至N极指向纸内 B．水平转动至S极指向纸内 ‎ C．顺时针转动90度至竖直位置 D．逆时针转动90度至竖直位置 三、实验与探究题(第18题6分，第19题6分，第20题8分，共计20分)‎ ‎【17·江淮·模拟·光现象】18、为了探究光的反射规律，小明用如图所示的装置进行实验，平面镜M置于水平桌面上。把一可沿ON折叠的白色带有刻度硬纸板竖直放置在平面镜M上。 （1）实验过程中，纸板与平面镜必须　　 放置；‎ ‎ （2）以法线ON为轴线，将白色硬纸板的B面绕法线ON向前或向后旋转，可以探究：反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内，此时反射光线的位置 （选填“发生”或“不发生”）变化；‎ ‎ （3）接下来小明想探究反射角与入射角大小关系，请你叙述实验操作过程　　 ‎ ‎ 。‎ ‎18．（1）垂直　；（2）不改变 ；‎ ‎（3）多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论（答案合理即可） 。‎ ‎【17·江淮·模拟·力】19、为研究橡皮筋是否也与弹簧有类似的性质，某实验小组的同学对 A、B 两根长度相同粗细不同的橡皮筋进行研究,并做成橡皮筋测力计。将橡皮筋的一端固定,另一端悬挂钩码（图甲所示）,记录橡皮筋受到的拉力大小F 和橡皮筋的伸长量Δx,根据多组测量数据画出的图线如图乙所示。WWW.ziyuanku.com ‎（1）当在两根橡皮筋上都悬挂重为6 N 的钩码时，橡皮筋 A 的伸长量为________cm，橡皮筋 B 的伸长量为________cm。‎ ‎（2）分别用这两根橡皮筋制成测力计，则用橡皮筋________制成的测力计量程大，用橡皮筋________制成的测力计测量的精确程度高（均选填“A”或“B”）。‎ ‎（3）将本实验中相同的两根橡皮筋A并联起来可以制成量程更大的弹簧测力计，能够测量力的最大值为 N。‎ 第 30 页 共 30 页 ‎19．（1）12cm 6cm；（2）B、A ；（3）20 ‎ ‎【17·江淮·模拟·机械运动】20、小聪设计了如图甲所示的电路，利用滑动变阻器调节小灯泡的电流和电压，观察小灯泡的发光情况。电源电压恒为6 V，R是滑动变阻器。‎ ‎（1）闭合开关后，移动滑片P，发现两电表示数始终如图乙所示，原因是将滑动变阻器的　 　（填字母）两个接线柱接入了电路。‎ ‎（2）改正错误后，小聪继续实验，将有关实验数据标记在图丙上，分析图丙可知，他所选择的滑动变阻器的规格是　 　（选填字母）。‎ ‎ A.20Ω 0.5A B.20Ω 2A C.50Ω 0.5A D.50Ω 2A ‎（3）图丙中，阴影部分的面积大小表示　 　。‎ ‎（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，无论怎样移动滑片P，电压表指针　　　　　　（选填“几乎不动”或“明显偏转”）。‎ ‎20．（1）　CD　 ；（2）　D ；小灯泡的实际功率是0.8W ； （4）几乎不动 。‎ 四、计算与推导题（第21题9分，22题各8分，第23题6分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）‎ ‎【17·江淮·模拟·功和机械能】21.利用如图所示的斜面装置用时10s可以把重为600‎ 第 30 页 共 30 页 ‎ N的物体匀速拉到斜面顶端,斜面长为5m,高为2m, 实际拉力为300N。求：‎ ‎（1）拉力做功的功率；（2）该斜面装置的机械效率；（3）若沿斜面方向的拉力为F，物重为G，斜面长为L,高为H,请利用总功、有用功和额外功的关系推导出摩擦力f的表达式，并由表达式判断说明，拉力F和摩擦力f不是一对平衡力。‎ ‎21.解：（1）W总=FL=300N×5m=1500J ‎ P=W/t=1500J/10s=150w （3分）‎ ‎（2）W有=GH=600N×2m=1200J ‎ η=(W有/W总)×100％=(1200J/1500J)×100％=80％（3分）‎ ‎（3）由W额=W总-W有,因为W总=FL W有=GH W额=fL 所以fL=FL-GH,f=F-GH/L ‎ 因为f≠F，所以拉力F和摩擦力f是不是一对平衡力（3分）‎ ‎【17·江淮·模拟·内能、电功率】22.小明用电水壶烧开水，电水壶内水的体积2L，电水壶正常工作560s，可将20℃的水加热至100℃。已知水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/(kg.℃)。$来&源：ziyuanku.com ‎（1）求水吸收的热量；‎ ‎（2）若电水壶正常工作时放出的热量有80%被水吸收，求电水壶的电功率。‎ ‎22.解：（1）m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg （2分）‎ ‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg.℃)×2kg×80℃=6.72×105J （2分）‎ ‎（2）W=Q吸/η=6.72×105J/80% =8.4×105J （2分）‎ ‎ P=W/t=8.4×105J/560S=1500W （2分）‎ ‎【17·江淮·模拟·欧姆定律】‎ 第 30 页 共 30 页 ‎23.电池本身有一定的电阻，可以等效为一个没有电阻的理想电池和一个定值电阻r串联而成，如图甲所示。使用某种电池连接成如图乙所示的电路，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P从A端滑到B端的全过程中，电压表示数与电流表示数的对应关系图线，如图丙所示。