2020年四川省泸州市中考物理试卷

2020年四川省泸州市中考物理试卷

‎2020年四川省泸州市中考物理试卷 一、选择题 ‎ ‎ ‎1. 夏季，泸州市江阳公园的音乐喷泉随音乐舞动，供市民欣赏。以下关于声现象说法正确的是（ ） ‎ A.音箱发出的音乐不是振动产生的 B.声音在传播过程中，可以传递信息 C.区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音调不同 D.声波在不同介质中传播时，速度保持‎340m/s不变 ‎ ‎ ‎2. 请你朋友到国家优秀旅游城市泸州品尝各地的传统特色美食。以下关于泸州各地美食中所涉及到的物理知识，描述正确的是（ ） ‎ A.“泸州白糕“出笼时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气汽化吸热形成的 B.“叙永两河桃片“在制作过程中，把猪板油放入锅中，猪板油熔化时会放出热量 C.“合江烤鱼“在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过做功的方式改变其内能 D.“泸县太伏火腿”在烹饪过程中，散发出浓浓的香味，这是分子做无规则运动的缘故 ‎ ‎ ‎3. “从生活走向物理，从物理走向社会”。对下列生活中的事例，判断错误的是（ ） ‎ A.“小王比小李胖”是指小王的体重一定大于小李的体重 B.“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度 C.用手机上网时，不能随意点击陌生链接，防止个人信息泄露 D.大功率家用电器需要安装漏电保护装置，否则漏电时会危及生命和财产安全 ‎ ‎ ‎4. 公交IC卡是我市市民出行的好帮手。IC卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测器就会产生感应电流，便可读出IC卡上的信息。下列图中各电器的工作原理与IC卡刷卡时原理相同的是（ ） ‎ A.电风扇 B.电动机 C.手摇发电机 D.电磁铁 ‎ ‎ ‎ ‎5. ‎2020‎年‎6‎月‎21‎日下午，泸州地区上空出现了日环食现象，如图所示。下列各图中的光学现象与日环食现象原理相同的是（ ） ‎ A.小孔成像 B.平面镜成像 C.水中的鱼看起来变浅了 D.雨后空中彩虹 ‎ ‎ ‎6. ‎2020‎年‎6‎月‎23‎日，在西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，成功发射北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗组网卫星，实现北斗导航系统全球覆盖。下列说法中正确的是（ ） ‎ A.北斗导航卫星发射的电磁波不能在真空中传播 B.北斗导航系统中卫星间的信息传递采用光纤传送 C.北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面是运动的 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 D.在轨运行的北斗导航卫星受到非平衡力的作用 ‎ ‎ ‎7. 泸州“国窖‎1573‎“闻名世界。我市国窖广场的水平地面上竖直放置了“中国第一窖”的石头纪念标志，如图所示。下列说法中正确的是（ ） ‎ A.由于该石头静止在地面上，所以没有惯性 B.石头对地面的压力和石头所受的重力是一对相互作用力 C.石头所受重力和地面对石头的支持力是一对平衡力 D.地面对石头的支持力小于石头对地面的压力 ‎ ‎ ‎8. ‎2020‎年泸州市中考体育测试中有必考、抽考和选考科目，包括短跑、跳绳、实心球、立定跳远、带足球绕杆、运篮球上篮等。以下关于体考中的物理知识，说法正确的是（ ） ‎ A.学生在短跑过程中，机械能转化为化学能 B.学生带足球绕杆的运动，说明力可以改变物体的运动状态 C.学生投掷的实心球在飞行的整个过程中，动能一直在减小 D.学生在立定跳远的整个过程中，他的重力势能一直不变 ‎ ‎ ‎9. 如图所示，同一个球在A液体中处于漂浮状态，在B液体中处于悬浮状态。下列判断正确的是（ ） ‎ A.A液体的密度小于B液体的密度 B.A液体的密度大于B液体的密度 C.球在A液体中受到的浮力小于在B液体中受到的浮力 D.球在A液体中受到的浮力大于在B液体中受到的浮力 ‎ ‎ ‎10. 在泸州市第‎35‎届科技创新大赛上，某学生在现场展示了科创作品。他把橡胶管一端放入位置较低盛有冷水的烧杯中，另一端与塑料瓶盖相连并密封，在空塑料瓶中倒入少许热水摇晃后倒掉，然后迅速用瓶盖盖住瓶口并拧紧，发现烧杯中的水通过橡胶管慢慢流入位置较高的瓶内，如图所示。下列说法中正确的是（ ） ‎ A.塑料瓶中倒入热水摇晃后倒掉，目的是让瓶内空气增加 B.用瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是让瓶内气压始终等于大气压 C.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是利用了连通器原理 D.烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压 ‎ ‎ ‎11. 某兴趣小组探究小台灯电路中各物理量的关系，如图所示。已知小灯泡的规格为“‎3V 0.9W”，假设灯泡电阻不变，电源电压为‎3V．在探究过程中，闭合开关S，无论如何调节滑动变阻器，电流表示数都不会低于‎0.1‎ ‎ A.则下列说法中正确的是（ ） A．小灯泡的电阻为‎10Ω B.当电流表示数为‎0.2A时，电压表示数为‎2V C.滑动变阻器的最大阻值为‎30Ω D.该电路消耗的最大功率与最小功率之比为‎3:1‎ ‎ ‎ ‎12. 