湖北省重点高中协作体2018-2019学年高二下学期期中考试（A卷）化学试题

湖北省重点高中协作体2018-2019学年高二下学期期中考试（A卷）化学试题

‎2019年春季湖北省重点高中联考协作体期中考试 高二化学试卷(A卷)‎ 注意事项：‎ ‎1．答卷前，考生务必将自己的学校、考号、班级、姓名等填写在答题卡上。‎ ‎2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答在试题卷、草稿纸上无效。‎ ‎3．填空题和解答题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内，答在试题卷、草稿纸上无效。‎ ‎4．考生必须保持答题卡的整洁。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。‎ 可能用到的相对原子质量：H：1 C：12 O：16 Ca：40‎ 第Ⅰ卷 选择题(共48分)‎ 一、选择题(本大题共16小题，每小题3分，共48分。每小题只有一个选项符合题意)‎ ‎1.下列有关说法不正确的是 A. 纤维素、蛋白质和油脂都是能发生水解反应的高分子化合物 B. “山东疫苗案”涉及疫苗未冷藏储运而失效，这与蛋白质变性有关 C. 硫酸亚铁片和维生素C同时服用，能增强治疗缺铁性贫血的效果 D. 甲烷、苯、乙醇、乙酸和酯类都可以发生取代反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A．油脂的相对分子质量在10000以下；‎ B．未冷藏储运，温度升高，蛋白质发生变性；‎ C．硫酸亚铁片和维生素C同时服用，可防止亚铁被氧化；‎ D．甲烷能在光照条件下发生取代反应，苯在催化剂的条件下发生取代反应，乙酸、乙醇的酯化反应以及酯的水解属于取代反应。‎ ‎【详解】A．油脂的相对分子质量在10000以下，不是高分子，而纤维素、蛋白质都是能发生水解反应的高分子化合物，选项A不正确；‎ B．未冷藏储运，温度升高，蛋白质发生变性，则应冷藏储运，选项B正确；‎ C．硫酸亚铁片和维生素C同时服用，可防止亚铁被氧化，则能增强治疗缺铁性贫血的效果，选项C正确；‎ D．甲烷能在光照条件下发生取代反应，苯在催化剂的条件下发生取代反应，乙酸、乙醇的酯化反应以及酯的水解属于取代反应，选项D正确；‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的组成、性质和应用，本题注意相关基础知识的积累，把握物质的性质、应用及化学与生活的关系为解答的关键。‎ ‎2.为了提纯下列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是 选项 被提纯的物质 除杂试剂 分离方法 A 己烷(己烯)‎ 溴水 分液 B 淀粉溶液(NaCl)‎ 水 过滤 C 苯（甲苯）‎ 酸性高锰酸钾溶液、NaOH溶液 分液 D 甲烷(乙烯)‎ KMnO4酸性溶液 洗气 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.己烯与溴水反应生成的二溴己烷能溶于己烷中，分液操作无法除去己烷中混有的二溴己烷，选用的除杂试剂错误，A项错误；‎ B.淀粉溶液属于胶体分散系，淀粉胶体粒子和NaCl的离子都能够透过滤纸，分离方法错误，B项错误；‎ C.甲苯能被酸性高锰酸钾溶液氧化生成苯甲酸，再加NaOH溶液将苯甲酸转化为易溶于水的苯甲酸钠，而苯不溶于水，最终混合液分层，上层为苯层，经分液可提纯苯，C项正确；‎ D.乙烯能被酸性高锰酸钾溶液氧化为CO2气体，被提纯的物质经KMnO4酸性溶液洗气后会混有CO2杂质，所选用的除杂试剂错误，D项错误；答案选C。‎ ‎【点睛】混合物分离和提纯的原则是：“不增”即不增加新的杂质；“不减”即不减少被提纯物质；“易分”即杂质转化要易于分离；“复原”即若将被提纯物转化为其它物质，但最后要恢复原态。‎ ‎3.BHT是一种常用的食品抗氧化剂，由对甲基苯酚()合成BHT的常用方法有2种(如图)，下列说法不正确的是（ ）‎ A. BHT能使酸性KMnO4溶液褪色 B. BHT与对甲基苯酚互为同系物 C. 