江西省吉安市2018-2019学年高二下学期期末教学质量检测化学试题

江西省吉安市2018-2019学年高二下学期期末教学质量检测化学试题

吉安市高二下学期期末教学质量检测化 学 试 卷 ‎（本卷共100分，考试时间为100分钟）‎ 第Ⅰ卷（选择题，共48分）‎ 一、选择题。（本大题共16个小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，共48分）‎ ‎1.下列实验或操作不能达到目的的是 A. 用溴水鉴别乙醇、苯和四氯化碳 B. 用蒸馏法除去乙酸中混有的少量乙醇 C. 用饱和碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸 D. 用灼烧闻气味的方法可区别纯棉织物和纯毛织物 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 将溴水分别加入四种溶液中：振荡后液体分层，由于苯不溶于水，且密度比水小，溴单质转移到了苯层中，即上层显橙红色；振荡后液体分层，由于四氯化碳密度大于水，即下层显橙红色的是四氯化碳；振荡后互溶且溶液呈棕黄色溶液的是乙醇，故A不符合题意；‎ B. 由于乙酸和乙醇的沸点接近，所以不能用蒸馏法除去乙酸中混有的少量乙醇，故B符合题意；‎ C. 乙酸与碳酸钠反应后，生成乙酸钠能溶于水，不溶于乙酸乙酯，即与乙酸乙酯分层，则分液可分离，则可以用饱和碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中混有的少量乙酸，故C不符合题意；‎ D.纯毛织物是蛋白质，灼烧时有羽毛烧焦的味道，可以以此来鉴别纯棉织物和纯毛织物，故D不符合题意；‎ 故选B。‎ ‎2.下列说法正确的是 A. 按系统命名法，的名称为3，3，6一三甲基-4-乙基庚烷 B. 已知C-C键可以绕键轴自由旋转，结构简式为的分子中至少有11个碳原子处于同一平面上 C. 苯中含有杂质苯酚，可用浓溴水来除杂 D. 1mol，在一定条件下与足量NaOH溶液反应，最多消耗3molNaOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由图示可知，该化合物的主链含有7个碳原子，且离支链最近的碳原子为1号C，则系统命名应为：2，5，5-三甲基-4-乙基庚烷，故A错误；‎ B. 苯环上12个原子共面，所以苯环上的碳原子与连在苯环上的两个甲基碳原子，和另一个苯环相连的碳原子一定共面，相连苯环碳的对位上的碳原子及连接的甲基碳处于一条直线上，所以也一定在该平面上，共面的碳原子数为6+2+1+1+1=11个，故B正确；‎ C. 苯酚与浓溴水发生反应生成2，4，6-三溴苯酚易溶于苯，三溴苯酚与苯不能分离，故C错误；‎ D.根据该物质的结构简式可知，该物质中的-Br、-COO-、酚羟基都能与氢氧化钠反应，共需要消耗氢氧化钠4mol，故D错误；‎ 故选B。‎ ‎【点睛】系统命名法原则：（1）选主链选择最长的碳链为主链。（2）给主链编号时，从离取代基最近的一端开始。（3）书写名称用阿拉伯数字表示取代基的位次，先写出取代基的位次及名称，再写烷烃的名称；有多个取代基时，简单的在前，复杂的在后，相同的取代基合并写出，用汉字数字表示相同取代基的个数；阿拉伯数字与汉字之间用半字线隔开。‎ 记忆口诀为：选主链，称某烷。编碳位，定支链。取代基，写在前，注位置，短线连。不同基，简到繁，相同基，合并算。‎ ‎3.有机物分子中，当某个碳原子连接着四个不同的原子或原子团时，这种碳原子称为“手性碳原子”。例如，下列有机物分子中带“*”碳原子就是手性碳原子。该有机物分别发生下列反应，生成的有机物分子中仍含有手性碳原子的是 A. 与银氨溶液作用发生银镜反应 B. 催化剂作用下与反应 C. 与乙酸发生酯化反应 D. 与NaOH溶液加热条件下反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 该有机物与银氨溶液反应后的生成的有机物中，原来的手性碳原子现在连接的原子或原子团是：一个溴原子、一个-CH2OH、一个CH3COOCH2-、一个-COOH，所以该原子仍然是手性碳原子，故A符合题意；‎ B. 