浙江省2020高考物理二轮复习选择题提升练三含解析

浙江省2020高考物理二轮复习选择题提升练三含解析

选择题提升练(三)‎ 一、选择题Ⅰ(本题共13小题，每小题3分，共39分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)‎ ‎1．下列说法正确的是(　　)‎ A．研究打出的弧旋乒乓球，可把乒乓球看做质点 B．研究在女子万米比赛中的“长跑女王”特鲁纳什·迪巴巴，可把特鲁纳什·迪巴巴看做质点 C．参考系必须选取静止不动的物体 D．在空中运动的物体不能作为参考系 答案：B ‎2.(2019·绍兴诸暨期末)如图所示，在水平力F的作用下，木块A、B保持静止．若木块A与B的接触面是水平的，且F≠0.则木块B的受力个数可能是(　　)‎ A．3个或4个　　　　　　　 B．3个或5个 C．4个或5个 D．4个或6个 答案：C ‎3.如图所示，水平地面上有两块完全相同的木块A、B，在水平推力F的作用下运动，用FAB代表A、B间的相互作用力，则(　　)‎ A．若地面是完全光滑的，FAB＝F B．若地面是完全光滑的，FAB＝ C．若地面是有摩擦的，FAB＝F D．若地面是有摩擦的，FAB＜ 答案：B ‎4．在无风的情况下，跳伞运动员从水平飞行的飞机上跳伞，下落过程中受到空气阻力，已知物体速度越大受到的空气阻力越大，下列描述下落速度的水平分量大小vx、竖直分量大小vy与时间t的图象，可能正确的是(　　)‎ 解析：选B.运动员跳伞后做曲线运动，其空气阻力方向与运动方向相反．空气阻力在水平方向的分力使运动员水平速度减小，水平方向减速运动的加速度也在减小，直到速度为零；竖直方向上，随着速度的增大，空气阻力增大，加速运动的加速度逐渐减小，直至为零，故 - 6 -‎ B正确，A、C、D均错误．‎ ‎5.两个大小相同的小球带有同种电荷，质量分别为m1和m2，带电荷量分别是q1和q2，用绝缘线悬挂后，因静电力而使两悬线张开，分别与中垂线方向成α1角和α2角，且两球处于同一水平线上，如图所示．若α1＝α2，则下述结论正确的是(　　)‎ A．q1一定等于q2‎ B．一定满足＝ C．m1一定等于m2‎ D．必须同时满足q1＝q2、m1＝m2‎ 解析：选C.分别对两小球进行受力分析，如图所示，由平衡条件得F－FTsin α1＝0，FTcos α1－m1g＝0，所以tan α1＝＝.同理tan α2＝＝.因为α1＝α2，所以m1＝m2.‎ ‎6.用一条绝缘轻绳悬挂一个带正电的小球，小球质量为1.0×10－2 kg，所带电荷量为7.5×10－8 C，现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘轻绳与竖直方向成37°，g取10 m/s2，则(　　)‎ A．轻绳受到的拉力为8.0×10－2 N B．电场强度大小为1.0×105 N/C C．改变场强方向，仍使小球静止在原位置，则电场强度的最小值为8.0×105 N/C D．剪断轻绳，带电小球将做类平抛运动 解析：选C.以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受到重力、绳子拉力和电场力的作用，受力如图所示．‎ 根据平衡条件有：轻绳受到的拉力为T＝＝ N＝1.25×10－1 N，选项A错误；由几何关系tan 37°＝，得E＝＝ N/C＝1.0×106 N/C，选项B错误；当电场强度的方向与细线方向垂直时，电场强度最小，mgsin 37°＝Eminq，解得Emin＝＝ N/C＝8.0×105 N/C，选项C - 6 -‎ 正确；剪短轻绳，带电小球将在重力和电场力的合力方向做初速度为0的匀加速直线运动，选项D错误．‎ ‎7.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是(　　)‎ A．R1∶R2＝1∶3‎ B．把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2‎ C．将R1与R2串联后接于电源上，则功率之比P1∶P2＝3∶1‎ D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1∶I2＝1∶3　‎ 解析：选A.根据I－U图象可知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1∶R2＝1∶3，故A正确；把R1拉长到原来的3倍长后，横截面积变为原来的，根据R＝ρ可知，电阻变为原来的9倍，为R2的3倍，故B错误；串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1∶I2＝1∶1，根据P＝I2R可知，功率之比P1∶P2＝1∶3，故C错误；并联电路，电压相等，电流比等于电阻的反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1∶I2＝3∶1，故D错误．‎ ‎8．(2019·温州模拟)“北斗”卫星导航定位系统是由地球静止轨道卫星(同步卫星)、中轨道卫星和倾斜同步卫星组成的．地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别约为地球半径的6倍和3.4倍，下列说法中正确的是(　　)‎ A．静止轨道卫星的周期约为中轨道卫星的2倍 B．静止轨道卫星的线速度大小约为中轨道卫星的2倍 C．静止轨道卫星的角速度大小约为中轨道卫星的 D．静止轨道卫星的向心加速度大小约为中轨道卫星的 答案：A ‎9．两个固定的等量异种点电荷所产生的电场的等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，则粒子在电场中(　　)‎ A．做直线运动，电势能先变小后变大 B．