中考数学压轴题专项训练题附答案

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中考数学压轴题专项训练题附答案

‎2019中考数学压轴题专项训练题二 如图,在平面直角坐标系中,二次函数y=﹣0.25x2+bx+c的图象与坐标轴交于A、B、C三点,其中点A的坐标为(0,8),点B的坐标为(﹣4,0).‎ ‎(1)求该二次函数的表达式及点C的坐标;‎ ‎(2)点D的坐标为(0,4),点F为该二次函数在第一象限内图象上的动点,连接CD、CF,以CD、CF为邻边作平行四边形CDEF,设平行四边形CDEF的面积为S.‎ ‎①求S的最大值; ‎ ‎②在点F的运动过程中,当点E落在该二次函数图象上时,请直接写出此时S的值.‎ 如图,抛物线y=ax2+bx+c经过△ABC的三个顶点,与y轴相交于(0,),点A坐标为(﹣1,2),点B是点A关于y轴的对称点,点C在x轴的正半轴上.‎ ‎(1)求该抛物线的函数关系表达式.‎ ‎(2)点F为线段AC上一动点,过F作FE⊥x轴,FG⊥y轴,垂足分别为E、G,当四边形OEFG为正方形时,求出F点的坐标.‎ ‎(3)将(2)中的正方形OEFG沿OC向右平移,记平移中的正方形OEFG为正方形DEFG,当点E和点C重合时停止运动,设平移的距离为t,正方形的边EF与AC交于点M,DG所在的直线与AC交于点N,连接DM,是否存在这样的t,使△DMN是等腰三角形?若存在,求t的值;若不存在请说明理由.‎ 已知线段OA⊥OB,C为OB上中点,D为AO上一点,连AC、BD交于P点.‎ ‎(1)如图1,当OA=OB且D为AO中点时,求的值;‎ ‎(2)如图2,当OA=OB,时,求tan∠BPC.‎ ‎ ‎ 如图,已知Rt△ABC中,∠C=90°,AC=8.BC=6,点P以每秒1个单位的速度从 A向C运动,同时点Q以每秒2个单位的速度从A→B→C方向运动,它们到C点后都 停止运动,设点P、Q运动的时间为t秒.‎ ‎(Ⅰ)在运动过程中,请你用t表示P、Q两点间的距离,并求出P、Q两点间的距离 的最大值;‎ ‎(Ⅱ)经过t秒的运动,求△ABC被直线PQ扫过的面积S与时间t的函数关系式.‎ ‎ ‎ 在平面直角坐标系xOy中,抛物线y=ax2+bx+2过B(﹣2,6),C(2,2)两点.‎ ‎(1)试求抛物线的解析式;‎ ‎(2)记抛物线顶点为D,求△BCD的面积;‎ ‎(3)若直线y=﹣x向上平移b个单位所得的直线与抛物线段BDC(包括端点B、C)部分有两个交点,求b的取值范围. ‎ 答案:‎ ‎1.解:(1)把A(0,8),B(﹣4,0)代入y=﹣0.25x2+bx+c得,解得,‎ 所以抛物线的解析式为y=﹣0.25x2+x+8;‎ 当y=0时,﹣0.25 x2+x+8=0,解得x1=﹣4,x2=8,所以C点坐标为(8,0);‎ ‎(2)①连结OF,如图,设F(t,﹣0.25 t2+t+8),‎ ‎∵S四边形OCFD=S△CDF+S△OCD=S△ODF+S△OCF,‎ ‎∴S△CDF=S△ODF+S△OCF﹣S△OCD=0.5•4•t+0.5•8•(﹣0.25t2+t+8)﹣0. 5•4•8‎ ‎=﹣t2+6t+16=﹣(t﹣3)2+25,‎ 当t=3时,△CDF的面积有最大值,最大值为25,‎ ‎∵四边形CDEF为平行四边形,∴S的最大值为50;‎ ‎②∵四边形CDEF为平行四边形,∴CD∥EF,CD=EF,‎ ‎∵点C向左平移8个单位,再向上平移4个单位得到点D,‎ ‎∴点F向左平移8个单位,再向上平移4个单位得到点E,即E(t﹣8,﹣0.25 t2+t+12),‎ ‎∵E(t﹣8,﹣0.25 t2+t+12)在抛物线上,∴﹣0.25(t﹣8)2+t﹣8+8=﹣0.25t2+t+12,解得t=7,当t=7时,S△CDF=﹣(7﹣3)2+25=9,∴此时S=2S△CDF=18.‎ ‎2.解:(1)∵点B是点A关于y轴的对称点,∴抛物线的对称轴为y轴,‎ ‎∴抛物线的顶点为(0,),故抛物线的解析式可设为y=ax2+.