该有机物在催化剂作用下与氢气反应，即醛基与氢气加成反应生成-CH2OH，原来的手性碳原子现在连接两个-CH2OH，所以反应后，该物质中没有手性碳原子，故B不符合题意；‎ C. 该有机物与乙酸反应生成的酯，即原来的手性碳原子现在连接两个CH3COOCH2-，所以该物质在反应后没有手性碳原子，故C不符合题意；‎ D. 该有机物与氢氧化钠溶液反应后酯基发生水解，反应生成的醇，原来的手性碳原子现在连接两个-CH2OH，所以没有手性碳原子，故D不符合题意；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】掌握官能团的结构与性质，并能够灵活应用是解答本题的关键。‎ ‎4.下列实验能达到预期目的的是 A. 将蔗糖和稀加热水解后的液体取出少许，加入新制悬浊液并加热煮沸，无红色沉淀生成，证明蔗糖未发生水解生成葡萄糖 B. 蛋白质溶液中加入酒精可以使蛋白质从溶液中析出，再加水又能溶解 C. 可以采用多次盐析或多次渗析的方法分离、提纯蛋白质 D. 向淀粉溶液中加入稀，水浴加热一段时间后，取出部分水解液滴加碘水，若溶液变蓝，证明淀粉未发生水解 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 将蔗糖和稀加热水解后的液体取出少许，需要加入适量的氢氧化钠，以中和稀硫酸，调节溶液呈碱性，再加入新制悬浊液并加热煮沸，故A错误；‎ B.酒精能使蛋白质变性，变性后的蛋白质不能再被溶解，故B错误；‎ C. 蛋白质属于胶体，遇饱和无机盐溶液析出，但不改变活性，不能透过半透膜，可用多次盐析或多次渗析的方法分离、提纯蛋白质，故C正确；‎ D. 向淀粉溶液中加入稀，水浴加热一段时间后，取出部分水解液滴加碘水，若溶液变蓝，只能说明淀粉水解不完全，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎5.有下列三种有机物，实现它们之间相互转化所选试剂（均足量）正确的是 a转化为b a转化为c c转化为b A NaOH Na CO2‎ B Na2CO3‎ NaOH HCl C NaHCO3‎ NaOH CO2‎ D NaHCO3‎ Na2CO3‎ HCl A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】Na可以与酚羟基、醇羟基、羧基发生反应，NaOH、Na2CO3可以与酚羟基和羧基反应；NaHCO3可以与羧基反应。所以a转化为b应该用NaHCO3溶液，a转化为c应该用NaOH或Na2CO3；c转化为b应该用弱酸碳酸，即通入CO2气体。故答案选C。‎ ‎6.下列有关有机化合物的说法正确的是 A. 乙烯使酸性溶液和溴的溶液褪色的原理相同 B. 苯与液溴在催化剂作用下生成溴苯发生了加成反应 C. 淀粉、蛋白质等营养物质在人体内最终生成二氧化碳和水排出体外 D. 用法检验司机是否酒驾利用了乙醇的挥发性和还原性 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙烯使酸性溶液褪色是由于乙烯与高锰酸钾发生了氧化还原反应，乙烯使溴的溶液褪色是由于乙烯与溴单质发生了加成反应，反应原理不同，故A错误；‎ B. 苯与液溴在催化剂作用下生成溴苯，是由于溴原子取代了苯环上的氢原子，发生了取代反应，故B错误；‎ C. 淀粉在人体内最终生成二氧化碳和水排出体外，蛋白质在人体内最终胜出氨基酸，故C错误；‎ D. 用法检验司机是否酒驾，是利用了乙醇能够与发生氧化还原反应，从而发生颜色变化，故D正确；‎ 故选D。‎ ‎7.有机物烃A、B和C的结构如下图，下列有关说法正确的是 A. A的二氯代物结构有两种 B. B的分子式为 C. 与C互为同分异构体且属于芳香烃的有机物可能使酸性高锰酸钾溶液褪色 D. A、B、C中只有C的最简式为CH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. A是正四面体结构，A的二氯代物只有相邻的位置，则二氯代物只有一种，故A错误；‎ B. B为正三棱柱结构，其分子式为C6H6，故B错误；‎ C. C为正方体结构，分子式为C8H8，其属于芳香烃，它的同分异构体为C6H5—CH=CH2，因含有碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C正确；‎ D.A的分子式为C4H4，B的分子式为：C6H6，C的分子式为：C8H8，它们的最简式为CH，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎8.