当调节滑动变阻器接入电路的电阻R等于电池的电阻r时，滑动变阻器的实际电功率为2.25W。求：‎ （1） 电池内部的定值电阻r的大小和电池的电压；（2）滑动变阻器的最大阻值。‎ ‎23.解：（1）由图丙可知：当R=0时，电流最大为1.5A，即U=1.5r；‎ ‎ R等于r时，P=I2R=［U/（R+r）］2R=U2/4r=2.25W；‎ ‎ 解得U=6V，r=4Ω。 （4分）‎ ‎（2）当滑动变阻器电阻最大时，电流最小，电压表示数最大为5V，‎ ‎ UAB/R=（U－UAB ）/r，即5V/R=1V/4Ω，R=20Ω。 （2分）‎ 第 30 页 共 30 页 江淮十校2017年九年级第二次模拟考试 物理答案 注意事项：1．本卷共四大题23小题，满分90分。物理与化学的考试时间共120分钟。‎ ‎ 2．本卷试题中g值均取10N／kg。‎ 一、填空题（将答案直接写在横线上，不必写出解题过程，每空2分，共26分）‎ ‎1．静止；2．弦的振动；3． 7.6 N；4． 440 Pa；5． ρ水gV甲 、 m乙g ；‎ ‎6． 30 N 、（力臂需用虚线）；7． 1:6 ；8． 1.5 A、 1.5 W；‎ ‎9． 120J；10． 电磁感应现象 。‎ 二、选择题（在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共21分）‎ 题号 ‎11‎ ‎12‎ ‎13‎ ‎14‎ ‎15‎ ‎16‎ ‎17‎ 选项 C D C C B C A 三、实验与探究题(第18题6分，第19题6分，第20题8分，共计20分)‎ ‎18．（1）　垂直　；（2） 不改变 ；‎ ‎（3） 多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论（答案合理即可） 。‎ ‎19．（1）12 cm、 6　cm；‎ ‎（2）　　B　 、　A 　 ；‎ ‎（3） 20 N。‎ ‎20．（1）　CD　 ；‎ ‎ （2）　D ；‎ （3） 小灯泡的实际功率是0.8W ； ‎ ‎（4）几乎不动 。‎ 四、计算与推导题（第21题9分，22题各8分，第23题6分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）‎ 第 30 页 共 30 页 ‎21.解：（1）W总=FL=300N×5m=1500J ‎ P=W/t=1500J/10s=150w （3分）‎ ‎（2）W有=GH=600N×2m=1200J ‎ η=(W有/W总)×100％=(1200J/1500J)×100％=80％（3分）‎ ‎（3）由W额=W总-W有,因为W总=FL W有=GH W额=fL 所以fL=FL-GH,f=F-GH/L 因为f≠F，所以拉力F和摩擦力f是不是一对平衡力（3分）‎ ‎22.解：（1）m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10-3m3=2kg （2分）‎ ‎ Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg.℃)×2kg×80℃=6.72×105J （2分）‎ ‎（2）W=Q吸/η=6.72×105J/80% =8.4×105J （2分）‎ ‎ P=W/t=8.4×105J/560S=1500W （2分）‎ ‎23.解：（1）由图丙可知：当R=0时，电流最大为1.5A，即U=1.5r；‎ ‎ R等于r时，P=I2R=［U/（R+r）］2R=U2/4r=2.25W；‎ ‎ 解得U=6V，r=4Ω。 （4分）‎ ‎（2）当滑动变阻器电阻最大时，电流最小，电压表示数最大为5V，‎ ‎ UAB/R=（U－UAB ）/r，即5V/R=1V/4Ω，R=20Ω。 （2分）‎ ‎2017年安徽省江淮十校中考物理二模试卷 ‎　‎ 一、填空题（将答案直接写在横线上，不必写出解题过程，每空2分，共26分）‎ 第 30 页 共 30 页 ‎1．随着合肥地铁1号线的正式运营，合肥迈入地铁时代．周末小民和爸爸乘坐地铁体验了一次地铁的便捷，以他乘坐的地铁为参照物，他是　静止　（选填“运动”或“静止”）的．‎ ‎【考点】52：参照物及其选择．‎ ‎【分析】判断物体的运动还是静止，首先选定一个参照物；被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的．‎ ‎【解答】解：‎ 以小民乘坐地铁为参照物，小民相对于地铁没有发生位置的变化，因此他是静止的．‎ 故答案为：静止．‎ ‎【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性．‎ ‎　‎ ‎2．利用弦乐器进行演奏时，乐音是　弦的振动　产生的，在进行弦乐器的演奏过程中，通过改变按弦不同的位置和拨动弦的力度，可以改变所产生的乐音的音调和响度．‎ ‎【考点】91：声音的产生．‎ ‎【分析】声音是由物体的振动产生的．‎ ‎【解答】解：利用弦乐器进行演奏时，乐音是由弦的振动产生的．‎ 故答案为：弦的振动．‎ ‎【点评】本题考查了声音的产生的条件，是一道基础题．‎ ‎　‎ ‎3．如图所示，在水平拉力F的作用下，物体A相对于地面静止，木板B在水平地面匀速向右运动，此时弹簧测力计的示数为如图所示，若F=10N，则B受到地面的摩擦力大小为　7.6　N．‎ ‎【考点】7D：摩擦力的大小．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【分析】物体A处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小．