- 2021-04-16 发布 |
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文档介绍
重庆市2020届高三上学期12月联考数学(理)试题 Word版含解析
www.ks5u.com 重庆市高三联考理科数学 注意事项: 1.答题前,考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚. 2.每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号.在试题卷上作答无效. 3.考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回.满分150分,考试用时120分钟. 一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的) 1.命题“”的否定是( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 直接利用全称命题的否定解答. 【详解】因为全称量词命题的否定是特称量词命题, 所以命题“”的否定是“”. 故选:D 【点睛】本题主要考查全称命题的否定,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 2.设集合,集合,则( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 - 19 - 【分析】 先求出,再求得解. 【详解】因为,. 所以. 故选:B 【点睛】本题主要考查集合的补集和交集运算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 3.设,则在复平面内对应的点位于( ) A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限 【答案】A 【解析】 【分析】 先求出,再求得解. 【详解】因为.所以, 所以点位于第一象限. 【点睛】本题主要考查复数的运算和共轭复数,考查复数的几何意义,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 4.设向量,且,则( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 由题得,解方程即得解. 【详解】由题得, - 19 - 解之得. 故选:D 【点睛】本题主要考查向量垂直的数量积表示,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 5.抛物线的焦点坐标是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 化简得,即得焦点坐标. 【详解】由题得, 所以抛物线的焦点坐标为. 故选:C 【点睛】本题主要考查抛物线的几何性质,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 6.已知,则( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 先求出a,b,c的范围,即得解. 【详解】因为,. 所以 故选:B - 19 - 【点睛】本题主要考查指数对数函数的单调性的应用,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 7.已知函数在上不单调,则的取值范围是( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 原命题等价于在上有解,再利用零点定理分析解答得解. 【详解】.因为在上不单调. 所以在上有解, 又在上单调递减, 所以,, 故. 故选:C 【点睛】本题主要考查利用导数研究函数的单调性和零点定理,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 8.已知,则( ) A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 由题得,再利用诱导公式化简求值. - 19 - 【详解】. 故选:A 【点睛】本题主要考查诱导公式化简求值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 9.函数在的图像大致为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 先求出函数为奇函数,再通过特殊值确定答案. 【详解】函数的定义域关于原点对称. 因为, 所以为奇函数. 又因为.., 故选:. 【点睛】本题主要考查图象的确定问题,考查函数奇偶性的判定,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 10.若函数图像的一条对称轴方程为,则( ) A. B. - 19 - C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 由题得,解方程即得解. 【详解】由题得, 所以, 所以 所以. 故选:B 【点睛】本题主要考查三角函数的对称性,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 11.在中,,,,则( ) A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】 由题得,,再利用数量积公式即得解. 【详解】因为. 所以. 因为. 所以. 所以 - 19 - 故选:C 【点睛】本题主要考查向量的运算法则和数量积的计算,考查向量的模的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 12.双曲线的渐近线于圆相切,且该双曲线过点,则该双曲线的虚轴长为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 的渐近线与圆相切等价于圆心到渐近线的距离等于半径,推出的方程,结合点在双曲线上,求解,然后求解双曲线的虚轴长. 【详解】双曲线的一条渐近线. 圆的圆心,半径. 渐近线与圆相切,,即,① 该双曲线过点, , ② 解①②可得,, 双曲线,该双曲线的虚轴长为8. 故选:. 【点睛】熟练掌握双曲线的渐近线方程、直线与圆相切的性质、点到直线的距离公式、离心率的计算公式是解题的关键,是中档题. - 19 - 二、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分) 13.在中,角所对的边分别为,若,,则_______. 【答案】 【解析】 【分析】 利用正弦定理即得求解. 【详解】因为,, 所以, 所以. 故答案为: 【点睛】本题主要考查正弦定理,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 14.设满足约束条件,则的最小值为_______. 【答案】 【解析】 【分析】 由约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合得到最优解,把最优解的坐标代入目标函数得答案. 