羟基扁桃酸是药物合成的重要中间体，它可由苯酚和乙醛酸反应制得。‎ 下列有关说法不正确的是 A. 乙醛酸能使酸性溶液褪色 B. 1mol羟基扁桃酸能与2molNaOH反应 C. 该反应是取代反应 D. 苯酚和羟基扁桃酸不是同系物 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 乙醛酸中含有的醛基能被强氧化剂高锰酸钾氧化，能使酸性KMnO4溶液褪色，故A正确；‎ B. 羟基扁桃酸酚中酚羟基和羧基可与NaOH反应，1mol羟基扁桃酸能消耗2molNaOH，故B正确；‎ C. 两种有机物生成一种有机物，反应C=O变成C−O单键，则该反应为加成反应，故C错误；‎ D. 羟基扁桃酸含有羟基和羧基，与苯酚结构不同，则二者不是同系物，故D正确；‎ 故选C ‎9.已知（异丙烯苯）+（异丙苯），下列说法错误的是 A. 异丙烯苯的化学式为 B. 该反应属于加成反应 C. 可用酸性溶液鉴别异丙烯苯和异丙苯 D. 异丙苯的一氯代物有5种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 由结构简式可确定异丙苯的化学式为C9H10，故A正确；‎ B.反应中碳碳双键反应生成碳碳单键则发生的是加成反应，故B正确；‎ C. 丙烯苯和异丙苯都可被高锰酸钾氧化，则不能用高锰酸钾鉴别，可用溴水鉴别，丙烯苯可以使溴水褪色，异丙苯不能使溴水褪色，故C错误；‎ D. 异丙苯分子中含5种氢原子，则一氯代物共有5种，故D正确；‎ 故选C。‎ ‎10.常温常压下为无色液体，而且密度大于水的是 ‎①苯 ②硝基苯 ③溴苯 ④四氯化碳 ⑤溴乙烷 ⑥乙酸乙酯 A. ②③④⑤ B. ③④⑤⑥ C. ①⑥ D. ②③④⑥‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】①苯的密度比水小，常温下为液体；‎ ‎②硝基苯常温常压下为无色液体，而且密度大于水；‎ ‎③溴苯常温常压下为无色液体，而且密度大于水；‎ ‎④四氯化碳常温常压下为无色液体，而且密度大于水；‎ ‎⑤溴乙烷常温常压下为无色液体，而且密度大于水；‎ ‎⑥乙酸乙酯常温常压下为无色液体，但密度小于水；‎ 综上所述，常温常压下为无色液体，而且密度大于水的是②③④⑤；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】掌握常见有机物的物理性质是解决本题的关键。‎ ‎11.下列由实验得出的结论正确的是 实验 结论 A．‎ 将乙烯通入溴的四氯化碳溶液，溶液最终变为无色透明 生成的1，2-二溴乙烷无色、可溶于四氯化碳 B．‎ 乙醇和水都可与金属钠反应产生可燃性气体 乙醇分子中的氢与水分子中的氢具有相同的活性 C．‎ 用乙酸浸泡水壶中的水垢，可将其清除 乙酸的酸性小于碳酸的酸性 D．‎ 生成的氯甲烷具有酸性 甲烷与氯气在光照下反应后的混合气体能使湿润的石蕊试纸变红 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.乙烯与溴发生加成反应生成的1，2−二溴乙烷无色，可溶于四氯化碳，故A正确；‎ B. 乙醇与Na反应不如水与Na反应剧烈，则水中羟基的氢活泼，故B错误；‎ C. 乙酸与碳酸钙发生反应生成乙酸钙、二氧化碳和水，即强酸制取弱酸的原理，则乙酸的酸性大于碳酸的酸性，故C错误；‎ D. 甲烷与氯气在光照下反应生成HCl溶于水显酸性，一氯甲烷不溶于水即不具有酸性，HCl能使湿润的石蕊试纸变红，故D错误；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】强酸制弱酸规律：强酸+较弱酸盐=较弱酸+强酸盐；‎ 醇、酚、拨酸中-OH上的H的活性：R-COOH>R-OH。‎ ‎12.