根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方向；对B进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小．‎ ‎【解答】解：弹簧测力计的示数为2.4N，则弹簧测力计对A的拉力为2.4N，方向向左；A水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为2.4N；摩擦力水平向右；‎ 以B为研究对象，它受到向右的拉力F为10N，同时受到地面对它的摩擦力和物体A对它的摩擦力，二者之和为10N，‎ 所以地面对物体B的摩擦力为10N﹣2.4N=7.6N．‎ 故答案为：7.6．‎ ‎【点评】本题考查摩擦力的大小计算与方向的判断，要学会对物体进行受力分析，知道各个力之间的关系是正确解答的关键．‎ ‎　‎ ‎4．如图所示的容器放在水平桌面上，内装有600g的酒精，酒精对A点的压强是　440　Pa．（酒精密度是0.8g/cm3）‎ ‎【考点】89：液体的压强的计算．‎ ‎【分析】已知A点的深度和酒精的密度，根据公式p=ρgh求出水对A点的压强．‎ ‎【解答】解：由图可知：A点的深度h=10cm﹣4.5cm=5.5cm=0.055m，‎ 则酒精对A点的压强：‎ p=ρgh=0.8×103kg/m3×10N/kg×0.055m=440Pa．‎ 故答案为：440．‎ ‎【点评】本题考查液体压强的计算，关键是深度指的是距离液面的高度，不是距离容器底的深度．‎ ‎　‎ 第 30 页 共 30 页 ‎5．甲、乙两物体放入水中的状态如图所示．若两物体的体积分别是V甲、V乙，质量分别是m甲、m乙，则两物体受到的浮力分别为：F甲=　ρ水gV甲　，F乙=　m乙g　（已知水的密度为ρ水）．‎ ‎【考点】8O：阿基米德原理．‎ ‎【分析】（1）甲物体下沉，则物体受到的浮力小于物体的重力，可以根据阿基米德原理求出浮力；‎ ‎（2）乙物体漂浮，则物体受到的浮力等于物体的重力，已知质量，由G=mg可以求出浮力．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）甲物体下沉，浮力都小于自身的重力，由于排开液体的体积与物体的体积相等，则甲物体受到的浮力F甲=ρ水gV甲．‎ ‎（2）乙物体漂浮，则浮力等于自身的重力，所以乙物体受到的浮力为F乙=G乙=m乙g．‎ 故答案为：ρ水gV甲；m乙g．‎ ‎【点评】此题考查物体的浮沉条件及其应用，判断此题的顺序应该是先根据浮沉条件明确浮力的计算方法，再根据阿基米德原理解答．‎ ‎　‎ ‎6．如图，一质量分布均匀、重为80N的铁球与轻杆AB焊接于A点后悬挂于竖直墙壁的B点，轻杆的延长线过球心O，轻杆AB的长度是铁球半径的三分之二，在铁球上施力，可以使铁球绕B点转动，要使铁球刚好离开墙壁，施加在铁球上的力至少为　30　N，请在图中画出此力的示意图．‎ ‎【考点】7N：杠杆的平衡条件．‎ ‎【分析】‎ 第 30 页 共 30 页 根据杠杆的平衡条件，要使施加的力最小，应使动力臂最长，据此分析即可．‎ ‎【解答】解：铁球的重力G=80N；‎ 由图知，当力F作用在球的下边缘，且与通过AB的直径垂直时，动力臂最长，其受力图如图所示：‎ 把整体看做一个杠杆，支点在B点，由图知，球的重力方向竖直向下，力臂为LG，由图知：LG=R；‎ F的力臂等于杆的长度与球的直径之和，则LF=R+2R=R；‎ 根据杠杆的平衡条件：G•LG=F•LF 代入数据：80N×R=F×R，‎ 解得F=30N；‎ 故答案为：30；见上图；‎ ‎【点评】本题是有关杠杆平衡条件的应用，考查了有关最小力的求法，解决此题的关键是找到最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离．‎ ‎　‎ ‎7．质量相等，初温均为10℃的甲、乙两物体，将它们分别投入温度均为60℃的等质量的两杯热水中，热平衡后甲所在杯中热水温度降低了5℃，乙所在杯中热水温度降低了20℃，不考虑热量损失，则甲乙两物体的比热容之比为　1：6　．‎ ‎【考点】GI：热平衡方程的应用．‎ ‎【分析】物体甲放入热水杯后，水的温度由60℃降低了5℃，变成60℃﹣5℃=55℃，甲的温度由10℃升高到55℃，水放出的热量等于甲吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出甲的比热容．‎ 物体乙放入热水杯后，水的温度由60℃降低了2℃，变成60℃﹣20℃=40℃，乙的温度由10℃升高到40℃，水放出的热量等于乙吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出乙的比热容．‎ 求出甲和乙的比热容后，就可以解决问题．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【解答】解：物体甲放入热水杯后，它们的共同温度为60℃﹣5℃=55℃，‎ 水放出的热量Q放=c水m水△t水 甲吸收的热量Q吸=c甲m甲△t甲，‎ 根据热平衡方程：Q放=Q吸，‎ 即c水m水△t水=c甲m甲△t甲 代入相关数据得：‎ c甲=×，‎ 物体乙放入热水杯后，它们的共同温度为60℃﹣20℃=40℃，‎ 水放出的热量Q放=c水m水△t水 乙吸收的热量Q吸=c乙m乙△t乙，‎ 根据热平衡方程：Q放=Q吸，‎ 即c水m水△t水=c乙m乙△t乙 代入相关数据得：‎ c乙=×，‎ 甲、乙两物体质量相等，即m甲=m乙，‎ 则==‎ 故答案为：1：6．‎ ‎【点评】本题解题的关键在于学生能否正确写出高温物体放热和低温物体吸热的表达式，利用比例的思想可以解决许多物理问题，在学习中注意运用．‎ ‎　‎ ‎8．