如图所示，已知固定斜面长‎5m、倾角为‎30‎‎∘‎，木箱重‎150N．某同学用大小为‎100N的推力沿斜面向上推木箱，使木箱沿斜面匀速从底端运动到顶端的过程中，关于木箱所受的力对木箱做的功，下列判断正确的是（ ） ‎ A.木箱克服重力做功的大小为‎500J B.木箱克服斜面摩擦力做功的大小为‎125J C.推力做功的大小为‎500J D.斜面支持力做功的大小为‎375J 二、非选择题 ‎ ‎ ‎ ‎2020‎年‎6‎月‎28‎日，国产大飞机C919‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 在新疆吐鲁番交河机场完成了高温极端天气下的试飞。飞机翅膀做成下平上凸形状，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强________（选填“大”或“小”），使飞机获得升力；飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹，有利于着陆减速时________（选填“增大“或“减小”）摩擦；飞机在高空飞行过程中与空气________（选填“摩擦”或“接触”）起电使飞机带上电荷，轮胎中加钢丝的目的，是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地，保证乘客安全。 ‎ ‎ ‎ ‎ 疫情期间，某学校门口安装了一台双光温测智能识别系统，大幅度地提高了测温效率和人员识别能力，如图所示。测量温度主要利用了红外线具有热效应的特点，红外线是一种________（选填“电磁波”或“声波”）；光学成像系统的摄像头镜片是________（选填“凸透镜”、“凹透镜”或“平面镜”）；当人体体温超过‎37.3‎​‎‎∘‎C时，系统通过________（选填“温度”、“压力”或“速度”）传感器，触发系统自动报警。 ‎ ‎ ‎ ‎ 泸州云龙机场用传送带为顾客运送行李，主要有水平运送和沿斜面运送两种形式，甲为水平传送带，乙为倾斜传送带，如图所示。当行李随传送带一起匀速运动时，甲传送带上的行李所受的摩擦力________（选填“等于零”或“不等于零”），乙传送带上的行李所受的摩擦力________（选填“等于零”或“不等于零”）。如果乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动，则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带________（选填“向上”或“向下”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 随着我市城市化步伐加快，计划建两条电气化城市轻轨。其中一条是泸州客运中心到泸州南站，里程大约‎24km，设计列车运行时间‎24min，则列车运行全程的平均速度约为________km/h；列车运行时将________能转化为机械能；列车减速进站时，其动能________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 如图所示，站在水平面上的建筑工人竖直拉着绳，通过滑轮组将‎540N的重物在‎5s内匀速提升‎1m。已知工人重‎600N，与地面的接触总面积为‎0.04‎m‎2‎，动滑轮重‎100N，不计绳重和滑轮的摩擦。重物被匀速提升过程中，绳自由端的速度为________m/s，人对地面的压强为________Pa．若用该滑轮组竖直匀速提升更重的物体，则滑轮组的机械效率将________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 现阶段核潜艇的动力系统是由原子核________（选填“裂变”或“聚变”）提供的。泸州正加快对页岩气的安全开采，页岩气和核能都属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源。若用燃气灶将一壶质量为‎3kg、初始温度为‎20‎​‎‎∘‎C的水加热到‎80‎​‎‎∘‎C，消耗了‎0.1‎m‎3‎的页岩气。已知水的比热容‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)‎，页岩气的热值为‎4.2×‎10‎‎7‎J/‎m‎3‎，则该燃气灶烧水的效率为________‎%‎。 ‎ ‎ ‎ ‎ 小聪家的电能表如图所示，由此可知，小聪家允许接入电路的最大功率为________kW；小聪家有一个规格为“‎220V 1000W”的用电器，可能是________（选填“台灯”、“电饭锅”或“电视机”）。当电路中只有这一用电器正常工作‎10min，电能表的转盘转了________转。 ‎ ‎ ‎ ‎ 某兴趣小组设计了一个力电综合装置，在轻质杠杆的左端点A，用竖直细线通过定滑轮与弹簧测力计相连，杠杆的右端点B，用细线悬挂一条形磁铁，在条形磁铁正下方的螺线管与电路相连，如图所示。开关闭合前，当弹簧测力计的示数为‎7.5N时，杠杆在水平位置平衡，已知OA:OB＝‎2:3‎，不计绳重和摩擦。则条形磁铁的重力等于________N；闭合开关S后，螺线管上端为________（选填“N极”或“S极”），为了保持杠杆水平平衡，弹簧测力计的示数________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 ‎ ‎ ‎ ‎ 小李在实验室取出‎−10‎​‎‎∘‎C的冰进行加热实验，她观察冰熔化成水直到沸腾的过程并记录相关数据，绘制成如图所示的温度随时间变化的图象。根据图象可知‎0∼4min内这块冰的内能________（选填“增加”或“不变”），加热到‎6min时，将处于________（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），加热到________min，水开始沸腾。