方法一的原子利用率高于方法二 D. BHT中加入浓溴水易发生取代反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、BHT结构中有酚羟基，可以被酸性KMnO4溶液氧化，其结构中有一个甲基直接与苯环相连，也能被酸性KMnO4溶液直接氧化，选项A正确；‎ B、对甲基苯酚和BHT相比,都含有1个酚羟基，BHT多了8个CH2原子团，符合同系物的定义——结构相似，组成上相差若干个CH2，选项B正确；‎ C、方法一为加成反应，原子利用率理论高达100%，而方法二为取代反应，产物中还有水，原子利用率相对较低，选项C正确；‎ D、BHT中酚羟基的邻、对位已无H原子，所以不能与浓溴水发生取代反应，选项D错误； ‎ 答案选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机多官能团的结构与性质，注意①同系物的判断,首先要求碳干结构相似，官能团种类和数量相同，其次是分子组成上要相差若干个CH2；②酚羟基的引入，使苯环上酚羟基的邻对位氢受到激发，变得比较活泼。‎ ‎4.下列实验操作、现象及所得出的结论均正确的是(　　)‎ 选项 实验操作和现象 结论 A 向苯酚溶液中滴加少量浓溴水、振荡，无白色沉淀 苯酚浓度小 B 向碘水中加入等体积苯，振荡后静置，上层接近无色，下层显紫红色 I2在苯中的溶解度大于在水中的溶解度 C 向FeCl3溶液中加入铜粉，溶液由黄色变为绿色 Fe3＋的氧化性强于Cu2＋的氧化性 D 向NaCl、NaI的混合稀溶液中滴入少量稀AgNO3溶液，有黄色沉淀生成 Ksp(AgCl)>Ksp(AgI)‎ A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据相关反应原理，分析实验操作、现象、结论，判断正确与否。‎ ‎【详解】A项：因浓溴水少量，生成的三溴苯酚溶解在过量的苯酚溶液中，因而无沉淀生成，A项结论错误；‎ B项：苯不溶于水，密度比水小。碘水中加入苯，振荡后静置，上层紫红色，下层接近无色，B项现象错误；‎ C项：FeCl3溶液中加入铜粉，发生反应2Fe3++Cu=2Fe2++Cu2+，则氧化性Fe3+>Cu2+，C项正确；‎ D项：NaCl、NaI的混合稀溶液中，Cl－、I－浓度不一定相等，不能根据滴加AgNO3溶液的现象比较Ksp，D项错误。‎ 本题选C。‎ ‎5.某烃的结构简式CH3CH2CH＝C(C2H5‎ ‎)C≡CH，分子中含有四面体结构的碳原子数为a，在同一直线上的碳原子数最多为b，一定在同一平面内的碳原子数为c，则a、b、c分别为（ ）‎ A. 4、3、5 B. 4、3、6 C. 2、5、4 D. 4、6、4‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物CH3CH2CH=C(C2H5)C≡CH中，乙烯是平面结构，乙炔是直线型结构，线可以在面上，所以一定在同一平面内的碳原子数为6个，即c=6；‎ 在同一直线上的碳原子数即为符合乙炔的结构的碳原子，最多为3个，即b=3；‎ 甲基碳和乙基碳原子是含有四面体结构的碳原子（即饱和碳原子），共4个，故a=4。‎ 答案选C。‎ ‎6.分子式为C4H10O且不能被催化氧化为醛的有机物有（ ）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C4H10O的通式为CnH2n+2O，符合饱和一元醇、醚的通式，由于醚不能催化氧化为醛，符合条件的醚有CH3OCH2CH2CH3、CH3OCH(CH3)2、CH3CH2OCH2CH3共3种；其中属于饱和一元醇的，符合不能被催化氧化为醛类有2种，结构简式如下所示：CH3CH2CH(OH)CH3；C(CH3)3OH，故符合条件的有机物有5种。‎ 答案选C。‎ ‎7.含有一个碳碳三键的炔烃，与氢气充分加成后的产物的结构简式为，此炔烃可能的结构有（ ）‎ A. 2种 B. 3种 C. 4种 D. 5种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】1mol炔烃最多需要2mol氢气加成，因此相邻的两个碳上，每个碳至少有2个氢原子，同时还要注意等效氢原子，有3处符合要求，即符合题意的有3种，‎ ‎、、。