2018-2019学年湖南省邵阳市邵东县第一中学高二下学期第一次月考化学（理）试题 解析版

2018-2019学年湖南省邵阳市邵东县第一中学高二下学期第一次月考化学（理）试题 解析版

‎2018-2019学年湖南省邵阳市邵东县第一中学高二下学期第一次月考化学（理）试题 解析版 相对原子质量：H 1 C 12 O 16‎ 第Ⅰ卷 选择题（共60分）‎ 一、选择题（每小题3分，共60分。每小题只有一个选项符合题意）。‎ ‎1.下列物质的分离提纯方法正确的是 A. 用重结晶法提纯苯甲酸 B. 用萃取法分离乙醇和乙酸的混合物 C. 用分液法分离甘油和酒精的混合物 D. 用蒸馏法分离苯和水 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.苯甲酸能溶于水，可以用重结晶法提纯，故A正确；B.乙醇和乙酸是互溶的液体混合物，不能用萃取法分离混合物，故B错误；C.甘油和酒精互溶，应用蒸馏的方法分离，故C错误．D.因为苯和水不互溶，分液法分离，故D错误；答案：A。‎ ‎2.下列说法正确的是 A. 质谱法可以测定分子的化学键 B. 红外光谱可以测定分子的Mr C. 核磁共振氢谱法可以测定有机分子有几种不同的氢原子 D. 李比希元素分析法可以测定有机物分子的相对分子质量 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 质谱图中的质荷比最大值为该物质的相对分子质量,所以质谱法可以测定有机物的相对分子质量，故A错误；B. 红外光谱图常用来测定分子中含有化学键或官能团的信息,不能测定相对分子质量，故B错误;C.核磁共振氢谱图用来测定有机物分子中不同类型的氢原子及他们的数目之比,故C正确的;D. 李比希元素分析法可以测定有机物分子中碳氢元素的质量分数，故D错误；答案：C。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的分子式的确定方法。图中的质荷比最大值为该物质的相对分子质量;红外光谱图常用来测定得分子中含有化学键或官能团的信息;核磁共振氢谱图用来测定有机物分子中不同类型的氢原子及他们的数目之比进行解答。‎ ‎3.萤火虫会在夏日的夜空发出点点光亮，这是一种最高效的发光机制。萤火虫发光的原理是荧光素在荧光酶和ATP催化下发生氧化还原反应时伴随着化学能转变为光能：荧光素属于 A. 无机物 B. 烃 C. 芳香族化合物 D. 高分子化合物 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.根据荧光素的结构简式可以知道,荧光素属于有机物,故A错误;B.荧光素中含有的元素除了C、H外,还含有O、S、N元素,所以荧光素不属于烃,故B错误;C.荧光素中含有苯环,属于芳香族化合物,所以C选项是正确的;D.高分子化合物的相对分子量达到10000以上,而荧光素的相对分子量较小,不属于高分子化合物,故D错误;故答案：C。‎ ‎【点睛】根据图示可以知道,荧光素中含有羧基、苯环、酚羟基、碳氮双键,含有的元素为C、H、O、S、N,所以荧光素属于有机物,属于芳香族化合物,其相对分子量较小,不属于高分子化合物。‎ ‎4.分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有(不含立体异构)‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：能与Na2CO3反应放出气体，气体为二氧化碳，则化学式为C5H10O2的物质为羧酸，分子中含有官能团-COOH，该有机物可以书写为：C4H9COOH，丁烷分子中含有的位置不同的氢原子数目，即为该羧酸的同分异构体数目；丁烷存在的同分异构体为：①CH3CH2CH2CH3和②CH（CH3）3，其中①CH3CH2CH2CH3中存在2种位置不同的H原子；②CH（CH3）3中也存在2种CH（CH3）3，所以满足条件的该有机物同分异构体总共有：2+2=4种，故选B。‎ 考点：考查了同分异构体的相关知识。‎ ‎5.