三位科学家因在烯烃复分解反应研究中的杰出贡献而荣获2005年度诺贝尔化学奖，烯烃复分解反应可示意如下：‎ 下列化合物中，经过烯烃复分解反应可以生成的是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据烯烃复分解反应的规律，‎ A项，发生复分解反应生成和CH2=CH2，A项符合题意；‎ B项，发生复分解反应生成和CH3CH=CH2，B项不符合题意；‎ C项，发生复分解反应生成和CH2=CH2，C项不符合题意；‎ D项，发生复分解反应生成和CH3CH=CH2，D项不符合题意；‎ 答案选A。‎ ‎13.某烃有两种或两种以上的同分异构体，其中一种烃的一氯代物只有一种，则这种烃可能是 ‎①分子中含7个碳原子的芳香烃 ‎②分子中含4个碳原子的烷烃 ‎③分子中含6个碳原子的单烯烃 ‎④分子中含8个碳原子的烷烃 A. ③④ B. ②③ C. ①② D. ②④‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】分子中含7个碳原子的芳香烃只能是甲苯，没有同分异构体，不符合此题有两个限制条件，满足第一个条件只要是含4个碳原子及其以上即可，满足第二个条件的烷烃烃分子中，同一个碳上的氢原子等效，连在同一个碳原子上的氢原子等效，具有镜面对称的碳原子上的氢原子等效，烷烃的一氯取代物只有一种，说明该烷烃中只有一种等效氢原子，符合这些条件的烷烃有：甲烷、乙烷、新戊烷、2,2,3,3四甲基丁烷等。综合起来，③④正确，答案选A。‎ ‎14.有机物、、均可形成枝状高分子。下列说法不正确的是 ‎ ‎ A. 既能与强酸反应也能与强碱反应 B. 分子中有4种不同化学环境的氢原子 C. 生成，是缩聚反应 D. 的结构简式是 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. AB4含有氨基和羧基，即AB4具有氨基酸的性质，既能与强酸反应也能与强碱反应，故A正确；‎ B. AB2分子是以羧基和对位碳为对称轴结构对称，即AB2中含有4种不同化学环境的氢原子，故B正确；‎ C. AB2含有氨基和羧基，即可发生缩聚反应，故C正确；‎ D. 根据AB8的结构简式可知，AB8中含有两个氨基，都可发生取代反应，则结构简式不正确，故D错误；‎ 故选D ‎15.为测定某有机物的结构，用核磁共振仪处理后得到如图所示的核磁共振氢谱，则该有机物可能是 A. C2H5OH B. ‎ C. CH3CH2CH2COOH D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 核磁共振氢谱有3个吸收峰，故有机物分子中有3种H原子。据此分析解答各选项。‎ 详解】A、C2H5OH即CH3CH2OH中，羟基上1种H原子、甲基上有1种H原子，亚甲基上有1种H原子，故核磁共振氢谱中有3个峰，故A正确；‎ B、中2个甲基上的H原子与碳碳双键中的H原子所处化学环境不相同，有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个峰，故B错误；‎ C、CH3CH2CH2COOH中甲基中的H原子与羧基基中的H原子、2个亚甲基上H原子所处化学环境不同，有4种H原子，核磁共振氢谱中有4个峰，故C错误；‎ D、为对称结构，甲基与苯环上的H原子所处化学环境不同，有2种H原子，核磁共振氢谱中有2个峰，故D错误。‎ 答案选A。‎ ‎16.2017年春节期间，一种“本宝宝福禄双全”的有机物刷爆朋友圈，其结构简式如下，该物质的同分异构体中具有“本宝宝福禄双全”谐音且两个醛基位于苯环间位的有机物有（ ）‎ A. 4种 B. 6种 C. 7种 D. 9种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 两个醛基位于苯环间位时，苯环上的氢原子有3种，将氟原子、氯原子依次取代氢原子，得到7种分子结构，故选C。‎ 点睛：在确定本题有机物的结构时，可以先将两个醛基定于苯环间位，再将氟原子取代氢原子，最后将氯原子取代氢原子，得出不同结构。‎ 第Ⅱ卷（非选择题，共52分）‎ 二、非选择题（本大题包括5小题，共52分）‎ ‎17.I．已知：，且A→B为加成反应，则B的结构简式是______________；B→C的反应类型是____________。‎ II．