中考数学压轴题汇编及答案

中考数学压轴题汇编及答案

一．解答题（共30小题）‎ ‎1．（2016• 模拟）在平面直角坐标系中，已知抛物线经过A（﹣4，0），B（0，﹣4），C（2，0）三点．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）若点M为第三象限内抛物线上一动点，点M的横坐标为m，△AMB的面积为S．求S关于m的函数关系式，并求出S的最大值．‎ ‎（3）若点P是抛物线上的动点，点Q是直线y=﹣x上的动点，判断有几个位置能够使得点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形，直接写出相应的点Q的坐标．‎ ‎2．（2015• ）如图，直线y=x+2与抛物线y=ax2+bx+6（a≠0）相交于A（，）和B（4，m），点P是线段AB上异于A、B的动点，过点P作PC⊥x轴于点D，交抛物线于点C．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）是否存在这样的P点，使线段PC的长有最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）求△PAC为直角三角形时点P的坐标．‎ ‎3．（2015• ）如图，在直角坐标系中，抛物线经过点A（0，4），B（1，0），C（5，0），其对称轴与x轴相交于点M．（1）求抛物线的解析式和对称轴；‎ ‎（2）在抛物线的对称轴上是否存在一点P，使△PAB的周长最小？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由；（3）连接AC，在直线AC的下方的抛物线上，是否存在一点N，使△NAC的面积最大？若存在，请求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎4．（2015• ）如图，抛物线y=﹣x2+bx+c交x轴于点A（﹣3，0）和点B，交y轴于点C（0，3）．‎ ‎（1）求抛物线的函数表达式；‎ ‎（2）若点P在抛物线上，且S△AOP=4SBOC，求点P的坐标；‎ ‎（3）如图b，设点Q是线段AC上的一动点，作DQ⊥x轴，交抛物线于点D，求线段DQ长度的最大值．‎ ‎5．（2015• ）如图，⊙E的圆心E（3，0），半径为5，⊙E与y轴相交于A、B两点（点A在点B的上方），与x轴的正半轴交于点C，直线l的解析式为y=x+4，与x轴相交于点D，以点C为顶点的抛物线过点B．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）判断直线l与⊙E的位置关系，并说明理由；‎ ‎（3）动点P在抛物线上，当点P到直线l的距离最小时．求出点P的坐标及最小距离．‎ ‎　‎ ‎6．（2015•荆门）如图，在矩形OABC中，OA=5，AB=4，点D为边AB上一点，将△BCD沿直线CD折叠，使点B恰好落在边OA上的点E处，分别以OC，OA所在的直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系．‎ ‎（1）求OE的长及经过O，D，C三点抛物线的解析式；‎ ‎（2）一动点P从点C出发，沿CB以每秒2个单位长度的速度向点B运动，同时动点Q从E点出发，沿EC以每秒1个单位长度的速度向点C运动，当点P到达点B时，两点同时停止运动，设运动时间为t秒，当t为何值时，DP=DQ；‎ ‎（3）若点N在（1）中抛物线的对称轴上，点M在抛物线上，是否存在这样的点M与点N，使M，N，C，E为顶点的四边形是平行四边形？若存在，请求出M点坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎　‎ ‎7．（2015•盘锦）如图1，在平面直角坐标系中，抛物线y=ax2+bx+3交x轴于A（﹣1，0）和B（5，0）两点，交y轴于点C，点D是线段OB上一动点，连接CD，将线段CD绕点D顺时针旋转90°得到线段DE，过点E作直线l⊥x轴于H，过点C作CF⊥l于F．‎ ‎（1）求抛物线解析式；‎ ‎（2）如图2，当点F恰好在抛物线上时，求线段OD的长；‎ ‎（3）在（2）的条件下：‎ ‎①连接DF，求tan∠FDE的值；‎ ‎②试探究在直线l上，是否存在点G，使∠EDG=45°？若存在，请直接写出点G的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎8．（2015•益阳）已知抛物线E1：y=x2经过点A（1，m），以原点为顶点的抛物线E2经过点B（2，2），点A、B关于y 轴的对称点分别为点A′，B′．‎ ‎（1）求m的值及抛物线E2所表示的二次函数的表达式；‎ ‎（2）如图1，在第一象限内，抛物线E1上是否存在点Q，使得以点Q、B、B′为顶点的三角形为直角三角形？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）如图2，P为第一象限内的抛物线E1上与点A不重合的一点，连接OP并延长与抛物线E2相交于点P′，求△PAA′与△P′BB′的面积之比．‎ ‎9．（2015•徐州）如图，在平面直角坐标系中，点A（10，0），以OA为直径在第一象限内作半圆，B为半圆上一点，连接AB并延长至C，使BC=AB，过C作CD⊥x轴于点D，交线段OB于点E，已知CD=8，抛物线经过O、E、A三点．‎ ‎（1）∠OBA=　　　　　　°．‎ ‎（2）求抛物线的函数表达式．‎ ‎（3）若P为抛物线上位于第一象限内的一个动点，以P、O、A、E为顶点的四边形面积记作S，则S取何值时，相应的点P有且只有3个？‎ ‎10．（2015•乌鲁木齐）抛物线y=x2﹣x+2与x轴交于A，B两点（OA＜OB），与y轴交于点C．‎ ‎（1）求点A，B，C的坐标；‎ ‎（2）点P从点O出发，以每秒2个单位长度的速度向点B运动，同时点E也从点O出发，以每秒1个单位长度的速度向点C运动，设点P的运动时间为t秒（0＜t＜2）．‎ ‎①过点E作x轴的平行线，与BC相交于点D（如图所示），当t为何值时，+的值最小，求出这个最小值并写出此时点E，P的坐标；‎ ‎②在满足①的条件下，抛物线的对称轴上是否存在点F，使△EFP为直角三角形？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎11．（2015•佛山）如图，一小球从斜坡O点处抛出，球的抛出路线可以用二次函数y=﹣x2+4x刻画，斜坡可以用一次函数y=x刻画．‎ ‎（1）请用配方法求二次函数图象的最高点P的坐标；‎ ‎（2）小球的落点是A，求点A的坐标；‎ ‎（3）连接抛物线的最高点P与点O、A得△POA，求△POA的面积；‎ ‎（4）在OA上方的抛物线上存在一点M（M与P不重合），△MOA的面积等于△POA的面积．请直接写出点M的坐标．‎ ‎12．（2015•天水）在平面直角坐标系中，已知y=﹣x2+bx+c（b、c为常数）的顶点为P，等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），点C的坐标为（4，3），直角顶点B在第四象限．‎ ‎（1）如图，若抛物线经过A、B两点，求抛物线的解析式．‎ ‎（2）平移（1）中的抛物线，使顶点P在直线AC上并沿AC方向滑动距离为时，试证明：平移后的抛物线与直线AC交于x轴上的同一点．‎ ‎（3）在（2）的情况下，若沿AC方向任意滑动时，设抛物线与直线AC的另一交点为Q，取BC的中点N，试探究NP+BQ是否存在最小值？若存在，求出该最小值；若不存在，请说明理由．‎ ‎13．（2015•常德）如图，曲线y1抛物线的一部分，且表达式为：y1=（x2﹣2x﹣3）（x≤3）曲线y2与曲线y1关于直线x=3对称．‎ ‎（1）求A、B、C三点的坐标和曲线y2的表达式；‎ ‎（2）过点D作CD∥x轴交曲线y1于点D，连接AD，在曲线y2上有一点M，使得四边形ACDM为筝形（如果一个四边形的一条对角线被另一条对角线垂直平分，这样的四边形为筝形），请求出点M的横坐标；‎ ‎（3）设直线CM与x轴交于点N，试问在线段MN下方的曲线y2上是否存在一点P，使△PMN的面积最大？若存在，求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎　‎ ‎14．（2015•自贡）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的对称轴为直线x=﹣1，且抛物线经过A（1，0），C（0，3）两点，与x轴交于点B．‎ ‎（1）若直线y=mx+n经过B、C两点，求直线BC和抛物线的解析式；‎ ‎（2）在抛物线的对称轴x=﹣1上找一点M，使点M到点A的距离与到点C的距离之和最小，求出点M的坐标；‎ ‎（3）设点P为抛物线的对称轴x=﹣1上的一个动点，求使△BPC为直角三角形的点P的坐标．‎ ‎15．（2015•凉山州）如图，已知抛物线y=x2﹣（m+3）x+9的顶点C在x轴正半轴上，一次函数y=x+3与抛物线交于A、B两点，与x、y轴交于D、E两点．‎ ‎（1）求m的值．‎ ‎（2）求A、B两点的坐标．‎ ‎（3）点P（a，b）（﹣3＜a＜1）是抛物线上一点，当△PAB的面积是△ABC面积的2倍时，求a，b的值．‎ ‎16．（2015•铜仁市）如图，关于x的二次函数y=x2+bx+c的图象与x轴交于点A（1，0）和点B与y轴交于点C（0，3），抛物线的对称轴与x轴交于点D．‎ ‎（1）求二次函数的表达式；‎ ‎（2）在y轴上是否存在一点P，使△PBC为等腰三角形？若存在．请求出点P的坐标）；‎ ‎（3）有一个点M从点A出发，以每秒1个单位的速度在AB上向点B运动，另一个点N从 点D与点M同时出发，以每秒2个单位的速度在抛物线的对称轴上运动，当点M到达点B时，点M、N同时停止运动，问点M、N运动到何处时，△MNB面积最大，试求出最大面积．‎ ‎17．（2015•资阳）已知直线y=kx+b（k≠0）过点F（0，1），与抛物线y=x2相交于B、C两点．‎ ‎（1）如图1，当点C的横坐标为1时，求直线BC的解析式；‎ ‎（2）在（1）的条件下，点M是直线BC上一动点，过点M作y轴的平行线，与抛物线交于点D，是否存在这样的点M，使得以M、D、O、F为顶点的四边形为平行四边形？若存在，求出点M的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）如图2，设B（m．n）（m＜0），过点E（0．﹣1）的直线l∥x轴，BR⊥l于R，CS⊥l于S，连接FR、FS．试判断△RFS的形状，并说明理由．‎ ‎18．（2015•苏州）如图，已知二次函数y=x2+（1﹣m）x﹣m（其中0＜m＜1）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，对称轴为直线l．设P为对称轴l上的点，连接PA、PC，PA=PC ‎（1）∠ABC的度数为　　　　　　；‎ ‎（2）求P点坐标（用含m的代数式表示）；‎ ‎（3）在坐标轴上是否存在着点Q（与原点O不重合），使得以Q、B、C为顶点的三角形与△PAC相似，且线段PQ的长度最小？如果存在，求出所有满足条件的点Q的坐标；如果不存在，请说明理由．‎ ‎19．（2015•临沂）在平面直角坐标系中，O为原点，直线y=﹣2x﹣1与y轴交于点A，与直线y=﹣x交于点B，点B关于原点的对称点为点C．‎ ‎（1）求过A，B，C三点的抛物线的解析式；‎ ‎（2）P为抛物线上一点，它关于原点的对称点为Q．‎ ‎①当四边形PBQC为菱形时，求点P的坐标；‎ ‎②若点P的横坐标为t（﹣1＜t＜1），当t为何值时，四边形PBQC面积最大？并说明理由．‎ ‎20．（2015•巴中）如图，在平面直角坐标系xOy中，二次函数y=ax2+bx﹣4（a≠0）的图象与x轴交于A（﹣2，0）、C（8，0）两点，与y轴交于点B，其对称轴与x轴交于点D．‎ ‎（1）求该二次函数的解析式；‎ ‎（2）如图1，连结BC，在线段BC上是否存在点E，使得△CDE为等腰三角形？若存在，求出所有符合条件的点E的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）如图2，若点P（m，n）是该二次函数图象上的一个动点（其中m＞0，n＜0），连结PB，PD，BD，求△BDP面积的最大值及此时点P的坐标．‎ ‎　‎ ‎21．（2015•黔东南州）如图，已知二次函数y1=﹣x2+x+c的图象与x轴的一个交点为A（4，0），与y轴的交点为B，过A、B的直线为y2=kx+b．‎ ‎（1）求二次函数y1的解析式及点B的坐标；‎ ‎（2）由图象写出满足y1＜y2的自变量x的取值范围；‎ ‎（3）在两坐标轴上是否存在点P，使得△ABP是以AB为底边的等腰三角形？若存在，求出P的坐标；若不存在，说明理由．‎ ‎22．