下列液体中，滴入水中会出现分层现象，但在滴入热的氢氧化钠溶液中时分层现象会逐渐消失的是 A. 溴乙烷 B. 己烷 C. 苯 D. 苯乙烯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：B、C、D项：不与热的氢氧化钠溶液发生反应，故错。故选A。‎ 考点：有机化学反应 点评：本题考查是有机化学反应的相关知识，题目难度不大，注意基础知识的掌握及应用。‎ ‎6.已知丙烷的二氯代物C3H6Cl2有4种同分异构体，则分子式为C3H2Cl6的同分异构体共有（不考虑立体异构）‎ A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】分子式为C3H2Cl6的有机物可以看作C3Cl8中的两个Cl原子被两个H原子取代,而C3H6Cl2可看作C3H8中的两个H被两个Cl原子取代,二者同分异构体数目相同,因C3H6Cl2有四种结构,所以C3H2Cl6也有4种结构。所以B选项是正确的;答案：B。‎ ‎【点睛】分子式为C3H2Cl6的有机物可以看作C3Cl8中的两个Cl原子被两个H原子取代,而C3H6Cl2可看作C3H8中的两个H被两个Cl原子取代,二者同分异构体数目相同,据此解答.‎ ‎7.可以用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯、苯酚溶液的一组试剂是 A. 氯化铁溶液 溴水 B. 碳酸钠溶液 溴水 C. 酸性高锰酸钾溶液 溴水 D. 酸性高锰酸钾溶液 氯化铁溶液 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 己烯中有碳碳双键，可以是溴水，酸性高锰酸钾褪色；甲苯，不能使溴水褪色，但可以被酸性高锰酸钾氧化成苯甲酸而褪色；乙酸乙酯，不溶于水，不能是溴水和酸性高锰酸钾褪色；苯酚可以与浓溴水反应生成三溴苯酚白色沉淀。故答案选C。‎ ‎8.冬青油结构如图，它在一定条件下可能发生的反应有 ‎①加成反应 ②水解反应 ③消去反应 ④取代反应 ⑤与Na2CO3反应生成CO2 ⑥加聚反应 A. ①②⑥ B. ①②③④ C. ③④⑤⑥ D. ①②④‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】由结构简式：，含苯环,可发生加成反应;含-COOC-可发生水解反应、取代反应;含酚-OH可发生取代反应,与Na2CO3反应生成酚钠和碳酸氢钠,不能发生消去、加聚反应,所以D选项是正确的。答案：D。‎ ‎9.芳香族化合物A的分子式为C7H6O2，将它与NaHCO3溶液混合加热，有酸性气体产生。那么包括A在内，属于芳香族化合物的同分异构体的数目是 A. 5 B. 4 C. 3 D. 2‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据题意可知，A中含有苯环和羧基，则A为苯甲酸。根据同碳原子数的一元酸、一元酯、羟基醛互为同分异构体，可得苯甲酸的同分异构体有甲酸苯酚酯、邻羟基苯甲醛、间羟基苯甲醛、对羟基苯甲醛，共4种，则包括A在内的属于芳香族化合物的同分异构体数目是5，故选A项。答案:A。‎ ‎10.食品香精菠萝酯的生产路线(反应条件略去)如图：‎ 下列叙述错误的是 A. 步骤(1)产物中残留的苯酚可用FeCl3溶液检验 B. 苯酚和菠萝酯均可与酸性KMnO4溶液发生反应 C. 苯氧乙酸和菠萝酯均可与NaOH溶液发生反应 D. 步骤(2)产物中残留的烯丙醇可用溴水检验 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.因为苯酚遇三氯化铁显紫色，故A项正确；B.苯酚有还原性，可以被酸性高锰酸钾氧化，菠萝酯的碳碳双键也可和酸性高锰酸钾发生反应，故B项正确；C.苯氧乙酸属于羧酸，菠萝酯有酯基，均可和氢氧化钠溶液发生反应，故C正确; D.菠萝酯有碳碳双键，一样可以使溴水褪色，故D错误；答案为D。‎ ‎11.甲酸香叶酯是一种食品香料，可由香叶醇与甲酸发生酯化反应制得。下列说法中正确的是 A. 