2020浙江高考物理新突破考前冲刺卷（八）

2020浙江高考物理新突破考前冲刺卷（八）

考前冲刺卷(八)‎ 本试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟。‎ 选择题部分 一、选择题Ⅰ(本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)‎ ‎1.2022年，杭州将举办亚运会，在运动场上，下列说法正确的是(　　)‎ A.在100 m比赛中的冲刺阶段运动员可看成质点 B.若某运动员在200 m比赛中成绩为20 s，则该运动员平均速度为10 m/s C.羽毛球被扣杀后在飞入对方场地过程中受重力、空气阻力和球拍的作用力 D.乒乓球比赛中，有时会出现高抛发球，若在某次比赛中，乒乓球被抛出后距乒乓球桌的最大高度为3.2 m，则乒乓球从最高点到击球点的时间可能为0.84 s 解析　在100 m比赛中的冲刺阶段运动员躯干部位通过终点都有效，故运动不能看成质点，选项A错误；200 m比赛的位移小于200 m，故运动员在200 m比赛中的平均速度小于10 m/s，选项B错误；羽毛球被扣杀后进入对方场地的过程中受重力和空气阻力作用，选项C错误；乒乓球在下落过程中受重力和空气阻力作用，其下落的加速度小于重力加速度，由h＝at2得，t＝>＝0.8 s，选项D正确。‎ 答案　D ‎2.列车在通过桥梁、隧道的时候，要提前减速。假设列车的减速过程可看做匀减速直线运动，下列与其运动相关的物理量(位移x、加速度a、速度v、动能Ek)随时间t变化的图象，能正确反映其规律的是(　　)‎ 解析　由火车减速过程中位移与时间的关系x＝v0t－at2可知，位移—时间图象为开口向下的二次函数图线，故A错误；由于火车做匀减速运动，故加速度恒定不变，故B错误；由火车减速过程速度与时间的关系式v＝v0－at，可知速度—时间关系为一次函数图象且斜率为负，故C正确；由动能公式Ek＝mv2‎ 可得，火车在减速过程中，动能与时间的关系表达式为Ek＝mv2＝m(v0－at)2＝ma2t2－mv0at＋mv，即为二次函数关系，故D错误。‎ 答案　C ‎3.如图1所示，在某次比赛中，我国女排名将将排球从底线A点的正上方以某一速度水平发出，排球正好擦着球网落在对方底线的B点上，且AB平行于边界CD。已知网高为h＝2.24 m，球场的长度为s＝18 m，不计空气阻力且排球可看成质点，重力加速度g＝10 m/s2，则排球被发出时，击球点的高度H和水平初速度v分别为(　　)‎ 图1‎ A.H＝2.99 m，v＝23.3 m/s B.H＝3.36 m，v＝12.0 m/s C.H＝2.99 m，v＝12.0 m/s D.H＝3.36 m，v＝23.3 m/s 解析　由于排球飞过全场，前半场与后半场用时相等，由平抛运动规律知竖直方向位移之比为1∶3，已知后半场竖直位移为2.24 m，则总高度为H＝h≈2.99 m；由平抛运动公式s＝vt，H＝gt2，计算得v＝23.3 m/s。‎ 答案　A ‎4.自行车变速器的工作原理是依靠线绳拉动变速器，变速器通过改变链条的位置，使链条跳到不同的齿轮上而改变速度。自行车的部分构造如图2所示，下列有关说法中不正确的是(　　)‎ 图2‎ A.自行车骑行时，后轮边缘的轮胎与飞轮的角速度相等 B.自行车拐弯时，前轮边缘与后轮边缘的线速度大小一定相等 C.自行车上坡时，理论上采用中轴链轮最小挡，飞轮最大挡 D.自行车骑行时，链条相连接的飞轮边缘与中轴链轮边缘的线速度大小相等 解析　根据传动结构特点分析。解题的关键是分析是哪一种传动，根据圆周运动解题。自行车骑行时，后轮边缘的轮胎与飞轮的角速度相等，故A正确；自行车拐弯时，由于前后轮的转弯半径不同，故前轮边缘与后轮边缘的线速度大小不相等，故B错误；自行车上坡时，理论上采用中轴链轮最小挡，飞轮最大挡，线速度最小，最省力，故C正确；自行车骑行时，链条相连接的飞轮边缘与中轴链轮边缘属于链条传动，故线速度大小相等，故D正确。‎ 答案　B ‎5.一次演习中，一空降特战兵实施空降，飞机悬停在高空某处后，空降特战兵从机舱中跳下，设空降特战兵沿直线运动，其速度—时间图象如图3甲所示，当速度减为零时特战兵恰好落到地面。已知空降特战兵的质量为60 kg。设降落伞用8根对称的绳悬挂空降特战兵，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图乙所示。