灯泡L1、L2分别标有“6V、6W”和“3V、3W”的字样，将他们并联连接起来使用，干路中允许的最大电流为　1.5　A，此时L1消耗的电功率为　1.5　W．‎ ‎【考点】JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】（1）当将灯泡L1、L2并联使用时，电路电压只能取电压小的那个，分别算出通过R1和R2的电流，然后可知干路中允许的最大电流；‎ ‎（2）根据P=UI可求此时L1消耗的电功率．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【解答】解：‎ ‎（1）根据并联电路电压特点，当灯泡L1、L2并联起来时，电路中的电源电压只能取灯泡L2的额定电压3V：‎ 由P=可得，灯泡L1的电阻R1===6Ω，‎ 灯泡L2的电阻R2===3Ω，‎ 由P=UI可得，R1中的电流：I1′===0.5A，‎ R2中的电流：I2′===1A，‎ 则并联电路的总电流：I=I1′+I2′=0.5A+1A=1.5A．‎ ‎（2）此时L1消耗的电功率：‎ P1实===1.5W．‎ 故答案为：1.5；1.5．‎ ‎【点评】本题考查电压、电流、电功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对于额定电压和额定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的，这也是本题的重点．‎ ‎　‎ ‎9．如图为“探究电流通过导体产生热量与哪些因素有关”的实验装置．将阻值分别为10Ω和20Ω的电热丝R1和R2，按如图方式接入电压为3V的电路中（图中电源没有画出），则通电10min，R2产生的热量是　120　J．‎ ‎【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用．‎ ‎【分析】求出电路中的电流，应用焦耳定律公式Q=I2R2‎ 第 30 页 共 30 页 t求出电阻产生的热量．‎ ‎【解答】解：由图可知，电热丝R1和R2串联，‎ 由欧姆定律可得，电路中的电流为：‎ I====0.1A；‎ 通电t=l0min=600s，R2产生的热量：‎ Q=I2R2t=（0.1A）2×20Ω×600s=120J．‎ 故答案为：120．‎ ‎【点评】本题考查了焦耳定律的应用，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、欧姆定律与焦耳定律即可解题，本题难度不大．‎ ‎　‎ ‎10．如图所示，在将磁铁插入铜质漆包线绕制的线圈的过程中，电流表的指针会摆动，这一现象所反映的物理原理是　电磁感应现象　．‎ ‎【考点】CP：电磁感应．‎ ‎【分析】在闭合电路中，导线做切割磁感线运动时会产生感应电流．该现象称为电磁感应现象．‎ ‎【解答】解：将条形磁体插入线圈时，相当于线圈做切割磁感线运动，故电路中会产生感应电流，电流表的指针会摆动，该现象就是电磁感应现象．‎ 故答案为：电磁感应现象．‎ ‎【点评】本题考查了电磁感应现象，是一道基础实验题，学生易于解答．‎ ‎　‎ 二、选择题（在每个小题的选项中，只有一个选项符合题目要求，每小题3分，共21分）‎ ‎11．在探究凸透镜成像规律时，调整“三心等高”后，将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处，将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时，调节凸透镜另一侧光屏的位置，能得到一个放大的实像．那么，当F光源移到离凸透镜10cm时，则F光源经凸透镜所成的像一定是（　　）‎ 第 30 页 共 30 页 A．倒立、缩小、实像 B．倒立、放大、实像 C．正立、放大、虚像 D．不能成像 ‎【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．‎ ‎【分析】根据物体成放大的实像时的物距求出焦距，在根据凸透镜成像规律分析．‎ ‎【解答】解：将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处，将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时，此时的物距为u=50cm﹣26cm=24cm，此时成倒立、放大的实像，则f＜24cm ‎＜2f，则12cm＜f＜24cm；当F光源移到离凸透镜10cm时，在一倍焦距之内，成正立、放大的虚像．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了凸透镜的呈现规律，根据题意得出凸透镜的焦距是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎12．下列有关内能的说法中，正确的是（　　）‎ A．物体吸收热量后，内能增加，温度升高 B．高温高压气体膨胀对外做功，其内能变大 C．热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 D．物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量 ‎【考点】G6：温度、热量与内能的关系；G3：热量的概念；G8：热传递；G9：做功改变物体内能．