香叶醇的分子式为C11H18O B. 香叶醇在浓硫酸、加热条件下可发生消去反应 C. 1 mol甲酸香叶酯可以与2 mol H2发生加成反应 D. 甲酸香叶酯分子中所有碳原子均可能共平面 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：A．由结构简式可知分子式为C11H20O，故A错误；B．香叶醇中与-OH相连的C的邻位C上没有H原子，则不能发生消去反应，故B错误；C.1 mol甲酸香叶酯中含2molC=C，则可以与2 molH2发生加成反应，故C正确；D．甲酸香叶酯中含3个甲基、2个亚甲基、1个CH，均为四面体结构，所以所有碳原子不可能共平面，故D错误；故选C。‎ ‎【考点定位】考查有机物的结构与性质 ‎【名师点晴】本题考查有机物的结构与性质，注意把握结构中的官能团及性质的关系，熟悉烯烃的性质即可解答，选项D为解答的难点。有机物中的原子共平面问题可以直接联想甲烷的正四面体结构、乙烯的平面型结构、乙炔的直线型结构和苯的平面型结构，对有机物进行肢解，分部分析，另外要重点掌握碳碳单键可旋转、双键和三键不可旋转。‎ ‎12.下列化合物中同分异构体数目最少的是 A. 戊烷 B. 戊醇 C. 戊烯 D. 乙酸乙酯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：戊烷只存在碳链异构，同分异构体为3种，戊醇、戊烯、乙酸乙酯存在碳链异构、位置异构，异构类型越多，同分异构体的数目越多，因此同分异构体数目均大于3种，所以戊烷的同分异构体数目最少，选项A正确。故选A。‎ 考点：考查同分异构现象和同分异构体 ‎13.某有机物的结构如图所示，下列关于该有机物的描述不正确的是 A. 含有4种官能团 B. 能发生取代、加成、消去、酯化、氧化、还原等反应 C. 1 mol该物质最多可与1 mol H2发生反应 D. 该有机物属于芳香族化合物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ A.该有机物含有酯基、羟基、碳碳双键、羧基，共4种官能团，故A正确；B. 含有羟基，能发生取代、消去、酯化、氧化；含有碳碳双键，能够发生加成、还原等反应，故B正确；C. 1mol该物质含有1mol碳碳双键，最多可与1molH2发生加成反应，故C正确；D. 该有机物中不存在苯环，不属于芳香族化合物，故D错误；故选D。‎ ‎14.下列说法中正确的是 A. 凡能发生银镜反应的有机物一定是醛 B. 在氧气中燃烧时只生成CO2和H2O的物质一定是烃 C. 苯酚有弱酸性，俗称石炭酸，因此它是一种羧酸 D. 在酯化反应中，羧酸脱去羧基中的羟基，醇脱去羟基中的氢而生成水和酯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：‎ A．醛可以发生银镜反应，但有醛基－CHO的物质不一定是醛，如甲酸、甲酸酯，结构上都可有－CHO，也都可以发生银镜反应。再如葡萄糖是多羟基醛，也有－CHO，也可发生银镜反应，但这些物质在分类上都不是醛。因此，此说法不正确。B．烃燃烧可以生成CO2和H2O，但烃的含氧衍生物完全燃烧也只生成CO2和H2O，如C2H5OH、CH3CHO等均是这样，因此，B说法不正确。C．苯酚的弱酸是由于与苯环上连接的羟基有微弱的电离而显示的酸性，而羧酸是由于羧基的电离而显示酸性的。因此不能认为显酸性的有机物都是羧酸。则C说法不正确。D．所述R－COOH与R′－OH酯化反应的机理正确。‎ 考点：有机化学反应的评价，涉及银镜反应、有机物的燃烧、苯酚与羧酸及酯化反应等。‎ ‎15.下列有机物的除杂方法正确的是(括号中的是杂质)‎ A. 乙酸(乙醛)：加入新制的氢氧化铜悬浊液，加热 B. 苯(苯酚)：加入溴水，过滤 C. 溴乙烷(溴单质)：加入热氢氧化钠溶液洗涤，分液 D. 乙酸乙酯(乙酸)：加入饱和碳酸钠溶液洗涤，分液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：A、乙酸能与新制的氢氧化铜发生中和反应，错误；B、生成的三溴苯酚溶于苯，故过滤的方法不能分离，错误；C、加入热的NaOH，后溴乙烷发生水解，错误；D、正确。