（2015•孝感）在平面直角坐标系中，抛物线y=﹣x2+bx+c与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，直线y=x+4经过A，C两点．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）在AC上方的抛物线上有一动点P．‎ ‎①如图1，当点P运动到某位置时，以AP，AO为邻边的平行四边形第四个顶点恰好也在抛物线上，求出此时点P的坐标；‎ ‎②如图2，过点O，P的直线y=kx交AC于点E，若PE：OE=3：8，求k的值．‎ ‎23．（2015•眉山）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c的顶点D的坐标为（1，﹣），且与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，A点的坐标为（4，0）．P点是抛物线上的一个动点，且横坐标为m．‎ ‎（l）求抛物线所对应的二次函数的表达式；‎ ‎（2）若动点P满足∠PAO不大于45°，求P点的横坐标m的取值范围；‎ ‎（3）当P点的横坐标m＜0时，过P点作y轴的垂线PQ，垂足为Q．问：是否存在P点，使∠QPO=∠BCO？若存在，请求出P点的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎24．（2015•桂林）如图，已知抛物线y=﹣x2+bx+c与坐标轴分别交于点A（0，8）、B（8，0）和点E，动点C从原点O开始沿OA方向以每秒1个单位长度移动，动点D从点B开始沿BO方向以每秒1个单位长度移动，动点C、D同时出发，当动点D到达原点O时，点C、D停止运动．‎ ‎（1）直接写出抛物线的解析式：　　　　　　；‎ ‎（2）求△CED的面积S与D点运动时间t的函数解析式；当t为何值时，△CED的面积最大？最大面积是多少？‎ ‎（3）当△CED的面积最大时，在抛物线上是否存在点P（点E除外），使△PCD的面积等于△CED的最大面积？若存在，求出P点的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎25．（2015•遂宁）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c经过A（﹣2，0），B（4，0），C（0，3）三点．‎ ‎（1）求该抛物线的解析式；‎ ‎（2）在y轴上是否存在点M，使△ACM为等腰三角形？若存在，请直接写出所有满足要求的点M的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）若点P（t，0）为线段AB上一动点（不与A，B重合），过P作y轴的平行线，记该直线右侧与△ABC围成的图形面积为S，试确定S与t的函数关系式．‎ ‎　‎ ‎26．（2015•重庆）如图，抛物线y=﹣x2+2x+3与x轴交于A、B两点（点A在点B的左边），与y轴交于点C，点D和点C关于抛物线的对称轴对称，直线AD与y轴交于点E．‎ ‎（1）求直线AD的解析式；‎ ‎（2）如图1，直线AD上方的抛物线上有一点F，过点F作FG⊥AD于点G，作FH平行于x轴交直线AD于点H，求△FGH周长的最大值；‎ ‎（3）点M是抛物线的顶点，点P是y轴上一点，点Q是坐标平面内一点，以A，M，P，Q为顶点的四边形是以AM为边的矩形．若点T和点Q关于AM所在直线对称，求点T的坐标．‎ ‎27．（2015•兰州）已知二次函数y=ax2的图象经过点（2，1）．‎ ‎（1）求二次函数y=ax2的解析式；‎ ‎（2）一次函数y=mx+4的图象与二次函数y=ax2的图象交于点A（x1、y1）、B（x2、y2）两点．‎ ‎①当m=时（图①），求证：△AOB为直角三角形；‎ ‎②试判断当m≠时（图②），△AOB的形状，并证明；‎ ‎（3）根据第（2）问，说出一条你能得到的结论．（不要求证明）‎ ‎28．（2015•丹东）如图，已知二次函数y=ax2+x+c的图象与y轴交于点A（0，4），与x轴交于点B、C，点C坐标为（8，0），连接AB、AC．‎ ‎（1）请直接写出二次函数y=ax2+x+c的表达式；‎ ‎（2）判断△ABC的形状，并说明理由；‎ ‎（3）若点N在x轴上运动，当以点A、N、C为顶点的三角形是等腰三角形时，请直接写出此时点N的坐标；‎ ‎（4）若点N在线段BC上运动（不与点B、C重合），过点N作NM∥AC，交AB于点M，当△AMN面积最大时，求此时点N的坐标．‎ ‎29．（2015•潍坊）如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=mx2﹣8mx+4m+2（m＞0）与y轴的交点为A，与x轴的交点分别为B（x1，0），C（x2，0），且x2﹣x1=4，直线AD∥x轴，在x轴上有一动点E（t，0）过点E作平行于y轴的直线l与抛物线、直线AD的交点分别为P、Q．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）当0＜t≤8时，求△APC面积的最大值；‎ ‎（3）当t＞2时，是否存在点P，使以A、P、Q为顶点的三角形与△AOB相似？若存在，求出此时t的值；若不存在，请说明理由．‎ ‎30．（2015•珠海）如图，折叠矩形OABC的一边BC，使点C落在OA边的点D处，已知折痕BE=5，且=，以O为原点，OA所在的直线为x轴建立如图所示的平面直角坐标系，抛物线l：y=﹣x2+x+c经过点E，且与AB边相交于点F．‎ ‎（1）求证：△ABD∽△ODE；‎ ‎（2）若M是BE的中点，连接MF，求证：MF⊥BD；‎ ‎（3）P是线段BC上一点，点Q在抛物线l上，且始终满足PD⊥DQ，在点P运动过程中，能否使得PD=DQ？若能，求出所有符合条件的Q点坐标；若不能，请说明理由．‎ ‎　‎ ‎　‎ ‎2015年中考数学压轴题汇编（1）‎ 参考答案与试题解析 ‎　一．解答题（共30小题）‎ ‎1．（2016•贵阳模拟）在平面直角坐标系中，已知抛物线经过A（﹣4，0），B（0，﹣4），C（2，0）三点．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）若点M为第三象限内抛物线上一动点，点M的横坐标为m，△AMB的面积为S．‎ 求S关于m的函数关系式，并求出S的最大值．‎ ‎（3）若点P是抛物线上的动点，点Q是直线y=﹣x上的动点，判断有几个位置能够使得点P、Q、B、O为顶点的四边形为平行四边形，直接写出相应的点Q的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题；待定系数法求二次函数解析式．菁优网版权所有 ‎【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）先假设出函数解析式，利用三点法求解函数解析式．‎ ‎（2）设出M点的坐标，利用S=S△AOM+S△OBM﹣S△AOB即可进行解答；‎ ‎（3）当OB是平行四边形的边时，表示出PQ的长，再根据平行四边形的对边相等列出方程求解即可；当OB是对角线时，由图可知点A与P应该重合．‎ ‎【解答】解：（1）设此抛物线的函数解析式为：‎ y=ax2+bx+c（a≠0），‎ 将A（﹣4，0），B（0，﹣4），C（2，0）三点代入函数解析式得：‎ 解得，‎ 所以此函数解析式为：y=；‎ ‎（2）∵M点的横坐标为m，且点M在这条抛物线上，‎ ‎∴M点的坐标为：（m，），‎ ‎∴S=S△AOM+S△OBM﹣S△AOB ‎=×4×（﹣m2﹣m+4）+×4×（﹣m）﹣×4×4‎ ‎=﹣m2﹣2m+8﹣2m﹣8‎ ‎=﹣m2﹣4m，‎ ‎=﹣（m+2）2+4，‎ ‎∵﹣4＜m＜0，‎ 当m=﹣2时，S有最大值为：S=﹣4+8=4．‎ 答：m=﹣2时S有最大值S=4．‎ ‎（3）设P（x，x2+x﹣4）．‎ 当OB为边时，根据平行四边形的性质知PQ∥OB，且PQ=OB，‎ ‎∴Q的横坐标等于P的横坐标，‎ 又∵直线的解析式为y=﹣x，‎ 则Q（x，﹣x）．‎ 由PQ=OB，得|﹣x﹣（x2+x﹣4）|=4，‎ 解得x=0，﹣4，﹣2±2．‎ x=0不合题意，舍去．‎ 如图，当BO为对角线时，知A与P应该重合，OP=4．四边形PBQO为平行四边形则BQ=OP=4，Q横坐标为4，代入y=﹣x得出Q为（4，﹣4）．‎ 由此可得Q（﹣4，4）或（﹣2+2，2﹣2）或（﹣2﹣2，2+2）或（4，﹣4）．‎ ‎【点评】本题考查了三点式求抛物线的方法，以及抛物线的性质和最值的求解方法．‎ ‎2．（2015•枣庄）如图，直线y=x+2与抛物线y=ax2+bx+6（a≠0）相交于A（，）和B（4，m），点P是线段AB上异于A、B的动点，过点P作PC⊥x轴于点D，交抛物线于点C．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）是否存在这样的P点，使线段PC的长有最大值？若存在，求出这个最大值；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）求△PAC为直角三角形时点P的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】几何综合题；压轴题．‎ ‎【分析】（1）已知B（4，m）在直线y=x+2上，可求得m的值，抛物线图象上的A、B两点坐标，可将其代入抛物线的解析式中，通过联立方程组即可求得待定系数的值．‎ ‎（2）要弄清PC的长，实际是直线AB与抛物线函数值的差．可设出P点横坐标，根据直线AB和抛物线的解析式表示出P、C的纵坐标，进而得到关于PC与P点横坐标的函数关系式，根据函数的性质即可求出PC的最大值．（3）当△PAC为直角三角形时，根据直角顶点的不同，有三种情形，需要分类讨论，分别求解．‎ ‎【解答】解：（1）∵B（4，m）在直线y=x+2上，‎ ‎∴m=4+2=6，∴B（4，6），∵A（，）、B（4，6）在抛物线y=ax2+bx+6上，‎ ‎∴，解得，‎ ‎∴抛物线的解析式为y=2x2﹣8x+6．‎ ‎（2）设动点P的坐标为（n，n+2），则C点的坐标为（n，2n2﹣8n+6），‎ ‎∴PC=（n+2）﹣（2n2﹣8n+6），=﹣2n2+9n﹣4，‎ ‎ =﹣2（n﹣）2+，‎ ‎∵PC＞0，∴当n=时，线段PC最大且为．‎ ‎（3）∵△PAC为直角三角形，i）若点P为直角顶点，则∠APC=90°．‎ 由题意易知，PC∥y轴，∠APC=45°，因此这种情形不存在；‎ ii）若点A为直角顶点，则∠PAC=90°．‎ 如答图3﹣1，过点A（，）作AN⊥x轴于点N，则ON=，AN=．‎ 过点A作AM⊥直线AB，交x轴于点M，则由题意易知，△AMN为等腰直角三角形，‎ ‎∴MN=AN=，∴OM=ON+MN=+=3，∴M（3，0）．‎ 设直线AM的解析式为：y=kx+b，‎ 则：，解得，‎ ‎∴直线AM的解析式为：y=﹣x+3 ①‎ 又抛物线的解析式为：y=2x2﹣8x+6 ②‎ 联立①②式，解得：x=3或x=（与点A重合，舍去）‎ ‎∴C（3，0），即点C、M点重合．当x=3时，y=x+2=5，‎ ‎∴P1（3，5）；‎ iii）若点C为直角顶点，则∠ACP=90°．‎ ‎∵y=2x2﹣8x+6=2（x﹣2）2﹣2，∴抛物线的对称轴为直线x=2．‎ 如答图3﹣2，作点A（，）关于对称轴x=2的对称点C，‎ 则点C在抛物线上，且C（，）．当x=时，y=x+2=．‎ ‎∴P2（，）．∵点P1（3，5）、P2（，）均在线段AB上，‎ ‎∴综上所述，△PAC为直角三角形时，点P的坐标为（3，5）或（，）．‎ ‎【点评】此题主要考查了二次函数解析式的确定、二次函数最值的应用以及直角三角形的判定、函数图象交点坐标的求法等知识．‎ ‎3．（2015•酒泉）如图，在直角坐标系中，抛物线经过点A（0，4），B（1，0），C（5，0），其对称轴与x轴相交于点M．（1）求抛物线的解析式和对称轴；‎ ‎（2）在抛物线的对称轴上是否存在一点P，使△PAB的周长最小？若存在，请求出点P的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）连接AC，在直线AC的下方的抛物线上，是否存在一点N，使△NAC的面积最大？若存在，请求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）抛物线经过点A（0，4），B（1，0），C（5，0），可利用两点式法设抛物线的解析式为y=a（x﹣1）（x﹣5），代入A（0，4）即可求得函数的解析式，则可求得抛物线的对称轴；‎ ‎（2）点A关于对称轴的对称点A′的坐标为（6，4），连接BA′交对称轴于点P，连接AP，此时△PAB的周长最小，可求出直线BA′的解析式，即可得出点P的坐标．‎ ‎（3）在直线AC的下方的抛物线上存在点N，使△NAC面积最大．设N点的横坐标为t，此时点N（t，t2﹣t+4）（0＜t＜5），再求得直线AC的解析式，即可求得NG的长与△ACN的面积，由二次函数最大值的问题即可求得答案．