‎ ‎【分析】（1）晶体熔化过程中，吸热但温度不变；‎ ‎（2）物体对外做功，内能减小；‎ ‎（3）发生热传递的条件是：存在温差；‎ ‎（4）物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量；‎ ‎【解答】解：A、晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故A错误；‎ B、高温高压气体膨胀对外做功，其内能减小，故B错误；‎ C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故C错误；‎ D、从能量的转化可知，物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量，故D正确；‎ 第 30 页 共 30 页 故选D．‎ ‎【点评】此题考查了热量的理解、热传递的理解、内能的影响因素等知识点，是一道综合题．‎ ‎　‎ ‎13．如图，一重为G的物体放在粗糙的水平地面上，在斜向上的拉力F的作用下，用时t，向右匀速运动距离s．有关物体受力、功、功率，以下说法错误的是（　　）‎ A．在水平方向上物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡 B．在竖直方向上，物体受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力 C．拉力F所做的功W=Fs，功率P=‎ D．拉力F所做的功W=Fscos30°，功率P=‎ ‎【考点】EC：功的计算；6R：平衡力的辨别；FF：功率的计算．‎ ‎【分析】（1）根据二力平衡分析；‎ ‎（2）物体在竖直方向上受到三个力的共同作用；‎ ‎（3）（4）根据功和功率的计算公式分析．‎ ‎【解答】解：A、在水平方向上，物体做匀速直线运动，则在水平方向上受力平衡，故物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡，故A正确；‎ B、物体在竖直方向上受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力的共同作用，故B正确；‎ CD、结合图示可知，拉力在水平方向上的分力为：F'=Fcos30°，‎ 则拉力F所做的功：W═F's=Fcos30°•s=Fscos30°，‎ 功率P==，故C错误，D正确；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】本题考查了二力平衡的分析、功的计算、功率的计算，是一道基础题．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎　‎ ‎14．如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球 ‎（　　）‎ A．运动过程中惯性减小 B．运动过程机械能先增大后减小 C．在b点时重力等于弹力 D．受到的弹力先减小后增大 ‎【考点】6L：惯性；71：弹力；FT：机械能．‎ ‎【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大．‎ ‎（2）机械能是动能和势能的统称，动能与物体的质量和速度有关；‎ ‎（3）小球从a到b的过程中，受弹簧的弹力、重力，重力大于弹力，小球速度越来越大．随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当小球到达b点时，弹力与重力相等．‎ ‎【解答】解：A、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系．小球运动过程中质量不变，惯性不变．故A错误；‎ B、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．此过程中小球的机械能转化为弹簧的弹性势能，所以小球的机械能变小，故B错误；‎ CD、小球从a到b的过程中，受竖直向上的弹簧的弹力，竖直向下的重力，重力大于弹力，合力向下，小球速度越来越大．随弹簧压缩量的增大，弹力越来越大，当小球到达b点时，弹力与重力相等，两力是一对平衡力，合力为零，故C正确，D错误．‎ 故选C．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【点评】本题考查了弹力、动能和能量转化以及运动和力关系等问题．解题的关键要读懂图，由图获取弹簧压缩量，小球速度变化的信息分析小球的运动过程，分析弹力的变化情况．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示电路中，电源电压为3V，当开关S闭合后，只有一只灯泡发光，且电压表示数为3V，产生这种现象的原因是（　　）‎ A．灯L1短路 B．灯L2短路 C．灯L1断路 D．灯L2断路 ‎【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．‎ ‎【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测灯L1两端电压；灯泡不亮，可能是由于灯泡短路或电路存在断路造成的，根据电路故障现象分析电路故障原因．‎ ‎【解答】解：A、如果灯L1短路，灯L1不发光，灯L2发光，电压表示数为零，故A错误，不符合题意；‎ B、如果灯L2短路，灯L2不发光，灯L1发光，电压表测电源电压，示数等于电源电压3V，符合题意； ‎ CD、如果灯L1断路或L2断路，两灯泡均不发光，故CD错误，不符合题意．‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题考查了电路故障分析，根据电路现象分析电路故障原因，本题难度不大，要掌握电路故障分析的方法．‎ ‎　‎ ‎16．