‎ 考点：有机物的分离与提纯。‎ ‎16.0.1 mol某有机物的蒸气跟足量的O2混合后点燃，反应后生成13.2 g CO2和5.4 g H2O，该有机物能跟Na反应放出H2，又能跟新制Cu(OH)2反应生成红色沉淀，此有机物还可与乙酸反应生成酯类化合物，该酯类化合物的结构简式可能是 A. OHC—CH2—CH2COOCH3‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ 有机物中碳原子、氢原子个数分别为：NC==3、NH==6，该有机物能跟Na反应放出H2，则含有羧基或羟基，又能跟新制Cu(OH)2反应生成红色沉淀，则含有醛基，有机物还可与乙酸反应生成酯类化合物，则确定含有羟基，形成的酯为乙酸酯类物质，有结构CH3COO-，符合条件的只有选项D。答案选D。‎ ‎17.下列说法正确的是 A. 分子式为CH4O和C2H6O的物质一定互为同系物 B. 甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到 C. 苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳生成苯酚和碳酸钠 D. 1 mol与过量的NaOH溶液加热充分反应，能消耗5 mol NaOH ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．CH4O为甲醇，C2H6O为乙醇或甲醚，若为醚时二者不是同系物，故A错误；B．甲烷可通过石油的分馏获得，苯可通过煤的干馏获得，而乙烯是通过石油的裂解获得，故B错误；C.苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠，苯酚能与碳酸钠反应，故C错误；D.苯酚与羧酸都能与碱反应，且水解后产物中共有3个酚羟基、2个羧基，1mol与足量的NaOH溶液加热充分反应，能消耗5molNaOH，故D正确；答案：故选D。‎ ‎【点睛】苯酚与羧酸都能与碱反应，1mol酚酯水解需要消耗2mol氢氧化钠。1mol 结构中水解后产物中共有3mol酚羟基、2mol羧基，需要消耗5mol的氢氧化钠。‎ ‎18.下列说法正确的是 A. 甲烷和Cl2的反应与乙烯和Br2的反应属于同一类型的反应 B. 分子式为C4H7ClO2，可与NaHCO3反应产生CO2的有机物可能有3种 C. 分子中至少有11个碳原子处于同一平面上 D. 1 mol有机物一定条件下能和7mol NaOH反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 试题分析：A.甲烷和Cl2发生的是取代反应；而乙烯和Br2发生的反应是加成反应，二者反应类型不同，A项错误；B.分子式为C4H7ClO2，可与NaHCO3反应产生CO2，说明含有羧基—COOH，其可能的结构有Cl-CH2CH2CH2COOH； CH3CHClCH2COOH；CH3CH2CHClCOOH；(CH3)2C(Cl)COOH、CH2ClCH(CH3)COOH，所以可能的有机物可能结构有5种，B项错误；C.在苯分子中所有原子共平面，一条直线上如果2个原子在一个平面上，则直线上所有原子都在这个平面上，所以两个苯环的对称轴上所有C原子都在一条直线上，则分子中至少有11个碳原子处于同一平面上，C项正确；D.有机物的一个分子中含有四个酚羟基和一个酯基、一个羧基，酯基水解产生一个羧基和一个醇羟基，酚羟基和羧基都可以与NaOH发生反应，所以1mol有机物一定条件下能和6molNaOH反应，D项错误；答案选C。‎ 考点：考查有机物的结构、性质、反应类型及反应消耗物质的量的多少等知识。‎ ‎19.有机结构理论中有一个重要的观点：有机化合物分子中，原子(团)之间相互影响，从而导致有机化合物化学性质不同。以下事实中，不能够说明此观点的是 A. 乙烯能使酸性KMnO4溶液退色，而甲烷不能 B. 