‎ ‎【解答】解：（1）根据已知条件可设抛物线的解析式为y=a（x﹣1）（x﹣5），‎ 把点A（0，4）代入上式得：a=，‎ ‎∴y=（x﹣1）（x﹣5）=x2﹣x+4=（x﹣3）2﹣，‎ ‎∴抛物线的对称轴是：x=3；‎ ‎（2）P点坐标为（3，）．‎ 理由如下：∵点A（0，4），抛物线的对称轴是x=3，‎ ‎∴点A关于对称轴的对称点A′的坐标为（6，4）‎ 如图1，连接BA′交对称轴于点P，连接AP，此时△PAB的周长最小．‎ 设直线BA′的解析式为y=kx+b，‎ 把A′（6，4），B（1，0）代入得，‎ 解得，∴y=x﹣，‎ ‎∵点P的横坐标为3，∴y=×3﹣=，‎ ‎∴P（3，）．‎ ‎（3）在直线AC的下方的抛物线上存在点N，使△NAC面积最大．‎ 设N点的横坐标为t，此时点N（t，t2﹣t+4）（0＜t＜5），‎ 如图2，过点N作NG∥y轴交AC于G；作AD⊥NG于D，‎ 由点A（0，4）和点C（5，0）可求出直线AC的解析式为：y=﹣x+4，‎ 把x=t代入得：y=﹣t+4，则G（t，﹣t+4），‎ 此时：NG=﹣t+4﹣（t2﹣t+4）=﹣t2+4t，∵AD+CF=CO=5，‎ ‎∴S△ACN=S△ANG+S△CGN=AD×NG+NG×CF=NG•OC=×（﹣t2+4t）×5=﹣2t2+10t=﹣2（t﹣）2+，‎ ‎∴当t=时，△CAN面积的最大值为，‎ 由t=，得：y=t2﹣t+4=﹣3，∴N（，﹣3）．‎ ‎【点评】本题主要考查了二次函数与方程、几何知识的综合应用，解题的关键是方程思想与数形结合思想的灵活应用．‎ ‎4．（2015•阜新）如图，抛物线y=﹣x2+bx+c交x轴于点A（﹣3，0）和点B，交y轴于点C（0，3）．‎ ‎（1）求抛物线的函数表达式；‎ ‎（2）若点P在抛物线上，且S△AOP=4SBOC，求点P的坐标；‎ ‎（3）如图b，设点Q是线段AC上的一动点，作DQ⊥x轴，交抛物线于点D，求线段DQ长度的最大值．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）把点A、C的坐标分别代入函数解析式，列出关于系数的方程组，通过解方程组求得系数的值；‎ ‎（2）设P点坐标为（x，﹣x2﹣2x+3），根据S△AOP=4S△BOC列出关于x的方程，解方程求出x的值，进而得到点P的坐标；（3）先运用待定系数法求出直线AC的解析式为y=x+3，再设Q点坐标为（x，x+3），则D点坐标为（x，x2+2x﹣3），然后用含x的代数式表示QD，根据二次函数的性质即可求出线段QD长度的最大值．‎ ‎【解答】解：（1）把A（﹣3，0），C（0，3）代入y=﹣x2+bx+c，得：‎ ‎，解得．‎ 故该抛物线的解析式为：y=﹣x2﹣2x+3．‎ ‎（2）由（1）知，该抛物线的解析式 为y=﹣x2﹣2x+3，则易得B（1，0）．‎ ‎∵S△AOP=4S△BOC，‎ ‎∴×3×|﹣x2﹣2x+3|=4××1×3．‎ 整理，得（x+1）2=0或x2+2x﹣7=0，‎ 解得x=﹣1或x=﹣1±2．‎ 则符合条件的点P的坐标为：（﹣1，4）或（﹣1+2，﹣4）或（﹣1﹣2，﹣4）；‎ ‎（3）设直线AC的解析式为y=kx+t，将A（﹣3，0），C（0，3）代入，‎ 得，解得．即直线AC的解析式为y=x+3．‎ 设Q点坐标为（x，x+3），（﹣3≤x≤0），则D点坐标为（x，﹣x2﹣2x+3），‎ QD=（﹣x2﹣2x+3）﹣（x+3）=﹣x2﹣3x=﹣（x+）2+，‎ ‎∴当x=﹣时，QD有最大值．‎ ‎【点评】此题考查了待定系数法求二次函数、一次函数的解析式，二次函数的性质以及三角形面积、线段长度问题．此题难度适中，解题的关键是运用方程思想与数形结合思想．‎ ‎5．（2015•济宁）如图，⊙E的圆心E（3，0），半径为5，⊙E与y轴相交于A、B两点（点A在点B的上方），与x轴的正半轴交于点C，直线l的解析式为y=x+4，与x轴相交于点D，以点C为顶点的抛物线过点B．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）判断直线l与⊙E的位置关系，并说明理由；‎ ‎（3）动点P在抛物线上，当点P到直线l的距离最小时．求出点P的坐标及最小距离．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）连接AE，由已知得：AE=CE=5，OE=3，利用勾股定理求出OA的长，结合垂径定理求出OC的长，从而得到C点坐标，进而得到抛物线的解析式；‎ ‎（2）求出点D的坐标为（﹣，0），根据△AOE∽△DOA，求出∠DAE=90°，判断出直线l与⊙E相切与A．‎ ‎（3）过点P作直线l的垂线段PQ，垂足为Q，过点P作直线PM垂直于x轴，交直线l于点M．设M（m，m+4），P（m，﹣m2+m﹣4），得到PM=m+4﹣（﹣m2+m﹣4）=m2﹣m+8=（m﹣2）2+，根据△PQM的三个内角固定不变，得到PQ最小=PM最小•sin∠QMP=PM最小•sin∠AEO=×=，从而得到最小距离．‎ ‎【解答】解：（1）如图1，连接AE，由已知得：AE=CE=5，OE=3，‎ 在Rt△AOE中，由勾股定理得，OA===4，‎ ‎∵OC⊥AB，∴由垂径定理得，OB=OA=4，‎ OC=OE+CE=3+5=8，‎ ‎∴A（0，4），B（0，﹣4），C（8，0），‎ ‎∵抛物线的定点为C，∴设抛物线的解析式为y=a（x﹣8）2，‎ 将点B的坐标代入上解析的式，得64a=﹣4，故a=﹣，‎ ‎∴y=﹣（x﹣8）2，‎ ‎∴y=﹣x2+x﹣4为所求抛物线的解析式，‎ ‎（2）在直线l的解析式y=x+4中，令y=0，得x+4=0，解得x=﹣，‎ ‎∴点D的坐标为（﹣，0），当x=0时，y=4，‎ ‎∴点A在直线l上，在Rt△AOE和Rt△DOA中，‎ ‎∵=，=，∴=，‎ ‎∵∠AOE=∠DOA=90°，‎ ‎∴△AOE∽△DOA，∴∠AEO=∠DAO，‎ ‎∵∠AEO+∠EAO=90°，‎ ‎∴∠DAO+∠EAO=90°，即∠DAE=90°，因此，直线l与⊙E相切与A．‎ ‎（3）如图2，过点P作直线l的垂线段PQ，垂足为Q，过点P作直线PM垂直于x轴，交直线l于点M．‎ 设M（m，m+4），P（m，﹣m2+m﹣4），则PM=m+4﹣（﹣m2+m﹣4）=m2﹣m+8=（m﹣2）2+，‎ 当m=2时，PM取得最小值，此时，P（2，﹣），‎ 对于△PQM，∵PM⊥x轴，∴∠QMP=∠DAO=∠AEO，‎ 又∠PQM=90°，∴△PQM的三个内角固定不变，‎ ‎∴在动点P运动的过程中，△PQM的三边的比例关系不变，‎ ‎∴当PM取得最小值时，PQ也取得最小值，‎ PQ最小=PM最小•sin∠QMP=PM最小•sin∠AEO=×=，‎ ‎∴当抛物线上的动点P的坐标为（2，﹣）时，点P到直线l的距离最小，其最小距离为．‎ ‎【点评】本题考查了二次函数综合题，涉及勾股定理、待定系数法求二次函数解析式、切线的判定和性质、二次函数的最值等知识，在解答（3）时要注意点P、点M坐标的设法，以便利用二次函数的最值求解．‎ ‎6．（2015•荆门）如图，在矩形OABC中，OA=5，AB=4，点D为边AB上一点，将△BCD沿直线CD折叠，使点B恰好落在边OA上的点E处，分别以OC，OA所在的直线为x轴，y轴建立平面直角坐标系．‎ ‎（1）求OE的长及经过O，D，C三点抛物线的解析式；‎ ‎（2）一动点P从点C出发，沿CB以每秒2个单位长度的速度向点B运动，同时动点Q从E点出发，沿EC以每秒1个单位长度的速度向点C运动，当点P到达点B时，两点同时停止运动，设运动时间为t秒，当t为何值时，DP=DQ；‎ ‎（3）若点N在（1）中抛物线的对称轴上，点M在抛物线上，是否存在这样的点M与点N，使M，N，C，E为顶点的四边形是平行四边形？若存在，请求出M点坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）由折叠的性质可求得CE、CO，在Rt△COE中，由勾股定理可求得OE，设AD=m，在Rt△ADE中，由勾股定理可求得m的值，可求得D点坐标，结合C、O两点，利用待定系数法可求得抛物线解析式；‎ ‎（2）用t表示出CP、BP的长，可证明△DBP≌△DEQ，可得到BP=EQ，可求得t的值；‎ ‎（3）可设出N点坐标，分三种情况①EN为对角线，②EM为对角线，③EC为对角线，根据平行四边形的性质可求得对角线的交点横坐标，从而可求得M点的横坐标，再代入抛物线解析式可求得M点的坐标．‎ ‎【解答】解：（1）∵CE=CB=5，CO=AB=4，‎ ‎∴在Rt△COE中，OE===3，‎ 设AD=m，则DE=BD=4﹣m，∵OE=3，∴AE=5﹣3=2，‎ 在Rt△ADE中，由勾股定理可得AD2+AE2=DE2，即m2+22=（4﹣m）2，解得m=，‎ ‎∴D（﹣，﹣5），∵C（﹣4，0），O（0，0），‎ ‎∴设过O、D、C三点的抛物线为y=ax（x+4），‎ ‎∴﹣5=﹣a（﹣+4），解得a=，‎ ‎∴抛物线解析式为y=x（x+4）=x2+x；‎ ‎（2）∵CP=2t，∴BP=5﹣2t，在Rt△DBP和Rt△DEQ中，‎ ‎，∴Rt△DBP≌Rt△DEQ（HL），∴BP=EQ，∴5﹣2t=t，‎ ‎∴t=；‎ ‎（3）∵抛物线的对称为直线x=﹣2，∴设N（﹣2，n），‎ 又由题意可知C（﹣4，0），E（0，﹣3），设M（m，y），‎ ‎①当EN为对角线，即四边形ECNM是平行四边形时，‎ 则线段EN的中点横坐标为=﹣1，线段CM中点横坐标为，‎ ‎∵EN，CM互相平分，∴=﹣1，解得m=2，又M点在抛物线上，‎ ‎∴y=×22+×2=16，∴M（2，16）；‎ ‎②当EM为对角线，即四边形ECMN是平行四边形时，‎ 则线段EM的中点横坐标为，线段CN中点横坐标为=﹣3，‎ ‎∵EN，CM互相平分，∴=﹣3，解得m=﹣6，又∵M点在抛物线上，∴y=×（﹣6）2+×（﹣6）=16，‎ ‎∴M（﹣6，16）；‎ ‎③当CE为对角线，即四边形EMCN是平行四边形时，‎ 则M为抛物线的顶点，即M（﹣2，﹣）．‎ 综上可知，存在满足条件的点M，其坐标为（2，16）或（﹣6，16）或（﹣2，﹣）．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及待定系数法、全等三角形的判定和性质、折叠的性质、平行四边形的性质等知识点．在（1）中求得D点坐标是解题的关键，在（2）中证得全等，得到关于t的方程是解题的关键，在（3）中注意分类讨论思想的应用．本题考查知识点较多，综合性较强，难度适中．‎ ‎7．（2015•盘锦）如图1，在平面直角坐标系中，抛物线y=ax2+bx+3交x轴于A（﹣1，0）和B（5，0）两点，交y轴于点C，点D是线段OB上一动点，连接CD，将线段CD绕点D顺时针旋转90°得到线段DE，过点E作直线l⊥x轴于H，过点C作CF⊥l于F．‎ ‎（1）求抛物线解析式；（2）如图2，当点F恰好在抛物线上时，求线段OD的长；‎ ‎（3）在（2）的条件下：①连接DF，求tan∠FDE的值；‎ ‎②试探究在直线l上，是否存在点G，使∠EDG=45°？若存在，请直接写出点G的坐标；若不存在，请说明理由．【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）利用待定系数法求得即可；（2）根据C的纵坐标求得F的坐标，然后通过△OCD≌△HDE，得出DH=OC=3，即可求得OD的长；（3）①先确定C、D、E、F四点共圆，根据圆周角定理求得∠ECF=∠EDF，由于tan∠ECF===，即可求得tan∠FDE=；②连接CE，得出△CDE是等腰直角三角形，得出∠CED=45°，过D点作DG1∥CE，交直线l于G1，过D点作DG2⊥CE，交直线l于G2，则∠EDG1=45°，∠EDG2=45°，求得直线CE的解析式为y=﹣x+3，即可设出直线DG1的解析式为y=﹣x+m，直线DG2的解析式为y=2x+n，把D的坐标代入即可求得m、n，从而求得解析式，进而求得G的坐标．‎ ‎【解答】解：（1）如图1，∵抛物线y=ax2+bx+3交x轴于A（﹣1，0）和B（5，0）两点，‎ ‎∴，解得．