叶酸是维生素B族之一，可以由下列甲、乙、丙三种物质合成。‎ ‎（1）甲中显酸性的官能团是______________（填名称）。‎ ‎（2）下列关于乙的说法正确的是__________（填序号）。‎ a．分子中碳原子与氮原子的个数比是7∶5 b．属于芳香族化合物 c．既能与盐酸又能与氢氧化钠溶液反应 d．属于苯酚的同系物 ‎（3）丁是丙的同分异构体，且满足下列两个条件，了的结构简式为______________.‎ a．含有 b．在稀硫酸中水解有乙酸生成 ‎【答案】 (1). (2). 加成反应 (3). 羧基 (4). a、c (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据流程信息推断化合物的结构；根据有机化合物的官能团的结构和性质分析解答；‎ ‎【详解】I．CH≡CH在催化剂的条件下发生加成反应生成CH2=CH-C≡CH，即B为CH2=CH-C≡CH，B再与甲醇在催化剂的条件下发生加成反应生成C，故答案为：CH2=CH-C≡CH，加成反应；‎ II．（1）根据甲的结构简式可知，甲中含有羧基和氨基，其中甲中显酸性的官能团是羧基；‎ ‎（2）a．有机物乙的分子式为：C7H6ON5Cl，则分子中碳原子与氮原子的个数比是7∶5，故a正确；‎ b．乙分子中不含苯环，不属于芳香族化合物，故b错误；‎ c.物质乙中既有氨基又有氯原子，既能与盐酸反应，又能与NaOH发生水解反应，故c正确；‎ d. 乙分子中不含苯环，不属于芳香族化合物，也不是苯酚的同系物，故d错误；故选ac。‎ ‎（3）丁是丙的同分异构体，且在稀硫酸中水解有乙酸生成，说明丁中含有乙酰基，即丁的结构简式为：。‎ ‎18.I．咖啡酸（如图），存在于许多中药中，如野胡萝卜、光叶水苏、荞麦、木半夏等。咖啡酸有止血作用，特别对内脏的止血效果较好。‎ ‎（1）咖啡酸与溶液反应的方程式为_______。‎ ‎（2）蜂胶的主要活性成分为CPAE，分子式为，该物质在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇，该醇为芳香醇且分子结构中无甲基，此芳香醇的结构简式为_____。‎ II．已知A的结构简式为：‎ ‎（1）写出A与NaOH溶液共热的化学方程式：______。‎ ‎（2）A的同分异构体Ⅰ和J是重要的医药中间体，在浓硫酸的作用下，Ⅰ和J分别生成和，鉴别Ⅰ和J的试剂为_______________。‎ ‎（3）A的另一种同分异构体K用于合成高分子材料，K可由制得，写出K在浓硫酸作用下生成的聚合物的结构简式：_______________‎ ‎【答案】 (1). +NaHCO3 +CO2 +H2O (2). ‎ ‎ (3). +2 NaOH +CH3OH+ H2O (4). 浓溴水或溶液 (5). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据羧基和酚羟基的性质分析解答；根据缩聚反应原理分析解答；根据有机物的官能团的结构及性质分析解答。‎ ‎【详解】（1）根据咖啡酸结构简式可知，咖啡酸含有羧基，与溶液反应生成CO2，方程式为：++NaHCO3 +CO2 +H2O；‎ ‎（2）分子式为C17H16O4,该物质在一定条件下可水解生成咖啡酸和一种醇,说明CPAE含有酯基,该醇为芳香醇且分子结构中无甲基，由分子式可知该醇为；‎ II．已知A的结构简式为：‎ ‎（1）有结构简式可知，A中含有酚羟基和酯基，则A与NaOH溶液共热，反应生成酚钠和羧酸钠，化学方程式：+2 NaOH +CH3OH+ H2O；（2）A的同分异构体Ⅰ和J是重要的医药中间体，在浓硫酸的作用下，Ⅰ和J分别生成和，则I为邻羟基苯乙酸，J为邻羧基苯甲醇，其中I中含有酚羟基，J中不含有酚羟基，即I遇FeCl3溶液显紫色，遇溴水生成沉淀，故鉴别Ⅰ和J的试剂浓溴水或溶液；‎ ‎（3）根据K可由 制得，可知K是对羧基苯甲醇，则K中的羧基与羟基发生缩聚反应得到聚合物的结构简式：。‎ ‎19.