甲苯能使酸性KMnO4溶液退色，而甲烷不能 C. 乙酸能与NaHCO3反应放出气体，而乙醇不能 D. 苯硝化反应一般生成硝基苯，而甲苯硝化反应生成三硝基甲苯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A．乙烯含官能团C=C，而甲烷不含官能团；B．苯环影响甲基，则甲苯中甲基易被氧化；C．甲基影响-COOH；D．甲基影响苯环，使苯环上的H更活泼。‎ ‎【详解】A．乙烯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能，是因官能团导致化学性质不同，选项A选；B．甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲烷不能，苯环影响甲基，则甲苯中甲基易被氧化，可说明原子（团）之间相互影响导致化学性质不同，选项B不选；C．乙酸能与NaHCO3‎ 反应放出气体，而乙醇不能，甲基影响-COOH易电离显酸性，可说明原子（团）之间相互影响导致化学性质不同，选项C不选；D．苯硝化反应一般生成硝基苯，而甲苯硝化反应生成三硝基甲苯，则甲基影响苯环，使苯环上的H更活泼，可说明原子（团）之间相互影响导致化学性质不同，选项D不选；答案选A。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团对性质的影响、原子团之间相互影响的差别为解答的关键，注意甲苯中甲基、苯环均不是官能团，题目难度不大。‎ ‎20.卤代烃与金属镁在无水乙醚中反应，可得格氏试剂R—MgX，它可与醛、酮等羰基化合物加成：＋R—MgX―→，所得产物经水解可以得到醇，这是某些复杂醇的合成方法之一。现欲合成(CH3)3C—OH，下列所选用的卤代烃和羰基化合物的组合正确的是 A. 乙醛和氯乙烷 B. 甲醛和1溴丙烷 C. 甲醛和2溴丙烷 D. 丙酮和一氯甲烷 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：与格林试剂发生加成反应的物质中含有羰基，将(CH3)3C—OH中羟基改为羰基的化合物只能是丙酮，则格林试剂是甲烷与卤素形成的卤代烃再与Mg产生格林试剂，所以正确的组合是丙酮和一氯甲烷，答案选D。‎ 考点：考查对题目所给信息的理解应用能力 第Ⅱ卷 非选择题（共40分）‎ ‎21.人们将有机物中连有四个不同原子(或原子团)的碳原子称为手性碳原子，如图所示烷烃X中含有一个手性碳原子(用*标记)。含有手性碳原子的物质通常具有光学活性。回答下列问题：‎ ‎(1)烷烃X的名称是_____________；其一氯代物共有__________种(不考虑立体异构，下同)。‎ ‎(2)具有光学活性且相对分子质量最小的烷烃的分子式是__________，其有__________种符合条件的结构。‎ ‎(3)某芳香烃A可经过如下反应得到一种热塑性塑料SAN(两种单体1：1共聚产物)。‎ 写出SAN的结构简式：_____________________________。‎ ‎【答案】 (1). 2,2,3,4-四甲基戊烷 (2). 5 (3). C7H16 (4). 2 (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 最长的碳链含有5个碳原子,从距离同一碳原子连接2个甲基最近的一端进行编号,进而进行命名;根据等效氢确定其一氯代物数目; (2)含有手性碳原子的物质通常具有光学活性,同一碳原子连接四个不同基是:氢原子,甲基,乙基,丙基;丙基有正丙基、异丙基两种; (3)由芳香烃A经反应(1)得到,可以知道A分子中碳原子数目为8,则H原子数目为.