∴抛物线解析式为y=﹣x2+x+3；‎ ‎（2）如图2，∵点F恰好在抛物线上，C（0，3），∴F的纵坐标为3，‎ 把y=3代入y=﹣x2+x+3得，3=﹣x2+x+3；‎ 解得x=0或x=4，∴F（4，3），∴OH=4，‎ ‎∵∠CDE=90°，∴∠ODC+∠EDH=90°，∴∠OCD=∠EDH，‎ 在△OCD和△HDE中，‎ ‎，∴△OCD≌△HDE（AAS），∴DH=OC=3，‎ ‎∴OD=4﹣3=1；‎ ‎（3）①如图3，连接CE，∵△OCD≌△HDE，‎ ‎∴HE=OD=1，∵BF=OC=3，∴EF=3﹣1=2，‎ ‎∵∠CDE=∠CFE=90°，∴C、D、E、F四点共圆，‎ ‎∴∠ECF=∠EDF，在RT△CEF中，∵CF=OH=4，‎ ‎∴tan∠ECF===，∴tan∠FDE=；‎ ‎②如图4，连接CE，∵CD=DE，∠CDE=90°，‎ ‎∴∠CED=45°，过D点作DG1∥CE，交直线l于G1，过D点作DG2⊥CE，‎ 交直线l于G2，则∠EDG1=45°，∠EDG2=45°‎ ‎∵EH=1，OH=4，∴E（4，1），∵C（0，3），‎ ‎∴直线CE的解析式为y=﹣x+3，设直线DG1的解析式为y=﹣x+m，‎ ‎∵D（1，0），∴0=﹣×1+m，解得m=，∴直线DG1的解析式为y=﹣x+，‎ 当x=4时，y=﹣+=﹣，∴G1（4，﹣）；‎ 设直线DG2的解析式为y=2x+n，∵D（1，0），∴0=2×1+n，解得n=﹣2，‎ ‎∴直线DG2的解析式为y=2x﹣2，‎ 当x=4时，y=2×4﹣2=6，‎ ‎∴G2（4，6）；‎ 综上，在直线l上，是否存在点G，使∠EDG=45°，点G的坐标为（4，﹣）或（4，6）．‎ ‎【点评】本题是二次函数的综合题，考查了待定系数法求二次函数的解析式，一次函数的解析式，三角形全等的判定和性质，等腰直角三角形的性质，平行线的性质等，数形结合思想的应用是解题的关键．‎ ‎8．（2015•益阳）已知抛物线E1：y=x2经过点A（1，m），以原点为顶点的抛物线E2经过点B（2，2），点A、B关于y 轴的对称点分别为点A′，B′．‎ ‎（1）求m的值及抛物线E2所表示的二次函数的表达式；‎ ‎（2）如图1，在第一象限内，抛物线E1上是否存在点Q，使得以点Q、B、B′为顶点的三角形为直角三角形？若存在，求出点Q的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）如图2，P为第一象限内的抛物线E1上与点A不重合的一点，连接OP并延长与抛物线E2相交于点P′，求△PAA′与△P′BB′的面积之比．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）直接将（2，2）代入函数解析式进而求出a的值；‎ ‎（2）由题意可得，在第一象限内，抛物线E1上存在点Q，使得△QBB′为直角三角形，由图象可知直角顶点只能为点B或点Q，分别利用当点B为直角顶点时以及当点Q为直角顶点时求出Q点坐标即可；‎ ‎（3）首先设P（c，c2）、P′（d，），进而得出c与d的关系，再表示出△PAA′与△P′BB′的面积进而得出答案．‎ ‎【解答】解：（1）∵抛物线E1经过点A（1，m），‎ ‎∴m=12=1．∵抛物线E2的顶点在原点，可设它对应的函数表达式为y=ax2（a≠0），‎ 又∵点B（2，2）在抛物线E2上，∴2=a×22，‎ 解得：a=，∴抛物线E2所对应的二次函数表达式为y=x2．‎ ‎（2）如图1，假设在第一象限内，抛物线E1上存在点Q，使得△QBB′为直角三角形，‎ 由图象可知直角顶点只能为点B或点Q．‎ ‎①当点B为直角顶点时，过B作QB⊥BB′交抛物线E1于Q，‎ 则点Q与B的横坐标相等且为2，将x=2代入y=x2得y=4，‎ ‎∴点Q的坐标为（2，4）． ‎ ‎②当点Q为直角顶点时，则有QB′2+QB2=B′B2，过点Q作GQ⊥BB′于G，‎ 设点Q的坐标为（t，t2）（t＞0），‎ 则有（t+2）2+（t2﹣2）2+（2﹣t）2+（t2﹣2）2=4，‎ 整理得：t4﹣3t2=0，‎ ‎∵t＞0，∴t2﹣3=0，解得t1=，t2=﹣（舍去），‎ ‎∴点Q的坐标为（，3），‎ 综合①②，存在符合条件的点Q坐标为（2，4）与（，3）；‎ ‎（3）如图2，过点P作PC⊥x轴，垂足为点C，PC交直线AA′于点E，‎ 过点P′作P′D⊥x轴，垂足为点D，P′D交直线BB′于点F，‎ 依题意可设P（c，c2）、P′（d，） （c＞0，c≠q），‎ ‎∵tan∠POC=tan∠P′OD，∴=，∴d=2c．‎ ‎∵AA′=2，BB′=4，‎ ‎∴====．‎ ‎【点评】此题主要考查了二次函数综合以及直角三角形的性质和三角形面积求法，根据题意利用分类讨论得出是解题关键．‎ ‎9．（2015•徐州）如图，在平面直角坐标系中，点A（10，0），以OA为直径在第一象限内作半圆，B为半圆上一点，连接AB并延长至C，使BC=AB，过C作CD⊥x轴于点D，交线段OB于点E，已知CD=8，抛物线经过O、E、A三点．（1）∠OBA=　90　°．（2）求抛物线的函数表达式．‎ ‎（3）若P为抛物线上位于第一象限内的一个动点，以P、O、A、E为顶点的四边形面积记作S，则S取何值时，相应的点P有且只有3个？‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【解答】解：（1）∵OA是⊙O的直径，∴∠OBA=90°，故答案为：90；‎ ‎（2）连接OC，如图1所示，‎ ‎∵由（1）知OB⊥AC，又AB=BC，∴OB是AC的垂直平分线，‎ ‎∴OC=OA=10，在Rt△OCD中，OC=10，CD=8，‎ ‎∴OD=6，∴C（6，8），B（8，4）∴OB所在直线的函数关系为y=x，‎ 又∵E点的横坐标为6，∴E点纵坐标为3，即E（6，3），‎ 抛物线过O（0，0），E（6，3），A（10，0），‎ ‎∴设此抛物线的函数关系式为y=ax（x﹣10），把E点坐标代入得：‎ ‎3=6a（6﹣10），解得a=﹣．‎ ‎∴此抛物线的函数关系式为y=﹣x（x﹣10），即y=﹣x2+x；‎ ‎（3）设点P（p，﹣p2+p），‎ ‎①若点P在CD的左侧，延长OP交CD于Q，如右图2，‎ OP所在直线函数关系式为：y=（﹣p+）x ‎∴当x=6时，y=，即Q点纵坐标为，‎ ‎∴QE=﹣3=，‎ S四边形POAE=S△OAE+S△OPE=S△OAE+S△OQE﹣S△PQE ‎=•OA•DE+QE•OD﹣•QE•Px•‎ ‎=×10×3+×（﹣p+）×6﹣•（）•（6﹣p），‎ ‎=‎ ‎②若点P在CD的右侧，延长AP交CD于Q，如右图3，P（p，﹣p2+p），A（10，0）‎ ‎∴设AP所在直线方程为：y=kx+b，把P和A坐标代入得，‎ ‎，解得．∴AP所在直线方程为：y=x+，‎ ‎∴当x=6时，y=•6+=P，即Q点纵坐标为P，∴QE=P﹣3，‎ ‎∴S四边形POAE=S△OAE+S△APE=S△OAE+S△AQE﹣S△PQE ‎=•OA•DE+•QE•DA﹣•QE•（Px﹣6）=×10×3+•QE•（DA﹣Px+6）‎ ‎=15+•（p﹣3）•（10﹣p）==，‎ ‎∴当P在CD右侧时，四边形POAE的面积最大值为16，此时点P的位置就一个，令=16，‎ 解得，p=3±，∴当P在CD左侧时，四边形POAE的面积等于16的对应P的位置有两个，‎ 综上所知，以P、O、A、E为顶点的四边形面积S等于16时，相应的点P有且只有3个．‎ ‎【点评】本题主要考查了圆周角定理及二次函数的相关问题，解决这类问题关键是善于将函数问题转化为方程问题，然后数形结合解决问题．‎ ‎10．（2015•乌鲁木齐）抛物线y=x2﹣x+2与x轴交于A，B两点（OA＜OB），与y轴交于点C．‎ ‎（1）求点A，B，C的坐标；‎ ‎（2）点P从点O出发，以每秒2个单位长度的速度向点B运动，同时点E也从点O出发，以每秒1个单位长度的速度向点C运动，设点P的运动时间为t秒（0＜t＜2）．‎ ‎①过点E作x轴的平行线，与BC相交于点D（如图所示），当t为何值时，+的值最小，求出这个最小值并写出此时点E，P的坐标；‎ ‎②在满足①的条件下，抛物线的对称轴上是否存在点F，使△EFP为直角三角形？若存在，请直接写出点F的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）在抛物线的解析式中，令y=0，令x=0，解方程即可得到结果；‎ ‎（2）①由题意得：OP=2t，OE=t，通过△CDE∽△CBO得到，即，求得有最小值1，即可求得结果；②存在，求得抛物线y=x2﹣x+2的对称方程为x=3，设F（3，m），当△EFP为直角三角形时，①当∠EPF=90°时，②当∠EFP=90°时，③当∠PEF=90°时，根据勾股定理列方程即可求得结果．‎ ‎【解答】解：（1）在抛物线的解析式中，令y=0，即x2﹣x+2=0，‎ 解得：x1=2，x2=4，∵OA＜OB，∴A（2，0），B（4，0），‎ 在抛物线的解析式中，令x=0，得y=2，∴C（0，2），‎ ‎（2）①由题意得：OP=2t，OE=t，‎ ‎∵DE∥OB，∴△CDE∽△CBO，‎ ‎∴，即，‎ ‎∴DE=4﹣2t，‎ ‎∴，‎ ‎∵0＜t＜2，1﹣（t﹣1）2始终为正数，且t=1时，1﹣（t﹣1）2有最大值1，‎ ‎∴t=1时，有最小值1，即t=1时，有最小值1，此时OP=2，OE=1，‎ ‎∴E（0，1），P（2，0）；‎ ‎②存在，∵抛物线y=x2﹣x+2的对称轴方程为x=3，设F（3，m），‎ ‎∴EP2=5，PF2=（3﹣2）2+m2，EF2=（m﹣1）2+32，‎ 当△EFP为直角三角形时，①当∠EPF=90°时，EP2+PF2=EF2，‎ 即5+1+m2=（m﹣1）2+32，解得：m=2，‎ ‎②当∠EFP=90°时，EF2+FP2=PE2，即（m﹣1）2+3+（3﹣2）2+m2=5，‎ 解得；m=0或m=1，不合题意舍去，‎ ‎∴当∠EFP=90°时，这种情况不存在，‎ ‎③当∠PEF=90°时，EF2+PE2=PF2，‎ 即（m﹣1）2+32+5=（3﹣2）2+m2，‎ 解得：m=7，‎ ‎∴F（3，2），（3，7）．‎ ‎【点评】本题考查了根据函数的解析式求点的坐标，相似三角形的判定和性质，求代数式的最值，勾股定理，存在性问题，在求有关存在性问题时要注意分析题意分情况讨论结果．‎ ‎11．（2015•佛山）如图，一小球从斜坡O点处抛出，球的抛出路线可以用二次函数y=﹣x2+4x刻画，斜坡可以用一次函数y=x刻画．（1）请用配方法求二次函数图象的最高点P的坐标；‎ ‎（2）小球的落点是A，求点A的坐标；（3）连接抛物线的最高点P与点O、A得△POA，求△POA的面积；‎ ‎（4）在OA上方的抛物线上存在一点M（M与P不重合），△MOA的面积等于△POA的面积．请直接写出点M的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）利用配方法抛物线的一般式化为顶点式，即可求出二次函数图象的最高点P的坐标；‎ ‎（2）联立两解析式，可求出交点A的坐标；‎ ‎（3）作PQ⊥x轴于点Q，AB⊥x轴于点B．根据S△POA=S△POQ+S△梯形PQBA﹣S△BOA，代入数值计算即可求解；‎ ‎（4）过P作OA的平行线，交抛物线于点M，连结OM、AM，由于两平行线之间的距离相等，根据同底等高的两个三角形面积相等，可得△MOA的面积等于△POA的面积．设直线PM的解析式为y=x+b，将P（2，4）代入，求出直线PM的解析式为y=x+3．再与抛物线的解析式联立，得到方程组，解方程组即可求出点M的坐标．‎ ‎【解答】解：（1）由题意得，y=﹣x2+4x=﹣（x﹣2）2+4，‎ 故二次函数图象的最高点P的坐标为（2，4）；‎ ‎（2）联立两解析式可得：，解得：，或．‎ 故可得点A的坐标为（，）；‎ ‎（3）如图，作PQ⊥x轴于点Q，AB⊥x轴于点B．‎ S△POA=S△POQ+S△梯形PQBA﹣S△BOA=×2×4+×（+4）×（﹣2）﹣××‎ ‎=4+﹣=；‎ ‎（4）过P作OA的平行线，交抛物线于点M，连结OM、AM，则△MOA的面积等于△POA的面积．‎ 设直线PM的解析式为y=x+b，∵P的坐标为（2，4），∴4=×2+b，解得b=3，‎ ‎∴直线PM的解析式为y=x+3．由，解得，，‎ ‎∴点M的坐标为（，）．‎ ‎【点评】本题是二次函数的综合题型，其中涉及到两函数图象交点的求解方法，二次函数顶点坐标的求解方法，三角形的面积，待定系数法求一次函数的解析式，难度适中．利用数形结合与方程思想是解题的关键．‎ ‎12．（2015•天水）在平面直角坐标系中，已知y=﹣x2+bx+c（b、c为常数）的顶点为P，等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），点C的坐标为（4，3），直角顶点B在第四象限．‎ ‎（1）如图，若抛物线经过A、B两点，求抛物线的解析式．‎ ‎（2）平移（1）中的抛物线，使顶点P在直线AC上并沿AC方向滑动距离为时，试证明：平移后的抛物线与直线AC交于x轴上的同一点．‎ ‎（3）在（2）的情况下，若沿AC方向任意滑动时，设抛物线与直线AC的另一交点为Q，取BC的中点N，试探究NP+BQ是否存在最小值？若存在，求出该最小值；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）先求出点B的坐标，然后利用待定系数法求出抛物线的函数表达式；‎ ‎（2）如答题图2，设顶点P在直线AC上并沿AC方向滑动距离时，到达P′，作P′M∥y轴，PM∥x轴，交于M点，根据直线AC的斜率求得△P′PM是等腰直角三角形，进而求得抛物线向上平移1个单位，向右平移1个单位，从而求得平移后的解析式，进而求得与x轴的交点，与直线AC的交点，即可证得结论；‎ ‎（3）如答图3所示，作点B关于直线AC的对称点B′，由分析可知，当B′、Q、F（AB中点）三点共线时，NP+BQ最小，最小值为线段B′F的长度．