已知反应：‎ ‎（1）该反应的生成物中含有的官能团的名称是_______________，只含该官能团的物质在一定条件下不能发生的反应有_________（填序号）；‎ ‎①加成反应 ②酯化反应 ③氧化反应 ④还原反应 ‎（2）已知HCHO分子中所有原子都在同一平面内，若要使分子中所有原子可能都在同一平面内，不能是_________（填序号）；‎ ‎① ② ③‎ ‎（3）某氯代烃A的分子式为，它可以发生如下转化：‎ 结构分析表明E分子中含有两个甲基且没有支链。‎ ‎①A、C的结构简式分别为：A_______________，C_______________；‎ ‎②写出下列转化的反应方程式：A→B：__________________，D→E：_________________。‎ ‎【答案】 (1). 醛基 (2). ② (3). ① (4). (5). (6). +NaOH+NaCl+H2O (7). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据酯化反应、加成反应原理分析解答；根据官能团的结构和性质分析解答；根据题目信息流程正向、逆向进行分析解答。‎ ‎【详解】根据生成物结构可知，分子中含有官能团为—CHO，名称为醛基，醛基可与氢气发生加成反应，也属于还原反应，也可发生银镜反应，同时醛基易被氧化，故则①③④均能发生，故选②；故答案为：醛基；②；‎ ‎（2）①若R1为-CH3，分子式为CH3CHO，具有甲烷结构，所有原子不可能共面，故①不可能是甲基；‎ ‎②R1为，分子结构为，苯是平面结构，HCHO也是平面结构，所以可能为平面结构，故②可能；‎ ‎③R1为-CH═CH2，分子为CH2═CH-CHO，乙烯是平面构型，HCHO也是平面结构，所以CH2═CH-CHO，可能为平面结构，故③可能；故选：①；‎ ‎（3）①C6H11Cl在氢氧化钠醇溶液加热下，发生消去反应生成烯，所以B含有碳碳双键；由题目信息提示可知C中含有碳氧双键（羰基或醛基），C与氢气发生加成反应生成D，D与乙酸发生酯化反应，即D中含有羟基，则可知D为醇，由E的原子组成可知E为二元酯，逆向推理可知，D为二元醇，根据酯化反应可推断D分子式为C6H14O2，由E分子中含有两个甲基且没有支链可推断出D为HO(CH2）4OH，E为CH3COO(CH2)4OOCCH3，逆向推理可知C 为：OHC(CH2)4CHO，B为环己烯，A为， 故答案为：，OHC(CH2)4CHO；‎ ‎②A→B是C6H11Cl在氢氧化钠醇溶液加热下，发生消去反应生成烯，反应方程式为：+NaOH+NaCl+H2O，D→E是己二醇与乙酸发生酯化反应生成CH3COO(CH2)4OOCCH3，方程式为：，故答案为：+NaOH+NaCl+H2O，。‎ ‎【点睛】解有机推断题的方法与技巧：1、审题——仔细读题、审清题意，明确已知条件，挖掘隐蔽条件。2、找突破口——分析结构特征、性质特征、反应条件、实验现象等，确定某物质或官能团的存在。3、推断——用顺推法、逆推法、双推法、假设法等得出初步结论，再检查、验证推论是否符合题意。4、规范表达——正确书写有机物的结构简式、化学方程式等。5、对信息中已知反应的处理。6、不饱和度的应用 ‎20.PBS是一种可降解的聚酯类高分子材料，可由马来酸酐等原料经下列路线合成：‎ ‎(已知：+)‎ ‎（1）A→B的反应类型是____________；B的结构简式是______________________。‎ ‎（2）C中含有的官能团名称是________；D的名称（系统命名）是____________。‎ ‎（3）半方酸是马来酸酐的同分异构体，分子中含1个环（四元碳环）和1个羟基，但不含—O—O—键。半方酸的结构简式是___________________。‎ ‎（4）由D和B合成PBS的化学方程式是______________________________________。‎ ‎（5）下列关于A的说法正确的是__________。‎ a．能使酸性KMnO4溶液或溴的CCl4溶液褪色 b．能与Na2CO3反应，但不与HBr反应 c．能与新制Cu(OH)2反应 d．1molA完全燃烧消耗5molO2‎ ‎【答案】 (1). 加成反应（或还原反应） (2). HOOCCH2CH2COOH (3). 碳碳叁键、羟基 (4). 