‎ 答案选B。‎ ‎8.一定量的某有机物完全燃烧后，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀，但称量滤液时，其质量只比原石灰水减少，则此有机物可能是(     )‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物燃烧产物有二氧化碳和水，将燃烧产物通过足量的石灰水，经过滤可得沉淀，应为，，‎ 根据方程式：    滤液减少量 ‎                                                                       ‎ 称量滤液时，其质量只比原石灰水减少，则生成水的质量应为，‎ 则，‎ 则有机物中：，‎ 选项A符合，故答案为A。‎ ‎9.下列有关烃类物质的说法正确的是（ ）‎ A. 石油通过减压分馏可以得到相对分子量较大芳香烃 B. 丙烯与溴的四氯化碳溶液反应生成1,3-二溴丙烷 C. 中至少有16个原子共平面 D. 的一氯代物的同分异构体有12种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．石油通过减压分馏可以得到相对分子质量较大的烷烃，得不到相对分子质量较大的芳香烃，故A错误；B．丙烯与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，生成1,2-二溴丙烷，故B错误；C．中三个苯环连接在同一条对称轴上，其中至少有一个苯环与对称轴上的所有原子在同一平面上，则至少有16个原子共平面，故C正确；D．—C4H9共有-CH2CH2CH2CH3、-CH2CH（CH3）2、-CH(CH3)CHCH3、-C(CH3)3四种，对应的共有四种，结合对应的丁基，相应的等效氢依次为7、6、7、4种，则一氢代数共有7+6+7+4=24种，故D错误；故答案为C。‎ ‎【点睛】“等效氢法”是判断烃的一元取代物的同分异构体最常用的方法。①分子中同一甲基上连接的氢原子等效，②同一碳原子所连的氢原子等效，同一碳原子所连甲基上的氢原子等效，③处于镜面对称位置上的氢原子等效。‎ ‎10.某有机物X的结构简式如图所示，则下列有关说法中正确的是（ ）‎ A. X的分子式为C12H16O3‎ B. 1 mol该有机物最多能与1 molNaOH反应 C. X在一定条件下能发生加成、加聚、取代、消去等反应 D. 在Ni作催化剂的条件下，1 mol X最多只能与1 mol H2加成 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 有机物含有酯基，可发生水解，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，含有羟基，可发生取代、氧化反应，以此解答该题。‎ ‎【详解】A．根据结构简式知，X的分子式为C12H14O3，选项A错误；‎ B．X含有一个酯基，1 mol该有机物最多能与1 molNaOH反应，选项B正确；‎ C．能发生消去反应的有羟基，但X中羟基邻位碳原子不含氢原子，则不能发生消去反应，选项C错误；‎ D．能与氢气发生加成反应的为苯环和碳碳双键，则1mol X最多只能与4mol H2加成，选项D错误；‎ 答案选B。‎ ‎11.设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）‎ A. 常温下a g某烷烃(CnH2n＋2)中含有共用电子对数目为 B. 标准状况下，11.2 L CH2Cl2中含有分子的数目为0.5NA C. 56g聚乙烯中含有碳碳双键的数目为2NA D. 常温下，0.2 mol/L的FeCl3溶液中含Cl－数目为0.6NA ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A、ag某烷烃（CnH2n+2）的物质的量n= =mol，而1mol某烷烃（CnH2n+2）中含2n+2条C-H键和n-1条C-C键即共3n+1条共价键，选项A正确；‎ B、标准状况CH2Cl2不是气体，11.2L CH2Cl2中物质的量不是0.5mol，选项B错误；‎ C、聚乙烯是乙烯加聚反应而生成高分子化合物，分子中不含碳碳双键，选项C错误；‎ D、依据n=cV可知溶液体积未知，无法计算氯离子个数，选项D错误；‎ 答案选A。