‎ ‎【解答】解：（1）∵等腰直角三角形ABC的顶点A的坐标为（0，﹣1），C的坐标为（4，3）‎ ‎∴点B的坐标为（4，﹣1）．∵抛物线过A（0，﹣1），B（4，﹣1）两点，‎ ‎∴，解得：b=2，c=﹣1，‎ ‎∴抛物线的函数表达式为：y=﹣x2+2x﹣1．‎ ‎（2）如答题图2，设顶点P在直线AC上并沿AC方向滑动距离时，‎ 到达P′，作P′M∥y轴，PM∥x轴，交于M点，‎ ‎∵点A的坐标为（0，﹣1），点C的坐标为（4，3），∴直线AC的解析式为y=x﹣1，‎ ‎∵直线的斜率为1，∴△P′PM是等腰直角三角形，∵PP′=，‎ ‎∴P′M=PM=1，∴抛物线向上平移1个单位，向右平移1个单位，‎ ‎∵y=﹣x2+2x﹣1=﹣（x﹣2）2+1，‎ ‎∴平移后的抛物线的解析式为y=﹣（x﹣3）2+2，‎ 令y=0，则0=﹣（x﹣3）2+2，‎ 解得x1=1，x=52，‎ ‎∴平移后的抛物线与x轴的交点为（1，0），（5，0），‎ 解，得或 ‎∴平移后的抛物线与AC的交点为（1，0），‎ ‎∴平移后的抛物线与直线AC交于x轴上的同一点（1，0）．‎ ‎（3）如答图3，取点B关于AC的对称点B′，‎ ‎ 易得点B′的坐标为（0，3），BQ=B′Q，取AB中点F，‎ 连接QF，FN，QB′，易得FN∥PQ，且FN=PQ，‎ ‎∴四边形PQFN为平行四边形．‎ ‎∴NP=FQ．‎ ‎∴NP+BQ=FQ+B′Q≥FB′==2．‎ ‎∴当B′、Q、F三点共线时，NP+BQ最小，最小值为2．‎ ‎【点评】本题为二次函数中考压轴题，考查了二次函数的图象与性质、待定系数法、一次函数、几何变换（平移，对称）、等腰直角三角形、平行四边形、轴对称﹣最短路线问题等知识点，考查了存在型问题和分类讨论的数学思想，试题难度较大．‎ ‎13．（2015•常德）如图，曲线y1抛物线的一部分，且表达式为：y1=（x2﹣2x﹣3）（x≤3）曲线y2与曲线y1关于直线x=3对称．（1）求A、B、C三点的坐标和曲线y2的表达式；‎ ‎（2）过点D作CD∥x轴交曲线y1于点D，连接AD，在曲线y2上有一点M，使得四边形ACDM为筝形（如果一个四边形的一条对角线被另一条对角线垂直平分，这样的四边形为筝形），请求出点M的横坐标；‎ ‎（3）设直线CM与x轴交于点N，试问在线段MN下方的曲线y2上是否存在一点P，使△PMN的面积最大？若存在，求出点P的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）对点A、B、C坐标的意义要明白，点A与点B是二次函数与横轴的交点，点C是纵轴的交点，关于x=3意义的理解，就是将y1=进行了平移，从而可求得抛物线y2的解析式；‎ ‎（2）要理解，只有当CM垂直平分AD时，才能在y2找到点M，故点M即为直线（C与AD的中点P连线）的交点；‎ ‎（3）显然MN的值固定，即在y2上的点，到CM的距离最大的点，即与CM平行的直线与y2只有一个交点时，即为所求．‎ ‎【解答】解：（1）在y1=（x2﹣2x﹣3）中，令y1=0，则有0=（x2﹣2x﹣3），解得x=﹣1或x=3，‎ ‎∴A（﹣1，0），B（3，0），‎ 又∵C为与y轴的交点，‎ ‎∴C（0，﹣），‎ 又曲线y2与曲线y1关于直线x=3对称，‎ ‎∴曲线y2可由曲线y1关向右平移3个单位得到，‎ ‎∴y2=（x≥3）；‎ ‎（2）若AD垂直平分CM，则可知CDMA为菱形，‎ 此时点M（1，0），显然不在y2上；‎ 故直线CM垂直平分AD，取AD中点P，易求其坐标为（1，﹣），‎ 故直线CN的解析式为：yCN=，‎ 求其与y2的交点坐标：，‎ 解得：x1=，x2=（不合舍去），‎ ‎∴x=；‎ ‎（3）因为MN的长度固定，故点P到MN的距离最大时，△PMN的面积最大，‎ ‎∴可设另一直线y=x+b与y2相交于点P，很显然它们只有一个交点时，满足条件．‎ 即：只有唯一一个解的时候，这个点就是点P，‎ 即方程x+b=（x2﹣10x+21）有唯一一个解，‎ 解得：x=，‎ 将x=代入y2=，解得y=﹣‎ 故点P的坐标为．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及二次函数与一元二次方程的关系、图象的平移、菱形的性质等知识点．在（1）中确定出曲线y2可由曲线y1关向右平移3个单位得到是解题的关键，在（2）中确定出直线CM垂直平分AD是解题的关键，在（3）中确定出P点的位置是解题的关键．本题考查知识点较多，综合性质较强，难度较大．‎ ‎14．（2015•自贡）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c（a≠0）的对称轴为直线x=﹣1，且抛物线经过A（1，0），C（0，3）两点，与x轴交于点B．（1）若直线y=mx+n经过B、C两点，求直线BC和抛物线的解析式；‎ ‎（2）在抛物线的对称轴x=﹣1上找一点M，使点M到点A的距离与到点C的距离之和最小，求出点M的坐标；‎ ‎（3）设点P为抛物线的对称轴x=﹣1上的一个动点，求使△BPC为直角三角形的点P的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）先把点A，C的坐标分别代入抛物线解析式得到a和b，c的关系式，再根据抛物线的对称轴方程可得a和b的关系，再联立得到方程组，解方程组，求出a，b，c的值即可得到抛物线解析式；把B、C两点的坐标代入直线y=mx+n，解方程组求出m和n的值即可得到直线解析式；‎ ‎（2）设直线BC与对称轴x=﹣1的交点为M，则此时MA+MC的值最小．把x=﹣1代入直线y=x+3得y的值，即可求出点M坐标；‎ ‎（3）设P（﹣1，t），又因为B（﹣3，0），C（0，3），所以可得BC2=18，PB2=（﹣1+3）2+t2=4+t2，PC2=（﹣1）2+（t﹣3）2=t2﹣6t+10，再分三种情况分别讨论求出符合题意t值即可求出点P的坐标．‎ ‎【解答】解：（1）依题意得：，解之得：，‎ ‎∴抛物线解析式为y=﹣x2﹣2x+3‎ ‎∵对称轴为x=﹣1，且抛物线经过A（1，0），‎ ‎∴把B（﹣3，0）、C（0，3）分别代入直线y=mx+n，‎ 得，解之得：，‎ ‎∴直线y=mx+n的解析式为y=x+3；‎ ‎（2）设直线BC与对称轴x=﹣1的交点为M，则此时MA+MC的值最小．‎ 把x=﹣1代入直线y=x+3得，y=2，‎ ‎∴M（﹣1，2），‎ 即当点M到点A的距离与到点C的距离之和最小时M的坐标为（﹣1，2）；‎ ‎（3）设P（﹣1，t），‎ 又∵B（﹣3，0），C（0，3），‎ ‎∴BC2=18，PB2=（﹣1+3）2+t2=4+t2，PC2=（﹣1）2+（t﹣3）2=t2﹣6t+10，‎ ‎①若点B为直角顶点，则BC2+PB2=PC2‎ ‎ 即：18+4+t2=t2﹣6t+10解之得：t=﹣2；‎ ‎②若点C为直角顶点，则BC2+PC2=PB2‎ ‎ 即：18+t2﹣6t+10=4+t2解之得：t=4，‎ ‎③若点P为直角顶点，则PB2+PC2=BC2‎ ‎ 即：4+t2+t2﹣6t+10=18解之得：t1=，t2=；‎ 综上所述P的坐标为（﹣1，﹣2）或（﹣1，4）或（﹣1，） 或（﹣1，）．‎ ‎【点评】本题综合考查了二次函数的图象与性质、待定系数法求函数（二次函数和一次函数）的解析式、利用轴对称性质确定线段的最小长度、难度不是很大，是一道不错的中考压轴题．‎ ‎15．（2015•凉山州）如图，已知抛物线y=x2﹣（m+3）x+9的顶点C在x轴正半轴上，一次函数y=x+3与抛物线交于A、B两点，与x、y轴交于D、E两点．‎ ‎（1）求m的值．‎ ‎（2）求A、B两点的坐标．‎ ‎（3）点P（a，b）（﹣3＜a＜1）是抛物线上一点，当△PAB的面积是△ABC面积的2倍时，求a，b的值．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有 ‎【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）抛物线的顶点在x轴的正半轴上可知其对应的一元二次方程有两个相等的实数根，根据判别式等于0可求得m的值；‎ ‎（2）由（1）可求得抛物线解析式，联立一次函数和抛物线解析式可求得A、B两点的坐标；‎ ‎（3）分别过A、B、P三点作x轴的垂线，垂足分别为R、S、T，可先求得△ABC的面积，再利用a、b表示出△PAB的面积，根据面积之间的关系可得到a、b之间的关系，再结合P点在抛物线上，可得到关于a、b的两个方程，可求得a、b的值．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）∵抛物线y=x2﹣（m+3）x+9的顶点C在x轴正半轴上，‎ ‎∴方程x2﹣（m+3）x+9=0有两个相等的实数根，‎ ‎∴（m+3）2﹣4×9=0，解得m=3或m=﹣9，‎ 又抛物线对称轴大于0，即m+3＞0，∴m=3；‎ ‎（2）由（1）可知抛物线解析式为y=x2﹣6x+9，联立一次函数y=x+3，‎ 可得，解得或，‎ ‎∴A（1，4），B（6，9）；‎ ‎（3）如图，分别过A、B、P三点作x轴的垂线，垂足分别为R、S、T，‎ ‎∵A（1，4），B（6，9），C（3，0），P（a，b），‎ ‎∴AR=4，BS=9，RC=3﹣1=2，CS=6﹣3=3，RS=6﹣1=5，PT=b，RT=1﹣a，ST=6﹣a，‎ ‎∴S△ABC=S梯形ABSR﹣S△ARC﹣S△BCS=×（4+9）×5﹣×2×4﹣×3×9=15，‎ S△PAB=S梯形PBST﹣S梯形ABSR﹣S梯形ARTP ‎ =（9+b）（6﹣a）﹣（b+4）（1﹣a）﹣×（4+9）×5=（5b﹣5a﹣15），‎ 又S△PAB=2S△ABC，‎ ‎∴（5b﹣5a﹣15）=30，即b﹣a=15，‎ ‎∴b=15+a，‎ ‎∵P点在抛物线上，‎ ‎∴b=a2﹣6a+9，‎ ‎∴15+a=a2﹣6a+9，解得a=，‎ ‎∵﹣3＜a＜1，‎ ‎∴a=，‎ ‎∴b=15+=．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及待定系数法、二次函数与一元二次方程的关系、函数图象的交点及三角形的面积等知识点．在（1）中由顶点在x 轴的正半轴上把问题转化为二元一次方程根的问题是解题的关键，在（2）中注意函数图象交点的求法，在（3）中用P点坐标表示出△PAB的面积是解题的关键．本题涉及知识点较多，计算量较大，有一定的难度．‎ ‎16．（2015•铜仁市）如图，关于x的二次函数y=x2+bx+c的图象与x轴交于点A（1，0）和点B与y轴交于点C（0，3），抛物线的对称轴与x轴交于点D．（1）求二次函数的表达式；‎ ‎（2）在y轴上是否存在一点P，使△PBC为等腰三角形？若存在．请求出点P的坐标）；‎ ‎（3）有一个点M从点A出发，以每秒1个单位的速度在AB上向点B运动，另一个点N从 点D与点M同时出发，以每秒2个单位的速度在抛物线的对称轴上运动，当点M到达点B时，点M、N同时停止运动，问点M、N运动到何处时，△MNB面积最大，试求出最大面积．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）代入A（1，0）和C（0，3），解方程组即可；‎ ‎（2）求出点B的坐标，再根据勾股定理得到BC，当△PBC为等腰三角形时分三种情况进行讨论：①CP=CB；②BP=BC；③PB=PC；‎ ‎（3）设AM=t则DN=2t，由AB=2，得BM=2﹣t，S△MNB=×（2﹣t）×2t=﹣t2+2t，运用二次函数的顶点坐标解决问题；此时点M在D点，点N在对称轴上x轴上方2个单位处或点N在对称轴上x轴下方2个单位处．‎ ‎【解答】解：（1）把A（1，0）和C（0，3）代入y=x2+bx+c，‎ 解得：b=﹣4，c=3，‎ ‎∴二次函数的表达式为：y=x2﹣4x+3；‎ ‎（2）令y=0，则x2﹣4x+3=0，解得：x=1或x=3，‎ ‎∴B（3，0），∴BC=3，‎ 点P在y轴上，当△PBC为等腰三角形时分三种情况进行讨论：如图1，‎ ‎①当CP=CB时，PC=3，‎ ‎∴OP=OC+PC=3+3或OP=PC﹣OC=3﹣3‎ ‎∴P1（0，3+3），P2（0，3﹣3）；‎ ‎②当PB=PC时，OP=OB=3，‎ ‎∴P3（0，﹣3）；‎ ‎③当BP=BC时，‎ ‎∵OC=OB=3‎ ‎∴此时P与O重合，‎ ‎∴P4（0，0）；‎ 综上所述，点P的坐标为：（0，3+3）或（0，3﹣3）‎ 或（0，﹣3）或（0，0）；‎ ‎（3）如图2，设AM=t，由AB=2，得BM=2﹣t，则DN=2t，‎ ‎∴S△MNB=×（2﹣t）×2t=﹣t2+2t=﹣（t﹣1）2+1，‎ 即当M（2，0）、N（2，2）或（2，﹣2）时△MNB面积最大，最大面积是1．