1，4-丁二醇 (5). (6). nHOOCCH2CH2COOH＋nHOCH2CH2CH2CH2OH＋2nH2O ‎[或nHOOCCH2CH2COOH＋nHOCH2CH2CH2CH2OH＋(2n－1)H2O] (7). ac ‎【解析】‎ ‎【详解】⑴由图知AB，CD是A、C与H2发生加成反应，分别生成B:HOOC(CH2)2COOH、D:HO(CH2)4OH，为二元醇，其名称为1,4-丁二醇。。⑵由已知信息及D的结构简式可推知C由两分子甲醛与HC≡CH加成而得，其结构为HOCH2C≡CCH2OH，分子中含有碳碳叁键和羟基。⑶根据题意马来酸酐共含4个碳原子，其不饱和度为4，又知半方酸含一个4元碳环，即4个原子全部在环上，又只含有一个－OH，因此另两个氧原子只能与碳原子形成碳氧双键，剩下的一个不饱和度则是一个碳碳双键提供，结合碳的四价结构可写出半方酸的结构简式为。⑷由题知B[HOOC(CH2)2COOH]为二元羧酸，D[HO(CH2)4OH]为二元醇，两者发生缩聚反应生成PBS聚酯。⑸A中含有碳碳双键，故能被KMnO4溶液氧化而使酸性KMnO4溶液褪色、与Br2发生加成反应使Br2的CCl4溶液褪色、与HBr等加成；因分子中含有－COOH，可与Cu(OH)2、Na2CO3等发生反应；由A（分子式为C4H4O4）完全燃烧:C4H4O4＋3O2=4CO2＋2H2O可知1molA消耗3 mol O2，故ac正确。‎ 考点定位：本题以可降解的高分子材料为情境，考查炔烃、酸、醇、酯等组成性质及其转化，涉及有机物的命名、结构简式、反应类型及化学方程式的书写等多个有机化学热点和重点知识。能力层面上考查考生的推理能力，从试题提供的信息中准确提取有用的信息并整合重组为新知识的能力，以及化学术语表达的能力。‎ ‎21.氟他胺G是一种可用于治疗肿瘤的药物。实验室由芳香烃A制备G的合成路线如下：‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）A的结构简式为_______________。C的化学名称是________________________。‎ ‎（2）③的反应试剂和反应条件分别是______________________，该反应的类型是___________。‎ ‎（3）⑤的反应方程式为_____________________________________________。‎ 吡啶是一种有机碱，其作用是______________________________。‎ ‎（4）G的分子式为______________________________。‎ ‎（5）H是G的同分异构体，其苯环上的取代基与G的相同但位置不同，则Ⅱ可能的结构有_________种。‎ ‎（6）4-甲氧基乙酰苯胺（）是重要精细化工中间体，写出由苯甲醚（）制备小甲氧基乙酸苯胺的合成路线（其他试剂任选）_______________。‎ ‎【答案】 (1). (2). 三氟甲苯 (3). 浓/浓，加热 (4). 取代反应 (5). 见解析 (6). 吸收反应产生的HCl，提高反应转化率 (7). (8). 9 (9). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据官能团的结构和性质分析解答；根据题目信息流程正向、逆向进行分析解答。‎ ‎【详解】由C 三氟甲苯结构简式逆向推理可知B为，即A为，C发生硝化反应生成D，D中硝基被还原成氨基，生成E，E发生消去反应得到F：，进而F发生硝化反应生成G；‎ ‎（1）由C：三氟甲苯结构简式逆向推理可知B为，即A为，故答案为：；三氟甲苯；‎ ‎（2）反应③是E发生在浓硫酸做催化剂的加热的条件下与硝酸发生硝化反应，故答案为：浓/浓，加热；‎ ‎（3）反应⑤中吡啶的作用是吸收反应产生的氯化氢，提高反应转化率，反应方程式为 ‎，故答案为：吸收反应产生的氯化氢，提高反应转化率；‎ ‎（4）由G结构简式可知，G的分子式为C11H11F3N2O3，故答案为：C11H11F3N2O3；‎ ‎（5）H是G的同分异构体，其取代基相同但位置不同，故H中三氟甲基和硝基有邻间对3种位置关系，邻位时，另一基团有4种位置；间位时，另一基团有4种位置，对位时，另一基团有2种位置；除去G，则H有9种可能；故答案为：9；‎ ‎（6）根据题给流程图分析，苯甲醚首先在对位加硝基，然后硝基氢化，氢化后再在吡啶存在的条件下和反应得到目标产物，流程为： 。‎ ‎ ‎