‎ ‎【点睛】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，易错点为选项A：求出某烷烃（CnH2n+2）的物质的量，然后根据1mol某烷烃（CnH2n+2）中含2n+2条C-H键和n-1条C-C键即共3n+1条共价键来分析。‎ ‎12.下列关于有机化合物的说法正确的是（ ）‎ A. 2－甲基丁烷也称异丁烷 B. C4H9Cl有3种同分异构体 C. 由乙烯生成乙醇属于加成反应 D. 汽油、柴油、润滑油和植物油的主要成分都是碳氢化合物 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、2-甲基丁烷主链有4个C原子，还有1个甲基，所以总共有5个C原子，在习惯命名法中称为异戊烷，选项A错误；‎ B、C4H9Cl是丁烷的一氯代物，丁烷有两种同分异构体，正丁烷和异丁烷，正丁烷的一氯代物有2种，异丁烷的一氯代物有2种，所以它们的一氯代物共有4种，选项B错误；‎ C、乙烯中含碳碳双键，可与水发生加成反应生成乙醇，选项C正确；‎ D、汽油、柴油、润滑油主要成分是碳氢化合物，植物油是高级脂肪酸与甘油形成的酯，选项D错误。‎ 答案选C。‎ ‎13.下列有关下图中有机物的说法不正确的是 A. 该有机物的分子式为C8H9O4Br B. 1mol该有机物最多可以与3molH2反应 C. 能发生酯化反应、水解反应、银镜反应和缩聚反应 D. 1mol该有机物与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ A. 根据结构示意图，该有机物的分子式为C8H9O4Br，故A正确；B. 1mol该有机物中含有1mol碳碳双键和1mol醛基，最多可以与2molH2反应，故B错误；C. 该有机物结构中含有11羟基，能发生酯化反应、含有溴原子，能发生水解反应、含有醛基，能发生银镜反应、含有羧基和羟基，能反应缩聚反应，故C正确；D. 1mol该有机物含有1mol羧基和1mol溴原子，与NaOH溶液反应时，最多消耗2molNaOH，故D正确；故选B。‎ ‎14.分子式为C9H18O2的有机物A有下列转化关系 其中B、C的相对分子质量相等，则A的可能结构有 A. 16种 B. 10种 C. 8种 D. 6种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 有机物A的分子式为C9H18O2，在酸性条件下水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，由于B与C相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后得到的羧酸含有4个C原子，而得到的醇含有5个C原子，含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，CH3CH(CH3)COOH；含有5个C原子的醇的有8种同分异构体：CH3CH2CH2CH2CH2OH，CH3CH2CH2CH(OH)CH3，CH3CH2CH(OH)CH2CH3；CH3CH2CH(CH3)CH2OH，CH3CH2C(OH)(CH3)CH3，CH3CH(OH)CH(CH3)CH3，CH2(OH)CH2CH(CH3)CH3；CH3C(CH3)2CH2OH，其中醇能能被氧化成羧酸，说明羟基所连碳上有2个氢原子，共有4种，所以有机物A的同分异构体数目有2×4=8；故选C。‎ 点睛：本题考查同分异构体数目的判断，清楚饱和一元醇与少一个C原子的饱和一元羧酸的相对分子质量相同以及醇氧化的条件是解题关键。‎ ‎15. 下列各组有机物，不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧生成水的总质量就相同的是 A. 甲烷、丙烷 B. 甲苯、甘油 C. 