故A的分子式为,属于苯的同系物,反应(1)A与氯气发生取代反应,反应(3)属于加聚反应,反应(2)消去反应,故A为,而具有光学活性,A与氯气发生取代反应生成，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，与发生加聚反应生成SAN ‎【详解】(1)最长的碳链含有5个碳原子,从距离同一碳原子连接2个甲基最近的一端进行编号,该烷烃的名称为:2,2,3,4-四甲基戊烷,分子中含有5种化学环境不同的氢原子,其一氯代物有5种,因此答案:2,2,3,4-四甲基戊烷; (2)含有手性碳原子的物质通常具有光学活性,具有光学活性且式量最小的烷烃中同一碳原子连接四个不同基是:氢原子,甲基,乙基,丙基,分子式为C7H16 ;丙基有正丙基、异丙基两种,故有2种,因此，本题正确答案是: C7H16 ;2; (3)由芳香烃A经反应(1)得到C8H9Cl,可以知道A分子中碳原子数目为8,则H原子数目为（106-128）/1=10.故A的分子式为C8H10,属于苯的同系物,反应(1)A与氯气发生取代反应,反应(3)属于加聚反应,反应(2)消去反应,故A为,而C8H9‎ Cl具有光学活性,A与氯气发生取代反应生成，在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成B，B为，与发生加聚反应生成SAN,故由A制备SAN的结构简式。答案： 。‎ ‎22.实验室可利用如图实验装置合成对氨基苯磺酸。实验步骤如下：‎ ‎①在一个250 mL三颈烧瓶中加入10 mL苯胺及几粒沸石，将三颈烧瓶放入冷水中冷却，小心地加入18 mL浓硫酸。‎ ‎②将三颈烧瓶置于油浴中缓慢加热至170～180℃，维持此温度2～2.5 h。‎ ‎③将反应液冷却至约50℃后，倒入盛有100 mL冷水的烧杯中，用玻璃棒不断搅拌，促使晶体析出，过滤，用少量冷水洗涤，得到的晶体是对氨基苯磺酸粗产品。‎ ‎④将粗产品用沸水溶解，冷却结晶(若溶液颜色过深，可用活性炭脱色)，过滤，收集产品，晾干。(说明：100 mL水在20℃时可溶解对氨基苯磺酸10.8 g，在100℃时可溶解66.7 g)‎ 试回答下列问题。‎ ‎(1)装置中冷凝管的作用是___________________。‎ ‎(2)步骤②中采用油浴加热，下列说法正确的是__________(填序号)。‎ A．用油浴加热的好处是反应物受热均匀，便于控制温度 B．此处也可以改用水浴加热 C．实验装置中的温度计可以改变位置，也可使其水银球浸入在油中 ‎(3)步骤③用少量冷水洗涤晶体的好处是______________________。‎ ‎(4)步骤④中有时需要将“粗产品用沸水溶解，冷却结晶，过滤”的操作进行多次，其目的是_________________________________。‎ 每次过滤后均应将母液收集起来，进行适当处理，其目的是__________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 冷凝回流 (2). A、C (3). 减少对氨基苯磺酸的损失 (4). 提高对氨基苯磺酸的纯度 (5). 提高对氨基苯磺酸的产率 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)冷凝管起冷凝回流的作用,冷却水从下口进入,上口排出,因此答案是:冷凝回流; (2)水浴加热不能达到170,而采用油浴加热,有利于控制温度,温度计的水银球也可以放入油中，故AC正确。 (3)由题中溶解度的数据可以知道,冷水洗涤可以减少产品的损失,因此，本题正确答案是:减少氨基苯磺酸的损失。 (4) 初次得到的对氨基苯磺酸纯度较低,需反复溶解冷却过滤,除去杂质,以提高对氨基苯磺酸的纯度;多次溶解、冷却、过滤会造成部分产品进入母液中,需将母液回收,以回收部分产品，提高氨基苯磺酸的产率;答案是:提高对氨基苯磺酸的纯度;提高氨基苯磺酸的产率。‎ ‎23.咖啡酸具有止血功效，存在于多种中药中，其结构简式如图。‎ ‎(1)写出咖啡酸中两种含氧官能团的名称：____________。‎ ‎(2)根据咖啡酸的结构，列举咖啡酸非含氧官能团可以发生的二种反应类型：____________。‎ ‎(3)蜂胶的分子式为C17H16O4，在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇A，则醇A的分子式为________。