‎ ‎∵A(﹣1,2)在抛物线y=ax2+上,∴a+=2,解得a=﹣,‎ ‎∴抛物线的函数关系表达式为y=﹣x2+;‎ ‎(2)①当点F在第一象限时,如图1,令y=0得,﹣x2+=0,‎ 解得:x1=3,x2=﹣3,∴点C的坐标为(3,0).‎ 设直线AC的解析式为y=mx+n,则有,解得,‎ ‎∴直线AC的解析式为y=﹣x+.‎ 设正方形OEFG的边长为p,则F(p,p).‎ ‎∵点F(p,p)在直线y=﹣x+上,∴﹣p+=p,解得p=1,‎ ‎∴点F的坐标为(1,1).‎ ‎②当点F在第二象限时,‎ 同理可得:点F的坐标为(﹣3,3),此时点F不在线段AC上,故舍去.‎ 综上所述:点F的坐标为(1,1);‎ ‎(3)过点M作MH⊥DN于H,如图2,则OD=t,OE=t+1.‎ ‎∵点E和点C重合时停止运动,∴0≤t≤2.‎ 当x=t时,y=﹣t+,则N(t,﹣t+),DN=﹣t+.‎ 当x=t+1时,y=﹣(t+1)+=﹣t+1,则M(t+1,﹣t+1),ME=﹣t+1.‎ 在Rt△DEM中,DM2=12+(﹣t+1)2=t2﹣t+2.‎ 在Rt△NHM中,MH=1,NH=(﹣t+)﹣(﹣t+1)=,∴MN2=12+()2=.‎ ‎①当DN=DM时,(﹣t+)2=t2﹣t+2,解得t=;‎ ‎②当ND=NM时,﹣t+==,解得t=3﹣;‎ ‎③当MN=MD时,=t2﹣t+2,解得t1=1,t2=3.‎ ‎∵0≤t≤2,∴t=1.‎ 综上所述:当△DMN是等腰三角形时,t的值为,3﹣或1.‎ ‎3.解:(1)过D作DE∥CO交AC于E,‎ ‎∵D为OA中点,∴AE=CE=,,‎ ‎∵点C为OB中点,∴BC=CO,,‎ ‎∴,∴PC==,∴=2;‎ ‎(2)过点D作DE∥BO交AC于E,‎ ‎∵,∴==,∵点C为OB中点,∴,‎ ‎∴,∴PC==,‎ 过D作DF⊥AC,垂足为F,设AD=a,则AO=4a,‎ ‎∵OA=OB,点C为OB中点,∴CO=2a,‎ 在Rt△ACO中,AC===2 a,‎ 又∵Rt△ADF∽Rt△ACO,∴,∴AF=,DF=,‎ PF=AC﹣AF﹣PC=2 a﹣﹣=,tan∠BPC=tan∠FPD==.‎ ‎ ‎ ‎4.解:(Ⅰ)分两种情况考虑:‎ 当Q在AB边上时,过Q作QE⊥AC,交AC于点E,连接PQ,如图1所示:‎ ‎ ‎ ‎∵∠C=90°,∴QE∥BC,∴△ABC∽△AQE,∴==,‎ 在Rt△ABC中,AC=8,BC=6,根据勾股定理得:AB=10,‎ ‎∵AQ=2t,AP=t,∴==,整理得:PE=t,QE=t,‎ 根据勾股定理得:PQ2=QE2+PE2,整理得:PQ=t;‎ 当Q在BC边上时,连接PQ,如图2所示:‎ ‎ ‎ 由AB+BQ=2t,AB=10,得到BQ=2t﹣10,CQ=BC﹣BQ=6﹣(2t﹣10)=16﹣2t,‎ 由AP=t,AC=8,得到PC=8﹣t,‎ 根据勾股定理得:PQ==,‎ 当Q与B重合时,PQ的值最大,则当t=5时,PQ最大值为3;‎ ‎(Ⅱ)分两种情况考虑:‎ 当Q在AB边上时,如图1,△ABC被直线PQ扫过的面积为S△AQP=‎ 此时S=AP•QE=t•t=t2(0<t≤5);‎ 当Q在BC边上时,△ABC被直线PQ扫过的面积为S四边形ABQP,‎ 此时S=S△ABC﹣S△PQC=×8×6﹣(8﹣t)(16﹣2t)=﹣t2+16t﹣40(5<t≤8).‎ 综上,经过t秒的运动,△ABC被直线PQ扫过的面积S与时间t的函数关系式为 ‎5.解:(1)由题意解得,∴抛物线解析式为y=x2﹣x+2.‎ ‎(2)∵y=x2﹣x+2=(x﹣1)2+.∴顶点坐标(1,),‎ ‎∵直线BC为y=﹣x+4,∴对称轴与BC的交点H(1,3),‎ ‎∴S△BDC=S△BDH+S△DHC=•3+•1=3.‎ ‎(3)由消去y得到x2﹣x+4﹣2b=0,‎ 当△=0时,直线与抛物线相切,1﹣4(4﹣2b)=0,∴b=,‎ 当直线y=﹣x+b经过点C时,b=3,当直线y=﹣x+b经过点B时,b=5,‎ ‎∵直线y=﹣x向上平移b个单位所得的直线与抛物线段BDC(包括端点B、C)部分有两个交点,‎ ‎∴<b≤3.‎
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