甲酸、乙酸 D. 乙醇、乙二醇 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：不论按何种比例混合，只要总质量一定，完全燃烧生成水的总质量就相同，表示氢元素的质量分数相同。A、甲烷分子式为CH4，丙烷的分子式为C3H8，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，A错误；B、甲苯分子式为C7H8，甘油的分子式为C3H8O3，氢元素质量分数相同，符合题意，B正确；C、甲酸分子式为CH2O2，乙酸的分子式为C2H4O2，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，C错误；D、乙醇的分子式为C2H6O，乙二醇的分子式为C2H6O2，二者相对分子质量不同，氢元素质量分数不同，不符合题意，D错误。‎ 考点：考查了有机物燃烧规律的相关知识。‎ ‎16.己烯雌酚是一种激素类药物，结构如 下列叙述中正确的是 A. 分子中有7个碳碳双键，可以与氢气1：7加成 B. 该分子中有2个H，2个O，6个C共直线 C. 该分子对称性好，所以没有顺反异构 D. 该有机物分子中，最多可能有18个碳原子共平面 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 本题主要考查有机化合物的基本性质以及结构问题。‎ A.分子中存在2个苯环，苯环中的化学键是介于单键与双键之间的一种特殊的化学键，只含有1个C=C双键； B.O-H键与O-C键之间形成V型结构，H原子与O原子连接的苯环C原子不可能处于同一直线，O氧原子、-OH连接的苯环C原子及该C原子对位位置的C原子、连接苯环的碳碳双键中的1个C原子处于同一直线； C.C=C双键中同一C原子连接不同的基团，该物质具有顺反异构； D.旋转碳碳双键与苯环之间的单键，可以使苯环形成的平面与C=C双键形成的平面处于同一平面，旋转碳碳双键与乙基之间的碳碳单键，可以使甲基中的C原子落在C=C形成的平面。‎ ‎【详解】A.分子中存在2个苯环，只含有1个C=C双键，能与氢气按1：7发生加成反应，故A错误； B.O-H键与O-C键之间形成V型结构，H原子与O原子连接的苯环C原子不可能处于同一直线，O氧原子、-OH连接的苯环C原子及该C原子对位位置的C原子、连接苯环的碳碳双键中的1个C原子处于同一直线，即1个O原子，3个C原子共直线，故B错误； C.C=C双键中同一C原子连接不同的基团，该物质具有顺反异构，故C错误； D.旋转碳碳双键与苯环之间的单键，可以使苯环形成的平面与C=C双键形成的平面处于同一平面，旋转碳碳双键与乙基之间的碳碳单键，可以使甲基中的C原子落在C=C形成的平面，故分子中所以C原子都有可能处于同一平面，即最多有18个C原子处于同一平面，故D正确。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于有机物知识的综合应用，题目难度中等，易错点为D，注意把握有机物的结构特点。‎ 第Ⅱ卷 非选择题(共52分)‎ 二、填空题(本题包括6小题，共52分)‎ ‎17.酸牛奶中的乳酸可增进食欲、促进胃液分泌、增强肠胃的消化功能，对人体具有保健作用，乳酸分子的结构简式为。工业上可由乙烯来合成乳酸，方法如下：‎ ‎（1）乳酸所含的官能团的名称是______。‎ ‎（2）写出下列物质转化的化学方程式：‎ ‎①A→B______。‎ ‎②__________。‎ ‎（3）A在一定条件下可发生消去反应，写出其发生消去反应的化学方程式：____。‎ ‎【答案】 (1). 羟基、羧基 (2). CH3CH2Cl+NaOHCH3CH2OH+NaCl (3). +2H2O+HCl+NH4Cl (4). CH3CH2Cl+NaOHCH2=CH2↑+NaCl+H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】由转化关系可知A为CH3CH2Cl，B为CH3CH2OH。