【数学】2020届浙江一轮复习通用版7-5绝对值不等式作业

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【数学】2020届浙江一轮复习通用版7-5绝对值不等式作业

‎[基础达标]‎ ‎1.(2019·嘉兴期中)不等式1≤|2x-1|<2的解集为(  )‎ A.∪ B. C.∪ D.(-∞,0]∪[1,+∞)‎ 解析:选C.由题意得,‎ ,‎ 解得:-<x≤0或1≤x<,‎ 故不等式的解集是∪,‎ 故选C.‎ ‎2.(2019·温州高三第二次适应性考试)不等式|x-1|+|x+1|<4的解集是(  )‎ A.{x|x>-2}‎ B.{x|x<2}‎ C.{x|x>0或x<-2}‎ D.{x|-2<x<2}‎ 解析:选D.根据题意,原不等式等价于 或或解之取并集即得原不等式的解集为{x|-2<x<2}.‎ ‎3.(2019·绍兴高三质量检测)对任意实数x,若不等式|x+2|+|x+1|>k恒成立,则实数k的取值范围是(  )‎ A.(-∞,0)∪[2,+∞)‎ B.[-2,-1]∪(0,+∞)‎ C.(-∞,1)‎ D.(-∞,1]‎ 解析:选C.因为|x+2|+|x+1|≥|x+2-x-1|=1,所以当且仅当k<1时,不等式|x+2|+|x+1|>k恒成立.‎ ‎4.(2019·绍兴市诸暨市高考模拟)已知f(x)=x2+3x,若|x-a|≤1,则下列不等式一定成立的是(  )‎ A.|f(x)-f(a)|≤3|a|+3‎ B.|f(x)-f(a)|≤2|a|+4‎ C.|f(x)-f(a)|≤|a|+5‎ D.|f(x)-f(a)|≤2(|a|+1)2‎ 解析:选B.因为f(x)=x2+3x,所以f(x)-f(a)=x2+3x-(a2+3a)=(x-a)(x+a+3),所以|f(x)-f(a)|=|(x-a)(x+a+3)|=|x-a||x+a+3|,因为|x-a|≤1,所以a-1≤x≤a+1,所以2a+2≤x+a+3≤2a+4,所以|f(x)-f(a)|=|x-a||x+a+3|≤|2a+4|≤2|a|+4,故选B.‎ ‎5.(2019·绍兴市柯桥区高三期中)已知x,y∈R,(  )‎ A.若|x-y2|+|x2+y|≤1,则(x+)2+(y-)2≤ B.若|x-y2|+|x2-y|≤1,则(x-)2+(y-)2≤ C.若|x+y2|+|x2-y|≤1,则(x+)2+(y+)2≤ D.若|x+y2|+|x2+y|≤1,则(x-)2+(y+)2≤ 解析:选B.对于A,|x-y2|+|x2+y|≤1,由(x+)2+(y-)2≤化简得x2+x+y2-y≤1,二者没有对应关系;对于B,由(x2-y)+(y2-x)≤|x2-y|+|y2-x|=|x-y2|+|x2-y|≤1,‎ 所以x2-x+y2-y≤1,即(x-)2+(y-)2≤,命题成立;对于C,|x+y2|+|x2-y|≤1,由(x+)2+(y+)2≤化简得x2+x+y2+y≤1,二者没有对应关系;对于D,|x+y2|+|x2+y|≤1,化简(x-)2+(y+)2≤得x2-x+y2+y≤1,二者没有对应关系.‎ 故选B.‎ ‎6.不等式|x-1|+|x+2|≥5的解集为________.‎ 解析:由得x≤-3;‎ 由得无解;‎ 由得x≥2.‎ 即所求的解集为{x|x≤-3或x≥2}.‎ 答案:{x|x≤-3或x≥2}‎ ‎7.对于实数x,y,若|x-1|≤1,|y-2|≤1,则|x-2y+1|的最大值为________.