‎ ‎【点评】本题是二次函数的综合题型，其中涉及到运用待定系数法求二次函数，等腰三角形的性质，轴对称的性质等知识，运用数形结合、分类讨论及方程思想是解题的关键．‎ ‎17．（2015•资阳）已知直线y=kx+b（k≠0）过点F（0，1），与抛物线y=x2相交于B、C两点．‎ ‎（1）如图1，当点C的横坐标为1时，求直线BC的解析式；‎ ‎（2）在（1）的条件下，点M是直线BC上一动点，过点M作y轴的平行线，与抛物线交于点D，是否存在这样的点M，使得以M、D、O、F为顶点的四边形为平行四边形？若存在，求出点M的坐标；若不存在，请说明理由；（3）如图2，设B（m．n）（m＜0），过点E（0．﹣1）的直线l∥x轴，BR⊥l于R，CS⊥l于S，连接FR、FS．试判断△RFS的形状，并说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）首先求出C的坐标，然后由C、F两点用待定系数法求解析式即可；‎ ‎（2）因为DM∥OF，要使以M、D、O、F为顶点的四边形为平行四边形，则DM=OF，设M（x，﹣x+1），则D（x，x2），表示出DM，分类讨论列方程求解；‎ ‎（3）根据勾股定理求出BR=BF，再由BR∥EF得到∠RFE=∠BFR，同理可得∠EFS=∠CFS，所以∠RFS=∠BFC=90°，所以△RFS是直角三角形．‎ ‎【解答】解：（1）因为点C在抛物线上，所以C（1，），‎ 又∵直线BC过C、F两点，故得方程组：解之，得，‎ 所以直线BC的解析式为：y=﹣x+1； ‎ ‎（2）要使以M、D、O、F为顶点的四边形为平行四边形，则MD=OF，如图1所示，‎ 设M（x，﹣x+1），则D（x，x2），‎ ‎∵MD∥y轴，∴MD=﹣x+1﹣x2，‎ 由MD=OF，可得|﹣x+1﹣x2|=1，‎ ‎①当﹣x+1﹣x2=1时，解得x1=0（舍）或x1=﹣3，所以M（﹣3，），‎ ‎②当﹣x+1﹣x2，=﹣1时，解得，x=，‎ 所以M（，）或M（，），‎ 综上所述，存在这样的点M，使以M、D、O、F为顶点的四边形为平行四边形，‎ M点坐标为（﹣3，）或（，）或（，）；‎ ‎（3）过点F作FT⊥BR于点T，如图2所示，‎ ‎∵点B（m，n）在抛物线上，∴m2=4n，‎ 在Rt△BTF中，BF===‎ ‎ =，‎ ‎∵n＞0，∴BF=n+1，‎ 又∵BR=n+1，∴BF=BR．‎ ‎∴∠BRF=∠BFR，又∵BR⊥l，EF⊥l，‎ ‎∴BR∥EF，∴∠BRF=∠RFE，‎ ‎∴∠RFE=∠BFR，‎ 同理可得∠EFS=∠CFS，‎ ‎∴∠RFS=∠BFC=90°，‎ ‎∴△RFS是直角三角形．‎ ‎【点评】本题主要考查了待定系数法求解析式，平行四边形的判定，平行线的性质，勾股定理以及分类讨论和数形结合等数学思想．‎ ‎18．（2015•苏州）如图，已知二次函数y=x2+（1﹣m）x﹣m（其中0＜m＜1）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，对称轴为直线l．设P为对称轴l上的点，连接PA、PC，PA=PC ‎（1）∠ABC的度数为　45°　；（2）求P点坐标（用含m的代数式表示）；‎ ‎（3）在坐标轴上是否存在着点Q（与原点O不重合），使得以Q、B、C为顶点的三角形与△PAC相似，且线段PQ的长度最小？如果存在，求出所有满足条件的点Q的坐标；如果不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）首先求出B点坐标，进而得出OB=OC=m，再利用等腰直角三角形的性质求出即可；‎ ‎（2）作PD⊥y轴，垂足为D，设l与x轴交于点E，利用勾股定理AE2+PE2=CD2+PD2，得出P点坐标即可；‎ ‎（3）根据题意得出△QBC是等腰直角三角形，可得满足条件的点Q的坐标为：（﹣m，0）或（0，m），进而分别分析求出符合题意的答案．‎ ‎【解答】解：（1）令x=0，则y=﹣m，C点坐标为：（0，﹣m），‎ 令y=0，则x2+（1﹣m）x﹣m=0，解得：x1=﹣1，x2=m，‎ ‎∵0＜m＜1，点A在点B的左侧，∴B点坐标为：（m，0），‎ ‎∴OB=OC=m，∵∠BOC=90°，‎ ‎∴△BOC是等腰直角三角形，∠ABC=45°；故答案为：45°；‎ ‎（2）如图1，作PD⊥y轴，垂足为D，设l与x轴交于点E，‎ 由题意得，抛物线的对称轴为：x=，设点P坐标为：（，n），‎ ‎∵PA=PC，∴PA2=PC2，即AE2+PE2=CD2+PD2，‎ ‎∴（+1）2+n2=（n+m）2+（）2，解得：n=，‎ ‎∴P点的坐标为：（，）；‎ ‎（3）存在点Q满足题意，∵P点的坐标为：（，），‎ ‎∴PA2+PC2=AE2+PE2+CD2+PD2=（+1）2+（）2+（+m）2+（）2=1+m2，‎ ‎∵AC2=1+m2，∴PA2+PC2=AC2，∴∠APC=90°，∴△PAC是等腰直角三角形，‎ ‎∵以Q、B、C为顶点的三角形与△PAC相似，∴△QBC是等腰直角三角形，‎ ‎∴由题意可得满足条件的点Q的坐标为：（﹣m，0）或（0，m），‎ ‎①如图1，当Q点坐标为：（﹣m，0）时，若PQ与x轴垂直，‎ 则=﹣m，解得：m=，PQ=，‎ 若PQ与x轴不垂直，则PQ2=PE2+EQ2=（）2+（+m）2‎ ‎ =m2﹣2m+=（m﹣）2+‎ ‎∵0＜m＜1，∴当m=时，PQ2取得最小值，PQ取得最小值，‎ ‎∵＜，∴当m=，即Q点的坐标为：（﹣，0）时，PQ的长度最小，‎ ‎②如图2，当Q点的坐标为：（0，m）时，若PQ与y轴垂直，则=m，解得：m=，PQ=，‎ 若PQ与y轴不垂直，则PQ2=PD2+DQ2=（）2+（m﹣）2=m2﹣2m+=（m﹣）2+，‎ ‎∵0＜m＜1，∴当m=时，PQ2取得最小值，PQ取得最小值，‎ ‎∵＜，∴当m=，即Q点的坐标为：（0，）时，PQ的长度最小，‎ 综上所述：当Q点坐标为：（﹣，0）或（0，）时，PQ的长度最小．‎ ‎【点评】此题主要考查了二次函数综合以及勾股定理和二次函数最值 求法等知识，利用分类讨论得出Q点坐标是解题关键．‎ ‎19．（2015•临沂）在平面直角坐标系中，O为原点，直线y=﹣2x﹣1与y轴交于点A，与直线y=﹣x交于点B，点B关于原点的对称点为点C．（1）求过A，B，C三点的抛物线的解析式；‎ ‎（2）P为抛物线上一点，它关于原点的对称点为Q．‎ ‎①当四边形PBQC为菱形时，求点P的坐标；‎ ‎②若点P的横坐标为t（﹣1＜t＜1），当t为何值时，四边形PBQC面积最大？并说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）联立两直线解析式可求得B点坐标，由关于原点对称可求得C点坐标，由直线y=﹣2x﹣1可求得A点坐标，再利用待定系数法可求得抛物线解析式；‎ ‎（2）①当四边形PBQC为菱形时，可知PQ⊥BC，则可求得直线PQ的解析式，联立抛物线解析式可求得P点坐标；②过P作PD⊥BC，垂足为D，作x轴的垂线，交直线BC于点E，由∠PED=∠AOC，可知当PE最大时，PD也最大，用t可表示出PE的长，可求得取最大值时的t的值．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）联立两直线解析式可得，解得，‎ ‎∴B点坐标为（﹣1，1），又C点为B点关于原点的对称点，‎ ‎∴C点坐标为（1，﹣1），∵直线y=﹣2x﹣1与y轴交于点A，‎ ‎∴A点坐标为（0，﹣1），设抛物线解析式为y=ax2+bx+c，‎ 把A、B、C三点坐标代入可得，解得，‎ ‎∴抛物线解析式为y=x2﹣x﹣1；‎ ‎（2）①当四边形PBQC为菱形时，则PQ⊥BC，‎ ‎∵直线BC解析式为y=﹣x，∴直线PQ解析式为y=x，‎ 联立抛物线解析式可得，解得或，‎ ‎∴P点坐标为（1﹣，1﹣）或（1+，1+）；‎ ‎②当t=0时，四边形PBQC的面积最大．理由如下：‎ 如图，过P作PD⊥BC，垂足为D，作x轴的垂线，交直线BC于点E，‎ 则S四边形PBQC=2S△PBC=2×BC•PD=BC•PD，‎ ‎∵线段BC长固定不变，‎ ‎∴当PD最大时，四边形PBQC面积最大，‎ 又∠PED=∠AOC（固定不变），‎ ‎∴当PE最大时，PD也最大，‎ ‎∵P点在抛物线上，E点在直线BC上，‎ ‎∴P点坐标为（t，t2﹣t﹣1），E点坐标为（t，﹣t），‎ ‎∴PE=﹣t﹣（t2﹣t﹣1）=﹣t2+1，‎ ‎∴当t=0时，PE有最大值1，此时PD有最大值，即四边形PBQC的面积最大．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及待定系数法、点的对称、菱形的判定和性质、三角形的面积和二次函数的最值等知识点．在（1）中求得A、B、C三点的坐标是解题的关键，在（2）①中得出直线PQ的解析式是解题的关键，在②中确定出四边形PBQC面积最大的条件是解题的关键．本题涉及知识点较多，综合性较强，其中第（2）②小题是难点．‎ ‎20．（2015•巴中）如图，在平面直角坐标系xOy中，二次函数y=ax2+bx﹣4（a≠0）的图象与x轴交于A（﹣2，0）、C（8，0）两点，与y轴交于点B，其对称轴与x轴交于点D．（1）求该二次函数的解析式；‎ ‎（2）如图1，连结BC，在线段BC上是否存在点E，使得△CDE为等腰三角形？若存在，求出所有符合条件的点E的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）如图2，若点P（m，n）是该二次函数图象上的一个动点（其中m＞0，n＜0），连结PB，PD，BD，求△BDP面积的最大值及此时点P的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）采用待定系数法求得二次函数的解析式；‎ ‎（2）先求得直线BC的解析式为y=x﹣4，则可设E（m，m﹣4），然后分三种情况讨论即可求得；‎ ‎（3）利用△PBD的面积S=S梯形﹣S△BOD﹣S△PFD即可求得．‎ ‎【解答】解：（1）∵二次函数y=ax2+bx﹣4（a≠0）的图象与x轴交于A（﹣2，0）、C（8，0）两点，‎ ‎∴，解得，‎ ‎∴该二次函数的解析式为y=x2﹣x﹣4；‎ ‎（2）由二次函数y=x2﹣x﹣4可知对称轴x=3，‎ ‎∴D（3，0），∵C（8，0），∴CD=5，由二次函数y=x2﹣x﹣4可知B（0，﹣4），‎ 设直线BC的解析式为y=kx+b，∴，解得，∴直线BC的解析式为y=x﹣4，‎ 设E（m，m﹣4），当DC=CE时，EC2=（m﹣8）2+（m﹣4）2=CD2，‎ 即（m﹣8）2+（m﹣4）2=52，解得m1=8﹣2，m2=8+2（舍去），∴E（8﹣2，﹣）；‎ 当DC=DE时，ED2=（m﹣3）2+（m﹣4）2=CD2，即（m﹣3）2+（m﹣4）2=52，解得m3=0，m4=8（舍去），‎ ‎∴E（0，﹣4）；当EC=DE时，（m﹣8）2+（m﹣4）2=（m﹣3）2+（m﹣4）2解得m5=5.5，‎ ‎∴E（，﹣）．综上，存在点E，使得△CDE为等腰三角形，所有符合条件的 点E的坐标为（8﹣2，﹣）、（0，﹣4）、（，﹣）．‎ ‎（3）过点P作y轴的平行线交x轴于点F，∵P点的横坐标为m，∴P点的纵坐标为m2﹣m﹣4，‎ ‎∵△PBD的面积S=S梯形﹣S△BOD﹣S△PFD=m[4﹣（m2﹣m﹣4）]﹣（m﹣3）[﹣（m2﹣m﹣4）]﹣×3×4‎ ‎=﹣m2+m=﹣（m﹣）2+‎ ‎∴当m=时，△PBD的最大面积为，‎ ‎∴点P的坐标为（，﹣）．‎ ‎【点评】此题考查了学生的综合应用能力，要注意数形结合，认真分析，仔细识图．注意待定系数法求函数的解析式，注意函数交点坐标的求法，注意三角形面积的求法．‎ ‎21．（2015•黔东南州）如图，已知二次函数y1=﹣x2+x+c的图象与x轴的一个交点为A（4，0），与y轴的交点为B，过A、B的直线为y2=kx+b．‎ ‎（1）求二次函数y1的解析式及点B的坐标；‎ ‎（2）由图象写出满足y1＜y2的自变量x的取值范围；‎ ‎（3）在两坐标轴上是否存在点P，使得△ABP是以AB为底边的等腰三角形？若存在，求出P的坐标；若不存在，说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有 ‎【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）根据待定系数法，可得函数解析式，根据自变量为零，可得B点坐标；‎ ‎（2）根据一次函数图象在上方的部分是不等式的解集，可得答案；‎ ‎（3）根据线段垂直平分线上的点到线段两点间的距离相等，可得P在线段的垂直平分线上，根据直线AB，可得AB的垂直平分线，根据自变量为零，可得P在y轴上，根据函数值为零，可得P在x轴上．‎ ‎【解答】解：（1）将A点坐标代入y1，得 ‎﹣16+13+c=0．