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 ‎ ‎ ‎ 小聪将一根橡皮筋左端固定在墙上，用弹簧测力计拉其右端来“探究两个分力与合力的关系”。 ‎ ‎（1）实验中使用的弹簧测力计如图甲所示，其分度值为________N；‎ ‎ ‎ ‎（2）小聪用两个弹簧测力计一起沿相同方向作用于橡皮筋上拉到A点，此时两个弹簧测力计的示数分别为F‎1‎＝‎3.0N、F‎2‎＝‎4.0N；小聪只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到A点，弹簧测力计的示数F＝‎7.0N，如图乙所示。F的作用效果F‎1‎、F‎2‎共同作用的效果相同，即F为F‎1‎和F‎2‎的合力，这种探究物理规律的方法是________（选填“控制变量法”或“等效替代法”）；‎ ‎ ‎ ‎（3）小聪在实验中突发奇想，将两弹簧测力计相互垂直作用在橡皮筋上拉到B点，记下两弹簧测力计的示数分别为F‎1‎＝‎3.0N、F‎2‎＝‎4.0N；然后只用一个弹簧测力计把橡皮筋也拉到B点，如图丙所示，读出弹簧测力计的示数F′‎＝________N．根据你对合力与分力的理解，判断F′‎________（选填“是”或“不是”）F‎3‎、F‎4‎的合力。‎ ‎ ‎ ‎ 在“测量小灯泡电功率“的实验中，电源电压为‎3V，小灯泡额定电压为‎2.5V。 ‎ ‎（1）小王同学连接电路时，开关应处于________（选填“闭合”或“断开”）状态。小王已连接了部分电路，如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的________（选填“A”、“B”、“D”或“P”）点相连；‎ ‎ ‎ ‎（2）小王连接好电路后，闭合开关，逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，此现象的原因可能是________（选填“开关”、“小灯泡”、“滑动变阻器”或“电流表”）出现故障；‎ ‎ ‎ ‎（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，观察到两电表示数在变化，并做好数据记录。小王根据多组实验数据绘制的U−I图象如图乙所示，根据图象可得小灯泡的额定功率是________W，此时小灯泡的电阻是________Ω；‎ ‎ ‎ ‎（4）小王还发现图线在电流较小时是直线，随着电流增大，图线变成了一条曲线，如图乙所示。造成这变化的原因是小灯泡的________随温度变化而变化；。‎ ‎ ‎ ‎（5）滑动变阻器的滑P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为‎△‎U‎1‎、‎△‎U‎2‎，则‎△‎U‎1‎________‎△‎U‎2‎（选填“‎>‎”、“‎<‎”或“＝”）。‎ ‎ ‎ ‎ 电学实验室有一种恒流电源，将电源接入电路工作时，该电源输出恒定的电流，而电源两端的电压会随着外电路的电阻变化而变化。小浩在一次实验时，将恒流电源接入如图所示的电路中，其中R‎1‎、R‎2‎均为定值电阻。只闭合开关S‎1‎时，电压表示数U‎1‎＝‎6V，此时电阻R‎1‎消耗的电功率P＝‎3.6W。 ‎ ‎（1）求该恒流电源输出的恒定电流；‎ ‎ ‎ ‎（2）若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎时，电压表示数变为U‎2‎＝‎4V，求定值电阻R‎2‎的阻值；‎ ‎ ‎ ‎（3）若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎，通电‎1min，求电阻R‎2‎产生的热能。‎ ‎ ‎ ‎ 借浮力起重，是我国古代的一个创造。如图所示为某一次起重涉及的物理原理简化示意图。有一个底面积S‎1‎＝‎2‎m‎2‎的圆柱形空金属容器A平放在水平地面上，其内放置一个厚度不计、底面积S‎2‎＝‎1.5‎m‎2‎的圆柱形金属容器B，容器B质量m‎1‎＝‎500kg，内装有m‎2‎＝‎3×‎10‎‎3‎kg的水。（取g＝‎10Nkg，ρ＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎） ‎ ‎（1）求容器B中的水对容器B底部的压强；‎ ‎ ‎ ‎（2）将容器B中的水往外抽到容器A中，当所抽水的质量m‎3‎＝‎600kg时，则容器B内外水的深度差是多少？此时容器B对容器A的压力是多少？‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 参考答案与试题解析 ‎2020年四川省泸州市中考物理试卷 一、选择题 ‎1.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 声音的产生 音色 声速的大小跟介质温度的关系 声与信息 声速 ‎【解析】‎ ‎（1）声音都是物体振动产生的。 （2）声音可以传递信息，也可以传递能量。 （3）通过音色来鉴别是什么物体发声。 （4）声速跟介质种类和温度有关。‎ ‎【解答】‎ A‎、音箱发出的音乐是锥形纸盆的振动产生的，故A错误。 B、声音在传播过程中可以传递信息，也可以传递能量，故B正确。 C、区别吉它和小提琴的声音是因为它们的音色不同，故C错误。 D、一般情况下，固体传声速度大于液体传声速度，液体传声速度大于气体传声速度，介质不同，声速不同，故D错误。‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 分子热运动 液化及液化现象 热传递改变物体内能 熔化与熔化吸热特点 ‎【解析】‎ ‎（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。 （2）改变内能的方法：做功和热传递。 （3）构成物质的分子在不停地做无规则运动。‎ ‎【解答】‎ A‎、出笼时冒出的“白汽”，是笼中的水蒸气液化放热形成的，故A错误。 B、把猪板油放入锅中，猪板油熔化时会吸收热量，故B错误。 C、在烤制过程中，鱼的内能增加，这是通过热传递的方式改变其内能，故C错误。 D、在烹饪过程中，散发出浓浓的香味，这是分子做无规则运动，扩散到空气中的缘故，故D正确。‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 密度及其特性 ‎【解析】‎ ‎（1）不同的物质，其密度一般不同，平时习惯讲“水比油重”就是指水的密度大于油的密度，在相同体积的情况下，水的质量大于油的质量； （2）注意安全上网，防止个人信息泄露； （3）大功率电器工作时，通过电路的电流较大，漏电时可能会危及生命和财产安全。‎ ‎【解答】‎ A‎、人的体重和质量成正比，而质量的大小和物体的体积以及密度有关，“小王比小李胖”只能说明小王比小李的体积大，我们不能由此来判断质量的关系，所以也不能判断他们体重的大小关系，故A错误； B、“铁比木头重”是指铁的密度大于木头的密度，故B正确； C、用手机上网时，有很多链接是不安全的，所以不能随意点击陌生链接，以防止个人信息泄露，故C正确； D、大功率家用电器需要安装漏电保护装置，因为大功率电器工作时，通过电路的电流较大，漏电时可能会危及生命和财产安全，故D正确。‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 电磁感应 ‎【解析】‎ IC卡在刷卡机上刷过时，刷卡机的检测器就会产生感应电流，便可读出IC卡上的信息，刷卡说明由于运动产生感应电流，这是电磁感应，找出下面工作原理是电磁感应的即可。‎ ‎【解答】‎ A‎、电风扇的主要部分是电动机，电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故A错误。 B、电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B错误。 C、手摇发电机的工作原理是电磁感应，所以刷卡机和手摇发电机的工作原理相同，故C正确。 D、电磁铁的工作原理是电流周围产生磁场，故D错误。‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 光在均匀介质中直线传播 ‎【解析】‎ ‎（1）小孔成像是由光的直线传播形成的。 （2）平面镜成像是光的反射的重要应用。 （3）水中的鱼看起来变浅了是因为光的折射造成的。 （4）雨后空中彩虹是光的色散形成的。‎ ‎【解答】‎ 日环食是月球运动到地球和太阳之间，月球遮挡了太阳射向地球的光线，地球上某区域的人会看到日环食，某区域的人会看到日偏食，都是光的直线传播形成的。 A、由于光的直线传播，人上部射出的光线经小孔投射到下方，人下部射出的光线经小孔投射到上方，形成倒立的实像，故小孔成像和日环食都是由光的直线传播形成的，故A正确。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 B‎、蜡烛射出的光线到平面镜发生反射，反射光线进入眼睛，眼睛逆着光线看去好像从镜后发出的，所以平面镜成像是光的反射形成的，故B错误。 C、鱼射出的光线到水面发生折射，折射光线远离法线，人从岸上看感觉折射光线从鱼的上部发出的，感觉水中的鱼看起来变浅，故C错误。 D、雨后彩虹是太阳光经空气的小冰晶折射形成的，也可以说是太阳光经小冰晶分散成七种颜色的光，故D错误。‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 电磁波在日常生活中的应用 电磁波的传播 运动和静止的相对性 平衡力的辨别 ‎【解析】‎ ‎（1）（2）电磁波能够传递信息，导航是利用电磁波传递信息的，电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播； （3）运动和静止是相对的。研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的； （4）物体处于静止或匀速直线运动时，处于平衡状态。‎ ‎【解答】‎ A‎、电磁波的传播不需要介质，能够在真空中传播，故A错误； B、北斗导航系统中卫星间的信息的传递依靠的是电磁波，故B错误； C、北斗导航系统中的地球同步卫星相对地面之间没有位置的变化，是静止的，故C错误； D、在轨运行的北斗导航卫星围绕地球做圆周运动，其运动方向发生变化，所以受到非平衡力的作用，故D正确。‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 惯性 平衡力和相互作用力的区分 ‎【解析】‎ ‎（1）任何物体都有惯性，与运动状态无关。 （2）二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力；若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力。 （3）作用力和反作用力是发生在相互作用的物体上，即两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。‎ ‎【解答】‎ A‎、任何物体任何情况都有惯性，故A错误。 B、石头对地面的压力和石头所受的重力，方向不相反，且不是相互作用，故B错误； C、石头所受的支持力与石头所受重力的大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上，是一对平衡力，故C正确； D、地面对石头的支持力、石头对地面的压力是一对平衡力，大小相等，故D错误；‎ ‎8.