【数学】2020届一轮复习人教A版第十四章空间向量第3课　空间向量的共线与共面学案（江苏专用）

【数学】2020届一轮复习人教A版第十四章空间向量第3课　空间向量的共线与共面学案（江苏专用）

‎_第3课__空间向量的共线与共面____‎ ‎1. 理解共线向量、共面向量等概念；理解空间向量共线、共面的充要条件及坐标表示. ‎ ‎2. 了解空间向量的基本定理及其意义；熟练使用空间向量垂直的充要条件及坐标表示. ‎ ‎1. 阅读：选修21第82～88页. ‎ ‎2. 解悟：①共线向量中为什么规定“a≠0”？②可以用共面定理证明线面平行；③空间向量的共面定理与平面向量的基本定理不仅形式上相同，而且本质也一致；④重解第85页例题1、2，第88页例题1，体会方法和规范. ‎ ‎3. 践习：在教材空白处，完成第 86 页练习第2、6题，第 89 页练习第3、4、5题. ‎ ‎　基础诊断　‎ ‎1. 对于空间任意一点O，下列命题正确的是________．(填序号)‎ ‎①若＝＋t，则P，A，B三点共线；‎ ‎②若3＝＋，则P是AB的中点；‎ ‎③若＝－t，则P，A，B三点不共线；‎ ‎④若＝－＋，则P，A，B三点共线．‎ ‎2. 已知向量a＝mi＋5j－k，b＝3i＋j＋rk，若a∥b，则实数m＝________，r＝________．‎ ‎3. 已知A，B，C三点不共线，对平面ABC外的任意一点O，下列条件中能确定点M与点A，B，C一定共面的是________．(填序号)‎ ‎①＝＋＋；‎ ‎②＝2－－；‎ ‎③＝＋＋；‎ ‎④＝＋＋.‎ ‎　范例导航　‎ 考向 会用一组基底表示空间某个向量 ‎　　例1　在空间四边形ABCD中，AC和BD为对角线，G为△ABC的重心，E是BD上的一点，BE＝3ED，以{，，}为基底，则＝__________________．‎ 如图，在平行六面体ABCDA1B1C1D1中，＝，＝2，设＝a，＝b，＝c，用基底{a，b，c}表示向量＝________________________________________________________________________. ‎ 考向 会求向量的长度及证明线面平行 ‎　　例2 　如图，正方体ABCDA1B1C1D1的棱长为1，P，Q分别是线段AD1和BD上的点，且D1P∶PA＝DQ∶QB＝5∶12.‎ ‎(1) 求线段PQ的长度；‎ ‎(2) 求证：PQ⊥AD；‎ ‎(3) 求证：PQ∥平面CDD1C1.‎ 如图，在四棱锥PABCD中，PA⊥底面ABCD，AB⊥AD，AC⊥CD，∠ABC＝60°，PA＝AB＝BC，E是PC的中点．求证：‎ ‎(1) AE⊥CD；‎ ‎(2) PD⊥平面ABE. ‎ ‎　自测反馈　‎ ‎1. 若A(m＋1，n－1，3)，B(2m，n，m－2n)，C(m＋3，n－3，9)三点共线，则m＋n＝________．‎ ‎2. 设点A，B，C，D是空间四点，有以下几个条件：①＝＋＋；②＝＋＋；③＝＋＋；④＝＋＋.其中能够使A，B，C，D四点一定共面的条件是________．(填序号)‎ ‎3. 向量a＝(8，3，13)，b＝(2，3，5)，c＝(－1，3，1)________共面．(填“是”或“不是”)‎ ‎1. 用基底表示空间向量，作为基底的三个向量要不共面，注意上面题目中的基底是否共面？‎ ‎2. 四点共面成立的充要条件是什么？证明线面平行需要交代线不在平面内．‎ ‎3. 