‎ 解析:|x-2y+1|=|(x-1)-2(y-1)|≤|x-1|+|2(y-2)+2|≤1+2|y-2|+2≤5,即|x-2y+1|的最大值为5.‎ 答案:5‎ ‎8.(2019·温州市高三高考模拟)若关于x的不等式|x|+|x+a|<b的解集为(-2,1),则实数对(a,b)=________.‎ 解析:因为不等式|x|+|x+a|<b的解集为(-2,1),所以,解得a=1,b=3.‎ 答案:(1,3)‎ ‎9.(2019·绍兴市柯桥区高三模拟)对任意x∈R不等式x2+2|x-a|≥a2恒成立,则实数a的取值范围是________.‎ 解析:因为不等式x2+2|x-a|≥a2对任意的x∈R恒成立,‎ ‎①x≥a时,‎ ‎(x+a)(x-a)+2(x-a)≥0,‎ ‎(x-a)(x+a+2)≥0,‎ 因为x-a≥0,因此只需x+a+2≥0,x≥-(a+2),‎ ‎-(a+2)≤a,解得a≥-1.‎ ‎②x时,f(x)max=|4-a|+a=2a-4=5,所以a=(矛盾),故a的取值范围是.‎ 答案: ‎2.(2019·浙江省五校协作体联考)已知函数f(x)=|2x-a|+a.‎ ‎(1)若不等式f(x)≤6的解集为{x|-2≤x≤3},求实数a的值;‎ ‎(2)在(1)的条件下,若存在实数t,使f≤m-f(-t)成立,求实数m的取值范围.‎ 解:(1)由|2x-a|+a≤6,得|2x-a|≤6-a,所以a-6≤2x-a≤6-a,即a-3≤x≤3,所以a-3=-2,所以a=1.‎ ‎(2)因为f≤m-f(-t),所以|t-1|+|2t+1|+2≤m,‎ 令y=|t-1|+|2t+1|+2,则y= 所以ymin=,所以m≥.‎ ‎3.(2019·杭州高考科目教学质检)已知函数f(x)=|x-4|+|x-a|(a<3)的最小值为2.‎ ‎(1)解关于x的方程f(x)=a;‎ ‎(2)若存在x∈R,使f(x)-mx≤1成立,求实数m的取值范围.‎ 解:(1)由f(x)=|x-4|+|x-a|≥|x-4-(x-a)|=|a-4|(当(x-4)(x-a)≤0时取等号),知|a-4|=2,解得a=6(舍去)或a=2.‎ 方程f(x)=a即|x-4|+|x-2|=2,由绝对值的几何意义可知2≤x≤4.‎ ‎(2)不等式f(x)-mx≤1即f(x)≤mx+1,由题意知y=f(x)的图象至少有一部分不在直线y=mx+1的上方,作出对应的图象观察可知,m∈(-∞,-2)∪.‎ ‎4.(2019·温州校级月考)已知函数f(x)=x2+|x-t|.‎ ‎(1)当t=1时,求不等式f(x)≥1的解集;‎ ‎(2)设函数f(x)在[0,2]上的最小值为h(t),求h(t)的表达式.‎ 解:(1)当t=1时,f(x)=x2+|x-1|.‎ 因为f(x)≥1,‎ 所以当x≥1时,x2+x-1≥1,所以x≥1或x≤-2.‎ 所以x≥1.‎ 当x<1时,x2-x+1≥1,所以x≥1或x≤0.‎ 所以x≤0.‎ 综上:不等式的解集为{x|x≥1或x≤0}.‎ ‎(2)因为f(x)=x2+|x-t|,x∈[0,2],‎ 所以当t≥2时,f(x)=x2-x+t,h(t)=f=t-,‎ 当t≤0时,f(x)=x2+x-t,h(t)=f(0)=-t,‎ 当0<t<2时,f(x)=.‎ 所以h(t)=.‎ 所以h(t)=.‎
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