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 动能和势能的大小变化 力的作用效果 ‎【解析】‎ ‎（1）判断能量的转化，我们主要看它要消耗什么能量，得到什么能量，总是消耗的能量转化为得到的能量。 （2）力可以改变物体的运动状态。 （3）影响动能大小的因素是质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大。 （4）影响重力势能大小的因素是质量和高度，质量一定时，高度越高，重力势能越大。‎ ‎【解答】‎ A‎、学生在短跑过程中，消耗体内营养物质，得到机械能，化学能转化为机械能；故A错误； B、学生带足球绕杆的运动，足球的运动方向不断发生变化，说明力可以改变物体的运动状态；故B正确； C、学生投掷的实心球在抛出去的实心球，下落过程中，质量不变、高度减小、速度增大，重力势能减小，动能增大；故C错误； D、学生在立定跳远的整个过程中，他的质量不变，高度先变大后变小，所以重力势能先变大后变小；故D错误。‎ ‎9.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 物体的浮沉条件及其应用 ‎【解析】‎ 根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系。‎ ‎【解答】‎ AB‎、由图可知，物体在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态， 因为ρ液‎>‎ρ物时物体漂浮，ρ液＝ρ物时物体悬浮，所以甲杯中的液体密度大于乙杯中的液体密度，故A错误，B正确； CD、因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，因此甲杯液体中物体A受的浮力等于乙杯液体中物体B受的浮力，故CD错误。‎ ‎10.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 大气压的综合应用 ‎【解析】‎ ‎（1）水蒸气液化，体积变小； （2）将瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是不让大气进入瓶中； （3）烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，利用大气压强； （4）烧杯中的水上升，是由于大气压的作用。‎ ‎【解答】‎ A‎、往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿瓶内水蒸气液化，体积变小，瓶内气体压强变小，故A错误； ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 B‎、将瓶盖盖住瓶口并拧紧，目的是不让大气进入瓶中，水蒸气液化，体积变小，瓶内气压小于大气压，故B错误； C、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是大气压强的作用，不是连通器原理，故C错误； D、烧杯中的水流入到位置较高的塑料瓶，是因为瓶内气压小于大气压，烧杯中的水在大气压的作用下，流入塑料瓶，故D正确。‎ ‎11.‎ ‎【答案】‎ A,D ‎【考点】‎ 欧姆定律的应用 电功率的计算 ‎【解析】‎ 由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 （1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻； （2）当电流表示数为‎0.2A时，根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点可知电压表示数； （3）由于无论如何调节滑动变阻器，电流表示数都不会低于‎0.1A，则根据欧姆定律求出电路中的总最大电阻，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路中的最大电阻； （4）当灯泡正常工作时电路中的电流最大，然后根据P＝UI求出消耗的最大功率与最小功率。‎ ‎【解答】‎ 由I=‎UR可得： 灯泡电阻RL‎=UIL=‎3V‎0.3A=10Ω，故A正确（1）B、当电流表示数为‎0.2A时，由I=‎UR可得： 灯泡两端的电压UL＝IRL＝‎0.2A×10Ω＝‎2V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，则滑动变阻器两端的电压U滑＝U−‎UL＝‎3V−2V＝‎1V，即电压表示数为‎1V，故B错误（2）C、已知电流表示数最小为‎0.1A，则由I=‎UR可得： 电路中的总最大电阻为R最大‎=UI=‎3V‎0.1A=30Ω， 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，滑动变阻器接入电路中的最大阻值： R滑大＝R总‎−‎RL＝‎30Ω−10Ω＝‎20Ω，故C错误（3）D、当灯泡正常工作时的电流最大为I最大＝IL＝‎0.3A；则消耗的最大功率与最小功率P最大‎:‎P最小＝UI最大:UI最小＝I最大‎:‎I最小＝‎0.3A:0.1A＝‎3:1‎，故D正确。 故选：AD。‎ ‎12.‎ ‎【答案】‎ B,C ‎【考点】‎ 功的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）根据W＝Gh计算木箱克服重力做功的大小； （2）根据W总＝Fs做出总功，克服摩擦力做的额外功W额＝W总‎−‎W有用； （3）做功的必要条件：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。