不计空降特战兵所受的阻力。则空降特战兵(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)(　　)‎ 图3‎ A.前2 s处于超重状态 B.从200 m高处开始跳下 C.落地前瞬间降落伞的每根绳对特战兵的拉力大小为125 N D.整个运动过程中的平均速度大小为10 m/s 解析　前2 s运动员加速下降，故处于失重状态，故选项A错误；速度—时间图象中，面积大小等于位移大小，故位移为180 m，选项B错误；平均速度v＝＝ m/s＝13.8 m/s，故选项D错误；根据牛顿运动定律8Fcos 37°－mg＝ma，根据图象，运动员落地前加速度a＝ m/s2，则F＝125 N，故选项C正确。‎ 答案　C ‎6.背越式跳高是一项跳跃垂直障碍的运动项目，包括助跑、起跳、过杆和落地四个阶段，如图4所示为从起跳到落地运动过程分解图，某同学身高1.80 m，体重60 kg，参加学校运动会时成功地越过高1.90 m的横杆，该同学跳起时的动能可能是下列哪个值(g取10 m/s2)(　　)‎ 图4‎ A.500 J B.600 J ‎ C.800 J D.2 000 J 解析　该同学跳高过程可以视为竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，该同学重心升高高度至少为h＝ m＝1.0 m，根据机械能守恒定律可知，跳起时的动能Ek＝mgh＝60×10×1.0 J＝600 J，因实际过程中可能存在阻力，则可知，只有动能大于600 J时才能成功越过，但2 000 J不符合实际，故只有C正确，A、B、D错误。‎ 答案　C ‎7.2018年7月22日美国在卡纳维拉尔角空军基地成功发射了地球同步轨道卫星Telstar 19 Vantage，定点在西经63度赤道上空。2018年7月25日欧洲航天局在圭亚那太空中心成功发射了四颗伽利略导航卫星(FO CFM－19、20、21、22)，这四颗伽利略导航卫星质量大小不等，运行在离地面高度为23 616 km的中地球轨道。设所有卫星都绕地球做匀速圆周运动，下列说法正确的是(　　)‎ A.这四颗伽利略导航卫星运行时所需的向心力大小相等 B.FO CFM－19运行时周期小于Telstar 19 Vantage的运行周期 C.Telstar 19 Vantage运行时线速度可能大于地球第一宇宙速度 D.FO CFM－19运行时的向心加速度小于Telstar 19 Vantage的向心加速度 解析　根据万有引力提供向心力得F＝G，这四颗伽利略导航卫星的轨道半径相等，但质量大小不等，故这四颗伽利略导航卫星的向心力大小不相等，故A错误；根据万有引力提供向心力得G＝mr，解得T＝2π，因FO CFM－19运行时轨道半径小于地球同步轨道卫星Telstar 19 Vantage的轨道半径，故FO CFM－19运行时周期小于Telstar 19 Vantage的运行周期，故B正确；根据万有引力提供向心力得G＝m，解得v＝，因地球同步轨道卫星Telstar 19 Vantage的轨道半径大于地球半径，故Telstar 19 Vantage运行时线速度一定小于地球第一宇宙速度，故C错误；根据万有引力提供向心力得G＝ma，解得a＝，因FO CFM－19运行时轨道半径小于地球同步轨道卫星Telstar 19 Vantage的轨道半径，故FO CFM－19的向心加速度大于Telstar 19 Vantage的向心加速度，故D错误。‎ 答案　B ‎8.如图5所示，A，B两平行金属板水平放置，两板之间的电势差恒定，金属板上的a、b两小孔恰好在同一竖直线上，在两小孔的正上方有一带电油滴由静止释放，到达b孔时速度恰好为零。不计空气阻力，则(　　)‎ 图5‎ A.到达b孔时电场力恰好等于重力 B.将A板上移，带电油滴将不能到达b孔 C.将B板下移，带电油滴将不能到达b孔 D.将A板及带电油滴的释放位置都上移，带电油滴一定能到达b孔 解析　根据题意，油滴在平行板内做减速运动，受到的电场力大于重力，故选项A错误；设油滴出发位置离B板的距离为h，则有mgh－qU＝0－0，将A板上移，等式仍成立，带电油滴仍恰能达到b孔，选项B错误；B板下移，平行板电势差不变，但h增大，故能达到B板，选项C错误；同理可知，选项D正确。‎ 答案　D ‎9.