【数学】2020届浙江一轮复习通用版6-6数学归纳法作业
[基础达标]
1．凸n边形有f(n)条对角线，则凸(n＋1)边形的对角线的条数f(n＋1)为( )
A．f(n)＋n＋1 B．f(n)＋n
C．f(n)＋n－1 D．f(n)＋n－2
解析：选C.边数增加1，顶点也相应增加1个，它与和它不相邻的n－2个顶点连接成对角线，原来的一条边也成为对角线，因此，对角线增加n－1条．
2．用数学归纳法证明“当n为正奇数时，xn＋yn能被x＋y整除”的第二步是( )
A．假设n＝2k＋1时正确，再推n＝2k＋3时正确(其中k∈N*)
B．假设n＝2k－1时正确，再推n＝2k＋1时正确(其中k∈N*)
C．假设n＝k时正确，再推n＝k＋1时正确(其中k∈N*)
D．假设n＝k时正确，再推n＝k＋2时正确(其中k∈N*)
解析：选B.因为n为正奇数，所以n＝2k－1(k∈N*)．
3．用数学归纳法证明：“1＋＋＋…＋
1)”时，由n＝k(k>1)不等式成立，推证n＝k＋1时，左边应增加的项数是________．
解析：当n＝k时，要证的式子为1＋＋＋…＋2，f(8)>，f(16)>3，f(32)>，则其一般结论为________．
解析：因为f(22)>，f(23)>，f(24)>，f(25)>，所以当n≥2时，有f(2n)>.
答案：f(2n)>(n≥2，n∈N*)
5．已知数列{an}满足，a1＝1，an＝－.
(1)求证：≤an≤1；
(2)求证：|an＋1－an|≤.
证明：(1)由已知得an＋1＝，计算a2＝，a3＝，a4＝，猜想≤an≤1.
下面用数学归纳法证明．
①当n＝1时，命题显然成立；
②假设n＝k时，有≤an≤1成立，则当n＝k＋1时，ak＋1＝≤＜1，
ak＋1＝≥＝，即当n＝k＋1时也成立，
所以对任意n∈N*，都有≤an≤1.
(2)当n＝1时，|a1－a2|＝，
当n≥2时，因为(an＋)(an－1＋)＝(an＋)·＝1＋≥1＋＝，
所以|an＋1－an|＝
＝≤|an－an－1|≤…≤|a2－a1|＝·.
6．(2019·温州高考模拟节选)已知数列{an}，{bn}满足a1＝2，b1＝4，且2bn＝an＋an＋1，a＝bnbn＋1.
(1)求a2，a3，a4及b2，b3，b4；
(2)猜想{an}，{bn}的通项公式，并证明你的结论．
解：(1)因为2bn＝an＋an＋1，a＝bnbn＋1，
且a1＝2，b1＝4.
令n＝1，得到解得a2＝6，b2＝9；同理令n＝2，3分别解得a3＝12，b3＝16，a4＝20，b4＝25.
(2)证明：猜测an＝n(n＋1)，bn＝(n＋1)2.
用数学归纳法证明：①当n＝1时，由上可得结论成立．
②假设当n＝k时，结论成立，即ak＝k(k＋1)，bk＝(k＋1)2，
那么当n＝k＋1时，ak＋1＝2bk－ak＝2(k＋1)2－k(k＋1)＝(k＋1)(k＋2)，
bk＋1＝＝(k＋2)2.所以当n＝k＋1时，结论也成立．
由①②，可知an＝n(n＋1)，bn＝(n＋1)2对一切正整数都成立．
7．(2019·台州市高三期末考试)在正项数列{an}中，已知a1＝1，且满足an＋1＝2an－(n∈N*)．
(1)求a2，a3；
(2)证明：an≥()n－1.
解：(1)因为在正项数列{an}中，a1＝1，且满足an＋1＝2an－(n∈N*)，
所以a2＝2×1－＝，a3＝2×－＝.