‎ ‎【解答】‎ A‎、由题意知，木箱的重力G＝‎150N，斜面高h＝s×sin‎30‎‎∘‎＝‎5m×‎1‎‎2‎=2.5m，木箱克服重力做功：W有用＝Gh＝‎150N×2.5m＝‎375J，故A错误； BC、推力F做的功：W总＝Fs＝‎100N×5m＝‎500J，克服摩擦力做的额外功W：‎​‎额＝W总‎−‎W有用＝‎500J−375J＝‎125J，故BC正确； D、木箱移动方向与支持力方向垂直，没有在支持力的方向上移动距离，所以斜面的支持力做功为零，故D错误。‎ 二、非选择题 ‎【答案】‎ 小,增大,摩擦 ‎【考点】‎ 摩擦起电 流体压强与流速的关系 摩擦力的利用与防止 ‎【解析】‎ ‎（1）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。 （2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 （3）静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害。‎ ‎【解答】‎ ‎（1）飞机翅膀做成下平上凸形状，根据流体压强和流速的关系可知，飞行时飞机翅膀上部空气流速快压强小，飞机翅膀下部空气流速慢压强大，从而使飞机获得向上的升力。 （2）飞机轮胎表面有凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，在压力一定时，有利于着陆减速时增大摩擦。 （3）飞机在高空飞行过程中与空气摩擦产生大量的静电，使飞机带上电荷，所以轮胎中加钢丝的目的，是为了使飞机在着陆时将机身所带电荷导入大地，保证乘客安全。 故答案为：小；增大；摩擦。‎ ‎【答案】‎ 电磁波,凸透镜,温度 ‎【考点】‎ 红外线 凸透镜成像的应用 ‎【解析】‎ ‎（1）红外线是一种不可见光，它与微波、可见光、x射线一样都是电磁波大家族中的一员； （2）摄像头相当于凸透镜；摄像头的原理与照相机相同，物体应位于其镜头的二倍焦距之外，可成倒立缩小的实像； （3）任何物体都会发出红外线，物体的温度越高，红外辐射越强。‎ ‎【解答】‎ ‎（2）摄像头的镜片是凸透镜，获取脸部特征时，应位于其镜头的二倍焦距之外，可成倒立缩小的实像（1）（3）红外线测温仪的工作原理是将人体的红外线热辐射聚焦到检测器上，系统通过温度传感器，触发报警系统自动报警。 故答案为：电磁波；凸透镜；温度。‎ ‎【答案】‎ 等于零,不等于零,向上 ‎【考点】‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 摩擦力的大小 摩擦力的方向 ‎【解析】‎ ‎（1）要根据产生摩擦力的条件去分析摩擦力，两物体间没有发生相对运动（或没有相对运动趋势）时不会产生摩擦力。 （2）摩擦力的方向与物体相对运动的趋势相反。‎ ‎【解答】‎ 甲传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中，行李与传送带之间相对静止，没有相对运动的趋势，因此不受摩擦力的作用，甲传送带上的行李所受的摩擦力等于零； 乙传送带上的行李随传送带一起匀速运动的过程中，行李与传送带之间相对静止，但行李有向下运动的趋势，因此受摩擦力的作用，乙传送带上的行李所受的摩擦力不等于零； 乙传送带上的行李随传送带向下做匀速运动，行李与传送带之间相对静止，但行李有向下运动的趋势，则行李在运动中受到的摩擦力方向沿传送带向上。‎ ‎【答案】‎ ‎60‎‎,电,减小 ‎【考点】‎ 变速运动与平均速度 动能和势能的大小变化 ‎【解析】‎ ‎（1）知道列车行驶的路程和时间，根据v=‎st求出运行全程的平均速度； （2）电动机工作时是将电能转化为机械能； （3）物体的动能与质量和速度有关，当车减速进站时车的速度越来越小，质量不变，动能减小。‎ ‎【解答】‎ ‎（2）高铁动车组装有牵引电动机，高铁列车运行时，是将电能转化为机械能（1）（3）车减速进站时，车质量不变，速度减小，动能减小。 故答案为：‎60‎；电；减小。‎ ‎【答案】‎ ‎0.4‎‎,‎7000‎,变大 ‎【考点】‎ 滑轮（组）的机械效率 速度公式及其应用 压强的计算公式及其应用 ‎【解析】‎ ‎（1）由图知，n＝‎2‎，绳子自由端移动距离s＝‎2h，利用速度公式求绳自由端的速度； （2）不计绳重和滑轮的摩擦，拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)‎，人对地面的压力等于人的重力减去拉力，再利用p=‎FS求人对地面的压强； （3）用同一个滑轮组提升物体时，物重越大，机械效率越高。‎ ‎【解答】‎ ‎（2）不计绳重和滑轮的摩擦，拉力F=‎1‎‎2‎(G+G动)=‎1‎‎2‎(540N+100N)‎＝‎320N， 人对地面的压力： F压＝G人‎−F＝‎600N−320N＝‎280N， 人对地面的压强： p=FS=‎280N‎0.04‎m‎2‎=7000Pa(1)(3)‎用该滑轮组提升更重的物体，在提升高度相同时，由于物重增大，则有用功增大，而额外功几乎不变，所以有用功在总功中所占的比例变大，机械效率会变大。 故答案为：‎0.4‎；‎7000‎；变大。‎ ‎【答案】‎ 裂变,不可再生,‎‎18‎ ‎【考点】‎ 核聚变和核裂变 能量利用效率 能源的分类 ‎【解析】‎ ‎（1）核潜艇利用核能工作，核能是原子核的裂变释放的能量。 （2）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。 （3）利用Q吸＝cm△t求水吸收的热量，再利用Q放＝qV求出页岩气燃烧放出的热量，最后运用η=‎QQ求该燃气灶烧水的效率。‎ ‎【解答】‎ ‎（1）核潜艇的动力系统是由原子核裂变提供。 （2）页岩气和核能，使用后不能在短期内从自然界得到补充，都属于不可再生能源。 （3）水吸收的热量为： Q吸＝cm△t＝‎4.2×‎10‎‎3‎J/(kg⋅‎​‎‎∘‎C)×3kg×(80‎​‎‎∘‎C−20‎​‎‎∘‎C)‎＝‎7.56×‎10‎‎5‎J， 页岩气燃烧放出的热量为： Q放＝qV＝‎4.2×‎10‎‎7‎J/m‎3‎×0.1‎m‎3‎＝‎4.2×‎10‎‎6‎J， 燃气灶烧水的效率为： η=QQ=‎7.56×‎10‎‎5‎J‎4.2×‎10‎‎6‎J×100%‎＝‎18%‎。 故答案为：裂变；不可再生；‎18‎。‎ ‎【答案】‎ ‎11‎‎,电饭锅,‎‎500‎ ‎【考点】‎ 电能表参数的理解与电功的测量 电功率的计算 ‎【解析】‎ ‎（1）电能表上“‎220V、‎50A”中，‎220V是指电能表的工作电压，‎50A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P＝UI求小聪家允许接入电路的最大功率； （2）估测台灯、电饭锅、电视机的额定功率，确认规格为“‎220V 1000W”的用电器是哪一种用电器； （3）利用W＝Pt求该用电器消耗的电能，‎3000r/kW⋅h表示每消耗‎1kW⋅h的电能，电能表的转盘转‎3000r，据此求电路中只有这一用电器正常工作‎10min电能表的转盘转的圈数。‎ ‎【解答】‎ ‎（2）台灯的额定功率一般小于‎40W，电饭锅的额定功率在‎1000W左右、电视机的额定功率在‎200W左右，所以规格为“‎220V 1000W”的用电器可能是电饭锅（1）（3）该用电器正常工作‎10min消耗的电能： W＝Pt＝‎1kW×‎10‎‎60‎h=‎1‎‎6‎kW⋅h， 电能表的转盘转的圈数： n＝‎3000r/kW⋅h×‎1‎‎6‎kW⋅h＝‎500r。 ‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 故答案为：‎11‎；电饭锅；‎500‎。‎ ‎【答案】‎ ‎5‎‎,N极,增大 ‎【考点】‎ 杠杆的平衡条件 安培定则 ‎【解析】‎ ‎（1）根据定滑轮不省力，求出绳子对杠杆A端拉力，根据杠杆平衡条件求出杠杆B端的拉力，杠杆B端的拉力等于磁铁的重力。 （2）知道电流方向，根据安培定则判断螺线管的磁极。 （3）根据磁极间的作用判断杠杆B端拉力变化，根据杠杆平衡条件判断杠杆A端拉力变化，判断弹簧测力计示数变化。‎ ‎【解答】‎ ‎（1）左端是一个定滑轮，定滑轮不省力，弹簧测力计示数是‎7.5N，不计绳重和摩擦，杠杆A端受到拉力是‎7.5N， 已知OA:OB＝‎2:3‎，所以OA=‎2‎‎3‎OB， 杠杆水平位置平衡，根据杠杆平衡条件得： FA‎×AO＝FB‎×OB， ‎7.5N×‎2‎‎3‎OB＝FB‎×OB， 解得：FB＝‎5N， 磁铁的重力： G＝FB＝‎5N。 （2）由图知，电流从螺线管的下端进入，从上端流出，根据安培定则可以判断螺线管的上端是N极、下端是S极。 （3）根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当闭合开关后，螺线管的上端是N极，和上面的磁铁相互吸引，杠杆B的拉力增大，杠杆A端拉力增大，弹簧测力计示数增大。 故答案为：‎5‎；N极；增大。‎ ‎【答案】‎ 增加,固液共存态,‎‎14‎ ‎【考点】‎ 温度、热量与内能的关系 熔化和凝固的温度—时间图象 ‎【解析】‎ ‎（1）冰温度升高，内能增加； （2）晶体熔化时不断吸热，熔化过程中吸热温度不变；晶体熔化过程中物质处于固液共存态； （3）液体沸腾温度保持不变。‎ ‎【解答】‎ 该物质是晶体，第‎6min时处于该物质的熔化过程中，所以在‎6min时固体处于固液共存态（1）由图可知，加热到‎14min，液体温度不再变化，此时水开始沸腾。 故答案为：增加；固液共存态；‎14‎。‎ ‎【答案】‎ ‎0.2‎ 等效替代法 ‎5‎‎,是 ‎【考点】‎ 力的合成与应用 ‎【解析】‎ ‎（1）根据甲图中弹簧测力计的表盘确定其分度值的大小； （2）本实验中两个力合力与一个力效果相同，因此采用的“等效替代法”； （3）根据弹簧测力计的分度值读数；根据等效替代法分析。‎ ‎【解答】‎ 由图可知，测力计的量程为‎0∼10N，分度值为‎0.2N；‎ 实验中，F的作用效果F‎1‎、F‎2‎共同作用的效果相同，即F为F‎1‎和F‎2‎的合力，该实验方法为等效替代法；‎ 由图可知，弹簧测力计分度值为‎0.2N，示数为‎5N；由图可知，F‎3‎、F‎4‎的合力的作用效果与F‎′‎的力的作用效果相同，所以F‎′‎是F‎3‎、F‎4‎的合力。‎ ‎【答案】‎ 断开,‎A 小灯泡 ‎0.5‎‎,‎‎12.5‎ 电阻 ‎＝‎ ‎【考点】‎ 探究用电器的电功率实验 ‎【解析】‎ ‎（1）小王同学连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态； 要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，即变阻器左下接线柱连入电路中； （2）若电流表示数为‎0‎，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了； （3）根据绘制的U−I图象知，可知灯在额定电压下的电流，由P＝UI得出额定功率，由欧姆定律求出电阻；（4）小灯泡的电阻随温度变化而变化；。 （5）根据串联电路电压的规律分析。‎ ‎【解答】‎ 小王同学连接电路时，开关应处于断开状态。小王已连接了部分电路，如图甲所示。