- 2021-04-15 发布 |
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文档介绍
广东省广州市荔湾区2019-2020学年高二上学期期末教学质量检测数学答案与评分标准
2019-2020学年第一学期期末教学质量监测 高二数学参考答案与评分标准 说明: 1.参考答案与评分标准给出了一种或几种解法供参考,如果考生的解法与参考答案不同,可根据试题主要考查的知识点和能力对照评分标准给以相应的分数. 2.对解答题中的计算题,当考生的解答在某一步出现错误时,如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度,可视影响的程度决定后继部分的得分,但所给分数不得超过该部分正确解答应得分数的一半;如果后继部分的解答有较严重的错误,就不再给分. 3.解答右端所注分数,表示考生正确做到这一步应得的累加分数. 4.只给整数分数,选择题和填空题不给中间分. 一、选择题,每小题5分,共60分. 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 C D D C B B C B A D B A 部分小题解答 8. 解:由,得 ,所以,即, 所以(舍去).依题意得,即,所以. 所以.故选B. 9. 解:若是等比数列,则是与的等比中项,所以原命题是真命题, 从而,逆否命题是真命题; 反之,若,则当时,,所以是等比数列,所以逆命题是真命题,从而,否命题是真命题.故选A. 10. 解:双曲线的渐近线方程为,无妨设, 因为,,所以得, 所以的面积为.故选D. 11. 解:设,则,所以 , 当且仅当,即时,取“=”号, 所以当时,最小.故选B. 12. 解:取中点,易证:. 如上图,以为坐标原点,的方向为轴正方向,建立空间直角坐标系. 由已知得 . 设, 则 . 设平面的法向量. 由得, 可取, 所以, 解得(舍去),, 所以.故选A. 二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分. 13. 14. 15. 16. 14. 解:因为从第二排起每一排都比前一排多出相同的座位数, 所以座位数构成等差数列. 因为,所以. 15. 解法一: 如图,因为为正三角形,所以, 所以是直角三角形. 因为,,所以. 因为,所以 即,所以. 解法二:如图,易得点,代入,得 ,解得. 16. 解析: 因为, 所以 , 所以. 三、解答题:本大题共6小题,满分70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17.(本小题满分10分) 记为公差不为零的等差数列的前项和,已知,. (1)求的通项公式; (2)求的最大值及对应的大小. 17. 解:(1)设的公差为,且. 由,得, ……………1分 由,得, ……………2分 于是. ……………4分 所以的通项公式为 . ……………5分 (2)由(1)得 ……………6分 ……………7分 ……………8分 因为, 所以当或时, ……………9分 有最大值为. ……………10分 18. (本小题满分12分) 已知抛物线的顶点在原点,对称轴是轴,并且经过点,抛物线的焦点为 ,准线为. (1)求抛物线的方程; (2)过且斜率为的直线与抛物线相交于两点、,过、分别作准 线的垂线,垂足分别为、,求四边形的面积. 18. 解:(1)根据题意,设抛物线为, ……………1分 因为点在抛物线上,所以,即. ……………2分 所以抛物线C的方程为. ……………3分 (2)由(1)可得焦点,准线为. ……………4分 不妨设, 过且斜率为的直线的方程为. ……………5分 由 得, ……………6分 所以,.代入,得,. 所以, …………………………………………………7分 . ……………………………………………………8分 (注:A、B两点,算对一个得1分) 所以, …………………………………………9分 , ………………………………………………10分 . …………………………………………11分 (注:上面三条线段,算对一个得1分) 因为四边形是直角梯形,所以四边形的面积为 .……………………………………12分 19. (本小题满分12分) 如图,四棱锥中,底面是菱形, . (1)证明:平面平面; (2)若,,, 求二面角的余弦值. 19. 解:(1)证明:记,连接. 因为底面是菱形, 所以,是的中点. ……………………………………1分 因为,所以. …………………………………………2分 因为, 所以平面. ………………………………………………………3分 因为,所以平面平面. ……………………4分 (2)因为底面是菱形,,, 所以是等边三角形,即. 