‎ ‎（1）乳酸的结构为：，含有羧基和羟基；‎ ‎（2）①A→B的反应为CH3CH2Cl在碱性条件下的水解，方程式为CH3CH2Cl+NaOHCH3CH2OH+NaCl；‎ ‎②，是在稀盐酸作用下生成，反应的化学方程式为+2H2O+HCl+NH4Cl；‎ ‎（3）A为CH3CH2Cl，在一定条件下可发生消去反应生成乙烯，反应的方程式为CH3CH2Cl+NaOHCH2=CH2↑+NaCl+H2O。‎ ‎【点睛】本题考查有机物推断，侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练，有助于培养学生的逻辑推理能力和发散思维能力．该题的关键是明确各种官能团结构和性质，然后结合题意具体问题、具体分析即可，有助于培养学生的自学能力和知识的迁移能力。‎ ‎18.碳、氢元素可形成种类繁多的烃类物质。‎ ‎（1）如图表示某些烃分子的模型：‎ ‎①写出a分子的空间构型：_____。‎ ‎②c分子中的一个氢原子被苯基取代后的物质共直线的原子最多有____个。‎ ‎③取等质量的上述三种烃充分燃烧，耗氧量最大的是___(填名称)。‎ ‎④25℃和101kPa时，取a、b和c组成的混合烃32 mL，与过量氧气混合并完全燃烧，除去水蒸气，恢复到原来的温度和压强，气体总体积缩小了56 mL，原混合烃中c的体积分数为____。‎ ‎（2）某烯烃的结构简式如图所示：‎ ‎①用系统命名法对该烃与H2的加成产物命名：____，该加成产物的十氯取代物有______种。‎ ‎②该烯烃可以加聚生成高分子，写出该高聚物的结构简式____。该烯烃还能与乙烯以1：1比例反应形成一种环状化合物，请写出该环状化合物的键线式_____。‎ ‎【答案】 (1). 正四面体 (2). 6 (3). 甲烷 (4). 50% (5). 2-甲基丁烷 (6). 10 (7). (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据球棍模型和比例模型可知，a甲烷，b为乙烯，c为乙炔，以此分析。‎ ‎【详解】(1)①甲烷是正四面体结构；‎ ‎②乙炔分子四原子共直线，苯分子中存在对顶角两个碳原子和丙个氢原子共四原子共直线，所以乙快分子中的一个氢原子被C6H5-取代后的物质共直线的原子最多有6个；‎ ‎③等质量的烃含氢质量分数越大，耗氧量越大，所以等质量的甲烷、乙烯和乙炔充分燃烧，耗氧量最大的是CH4 ；‎ ‎④25℃和101kPa时，根据烃CxHy燃烧通式，‎ CxHy+(x+)O2→xCO2+H2O V ‎1 x+ x 1+‎ ‎32mL 56mL ‎=，解得y=3，因为CH4和C2H4都含有4个碳原子，C2H2含有2个碳原子，设C2H2所占的体积分数为x，则CH4和C2H4占(1-x)，所以4(1-x)+2x=3，解得，即原混合烃中c的体积分数为50%；‎ ‎(2)①该烃为烯烃，与氢气的加成产物为烷烃，主链有四个碳原子，甲基为支链位于主链上第二个碳原子上，故命名为2-甲基丁烷，该烷烃有四种类型的氢原子，其十氯代物与二氯代物的种类一样多，两氯取代在同一碳的有3种，根据定一议二，二氯取代在不同碳的有7种，所以十氯取代物共有10种；‎ ‎②该烯烃可以加聚生成高分子，高聚物的结构简式为；该烯烃与乙烯以1：1比例反应形成一种环状化合物，要断开双键形成环，故该环状化合物的键线式为。‎ ‎19.华法林(Warfarin)又名杀鼠灵，美国食品药品监督管理局批准为心血管疾病的临床药物。其合成路线(部分反应条件略去)如下所示:‎ 请回答下列问题:‎ ‎（1）A的名称为_____________________，E中官能团名称为____________________。‎ ‎（2）B的结构简式为___________________________。‎ ‎（3）由C生成D的化学方程式为________________________________________。‎ ‎（4）⑤的反应类型为____________，⑧的反应类型为_______________。‎ ‎（5）F的同分异构体中，同时符合下列条件的同分异构体共有__________种。a．能与FeCl3溶液发生显色反应； b．能发生银镜反应；其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为_____________。