如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，在将滑动变阻器R的滑片P自左向右移动的过程中：①V1示数变大②V2示数变大③A示数变小④灯泡L亮度变亮，以上四点描述中正确的是（　　）‎ 第 30 页 共 30 页 A．①② B．②③ C．①④ D．②④‎ ‎【考点】IZ：电路的动态分析．‎ ‎【分析】由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流；‎ 将滑动变阻器R的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，‎ 由I=可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故③错误；‎ 由U=IR可知，灯泡两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故①正确．‎ 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故④正确；‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡两端的电压变大，所以，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故②错误．‎ 故选C．‎ ‎【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．‎ ‎　‎ ‎17．有一环形电流，相当于一匝线圈．当电流从A端流入B端流出时，原本如图所示位置静止的小磁针会（　　）‎ A．水平转动至N极指向纸内 B．水平转动至S极指向纸内 C．顺时针转动90度至竖直位置 D．逆时针转动90度至竖直位置 ‎【考点】CA：通电螺线管的磁场．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【分析】闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断磁场方向．根据小磁针N极受力方向与磁场方向相同判断N极偏转方向．‎ ‎【解答】解：闭合开关S后，环形导线中通有顺时针方向的电流，根据安培定则判断环形导线内部磁场向里，外部磁场向外，则小磁针的N极向里偏转．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查应用安培定则的能力．安培定则是判断电流方向与磁场方向两者关系的定则．‎ ‎　‎ 三、实验与探究题（第18题6分，第19题6分，第20题8分，共计20分）‎ ‎18．为了探究光的反射规律，小明用如图所示的装置进行实验，平面镜M置于水平桌面上．把一可沿ON折叠的白色带有刻度硬纸板竖直放置在平面镜M上．‎ ‎（1）实验过程中，纸板与平面镜必须　垂直　放置；‎ ‎（2）以法线ON为轴线，将白色硬纸板的B面绕法线ON向前或向后旋转，可以探究：反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内，此时反射光线的位置　不改变　（选填“发生”或“不发生”）变化；‎ ‎（3）接下来小明想探究反射角与入射角大小关系，请你叙述实验操作过程　多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论　．‎ ‎【考点】A7：光的反射定律．‎ ‎【分析】（1）实验过程中，纸板与平面镜必须放置，这样才更方便让物像重合；‎ ‎（2）光的反射定律：入射光线、反射光线和法线在同一平面内，入射光线和反射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角．‎ ‎（3）多次实验可以多测量几组数据，得到的规律更具有说服力．‎ ‎【解答】解：（1）实验过程中，纸板与平面镜必须放置，这样才更方便让物像重合；‎ 第 30 页 共 30 页 ‎（2）以法线ON为轴线，将白色硬纸板的B面绕法线ON向后旋转，此时反射光线的位置不发生变化，因为反射光线是由入射光线决定的．‎ ‎（3）多次改变入射角的大小去测反射角大小，是为了探究反射角与入射角的大小关系，使实验结论更具普遍性；故下来小明想探究反射角与入射角大小关系，请你叙述实验操作过程是：多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论．‎ 故答案为：（1）垂直；（2）不改变；（3）多次改变入射角大小，测量对应的反射角，比较两者大小得出结论．‎ ‎【点评】本题考查了探究光的反射的实验．光的反射遵循反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角．‎ ‎　‎ 19． 为研究橡皮筋是否也与弹簧有类似的性质，某实验小组的同学对 A、B 两根长度相同粗细不同的橡皮筋进行研究，并做成橡皮筋测力计．将橡皮筋的一端固定，另一端悬挂钩码（图甲所示），记录橡皮筋受到的拉力大小F 和橡皮筋的伸长量△x，根据多组测量数据画出的图线如图乙所示．‎ ‎（1）当在两根橡皮筋上都悬挂重为6N 的钩码时，橡皮筋 A 的伸长量为　12　cm，橡皮筋 B 的伸长量为　6　cm．‎ ‎（2）分别用这两根橡皮筋制成测力计，则用橡皮筋　B　制成的测力计量程大，用橡皮筋　A　制成的测力计测量的精确程度高（均选填“A”或“B”）．‎ ‎（3）将本实验中相同的两根橡皮筋A并联起来可以制成量程更大的弹簧测力计，能够测量力的最大值为　20　N．‎ ‎【考点】73：探究弹簧测力计原理的实验．