因为,所以. ……………………………………5分 又,,所以, 即. ………………………………………………………………6分 方法一:因为是的中点,所以, 因为,所以, 所以和都是等腰三角形. ………………………………………7分 取中点,连接,则,且, 所以是二面角的平面角. ……………………………………8分 因为,且, 所以.…………………………………………………………9分 因为, , ……………………………………………………………10分 所以. …………………………………11分 所以二面角的余弦值为. ……………………………………12分 方法二:如图,以为坐标原点,所在直线分别为轴,轴,轴,建立空间直角坐标系,………………………………………………………7分 则,,,,……………………7分 所以,,.……………………8分 设平面的法向量为 由,得, 令,得. ……………9分 同理,可求平面的法向量. ……………10分 所以 …………11分 . ………………………………12分 所以,二面角的余弦值为. ………………………………12分 20.(本小题满分12分) 数列的前项和为,且(),数列满足,. (1)求数列的通项公式; (2)求证:数列是等比数列; (3)设数列满足,其前项和为,证明:. 20. 解:(1)当时,. ………………………………………1分 当时,=. …………………………2分 检验,当时符合. …………………………3分 所以. ………………………………………4分 (2)当时,, ……………5分 而,所以数列是等比数列,且首项为,公比为.………6分 (3)由(1)(2)得 = , , …………………………7分 所以 ① ② 由①②得 ,…………8分 ………………………………9分 , ………………………………10分 所以. ………………………………11分 因为,所以 . ………………………………12分 21.(本小题满分12分) 如图,已知圆:,点是圆内一个定点,点是圆上任意 一点,线段的垂直平分线和半径相交于点. 当点在圆上运动时,点的轨迹为曲线. (1)求曲线的方程; (2)设过点的直线与曲线相交于,两点 (点在,两点之间).是否存在直线使得 ?若存在,求直线的方程;若不存在,请说明理由. 21. 解:(1)因为圆的方程为, 所以,半径. ………………………………1分 因为是线段的垂直平分线,所以. 所以. ………………………………2分 因为, 所以点Q的轨迹是以,为焦点,长轴长的椭圆.………3分 因为,, ………………………………………………4分 所以曲线的方程为. ……………………………………………5分 (2)存在直线使得. ……………………………………………6分 方法一:因为点在曲线外,直线与曲线相交, 所以直线的斜率存在,设直线的方程为. ……………………7分 设, 由 得. …………………8分 则, ① , ② ……………………9分 由题意知,解得. 因为, 所以,即. ③ ……………………10分 把③代入①得 , ④ 把④代入②得,得,满足. …………………11分 所以直线的方程为:或. …………………12分 方法二:因为当直线的斜率为0时,, 此时. ……………………………………7分 因此设直线的方程为:. 设, 由 得 . ……………………………8分 由题意知,解得或 , 则, ① , ② …………………9分 因为,所以. ③ …………………10分 把③代入①得, ④ 把④代入②得, ,满足或. …………………11分 所以直线的方程为或. …………………12分 22. (本小题满分12分) 已知函数. (1)若关于的不等式的解集为,求实数的值; (2)设,若不等式对都成立,求实数的取值范围; (3)若且时,求函数的零点. 22. 解:(1)因为不等式的解集为,所以为方程的两个根, 由根与系数的关系得 ,即,.………………………………………2分 (2)当时,, 因为不等式对都成立, 所以不等式对任意实数都成立. 令, 所以. …………………………3分 当时,, …………………………4分 所以,即,得或, 所以实数的取值范围为. …………………………5分 (3)当时,, 函数的图像是开口向上且对称轴为的抛物线, . ①当,即时,恒成立,函数无零点. …………6分 ②当,即或时, (i)当时,,此时函数无零点. ……………7分 (ii)当时,,此时函数有零点. ……………8分 ③当,即或时,令,得 , . ………………………………………9分 (i)当时,得,此时, 所以当时,函数无零点. ………………………………………10分 (ii)当时,得 ,此时,所以当时,函数有两个零点:. ……………………………11分 综上所述:当,时,函数无零点;当,时,函数有一个零点为;当,时,函数有两个零点:. ……………………………12分查看更多