(2)证明：①当n＝1时，由已知a1＝1≥()1－1＝1，不等式成立；
②假设当n＝k时，不等式成立，即ak≥()k－1，
因为f(x)＝2x－在(0，＋∞)上是增函数，
所以ak＋1＝2ak－≥2()k－1－
＝()k＋()k－
＝()k＋
＝()k＋，
因为k≥1，所以2×()k－3≥2×－3＝0，
所以ak＋1≥()k，
即当n＝k＋1时，不等式也成立．
根据①②知不等式对任何n∈N*都成立．
8．(2019·台州市书生中学月考)已知数列{an}中，a1＝，an≠0，Sn为该数列的前n项和，且Sn＋1＝an(1－an＋1)＋Sn，n∈N*.
(1)求数列{an}的通项公式；
(2)若不等式an＋an＋1＋an＋2＋…＋a3n>对一切正整数n都成立，求正整数a的最大值，并证明结论．
解：(1)因为Sn＋1＝an(1－an＋1)＋Sn，n∈N*，
所以Sn＋1－Sn＝an(1－an＋1)，
所以an＋1＝an(1－an＋1)＝an－anan＋1，
所以an－an＋1＝anan＋1.又an≠0，
所以－＝1，
所以构成以2为首项，以1为公差的等差数列，
所以＝2＋(n－1)×1＝n＋1，
所以an＝，n∈N*.
(2)当n＝1时，＋＋>，即>，
所以a<26.
而a是最大的正整数，
所以取a＝25.
下面用数学归纳法证明：＋＋…＋>.
①当n＝1时，已证；
②假设当n＝k(k≥1，k∈N*)时，不等式成立，即＋＋…＋>，
则当n＝k＋1时，
有＋＋…＋
＝＋＋…＋＋＋＋－>＋.
因为＋＝>＝，
即＋>，
所以＋－>0.
所以当n＝k＋1时不等式也成立．
由①②知，对一切正整数n，都有
＋＋…＋>，
所以a的最大值等于25.
[能力提升]
1．(2019·宁波市诺丁汉大学附中高三期中考试)已知数列{an}满足a1＝3，an＋1＝a＋2an，n∈N*，设bn＝log2(an＋1)．
(1)求{an}的通项公式；
(2)求证：1＋＋＋…＋＜n(n≥2)；
(3)若2cn＝bn，求证：2≤()n＜3.
解：(1)由an＋1＝a＋2an，
则an＋1＋1＝a＋2an＋1＝(an＋1)2，
由a1＝3，则an＞0，两边取对数得到
log2(an＋1＋1)＝log2(an＋1)2＝2 log2(an＋1)，
即bn＋1＝2bn.
又b1＝log2(a1＋1)＝2≠0，
所以{bn}是以2为公比的等比数列．
即bn＝2n.
又因为bn＝log2(an＋1)，
所以an＝22n－1.
(2)证明：用数学归纳法证明：①当n＝2时，左边为1＋＋＝＜2＝右边，此时不等式成立；
②假设当n＝k(k≥2，k∈N*)时，不等式成立，
则当n＝k＋1时，左边＝1＋＋＋…＋＋＋＋…＋
＜k＋＋＋…＋＜k＋＋＋…＋2k个,＜k＋1＝右边，
所以当n＝k＋1时，不等式成立．
综上可得：对一切n∈N*，n≥2，命题成立．
(3)证明：由2cn＝bn得cn＝n，
所以()n＝()n＝(1＋)n，
首先(1＋)n＝C＋C＋C＋…＋C＋…
＋C≥2，
其次因为C＝＜≤＝－(k≥2)，
所以(1＋)n＝C＋C＋C＋…＋C＋…＋C＜1＋1＋1－＋－＋…＋－＝3－＜3，
当n＝1时显然成立．所以得证．
2．已知数列{an}的各项均为正数，bn＝nan(n∈N*)，e为自然对数的底数．
(1)求函数f(x)＝1＋x－ex的单调区间，并比较与e的大小；
(2)计算，，，由此推测计算的公式，并给出证明．
解：(1)f(x)的定义域为(－∞，＋∞)，f′(x)＝1－ex.
当f′(x)>0，即x<0时，f(x)单调递增；
当f′(x)<0，即x>0时，f(x)单调递减.
故f(x)的单调递增区间为(－∞，0)，单调递减区间为(0，＋∞).
当x>0时，f(x)
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