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【分析】（1）根据图乙分别找出在一定范围内A、B橡皮筋伸长与受到的拉力的函数关系式，根据函数关系式作答；‎ ‎（2）根据弹簧则力计的测力原理确定测力范围；根据受同样的力（在测量范围内）伸长量大的，测量精确高．‎ ‎（3）将本实验中相同的两根橡皮筋并联起来代替弹簧测力计使用时，根据力作用的相互性，求能够测量力的最大值．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）由图乙可知，A橡皮筋在受到的拉力不大于10N的情况下，B橡皮筋在受到的拉力不大于15N的情况下，橡皮筋伸长量△x与橡皮筋受到的拉力大小F变化关系为一直线，‎ 说明橡皮筋的伸长△x与受到接力F成正比例函数的关系，FA=kA△xA，FB=kB△xB，‎ 由图知，当FA=5N，△xA=10cm；FB=10N，△xB=10cm，‎ 将上面的数据分别代入FA=kA△xA、FB=kB△xB得：kA=0.5N/cm、kB=1N/cm，‎ 因此FA=0.5△xA，FB=△xB，‎ 所以，当在两根橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时，‎ 橡皮筋A的伸长量为△xA=cm=12cm，橡皮筋B的伸长量为△xB=cm=6cm；‎ ‎（2）测力计是根据在测量范围内，橡皮筋的伸长与受到的接力成正比的原理制成的，由图乙知，A的量程为0﹣10N，B的量程为0﹣15N，则用橡皮筋 B制成的测力计量程大；‎ 由图乙可知，在测量范围内，如F=5N时，用橡皮筋A制成的测力计伸长10cm，而用橡皮筋B制成的测力计伸长5cm，所以，用橡皮筋A制成的测力测量的精确程度高；‎ ‎（3）将两根A并联，每根橡皮筋最大受到10N的拉力，根据力的作用是相互的，两根橡皮筋并联起来的弹簧测力计能够测量力的最大值应为20N．‎ 故答案为：（1）12；6；（2）B；A；（3）20．‎ ‎【点评】本题考查弹簧测力计的原理、测力范围、测量准确程度、合力的知识，体现了数学知识在物理中的应用．‎ ‎　‎ 第 30 页 共 30 页 ‎20．小聪设计了如图甲所示的电路，利用滑动变阻器调节小灯泡的电流和电压，观察小灯泡的发光情况．电源电压恒为6V，R是滑动变阻器．‎ ‎（1）闭合开关后，移动滑片P，发现两电表示数始终如图乙所示，原因是将滑动变阻器的　CD　（填字母）两个接线柱接入了电路．‎ ‎（2）改正错误后，小聪继续实验，将有关实验数据标记在图丙上，分析图丙可知，他所选择的滑动变阻器的规格是　D　（选填字母）．‎ A.20Ω 0.5A B.20Ω 2A C.50Ω 0.5A D.50Ω 2A ‎（3）图丙中，阴影部分的面积大小表示　小灯泡的实际功率是0.8W　．‎ ‎（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，无论怎样移动滑片P，电压表指针　几乎不动　（选填“几乎不动”或“明显偏转”）．‎ ‎【考点】JL：探究用电器的电功率实验．‎ ‎【分析】（1）移动滑片，电流表示数不变，说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻；根据电压表的示数确定滑动变阻器接入电路的接线柱；‎ ‎（2）根据图丙可知，当电路中电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；‎ ‎（3）根据阴影部分可知，阴影面积等于电压和电流的乘积，据此判断阴影部分面积表示的含义．‎ ‎（4）小灯泡L不慎损坏而出现断路，电压表串联在电路中，电压表分得的电压接近电源电压．‎ ‎【解答】解：（1）移动滑片，电流表示数不变，说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻；‎ 根据图乙可知，电压表的量程0～‎ 第 30 页 共 30 页 ‎15V，分度值为0.5V，示数为6V，等于电源电压，因此滑动变阻器接入电路的阻值为零，即滑动变阻器的接线柱CD接入了电路；‎ ‎（2）根据图丙可知，电路中的最小电流为0.2A，定值电阻两端电压为1V；‎ 由串联电路电压规律和欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的最大阻值：R===25Ω；电流大于0.5A，故选D；‎ ‎（3）根据图丙可知，阴影部分面积等于电流与电压的乘积，因此阴影部分的面积大小表示R1的电功率为P=UI=2V×0.4A=0.8W．‎ ‎（4）实验操作时，因小灯泡L不慎损坏而出现断路，则电压表串联在电路中，因其内阻比其它电路元件大的多，根据分压原理，其示数接近电源电压，移动滑片改变变阻器连入电路中的电阻时，电压表示数仍接近电源电压，指针几乎不动．‎ 故答案为：（1）CD；（2）D；（3）小灯泡的实际功率是0.8W；（4）几乎不动．‎ ‎【点评】本题考查滑动变阻器的正确使用、电压表的读数、欧姆定律和功率计算公式的应用，关键是能从图中读出有用信息．‎ ‎　‎ 四、计算与推导题（第21题9分，22题各8分，第23题6分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）‎ ‎21．利用如图所示的斜面装置用时10s可以把重为600N的物体匀速拉到斜面顶端，斜面长为5m，高为2m，实际拉力为300N．求：‎ ‎（1）拉力做功的功率；‎ ‎（2）该斜面装置的机械效率；‎ ‎（3）若沿斜面方向的拉力为F，物重为G，斜面长为L，高为H，请利用总功、有用功和额外功的关系推导出摩擦力f的表达式，并由表达式判断说明，拉力F和摩擦力f不是一对平衡力．‎ ‎【考点】FF：功率的计算；F6：斜面的机械效率．