‎ 解得c=3，‎ 二次函数y1的解析式为y=﹣x2+x+3，‎ B点坐标为（0，3）；‎ ‎（2）由图象得直线在抛物线上方的部分，是x＜0或x＞4，‎ ‎∴x＜0或x＞4时，y1＜y2；‎ ‎（3）直线AB的解析式为y=﹣x+3，‎ AB的中点为（2，）‎ AB的垂直平分线为y=x﹣‎ 当x=0时，y=﹣，P1（0，﹣），‎ 当y=0时，x=，P2（，0），‎ 综上所述：P1（0，﹣），P2（，0），使得△ABP是以AB为底边的等腰三角形．‎ ‎【点评】本题考察了二次函数综合题，（1）利用待定系数法求函数解析式；（2）利用函数与不等式的关系求不等式的解集；（3）利用线段垂直平分线的性质，利用直线AB得出AB的垂直平分线是解题关键．‎ ‎22．（2015•孝感）在平面直角坐标系中，抛物线y=﹣x2+bx+c与x轴交于点A，B，与y轴交于点C，直线y=x+4经过A，C两点．（1）求抛物线的解析式；‎ ‎（2）在AC上方的抛物线上有一动点P．‎ ‎①如图1，当点P运动到某位置时，以AP，AO为邻边的平行四边形第四个顶点恰好也在抛物线上，求出此时点P的坐标；②如图2，过点O，P的直线y=kx交AC于点E，若PE：OE=3：8，求k的值．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）由直线的解析式y=x+4易求点A和点C的坐标，把A和C的坐标分别代入y=﹣x2+bx+c求出b和c的值即可得到抛物线的解析式；‎ ‎（2）①若以AP，AO为邻边的平行四边形的第四个顶点Q恰好也在抛物线上，则PQ∥AO，再根据抛物线的对称轴可求出点P的横坐标，由（1）中的抛物线解析式，进而可求出其纵坐标，问题得解；‎ ‎②过P点作PF∥OC交AC于点F，因为PF∥OC，所以△PEF∽△OEC，由相似三角形的性质：对应边的比值相等可求出PF的长，进而可设点点F（x，x+4），利用，可求出x的值，解方程求出x的值可得点P的坐标，代入直线y=kx即可求出k的值．‎ ‎【解答】解：（1）∵直线y=x+4经过A，C两点，‎ ‎∴A点坐标是（﹣4，0），点C坐标是（0，4），‎ 又∵抛物线过A，C两点，‎ ‎∴，解得：，‎ ‎∴抛物线的解析式为．‎ ‎（2）①如图1∵，‎ ‎∴抛物线的对称轴是直线x=﹣1． ‎ ‎∵以AP，AO为邻边的平行四边形的第四个顶点Q恰好也在抛物线上，‎ ‎∴PQ∥AO，PQ=AO=4．∵P，Q都在抛物线上，‎ ‎∴P，Q关于直线x=﹣1对称，‎ ‎∴P点的横坐标是﹣3，‎ ‎∴当x=﹣3时，，‎ ‎∴P点的坐标是；‎ ‎②过P点作PF∥OC交AC于点F，‎ ‎∵PF∥OC，‎ ‎∴△PEF∽△OEC，∴．‎ 又∵，∴，‎ 设点F（x，x+4），‎ ‎∴，‎ 化简得：x2+4x+3=0，解得：x1=﹣1，x2=﹣3．‎ 当x=﹣1时，；当x=﹣3时，，‎ 即P点坐标是或．‎ 又∵点P在直线y=kx上，‎ ‎∴．‎ ‎【点评】本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求函数解析式，平行四边形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，解一元二次方程，题目综合性较强，难度不大，是一道很好的中考题．‎ ‎23．（2015•眉山）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c的顶点D的坐标为（1，﹣），且与x轴交于A、B两点，与y轴交于C点，A点的坐标为（4，0）．P点是抛物线上的一个动点，且横坐标为m．‎ ‎（l）求抛物线所对应的二次函数的表达式；‎ ‎（2）若动点P满足∠PAO不大于45°，求P点的横坐标m的取值范围；‎ ‎（3）当P点的横坐标m＜0时，过P点作y轴的垂线PQ，垂足为Q．问：是否存在P点，使∠QPO=∠BCO？若存在，请求出P点的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）根据函数值相等的点关于对称轴对称，可得B点坐标，根据待定系数法，可得函数解析式；‎ ‎（2）根据等腰直角三角形的性质，可得射线AC、AD，根据角越小角的对边越小，可得PA在在射线AC与AD之间，根据解方程组，可得E点的横坐标，根据E、C点的横坐标，可得答案；‎ ‎（3）根据相似三角形的判定与性质，可得=，根据解方程组，可得P点坐标．‎ ‎【解答】解：（1）由A、B点的函数值相等，得A、B关于对称轴对称．‎ A（4﹣0），对称轴是x=1，得B（﹣2，0）．将A、B、D点的坐标代入解析式，得 ‎，解得，‎ 抛物线所对应的二次函数的表达式y=x2﹣x﹣4；‎ ‎（2）如图1作C点关于原点的对称点D，OC=OD=OA=4，∠OAC=∠DAO=45°，‎ AP在射线AC与AD之间，∠PAO＜45°，直线AD的解析式为y=﹣x+4，‎ 联立AD于抛物线，得，解得x=﹣4或x=4，‎ ‎∵E点的横坐标是﹣4，C点的横坐标是0，P点的横坐标的取值范围是﹣4≤m≤0；‎ ‎（3）存在P点，使∠QPO=∠BCO，如图2，‎ 设P（m，m2﹣m﹣4），当点P在第二象限时，‎ 由∠QPO=∠BCO，∠PQO=CBO=90°．‎ ‎∴△PQO∽△COB，∴=即=，‎ 化简，得m2﹣3m﹣8=0．‎ 解得m=，m=（不符合题意，舍），‎ m2﹣m﹣4=（）2﹣﹣4=，‎ P点坐标为（，）．‎ 当点P在第三象限时，同理可得点P为（m，m）‎ 代入y=x2﹣x﹣4，得m=m2﹣m﹣4，解得m=，‎ ‎∵m＜0‎ ‎∴P（，），‎ ‎∴满足条件的点为P（，），或P（，）．‎ ‎【点评】本题考察了二次函数综合题，利用待定系数法求函数解析式，利用了角与对边的关系：角越小角的对边越小得出PA在在射线AC与AD之间是解题关键，利用了相似三角形的判定与性质．‎ ‎24．（2015•桂林）如图，已知抛物线y=﹣x2+bx+c与坐标轴分别交于点A（0，8）、B（8，0）和点E，动点C从原点O开始沿OA方向以每秒1个单位长度移动，动点D从点B开始沿BO方向以每秒1个单位长度移动，动点C、D同时出发，当动点D到达原点O时，点C、D停止运动．（1）直接写出抛物线的解析式：　y=﹣x2+3x+8　；‎ ‎（2）求△CED的面积S与D点运动时间t的函数解析式；当t为何值时，△CED的面积最大？最大面积是多少？‎ ‎（3）当△CED的面积最大时，在抛物线上是否存在点P（点E除外），使△PCD的面积等于△CED的最大面积？若存在，求出P点的坐标；若不存在，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．【专题】压轴题．‎ ‎【解答】解：（1）将点A（0，8）、B（8，0）代入抛物线y=﹣x2+bx+c得：，‎ 解得：b=3，c=8，∴抛物线的解析式为：y=﹣x2+3x+8，‎ ‎（2）∵点A（0，8）、B（8，0），∴OA=8，OB=8，‎ 令y=0，得：﹣x2+3x+8=0，解得：x18，x2=2，∵点E在x轴的负半轴上，‎ ‎∴点E（﹣2，0），∴OE=2，根据题意得：当D点运动t秒时，BD=t，OC=t，‎ ‎∴OD=8﹣t，∴DE=OE+OD=10﹣t，∴S=•DE•OC=•（10﹣t）•t=﹣t2+5t，‎ 即S=﹣t2+5t=﹣（t﹣5）2+，∴当t=5时，S最大=；‎ ‎（3）由（2）知：当t=5时，S最大=，∴当t=5时，OC=5，OD=3，‎ ‎∴C（0，5），D（3，0），由勾股定理得：CD=，‎ 设直线CD的解析式为：y=kx+b，将C（0，5），D（3，0），代入上式得：k=﹣，b=5，‎ ‎∴直线CD的解析式为：y=﹣x+5，过E点作EF∥CD，交抛物线与点P，如图1，‎ 设直线EF的解析式为：y=﹣x+b，将E（﹣2，0）代入得：b=﹣，‎ ‎∴直线EF的解析式为：y=﹣x﹣，将y=﹣x﹣，与y=﹣x2+3x+8联立成方程组 得：，解得：，，∴P（，﹣）；‎ 过点E作EG⊥CD，垂足为G，∵当t=5时，S△ECD==，∴EG=，‎ 过点D作DN⊥CD，垂足为N，且使DN=，过点N作NM⊥x轴，垂足为M，如图2，‎ 可得△EGD∽△DMN，∴，即：，解得：DM=，∴OM=，‎ 由勾股定理得：MN==，∴N（，），过点N作NH∥CD，与抛物线交与点P，如图2，‎ 设直线NH的解析式为：y=﹣x+b，将N（，），代入上式得：b=，∴直线NH的解析式为：y=﹣x+，‎ 将y=﹣x+，与y=﹣x2+3x+8联立成方程组得：，解得：，，‎ ‎∴P（8，0）或P（，），‎ 综上所述：当△CED的面积最大时，在抛物线上存在点P（点E除外），使△PCD的面积等于△CED的最大面积，点P的坐标为：P（，﹣）或P（8，0）或P（，）．‎ ‎【点评】此题考查了二次函数的综合题，主要涉及了以下知识点：用待定系数法求函数关系式，函数的最值问题，三角形的面积公式及用二元一次方程组求交点问题等．解决（3）用到的知识点是两条平行线间的距离处处相等．‎ ‎25．（2015•遂宁）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c经过A（﹣2，0），B（4，0），C（0，3）三点．‎ ‎（1）求该抛物线的解析式；（2）在y轴上是否存在点M，使△ACM为等腰三角形？若存在，请直接写出所有满足要求的点M的坐标；若不存在，请说明理由；‎ ‎（3）若点P（t，0）为线段AB上一动点（不与A，B重合），过P作y轴的平行线，记该直线右侧与△ABC围成的图形面积为S，试确定S与t的函数关系式．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【解答】解：（1）把A（﹣2，0），B（4，0），C（0，3）代入抛物线y=ax2+bx+c得：‎ ‎，解得：，则抛物线的解析式是：y=﹣x2+x+3；‎ ‎（2）如图1，作线段CA的垂直平分线，交y轴于M，交AC与N，连结AM1，则△AM1C是等腰三角形，‎ ‎∵AC==，∴CN=，∵△CNM1∽△COA，‎ ‎∴=，∴=，∴CM1=，∴OM1=OC﹣CM1=3﹣=，∴M1的坐标是（0，），‎ 当CA=CM2=时，则△AM2C是等腰三角形，则OM2=3+，M2的坐标是（0，3+），‎ 当CA=AM3=时，则△AM3C是等腰三角形，则OM3=3，M3的坐标是（0，﹣3），‎ 当CA=CM4=时，则△AM4C是等腰三角形，则OM4=﹣3，M4的坐标是（0，3﹣），‎ ‎（3）如图2，当点P在y轴或y轴右侧时，‎ 设直线与BC交与点D，‎ ‎∵OB=4，OC=3，‎ ‎∴S△BOC=6，‎ ‎∵BP=BO﹣OP=4﹣t，‎ ‎∴=，‎ ‎∵△BPD∽△BOC，‎ ‎∴=（）2，‎ ‎∴=（）2，‎ ‎∴S=S△BPD=t2﹣3t+6（0≤t＜4）；‎ 当点P在y轴左侧时，‎ 设直线与AC交与点E，‎ ‎∵OP=﹣t，AP=t+2，‎ ‎∴=，‎ ‎∵=（）2，‎ ‎∴=（）2，‎ ‎∴S△APE=，‎ ‎∴S=S△ABC﹣S△APE=9﹣=﹣t2﹣3t+6（﹣2＜t＜0）．‎ ‎【点评】此题考查了二次函数的综合，用到的知识点是二次函数的图象与性质、相似三角形的判定与性质、等腰三角形的判定、线段的垂直平分线等，关键是根据题意画出图形，作出辅助线，注意分类讨论，数形结合的数学思想方法．‎ ‎　‎ ‎26．（2015•重庆）如图，抛物线y=﹣x2+2x+3与x轴交于A、B两点（点A在点B的左边），与y轴交于点C，点D和点C关于抛物线的对称轴对称，直线AD与y轴交于点E．‎ ‎（1）求直线AD的解析式；（2）如图1，直线AD上方的抛物线上有一点F，过点F作FG⊥AD于点G，作FH平行于x轴交直线AD于点H，求△FGH周长的最大值；‎ ‎（3）点M是抛物线的顶点，点P是y轴上一点，点Q是坐标平面内一点，以A，M，P，Q为顶点的四边形是以AM为边的矩形．若点T和点Q关于AM所在直线对称，求点T的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【解答】解：（1）当x=0时，y=﹣x2+2x+3=3，则C（0，3），‎ 当y=0时，﹣x2+2x+3=0，解得x1=﹣1，x2=3，则A（﹣1，0），B（3，0），‎ ‎∵y=﹣x2+2x+3=﹣（x﹣1）2+4，∴抛物线对称轴为直线x=1，‎ 而点D和点C关于直线x=1对称，∴D（2，3），设直线AD的解析式为y=kx+b，‎ 把A（﹣1，0），D（2，3）分别代入得，解得，‎ ‎∴直线AD的解析式为y=x+1；‎ ‎（2）当x=0时，y=x+1=1，则E（0，1），∵OA=OE，‎ ‎∴△OAE为等腰直角三角形，∴∠EAO=45°，∵FH∥OA，‎ ‎∴△FGH为等腰直角三角形，过点F作FN⊥x轴交AD于N，如图，‎ ‎∴FN⊥FH，∴△FNH为等腰直角三角形，而FG⊥HN，∴GH=NG，‎ ‎∴△FGH周长等于△FGN的周长，∵FG=GN=FN，‎ ‎∴△FGN周长=（1+）FN，∴当FN最大时，△FGN周长的最大，‎ 设F（x，﹣x2+2x+3），则N（x，x+1），‎ ‎∴FN=﹣x2+2x+3﹣x﹣1=﹣（x﹣）2+，当x=时，FH有最大值，‎ ‎∴△FGN周长的最大值为（1+）×=，‎ 即△FGH周长的最大值为；‎ ‎（3）直线AM交y轴于R，y=﹣x2+2x+3=﹣（x﹣1）2+4，则M（1，4）‎ 设直线AM的解析式为y=mx+n，‎ 把A（﹣1，0）、M（1，4）分别代入得，解得，‎ ‎∴直线AM的解析式为y=2x+2，当x=0时，y=2x+2=2，则R（0，2），‎ 当AQ为矩形APQM的对角线，如图1，∵∠RAP=90°，而AO⊥PR，‎ ‎∴Rt△AOR∽Rt△POA，∴AO：OP=OR：OA，即1：OP=2：1，解得OP=，‎ ‎∴P点坐标为（0，﹣），‎ ‎∵点A（﹣1，0）向上平移4个单位，向右平移2个单位得到M（1，4），‎ ‎∴点P（0，﹣）向上平移4个单位，向右平移2个单位得到Q（2，），‎ ‎∵点T和点Q关于AM所在直线对称，∴T点坐标为（0，）；‎ 当AP为矩形AMPQ的对角线，反向延长QA交y轴于S，如图2，‎ 同理可得S点坐标为（0，﹣），∵R点为AM的中点，∴R点为PS的中点，‎ ‎∴PM=SA，P（0，），∵PM=AQ，∴AQ=AS，∴点Q关于AM的对称点为S，即T点坐标为（0，﹣）．