要使滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，你应将电流表的负极与滑动变阻器上的 A点相连；‎ 小王连接好电路后，闭合开关，逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表指针几乎不偏转，此现象的原因可能是小灯泡出现故障（断路）；‎ 排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，观察到两电表示数在变化，并做好数据记录。根据绘制的U−I图象如图乙所示知，灯在额定电压下的电流为‎0.2A，小灯泡的额定功率是： P＝UI＝‎2.5V×0.2A＝‎0.5W，由欧姆定律，此时小灯泡的电阻是： R=UI=‎2.5V‎0.2A=12.5Ω；‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页 小灯泡的电阻随温度变化而变化，温度变化较小时，灯的电阻变化也较小，故小王还发现图线在电流较小时是直线，随着电流增大（电阻变化较大），图线变成了一条曲线；‎ 根据串联电路中，各部分电压之和等于电源电压，滑动变阻器的滑P移动一段距离，设小灯泡与滑动变阻器两端的电压变化量的绝对值分别为‎△‎U‎1‎、‎△‎U‎2‎，则‎△‎U‎1‎＝‎△‎U‎2‎。‎ ‎【答案】‎ 该恒流电源输出的恒定电流为‎0.6A；‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎时，电压表示数变为U‎2‎＝‎4V，定值电阻R‎2‎的阻值为‎10Ω；‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎，通电‎1min，电阻R‎2‎产生的热能为‎48J。‎ ‎【考点】‎ 焦耳定律的计算公式及其应用 欧姆定律的应用 ‎【解析】‎ ‎（1）闭合开关S‎1‎时，为R‎1‎的简单电路，电压表测其电压，根据P＝UI求出该恒流电源输出的恒定电流； （2）根据已知条件，由欧姆定律求出R‎1‎； S‎1‎、S‎2‎时，两电阻并联，根据电压表示数，由欧姆定律求出通过R‎1‎的电流，根据电源输出的恒定电流，根据并联电路电流的规律求出通过R‎2‎的电流，根据欧姆定律得出定值电阻R‎2‎； （3）根据Q＝W=U‎2‎‎2‎R‎2‎t求出通电‎1min电阻R‎2‎产生的热能。‎ ‎【解答】‎ 闭合开关S‎1‎时，为R‎1‎的简单电路，电压表测其电压，因U‎1‎＝‎6V，此时电阻消耗的电功率P＝‎3.6W，根据P＝UI，该恒流电源输出的恒定电流： I=PU‎1‎=‎3.6W‎6V=0.6A；‎ 由欧姆定律，R‎1‎‎=U‎1‎I=‎6V‎0.6A=10Ω， S‎1‎、S‎2‎时，两电阻并联，电压表示数变为U‎2‎＝‎4V，由欧姆定律，通过R‎1‎的电流： I‎1‎‎′=U‎2‎R‎1‎=‎4V‎10Ω=0.4A，因电源输出的恒定电流为‎0.6A，根据并联电路电流的规律，通过R‎2‎的电流为： I‎2‎＝I−I‎1‎′‎＝‎0.6A−0.4A＝‎0.2A， 根据欧姆定律，定值电阻R‎2‎‎=U‎2‎I‎2‎=‎4V‎0.2A=20Ω；‎ 若同时闭合开关S‎1‎、S‎2‎，通电‎1min，电阻R‎2‎产生的热能：Q＝W=U‎2‎‎2‎R‎2‎t=‎(4V‎)‎‎2‎‎20Ω×1×60s＝‎48J。‎ ‎【答案】‎ 容器B中的水对容器B底部的压强为‎2×‎10‎‎4‎Pa；‎ 容器B内外水的深度差是‎0.4m；此时容器B对容器A的压力是‎1.1×‎10‎‎4‎N。‎ ‎【考点】‎ 液体压强的计算公式及其应用 ‎【解析】‎ ‎（1）已知B是柱形金属容器，则水对容器B底部的压力等于水的重力，所以求出容器B中水的重力，然后根据p=‎FS求出容器B中的水对容器B底部的压强； （2）根据ρ=‎mV分别求出AB中水的体积，根据V＝Sh分别求出水的深度，然后即可比较容器B内外水的深度差； 再根据重力计算公式即可求出容器B与剩余水的总重力；根据B浸没在A中水的深度，求出排开水的体积，然后根据阿基米德原理求出B受到的浮力；最后根据力的合成求出容器B对容器A的压力。‎ ‎【解答】‎ 由于B是柱形金属容器，则水对容器B底部的压力F‎2‎＝G‎2‎＝m‎2‎g＝‎3×‎10‎‎3‎kg×10N/kg＝‎3×‎10‎‎4‎N， 容器B中的水对容器B底部的压强p‎2‎‎=F‎2‎S‎2‎=‎3×‎10‎‎4‎N‎1.5‎m‎2‎=2×‎10‎‎4‎Pa；‎ 将容器B中的水往外抽到容器A中，则容器B中剩余水的质量m＝m‎2‎‎−‎m‎3‎＝‎3×‎10‎‎3‎kg−600kg＝‎2.4×‎10‎‎3‎kg， 根据ρ=‎mV可得： 容器A中水的体积V‎3‎‎=m‎3‎ρ=‎600kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=0.6‎m‎3‎， 容器B中剩余水的体积V=mρ=‎2.4×‎10‎‎3‎kg‎1.0×‎10‎‎3‎kg/‎m‎3‎=2.4‎m‎3‎， 容器A中水的深度h‎3‎‎=V‎3‎S‎1‎‎−‎S‎2‎=‎0.6‎m‎3‎‎2m‎2‎−1.5‎m‎2‎=1.2m， 容器B中剩余水的的深度h=VS‎2‎=‎2.4‎m‎3‎‎1.5‎m‎2‎=1.6m， 则容器B内外水的深度差‎△h＝h−‎h‎3‎＝‎1.6m−1.2m＝‎0.4m； 容器B与剩余水的总重力G总＝‎(m‎1‎+m)g＝‎(500kg+2.4×‎10‎‎3‎kg)×10N/kg＝‎2.9×‎10‎‎4‎N； 容器B排开A中的水的体积V排＝S‎2‎h‎3‎＝‎1.5m‎2‎×1.2m＝‎1.8‎m‎3‎， 容器受到浮力F浮＝ρ水gV排＝‎1.0×‎10‎‎3‎kg/m‎3‎×10N/kg×1.8‎m‎3‎＝‎1.8×‎10‎‎4‎N； 容器B对容器A的压力F压＝G总‎−‎F浮＝‎2.9×‎10‎‎4‎N−1.8×‎10‎‎4‎N＝‎1.1×‎10‎‎4‎N。‎ 第21页 共22页 ◎ 第22页 共22页