‎ ‎【分析】‎ 第 30 页 共 30 页 ‎（1）根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据功率的公式P=可求功率；‎ ‎（2）根据W=Gh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率．‎ ‎（3）明确题目中的额外功，体现在克服斜面的摩擦做的功；进而得出摩擦力与拉力不是平衡力．‎ ‎【解答】解：（1）拉力做功为：W总=FL=300N×5m=1500J；‎ 拉力的功率为：P===150w；‎ ‎（2）此过程中，所做的有用功为：W有=GH=600N×2m=1200J；‎ 则斜面的机械效率为：η===80%；‎ ‎（3）由W额=W总﹣W有，因为W总=FL，W有=GH，W额=fL；‎ 所以fL=FL﹣GH，f=F﹣；即f＜F，因为f≠F，所以拉力F和摩擦力f是不是一对平衡力；‎ 答：（1）拉力做功的功率是150W；‎ ‎（2）该斜面装置的机械效率是80%；‎ ‎（3）拉力F和摩擦力f不是一对平衡力．‎ ‎【点评】熟练运用计算功、功率、机械效率的公式，深入理解额外功的含义；是解答此题的关键．‎ ‎　‎ ‎22．小明用电水壶烧开水，电水壶内水的体积2L，电水壶正常工作560s，可将20℃的水加热至100℃．已知水的密度为1.0×103kg/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）．‎ ‎（1）求水吸收的热量；‎ ‎（2）若电水壶正常工作时放出的热量有80%被水吸收，求电水壶的电功率．‎ ‎【考点】JK：电功与热量的综合计算．‎ ‎【分析】（1）知道水的体积，根据m=ρV求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t2﹣t1）求出水吸收的热量；‎ ‎（2）根据η=×100%求出电水壶消耗的电能，再根据P=‎ 第 30 页 共 30 页 求出电水壶的电功率．‎ ‎【解答】解：（1）水的体积：‎ V=2L=2dm3=2×10﹣3m3，‎ 由ρ=可得，水的质量：‎ m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg，‎ 水吸收的热量：‎ Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J；‎ ‎（2）由η=×100%可得，电水壶消耗的电能：‎ W===8.4×105J，‎ 电水壶的电功率：‎ P===1500W．‎ 答：（1）水吸收的热量为6.72×105J；‎ ‎（2）电水壶的电功率为1500W．‎ ‎【点评】本题考查了密度公式和吸热公式、效率公式、电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题．‎ ‎　‎ 23． 电池本身有一定的电阻，可以等效为一个没有电阻的理想电池和一个定值电阻r串联而成，如图甲所示．使用某种电池连接成如图乙所示的电路，闭合开关S，在滑动变阻器滑片P从A端滑到B端的全过程中，电压表示数与电流表示数的对应关系图线，如图丙所示．当调节滑动变阻器接入电路的电阻R等于电池的电阻r时，滑动变阻器的实际电功率为2.25W．求：‎ ‎（1）电池内部的定值电阻r的大小和电池的电压；‎ ‎（2）滑动变阻器的最大阻值．‎ 第 30 页 共 30 页 ‎【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．‎ ‎【分析】（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为电源内阻r的简单电路，根据图象读出电路中的电流，根据欧姆定律表示出电源的电压，当R=r时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，利用P=I2R表示出滑动变阻器的实际电功率即可求出r的阻值，进一步求出电池的电压；‎ ‎（2）当滑动变阻器电阻最大时，电压表的示数最大，根据图象读出电压表的最大示数，根据串联电路的电压特点求出r两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值．‎ ‎【解答】解：（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为电源内阻r的简单电路，‎ 由图象可知，电路中的电流为1.5A，‎ 由I=可得，电池的电压：‎ U=Ir=1.5A×r，‎ 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，‎ 所以，当R=r时，电路中的电流：‎ I′===0.75A，‎ 滑动变阻器的实际电功率：‎ PR=（I′）2R=（0.75A）2×r=2.25W，‎ 解得：r=4Ω，‎ 电池的电压U=Ir=1.5A×4Ω=6V；‎ ‎（2）当滑动变阻器电阻最大时，电压表的示数最大，‎ 由图可知，电压表的最大示数为3.6V，‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和，‎ 所以，滑动变阻器两端的电压：‎ Ur=U﹣Ur=6V﹣3.6V=2.4V，‎ 因串联电路中各处的电流相等，‎ 所以，电路中的电流：‎ I′==，即=，‎ 第 30 页 共 30 页 解得：R大=6Ω．‎ 答：（1）电池内部的定值电阻为4Ω，电池的电压为6V；‎ ‎（2）滑动变阻器的最大阻值为6Ω．‎ ‎【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路的连接方式和电压表所测的电路元件是关键．‎ 第 30 页 共 30 页