‎ ‎【答案】 (1). 甲苯 (2). 酯基 (3). (4). (5). 取代反应 (6). 加成反应 (7). 13 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由合成流程可知，A为甲苯，A发生取代反应生成B为，B水解生成C为，C催化氧化生成D为，D与丙酮反应生成；⑤为苯酚的取代反应生成E，⑥为E中苯环上H发生取代反应生成F为 ‎，⑦为F与乙酸酐发生取代反应，⑧为中双键的加成反应。‎ ‎【详解】(1)A为，名称为甲苯，E是，其官能团名称为酯基；‎ ‎(2)B的结构简式为，名称是一氯甲苯；‎ ‎(3)一氯甲苯在碱性条件下水解产生C是苯甲醇，苯甲醇在Cu作催化剂时，在加热条件下发生氧化反应，产生苯甲醛和水，所以由C生成D的化学方程式为；‎ ‎(4)由上述分析可知⑤的反应类型为取代反应，⑧的反应类型为加成反应；‎ ‎(5)F的同分异构体中，同时符合a.能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酚羟基；b．能发生银镜反应，说明含有醛基。若含2个取代基为—OH、—CH2CHO，有邻、间、对3种，若含3个取代基为—OH、—CHO、—CH3，固定2个取代基插入第3个得到3+6+1=10种，符合条件的同分异构体共有3+10=13种，其中核磁共振氢谱为五组峰，说明分子中含有五种不同位置的H原子，其结构简式为 。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的合成，为高频考点，把握官能团的变化、碳原子数变化、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意有机物性质的应用，题目难度中等。‎ ‎20.烃A是一种重要的化工原料，采用以下路线合成X。‎ 已知：RC≡CH＋HCHORC≡CCH2OH 请回答下列问题：‎ ‎（1）若反应①、②、④的原子利用率均为100％，则A的名称为：_____。‎ ‎（2）物质G的结构简式为：_____。‎ ‎（3）写出反应③的化学反应方程式：______。‎ ‎（4）物质E是物质D发生催化氧化后生成的有机产物，请写出E与银氨溶液反应的化学方程式：______。‎ ‎（5）物质H和物质I可以在一定条件下合成链状聚合物，请写出化学方程式： ____。‎ ‎（6）符合下列条件的D的同分异构体共有________种。‎ i．与FeCl3溶液能发生显色反应 ii．苯环上的一氯代物只有一种 ‎【答案】 (1). 乙炔 (2). HOCH2C≡CCH2OH (3). +2NaOH+2NaBr (4). +2[Ag(NH3)2]OH+2Ag↓+3NH3+H2O (5). nHOCH2CH2CH2CH2OH +nHOOCCH2CH2COOH+（2n-1）H2O (6). 6‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】由X的结构简式可知，D、I分别为、HOOCCH2CH2COOH中的一种，而H被酸性高锰酸钾溶液氧化生成I，故D为，I为HOOCCH2CH2COOH．反应①、②、④的原子利用率均为100%，则均属于加成反应，则烃A为HC≡CH，B为，C为，G为HOCH2C≡CCH2OH，H为HOCH2CH2CH2CH2OH。‎ ‎（1）由上述分析可知，烃A为HC≡CH，则A的名称为：乙炔；‎ ‎（2）由上述分析可知，物质G的结构简式为：HOCH2C≡CCH2OH；‎ ‎（3）反应③的化学反应方程式为：+2NaOH+2NaBr；‎ ‎（4）物质E是物质D发生催化氧化后生成的有机产物，则E为，E与银氨溶液反应的化学方程式为：+2[Ag(NH3)2]OH+2Ag↓+3NH3+H2O；‎ ‎（5）物质H和物质I可以在一定条件下合成链状聚合物，化学方程式为：nHOCH2CH2CH2CH2OH+nHOOCCH2CH2COOH +（2n-1）H2O；‎ ‎（6）D为，D的同分异构体符合：ⅰ．与FeCl3溶液能发生显色反应，说明含有酚羟基，ⅱ．苯环上的一氯代物只有一种，符合条件的同分异构体有：、、、、、共6种。‎ ‎21.