‎ 综上所述，点T的坐标为（0，）或（0，﹣）．‎ ‎【点评】本题考查了二次函数的综合题：熟练掌握二次函数的性质、二次函数与x轴的交点问题和矩形的性质；会利用待定系数法求函数解析式；灵活运用相似三角形的性质计算线段的长；记住坐标系中点平移的规律．‎ ‎27．（2015•兰州）已知二次函数y=ax2的图象经过点（2，1）．‎ ‎（1）求二次函数y=ax2的解析式；‎ ‎（2）一次函数y=mx+4的图象与二次函数y=ax2的图象交于点A（x1、y1）、B（x2、y2）两点．‎ ‎①当m=时（图①），求证：△AOB为直角三角形；‎ ‎②试判断当m≠时（图②），△AOB的形状，并证明；‎ ‎（3）根据第（2）问，说出一条你能得到的结论．（不要求证明）‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）把点（2，1）代入可求得a的值，可求得抛物线的解析式；‎ ‎（2）①可先求得A、B两点的坐标，过A、B两点作x轴的垂线，结合条件可证明△ACO∽△ODB，可证明∠AOB=90°，可判定△AOB为直角三角形；②可用m分别表示出A、B两点的坐标，过A、B两点作x轴的垂线，表示出AC、BD的长，可证明△ACO∽△ODB，结合条件可得到∠AOB=90°，可判定△AOB为直角三角形；‎ ‎（3）结合（2）的过程可得到△AOB恒为直角三角形等结论．‎ ‎【解答】（1）解：∵y=ax2过点（2，1），∴1=4a，解得a=，∴抛物线解析式为y=x2；‎ ‎（2）①证明：‎ 当m=时，联立直线和抛物线解析式可得，解得或，‎ ‎∴A（﹣2，1），B（8，16），‎ 分别过A、B作AC⊥x轴，BD⊥x轴，垂足分别为C、D，如图1，‎ ‎∴AC=1，OC=2，OD=8，BD=16，‎ ‎∴==，且∠ACO=∠ODB，‎ ‎∴△ACO∽△ODB，∴∠AOC=∠OBD，‎ 又∵∠OBD+∠BOD=90°，‎ ‎∴∠AOC+∠BOD=90°，即∠AOB=90°，‎ ‎∴△AOB为直角三角形；‎ ‎②解：△AOB为直角三角形．证明如下：‎ 当m≠时，联立直线和抛物线解析式可得，解得或，‎ ‎∴A（2m﹣2，（m﹣）2），B（2m+2，（m+）2），‎ 分别过A、B作AC⊥x轴，BD⊥x轴，如图2，‎ ‎∴AC=（m﹣）2，OC=﹣（2m﹣2），‎ BD=（m+）2，OD=2m+2，‎ ‎∴==，且∠ACO=∠ODB，‎ ‎∴△ACO∽△OBD，‎ ‎∴∠AOC=∠OBD，‎ 又∵∠OBD+∠BOD=90°，‎ ‎∴∠AOC+∠BOD=90°，即∠AOB=90°，‎ ‎∴△AOB为直角三角形；‎ ‎（3）解：由（2）可知，一次函数y=mx+4的图象与二次函数y=ax2的交点为A、B，则△AOB恒为直角三角形．（答案不唯一）．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及待定系数法、相似三角的判定和性质、直角三角形的判定等知识点．在（1）中注意待定系数法的应用步骤，在（2）中注意表示出A、B两点的坐标，构造三角形相似是解题的关键，在（3）中答案不唯一，可结合（2）的过程得出．本题知识点较多，综合性很强，难度较大．‎ ‎28．（2015•丹东）如图，已知二次函数y=ax2+x+c的图象与y轴交于点A（0，4），与x轴交于点B、C，点C坐标为（8，0），连接AB、AC．‎ ‎（1）请直接写出二次函数y=ax2+x+c的表达式；（2）判断△ABC的形状，并说明理由；‎ ‎（3）若点N在x轴上运动，当以点A、N、C为顶点的三角形是等腰三角形时，请直接写出此时点N的坐标；‎ ‎（4）若点N在线段BC上运动（不与点B、C重合），过点N作NM∥AC，交AB于点M，当△AMN面积最大时，求此时点N的坐标．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【分析】（1）根据待定系数法即可求得；‎ ‎（2）根据抛物线的解析式求得B的坐标，然后根据勾股定理分别求得AB2=20，AC2=80，BC10，然后根据勾股定理的逆定理即可证得△ABC是直角三角形．‎ ‎（3）分别以A、C两点为圆心，AC长为半径画弧，与x轴交于三个点，由AC的垂直平分线与x轴交于一个点，即可求得点N的坐标；‎ ‎（4）设点N的坐标为（n，0），则BN=n+2，过M点作MD⊥x轴于点D，根据三角形相似对应边成比例求得MD=（n+2），然后根据S△AMN=S△ABN﹣S△BMN 得出关于n的二次函数，根据函数解析式求得即可．‎ ‎【解答】解：（1）∵二次函数y=ax2+x+c的图象与y轴交于点A（0，4），‎ 与x轴交于点B、C，点C坐标为（8，0），‎ ‎∴，解得．‎ ‎∴抛物线表达式：y=﹣x2+x+4；‎ ‎（2）△ABC是直角三角形．令y=0，则﹣x2+x+4=0，‎ 解得x1=8，x2=﹣2，∴点B的坐标为（﹣2，0），‎ 由已知可得，‎ 在Rt△ABO中AB2=BO2+AO2=22+42=20，‎ 在Rt△AOC中AC2=AO2+CO2=42+82=80，‎ 又∵BC=OB+OC=2+8=10，‎ ‎∴在△ABC中AB2+AC2=20+80=102=BC2‎ ‎∴△ABC是直角三角形．‎ ‎（3）∵A（0，4），C（8，0），∴AC==4，‎ ‎①以A为圆心，以AC长为半径作圆，交x轴于N，此时N的坐标为（﹣8，0），‎ ‎②以C为圆心，以AC长为半径作圆，交x轴于N，此时N的坐标为（8﹣4，0）或（8+4，0）‎ ‎③作AC的垂直平分线，交x轴于N，此时N的坐标为（3，0），‎ 综上，若点N在x轴上运动，当以点A、N、C为顶点的三角形是等腰三角形时，点N的坐标分别为（﹣8，0）、（8﹣4，0）、（3，0）、（8+4，0）．‎ ‎（4）设点N的坐标为（n，0），则BN=n+2，过M点作MD⊥x轴于点D，‎ ‎∴MD∥OA，∴△BMD∽△BAO，∴=，‎ ‎∵MN∥AC∴=，∴=，‎ ‎∵OA=4，BC=10，BN=n+2∴MD=（n+2），‎ ‎∵S△AMN=S△ABN﹣S△BMN=BN•OA﹣BN•MD=（n+2）×4﹣×（n+2）2=﹣（n﹣3）2+5，‎ ‎∴当△AMN面积最大时，N点坐标为（3，0）．‎ ‎【点评】本题是二次函数的综合题，考查了待定系数法求解析式，勾股定理和逆定理，等腰三角形的性质，三角形相似的判定和性质以及函数的最值等，熟练掌握性质定理是解题的关键．‎ ‎　‎ ‎29．（2015•潍坊）如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=mx2﹣8mx+4m+2（m＞0）与y轴的交点为A，与x轴的交点分别为B（x1，0），C（x2，0），且x2﹣x1=4，直线AD∥x轴，在x轴上有一动点E（t，0）过点E作平行于y轴的直线l与抛物线、直线AD的交点分别为P、Q．‎ ‎（1）求抛物线的解析式；（2）当0＜t≤8时，求△APC面积的最大值；‎ ‎（3）当t＞2时，是否存在点P，使以A、P、Q为顶点的三角形与△AOB相似？若存在，求出此时t的值；若不存在，请说明理由．【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【解答】解：（1）由题意知x1、x2是方程mx2﹣8mx+4m+2=0的两根，‎ ‎∴x1+x2=8，由解得：∴B（2，0）、C（6，0）‎ 则4m﹣16m+4m+2=0，解得：m=，∴该抛物线解析式为：y=；‎ ‎（2）可求得A（0，3）设直线AC的解析式为：y=kx+b，‎ ‎∵∴∴直线AC的解析式为：y=﹣x+3，‎ 要构成△APC，显然t≠6，分两种情况讨论：‎ ‎①当0＜t＜6时，设直线l与AC交点为F，则：F（t，﹣），‎ ‎∵P（t，），∴PF=，‎ ‎∴S△APC=S△APF+S△CPF=‎ ‎==，‎ 此时最大值为：，‎ ‎②当6＜t≤8时，设直线l与AC交点为M，则：M（t，﹣），‎ ‎∵P（t，），∴PM=，‎ ‎∴S△APC=S△APM﹣S△CPM=‎ ‎ ==，‎ 当t=8时，取最大值，最大值为：12，‎ 综上可知，当0＜t≤8时，△APC面积的最大值为12；‎ ‎（3）如图，连接AB，则△AOB中，∠AOB=90°，AO=3，BO=2，Q（t，3），P（t，），‎ ‎①当2＜t＜8时，AQ=t，PQ=，若：△AOB∽△AQP，则：，即：，‎ ‎∴t=0（舍），或t=，若△AOB∽△PQA，则：，即：，‎ ‎∴t=0（舍）或t=2（舍），‎ ‎②当t＞8时，AQ′=t，PQ′=，若：△AOB∽△AQP，则：，即：，‎ ‎∴t=0（舍），或t=，‎ 若△AOB∽△PQA，则：，即：，∴t=0（舍）或t=14，∴t=或t=或t=14．‎ ‎【点评】本题主要考查了抛物线解析式的求法，以及利用配方法等知识点求最值的问题，还考查了三角形相似的问题，是一道二次函数与几何问题结合紧密的题目，要注意认真总结．‎ ‎30．（2015•珠海）如图，折叠矩形OABC的一边BC，使点C落在OA边的点D处，已知折痕BE=5，且=，以O为原点，OA所在的直线为x轴建立如图所示的平面直角坐标系，抛物线l：y=﹣x2+x+c经过点E，且与AB边相交于点F．（1）求证：△ABD∽△ODE；（2）若M是BE的中点，连接MF，求证：MF⊥BD；‎ ‎（3）P是线段BC上一点，点Q在抛物线l上，且始终满足PD⊥DQ，在点P运动过程中，能否使得PD=DQ？若能，求出所有符合条件的Q点坐标；若不能，请说明理由．‎ ‎【考点】二次函数综合题．菁优网版权所有【专题】压轴题．‎ ‎【解答】（1）证明：‎ ‎∵四边形ABCO为矩形，且由折叠的性质可知△BCE≌△BDE，‎ ‎∴∠BDE=∠BCE=90°，∵∠BAD=90°，‎ ‎∴∠EDO+∠BDA=∠BDA+∠DAB=90°，‎ ‎∴∠EDO=∠DBA，且∠EOD=∠BAD=90°，‎ ‎∴△ABD∽△ODE；‎ ‎（2）证明：∵=，‎ ‎∴设OD=4x，OE=3x，则DE=5x，∴CE=DE=5x，‎ ‎∴AB=OC=CE+OE=8x，又∵△ABD∽△ODE，∴==，‎ ‎∴DA=6x，∴BC=OA=10x，‎ 在Rt△BCE中，由勾股定理可得BE2=BC2+CE2，即（5）2=（10x）2+（5x）2，解得x=1，‎ ‎∴OE=3，OD=4，DA=6，AB=8，OA=10，‎ ‎∴抛物线解析式为y=﹣x2+x+3，当x=10时，代入可得y=，‎ ‎∴AF=，BF=AB﹣AF=8﹣=，‎ 在Rt△AFD中，由勾股定理可得DF===，‎ ‎∴BF=DF，又M为Rt△BDE斜边上的中点，‎ ‎∴MD=MB，∴MF为线段BD的垂直平分线，‎ ‎∴MF⊥BD；‎ ‎（3）解：由（2）可知抛物线解析式为y=﹣x2+x+3，设抛物线与x轴的两个交点为H、G，‎ 令y=0，可得0=﹣x2+x+3，解得x=﹣4或x=12，∴H（﹣4，0），G（12，0），‎ ‎①当PD⊥x轴时，由于PD=8，DM=DN=8，‎ 故点Q的坐标为（﹣4，0）或（12，0）时，△PDQ是以P为直角顶点的等腰直角三角形；‎ ‎②当PD不垂直与x轴时，分别过P，Q作x轴的垂线，‎ 垂足分别为N，I，则Q不与G重合，从而I不与G重合，即DI≠8．‎ ‎∵PD⊥DQ，‎ ‎∴∠QDI=90°﹣∠PDN=∠DPN，‎ ‎∴Rt△PDN∽Rt△DQI，‎ ‎∵PN=8，‎ ‎∴PN≠DI，‎ ‎∴Rt△PDN与Rt△DQI不全等，‎ ‎∴PD≠DQ，另一侧同理PD≠DQ．‎ 综合①，②所有满足题设条件的点Q的坐标为（﹣4，0）或 ‎（12，0）．‎ ‎【点评】本题主要考查二次函数的综合应用，涉及矩形的性质、折叠的性质、相似三角形的判定和性质、垂直平分线的判定和抛物线与坐标轴的交点等知识．在（1）中利用折叠的性质得到∠EDB=90°是解题的关键，在（2）中，求得E、F的坐标，求得相应线段的长是解题的关键，在（3）中确定出Q点的位置是解题的关键．本题考查知识点较多，综合性很强，难度适中．‎