【详解】由约束条件作出可行域如图, - 19 - 化目标函数为, 由图可知,当直线过时,有最小值为. 故答案为:. 【点睛】本题考查简单的线性规划,考查数形结合的解题思想方法,是中档题. 15.函数的图像在点处的切线垂直于直线,则_______. 【答案】 【解析】 【分析】 先求出,再解方程即得解. 【详解】因为.所以. 因. 所以. 故答案为: 【点睛】本题主要考查求导和导数的几何意义,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 16.对于等差数列等比数列,我国古代很早就有研究成果.北宋大科学家沈括在《梦溪笔谈》中首创的“隙积术”,就是关于高阶等差数列求和的问题.现有一堆货物,从上向下查,第一层有个货物,第二层比第一层多个,第三层比第二层多个,依此类推,记第层货物的个数为,则数列的通项公式_______. - 19 - 【答案】 【解析】 【分析】 由题得,利用等差数列化简即得解. 【详解】由题得. 故答案为: 【点睛】本题主要考查等差数列求和,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 三、解答题(共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤) 17.已知函数是定义在上的奇函数,当时, (1)求的解析式; (2)求不等式的解集. 【答案】(1)(2) 【解析】 【分析】 (1)若,则,先求出时函数的解析式,即得函数的解析式;(2)解不等式组或即得解. 【详解】(1)若,则, 因为当时,所以. 因为是奇函数,所以. 因为是定义在上的奇函数,所以. - 19 - 故. (2)因为,所以或 解得或. 故不等式的解集为. 【点睛】本题主要考查利用函数的奇偶性求函数的解析式,考查分段函数不等式的解法,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 18.已知数列是递增的等比数列,,且. (1)求数列的通项公式; (2)设,求数列的前项和. 【答案】(1)(2) 【解析】 【分析】 (1)解方程组即得数列的首项和公比,即得数列的通项公式;(2)利用分组求和求数列的前项和. 【详解】(1),或(舍). 又,,或(舍), , - 19 - 【点睛】本题主要考查等比数列的通项的求法,考查等差数列和等比数列的求和问题,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 19.中,角所对的边分别为,已知 (1)求; (2)若,求的面积. 【答案】 【解析】 【分析】 (1)由题得,解三角方程即得解;(2)先求出,再求的面积. 【详解】(1)因为所以, 因 所以 所以, 因为, 所以. (2)由题得 所以, 所以的面积为. - 19 - 【点睛】本题主要考查余弦定理解三角形和三角恒等变换,考查三角形面积的计算,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 20.已知椭圆的半焦距为,圆与椭圆有且仅有两个公共点,直线与椭圆只有一个公共点. (1)求椭圆的标准方程; (2)已知动直线过椭圆的左焦点,且与椭圆分别交于两点,试问:轴上是否存在定点,使得为定值?若存在,求出该定值和点的坐标;若不存在,请说明理由. 【答案】(1)(2)在轴上存在点,使得为定值 【解析】 【分析】 (1)根据已知求出即得椭圆的标准方程;(2)当直线的斜率存在时,设直线的方程为,设,利用韦达定理和向量的数量积求出,此时为定值;当直线的斜率不存在时,直线的方程为,求出此时点R也满足前面的结论,即得解. 【详解】(1)依题意,得, 则, 故椭圆的标准方程为. 当直线的斜率存在时,设直线的方程为, 代人椭圆的方程,可得 设,,则, 设,则 - 19 - 若为定值,则,解得 此时 点的坐标为 ②当直线的斜率不存在时,直线的方程为,代人,得 不妨设,若,则 综上所述,在轴上存在点,使得为定值 【点睛】本题主要考查椭圆的方程的求法,考查椭圆中的定点定值问题,意在考查学生对这些知识的 理解掌握水平. 21.已知函数. (1)当时,证明:; (2)当时,若在上为增函数,求的取值范围; (3),试比较与的大小,并进行证明. 【答案】(1)证明见解析(2)(3),证明见解析 【解析】 - 19 - 【分析】 (1)利用导数求出即得证;(2)即在上恒成立, 再求的最大值即得解;(3)由(1)知,令,得,利用放缩法和等比数列的前n项和即得证. 【详解】(1)证明:当时,,所以 令,得;令,得. 所以上单调递增,在上单调递减, 所以, 故. (2)当时,, 所以在上恒成立, 即在上恒成立. 令 显然当时,;当时,. 而当时, 所以在上单调递增, 所以 所以,即a的取值范围是. - 19 - 证明:由(1)知, 令,得, 所以, 所以, 即, 所以. 【点睛】本题主要考查利用导数求函数的最值,考查利用导数研究不等式的恒成立问题,考查利用导数证明不等式,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力. 请考生在第22、23两题中任选一题作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑.注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题.如果多做,则按所做的第一题计分. 22.在直角坐标系中,曲线的参数方程为(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程为 (1)求和的直角坐标方程; (2)已知点,直线与曲线交于两点,求的值. 【答案】(1)曲线的直角坐标方程为,的直角坐标方程为(2) 【解析】 【分析】 - 19 - (1)利用消参求出曲线C的直角坐标方程,利用极直互化的公式求出直线的直角坐标方程;(2)先求出直线的参数方程,再利用参数的几何意义求解. 【详解】解:(1)由(为参数), 得曲线的直角坐标方程为. 由,得, 则的直角坐标方程为. (2)易知点在直线上,直线的参数方程可写为(为参数), 代入.得. 设对应的参数分别为, 则 故 【点睛】本题主要考查极坐标、参数方程和直角坐标方程的互化,考查直线参数方程中参数的几何意义,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. 23.已知函数的最小值为. (1)求的值; (2)若为正数,且,求的最大值. 【答案】(1)(2) 【解析】 - 19 - 【分析】 (1)先化简函数,再求函数的最小值得解;(2)先求出 ,再利用基本不等式求最大值. 【详解】(1) 当时,; 当时,; 当时, 可知,即. (2)由(1)可得,所以 因为.所以, 当且仅当,即时等号成立 所以的最大值为. 【点睛】本题主要考查分段函数的最值的计算,考查基本不等式求最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平. - 19 - - 19 -查看更多