有机物F(Bisphenol A dimethacrylate)是一种交联单体。合成F的一种路线如图：‎ 已知：①+HCN ‎②B不能发生银镜反应。‎ ‎③C能与FeCl3发生显色反应，核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢。‎ ‎④E既能使溴水褪色又能使石蕊试液显红色。‎ ‎⑤1 mol F最多可与4 mol NaOH反应。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）A与B反应的化学方程式为_______。‎ ‎（2）B→D的反应类型为_____，E的结构简式为______。‎ ‎（3）F的结构简式为______。‎ ‎（4）C的同分异构体中含有萘环(‎ ‎)结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应的同分异构体共有_____种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱有8组峰的是_______(写出其中一种的结构简式)。‎ ‎（5）A经如下步骤可合成环己烯甲酸：‎ 反应条件(包括反应试剂)1为_____；反应条件(包括反应试剂)2为______；反应条件3所选择的试剂为_______；I的结构简式为_______。‎ ‎【答案】 (1). 2++H2O (2). 加成反应 (3). (4). (5). 8 (6). 或 (7). H2，Ni，加热 (8). O2，Cu，△ (9). HCN (10). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】根据分子式知，A为，B中不饱和度==1，B不能发生银镜反应，则B为CH3COCH3，根据信息③知，C中含酚羟基、且有4种氢原子，结合F结构简式知，C结构简式为，根据信息①知，D结构简式为（CH3）2C（OH）CN，根据信息④知，E结构简式为CH2=C（CH3）COOH，根据信息⑤知，1 mol F最多可与4 mol NaOH反应，则F为。‎ ‎（1）A为，B为CH3COCH3，A和B反应方程式为2++H2O，故答案为：2+‎ ‎+H2O；‎ ‎（2）通过以上分析知，B发生加成反应生成D，E结构简式CH2=C（CH3）COOH，‎ 故答案为：加成反应；CH2=C（CH3）COOH；‎ ‎（3）F的结构简式为，故答案为：；‎ ‎（4）C结构简式为，C的同分异构体中含有萘环（）结构，萘环上只有1个取代基且水解产物之一能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酯基且酯基水解生成酚羟基，萘环上氢原子种类为2种，如果取代基为-OOCCH2CH2CH2CH3，有两种同分异构体；如果取代基为-OOCCH2CH（CH3）2，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCCH（CH3）CH2CH3，有两种同分异构体，如果取代基为-OOCC（CH3）3有两种同分异构体，所以符合条件的一共8种；其中核磁共振氢谱有8组峰的是或，故答案为：8；或；‎ ‎（5）有苯酚经如下步骤可合成环己烯甲酸，根据题干流程图中B→D→E的合成原理可知，要合成，可以首先合成，由水解即可得到，因此需要先合成环己酮，合成环己酮可以由苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，因此合成方法为：苯酚和氢气在催化剂、加热、加压条件下发生加成反应生成环己醇，所以G为环己醇，环己醇在Cu作催化剂、加热条件下被氧化生成环己酮，则H为环己酮，环己酮和HCN发生加成反应生成，所以I为，I水解生成环己烯甲酸，所以反应条件1为H2，催化剂，加热，反应条件2为氧气/Cu、加热，反应条件3为HCN，I的结构简式为，故答案为：H2，催化剂，加热；O2，Cu，△；HCN； 。‎ ‎【点睛】本题考查有机物推断，由物质结构简式结合题给信息进行推断。本题的难点是合成路线的规划，要注意充分利用信息①和题干流程图中B→D→E的合成原理分析解答。‎ ‎ ‎