做直线运动，电势能先变大后变小 C．做曲线运动，电势能先变小后变大 D．做曲线运动，电势能先变大后变小 - 6 -‎ 答案：C ‎10.如图所示，弹簧测力计外壳质量为M，弹簧及挂钩的质量忽略不计，挂钩吊一重物，重物质量为m，重力加速度为g.现用一方向竖直向上的外力F拉着弹簧测力计，使其向上做匀加速直线运动，则弹簧测力计对重物的拉力为(　　)‎ A．mg　　　　　　　　　 B. C.F D.F 解析：选D.对重物和弹簧测力计组成的系统，根据牛顿第二定律得F－(M＋m)g＝(M＋m)a；对重物，有T－mg＝ma，解得T＝F，D正确．‎ ‎11．假如某白炽灯的U－I图象如图所示，图象上A点与原点的连线和横轴所成的角为α，A点的切线与横轴所夹的角为β(横、纵坐标均为国际单位)，以下说法中正确的是(　　)‎ A．白炽灯的电功率随电压U的增大而减小 B．白炽灯的电阻随电压U的增大而增大 C．在A点，白炽灯的电阻为tan α D．在A点，白炽灯的电阻为tan β 解析：选B.由题图可知，U增大，I增大，则电功率P＝UI增大，A错误；根据电阻的定义式R＝知，电阻等于OA的斜率，即R＝＝k，由于α是几何角，所以tan α＝，一般情况下tan α≠，故C、D错误．‎ ‎12.如图所示，用相同的导线围成两个单匝线圈a和b，半径分别为r和2r，圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合．当磁场磁感应强度大小随时间均匀增大时，流过a、b两线圈的感应电流之比为(　　)‎ A．1∶1 B．1∶2‎ C．2∶1 D．1∶4‎ 解析：选C.感应电动势E＝，因为两线圈磁场的面积相同，磁通量变化率一样，感应电动势相同，但是电阻：R＝ρ＝ρ，所以b的电阻是a电阻的2倍，电动势相同，所以a的电流是b的电流的2倍，A、B、D错误，C正确．‎ ‎13．如图甲为某体校的铅球训练装置，图乙是示意图．假设运动员以6 m/s ‎ - 6 -‎ 速度将铅球从倾角为30°的轨道底端推出，当铅球向上滑到某一位置时，其动能减少了72 J，机械能减少了12 J，已知铅球(包括其中的上挂设备)质量为12 kg，滑动过程中阻力大小恒定，则下列判断正确的是(　　)‎ A．铅球上滑过程中减少的动能全部转化为重力势能 B．铅球向上运动的加速度大小为4 m/s2‎ C．铅球返回底端时的动能为144 J D．运动员每推一次消耗的能量至少为60 J 解析：选C.铅球从开始到经过斜面上某一点时，受重力、支持力和阻力，根据动能定理，有：－mg·lsin 30°－f·l＝Ek－Ek0＝－72 J，机械能的减少量等于克服摩擦力做的功：f·l＝ΔE＝12 J，联立可解得：l＝1 m，f＝12 N，根据牛顿第二定律可得：－mg·sin 30°－f＝ma，解得：a＝－6 m/s2，故B错误；当该物体经过斜面上某一点时，动能减少了72 J，机械能减少了12 J，所以当物体到达最高点时动能减少了216 J，机械能减少了36 J，所以物体上升过程中克服摩擦力做功是36 J，全过程摩擦力做功为：W＝－72 J，从出发到返回底端，重力不做功，设回到出发点的动能为E′k，由动能定理可得：W＝E′k－Ek0，解得：E′k＝144 J，故C正确；铅球上滑过程中减少的动能转化为重力势能和内能，故A错误；根据能量守恒可知运动员每推一次消耗的能量至少为216 J，故D错误．‎ 二、选择题Ⅱ(本题共3小题，每小题2分，共6分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)‎ ‎14．以下说法正确的是(　　)‎ A．一束白光穿过玻璃砖，各种单色光在玻璃砖中的速度不相等，红光速度最大，紫光速度最小 B．一束紫光由空气中射入水中，在水中的速度大于在空气中的速度 C．同一种介质中，不同波长的光的传播速度不同，波长越短，波速越慢 D．光纤通信利用了全反射原理，光纤由内芯和外套两层组成，内芯的折射率小于外套的折射率 解析：选AC.水的折射率大于空气的折射率，由v＝知，一束紫光由空气射入水中，在水中的速度小于在空气中的速度，选项B错误；光纤内芯的折射率大于外套的折射率，选项D错误．‎ ‎15.在xOy平面内有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，‎ - 6 -‎ 波速为2 m/s，振幅为A.M、N是平衡位置相距2 m的两个质点，如图所示．在t＝0时，M通过其平衡位置沿y轴正方向运动，N位于其平衡位置上方最大位移处．已知该波的周期大于1 s．则(　　)‎ A．该波的周期为 s B．在t＝ s时，N的速度一定为2 m/s C．从t＝0到t＝1 s，M向右移动了2 m D．从t＝ s到t＝ s，M的动能逐渐增大 解析：选D.根据v＝和T>1 s可得λ>2 m．又根据M、N两质点的距离和振动情况可知，M、N两质点的距离等于波长的四分之三，即2 m＝λ，可得λ＝ m，又根据v＝可得T＝ s，故A错误；t＝ s时，N位于它做简谐运动的平衡位置，速度为最大，但不一定为2 m/s(与波的传播速度无关)，故B错误；质点只在其平衡位置附近做简谐运动，不会随波移动，故C错误；从t＝ s至t＝ s过程中，M从其平衡位置上方最大位移处向其平衡位置处运动，M的速度逐渐增大，则其动能也逐渐增大，故D正确．‎ ‎16．如图为氢原子的能级图，A、B、C分别表示电子在不同能级间跃迁时放出的光子，其中(　　)‎ A．频率最高的是B ‎ B．波长最长的是C C．频率最高的是A ‎ D．波长最长的是B 解析：选AB.根据玻尔的原子跃迁理论，光子的能量hν等于初、末状态的能级差，因而跃迁的能级差越大，跃迁时放出的光子频率就越高，波长就越短，故频率最高的是B，而波长最长的是C，因而A、B项正确，C、D项错误．‎ - 6 -‎