你还有哪些体悟，写下来：‎ ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ 第3课　空间向量的共线与共面 ‎　基础诊断　‎ ‎1. ①　解析：①若＝＋t，则＝t，所以A，B，P共线，所以①正确；②若3＝＋，则3＝，不能得到P是AB的中点，所以②错误；③若＝－t，则＝－t，A，B，P共线，所以③错误；④若＝－＋，则＝－2＋，且－2＋1≠1，所以A，B，P不共线，所以④错误．‎ ‎2. 15　－　解析：因为a∥b，所在存在实数λ使得a＝λb，可得解得m＝15，λ＝5，r＝－.‎ ‎3. ④　解析：由向量共面定理得，＝x＋y＋z，x＋y＋z＝1.①1＋1＋1＝3≠1，则①不能确定；②2－1－1≠1，所以②不能确定；③1＋＋≠1，所以③不能确定；④＋＋＝1，所以④能确定．‎ ‎　范例导航　‎ 例1　－－＋　解析：由题意，连结AE，则＝－＝＋－＝＋－·(＋)＝＋(－)－－＝－－＋.‎ ‎－a＋b＋c　解析：＝－＝＋－＝＋－(＋)＝＋(－)－(＋)＝c＋(b－c)－(a＋b)＝－a＋b＋c.‎ 例2　解析：(1) 以D为坐标原点，分别以DA，DC，DD1所在直线为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系．‎ 由于正方体的棱长为1，所以D(0，0，0)，D1(0，0，1)，B(1，1，0)，A(1，0，0)．‎ 因为P，Q分别是线段AD1和BD上的点，且D1P∶PA＝DQ∶QB＝5∶12，‎ 所以P，Q，‎ 所以＝，所以PQ＝||＝.‎ ‎(2) 因为＝(1，0，0)，‎ 所以·＝0，即PQ⊥AD.‎ ‎(3) 因为＝(0，1，0)，＝(0，0，1)，‎ 所以＝－.‎ 又DD1，DC平面CDD1C1，PQ平面CDD1C1，‎ 所以PQ∥平面CDD1C1.‎ 解析：(1) 由题意知AB，AD，AP两两垂直，以A为坐标原点，分别以AB，AD，AP所在的直线为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系，如图，设PA＝AB＝BC＝1，则P(0，0，1). ‎ 因为∠ABC＝60°，AB＝BC，‎ 所以△ABC为正三角形，‎ 所以C，E.‎ 设D(0，y，0)，则＝，‎ ＝. ‎ 由AC⊥CD，得·＝0，‎ 即y＝，则D，‎ 所以＝. ‎ 又＝，‎ 所以·＝－×＋×＋0×＝0，‎ 所以⊥，即AE⊥CD. ‎ ‎(2) 因为P(0，0，1)，所以＝. ‎ 又·＝×0＋×＋×(－1)＝0，‎ 所以⊥，即PD⊥AE. ‎ 因为＝(1，0，0)，所以·＝0. ‎ 所以PD⊥AB.‎ 又AB∩AE＝A，AB，AE平面ABE，‎ 所以PD⊥平面ABE. ‎ ‎　自测反馈　‎ ‎1. 0　解析：因为A(m＋1，n－1，3)，B(2m，n，m－2n)，C(m＋3，n－3，9)，所以＝(m－1，1，m－2n－3)，＝(2，－2，6)．又因为A，B，C三共点共线，所以存在实数λ使得＝λ，即 解得所以m＋n＝0＋0＝0.‎ ‎2. ④　解析：由向量共面定理得，＝x＋y＋z，x＋y＋z＝1.①因为1＋＋≠1，所以不能使A，B，C，D共面；②因为＋＋≠1，所以不能使A，B，C，D共面；同理③亦不能；④因为＋＋＝1，所以④能使A，B，C，D共面．‎ ‎3. 是　解析：假设a＝xb＋yc，则可得解得又因为b＝(2，3，5)，c＝(－1，3，1)，所以b，c不共线，则a，b，c三向量共面．‎