如图6甲所示的“抓娃娃机”是老少皆宜的一种娱乐工具。若抓小熊的爪子有四个抓脚，某次抓小熊简化为如图乙所示(只画了左、右两个抓脚，前、后两个没画)，其中一段过程如下：当小熊(可视为质点)被爪子抓紧，爪子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，小熊质量为M，到小环的距离为L，小熊与每个抓脚间的最大静摩擦力均为F。小环和小熊以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，小熊向上摆动。整个过程中，小熊在爪子中没有滑动。小环和爪子的质量均不计，重力加速度为g。下列说法正确的是(　　)‎ 图6‎ A.小熊向右匀速运动时，绳中的张力等于4F B.小环碰到钉子P时，绳中的张力大于4F C.小熊上升的最大高度为 D.速度v不能超过 解析　爪子受绳的拉力和小熊对爪子的静摩擦力，其中静摩擦力小于等于最大静摩擦力，由平衡条件知，绳中的张力不一定等于4F，选项A错误；小环碰到钉子P后，小熊开始在竖直面内做圆周运动，在最低点时，对整体T－Mg＝M，对小熊4f－Mg＝M，所以T＝4f≤4F，则绳中的张力不大于4F，选项B错误；小熊上升到最高点的过程中，由动能定理得，－Mgh＝－Mv2，解得h＝ ‎，选项C错误；当小熊受到的静摩擦力为最大静摩擦力时，小熊的速度最大，由牛顿第二定律得，4F－Mg＝M，解得小熊的最大速度为v＝，选项D正确。‎ 答案　D ‎10.一个半径为R的绝缘圆柱面，有2N＋1根长直铜导线紧紧贴在其表面，通有向下的电流，大小均为I，通电导线有两种放置方法，方法1：一根放置在AA′处，其余2N根均匀、对称的分布在圆柱的右半侧，与圆柱的轴平行如图7甲；方法2：方法1中若把其余2N根均匀、对称的分布在圆柱的左半侧，与圆柱的轴平行如图乙，在这两种情况下，其余2N根在AA′产生的磁场分别为B1、B2，放置在AA′处的导线受安培力分别为F1、F2。已知通有电流i的长直导线在距其r处产生的磁感应强度大小为B＝km(其中km为一常数)，甲、乙的俯视图分别为丙、丁。则(　　)‎ 图7‎ A.B1、B2方向相同，大小相等，F1＝F2‎ B.B1、B2方向相同，大小不等，F1≠F2‎ C.B1、B2方向不相同，大小相等，F1＝F2‎ D.B1、B2方向不相同，大小不相等，F1≠F2‎ 解析　由安培定则知，两根对称通电长直导线在AA′处产生的磁感应强度如图所示，由磁场叠加得，B＝2kmcos θ＝，方向竖直向上，则B1＝B2＝，方向相同，由F＝BIL知，放在AA′处的导线受到的安培力相等，选项A正确，B、C、D错误。‎ 答案　A 二、选择题Ⅱ(本大题共5小题，每小题3分，共15分。每小题给出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)‎ ‎11.如图8甲所示为一半圆形玻璃砖，一定强度的激光沿半径方向入射到玻璃砖的圆心O点后分离为A、B、C三束(如图甲所示)，现让经过玻璃砖后的A、B、C三束光分别照射相同的光电管的阴极(如图乙所示)，在C光的照射下，电路中恰好有光电流产生，则(　　)‎ 图8‎ A.B光照射光电管的阴极时，有光电子打出 B.A光和C光分别照射光电管的阴极时，A光打出光电子的最大初动能较大 C.入射光的入射角从0开始增大，C光比B光先消失 D.A光照射光电管时产生的光电流一定比C光大 解析　由三种光的折射光路图可看出，三种光的折射率大小关系为nB1的整数，故K＝2，代入②知：2n＝152＋8－60，由于n要求取整数，情况一中n不存在。‎ 情况二：在电场中被加速二次后(即第二个半圆)越过极板右侧：如图(b)，此时，要满足的条件为2rK<0.99D①‎ ‎(b)‎ ‎2×2rK≥0.99D②‎ ‎2rK＋2rn＝5D③‎ 由①②知2.2≤K<9，由③知；Kn＝152－30＋K，当 K分别取3、4、…8时，n不可能取整数，情况二也不存在。‎ 情况三：‎ 在电场中被加速一次后(即第一个半圆)直接越过极板右侧：如图(c)，此时，要满足的条件2rK≥0.99D①‎ ‎(c)‎ ‎2rn＝5D②‎ 由①知：K≥9，由②知：Kn＝152＝3×5×3×5，故K可能有6组取值，分别为：K＝9，n＝25；K＝15，n＝15；K＝25，n＝9；K＝45，n＝5；K＝75，n＝3；K＝225，n＝1。‎ 答案　见解析