‎ ‎(4)已知醇A含有苯环，且分子结构中无甲基，写出醇A在一定条件下与乙酸反应的化学方程式：‎ ‎____________________________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 羧基、羟基 (2). 加成反应，加聚反应，氧化反应 (3). C8H10O (4). CH3COOH＋＋H2O ‎【解析】‎ ‎【详解】(l)由图中咖啡酸的结构简式可知,该物质含有酚羟基、羧基和碳碳双键，其中含氧官能团为羧基、羟基;答案：羧基、羟基。‎ ‎(2) 由图中咖啡酸的结构简式可知,该物质含有的非氧官能团是碳碳双键，碳碳双键可以发生加聚反应,加成反应和氧化反应；答案：加成反应，加聚反应，氧化反应 ‎(3) 蜂胶的分子式为C17H16O4，在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇A，利用原子守恒规律，咖啡酸的结构简式，分子式为C9H804,可求出A的分子式C8H10O;答案：C8H10O。‎ ‎(4) 因为醇A含有苯环，且分子结构中无甲基，符合题意的醇A为，与乙酸发生酯化反应的化学方程式：CH3COOH＋＋H2O。答案：CH3COOH＋＋H2O。‎ ‎24.席夫碱类化合物G在催化、药物、新材料等方面有广泛应用。合成G的一种路线如下：‎ 已知以下信息：‎ ‎①‎ ‎②1molB经上述反应可生成2molC，且C不能发生银镜反应。‎ ‎③D属于单取代芳香烃，其相对分子质量为106。‎ ‎④核磁共振氢谱显示F苯环上有两种化学环境的氢。‎ ‎⑤‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）由A生成B的化学方程式为_______________________。‎ ‎（2）D的化学名称是______________________。‎ ‎（3）G的结构简式为_______________________。‎ ‎（4）F的同分异构体中含有苯环的还有____种（不考虑立体异构）。‎ ‎（5）由苯和化合物C经如下步骤可合成N-异丙基苯胺。‎ 反应条件2所选用的试剂是_____________________， I的结构简式为___________________。‎ ‎【答案】 (1). ClC(CH3)2CH(CH3)2＋NaOH(CH3)2C＝C(CH3)2＋NaCl＋H2O (2). 乙苯 (3). (4). 19 (5). Fe/稀盐酸 (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由A的分子式可知A为饱和一元卤代烃，由知B中含有碳碳双键，根据，1molB经上述反应可生成2molC，且C不能发生银镜反应，知A为(CH3)2CClCH(CH3)2.B为(CH3)2C=C(CH3)2，C为CO(CH3)2;由知发生消去反应，D属于单取代芳香烃，其相对分子质量为106，所以D为乙苯，结构简式由属于还原反应，核磁共振氢谱显示F苯环上有两种化学环境的氢，所以F为，E为，C和F反应生成的G为。‎ ‎【详解】（1）结合上述分析知AB的化学方程式为：ClC(CH3)2CH(CH3)2＋NaOH(CH3)2C＝C(CH3)2＋NaCl＋H2O。答案：ClC(CH3)2CH(CH3)2＋NaOHCH3)2C＝C(CH3)2＋NaCl＋H2O。‎ ‎（2）D的结构简式，所以D的化学名称是乙苯。答案：乙苯。‎ ‎（3）G的结构简式为。‎ ‎（4）由F的结构简式可知，它的同分异构体中含有苯环的还有邻乙基苯胺、间乙基苯胺；苯环上有2个甲基和1个氨基的共有6种；苯环上有1个甲基和1个甲胺基的有及其邻、对位情况；苯环上有2个取代基的另一种情况是及其邻、对位情况；苯环上只有1个取代基的有、、、和,共19种.答案：19.‎ ‎（5）由苯与浓硝酸、浓硫酸在加热条件下得到的H为硝基苯，硝基苯在Fe/盐酸条件下还原得到的I为，再与(CH3)2C=O反应得到，最后加成反应还原得到。所以反应条件2所选用的试剂是Fe/稀盐酸， I的结构简式为。答案：Fe/稀盐酸；。‎ ‎ ‎ ‎ ‎