高考数学专题复习练习:高考大题专项练五
高考大题专项练五 高考中的解析几何
高考大题专项练第 10 页
1.(2016 山西太原一模)已知椭圆 M:
2
2
2
3
=1(a>0)的一个焦点为 F(-1,0),左右顶点分别为
A,B.经过点 F 的直线 l 与椭圆 M 交于 C,D 两点.
(1)求椭圆方程;
(2)当直线 l 的倾斜角为 45°时,求线段 CD 的长;
(3)记
△
ABD 与
△
ABC 的面积分别为 S1 和 S2,求|S1-S2|的最大值.
解(1)因为 F(-1,0)为椭圆的焦点,所以 c=1.
又 b2=3,所以 a2=4,所以椭圆方程为
2
4
2
3
=1.
(2)因为直线的倾斜角为 45°,所以直线的斜率为 1,
所以直线方程为 y=x+1,和椭圆方程联立得到 2
4
2
3 = 1
,
= 1
,
消掉 y,得到 7x2+8x-8=0,
所以Δ=288,x1+x2=-
8
7
,x1x2=-
8
7
,
所以|CD|=
1
2
|x1-x2|=
2 ×
(
1 2
)
2
-
412 =
24
7
.
(3)当直线 l 无斜率时,直线方程为 x=-1,此时 D -
1
,
3
2
,C -
1
,-
3
2
,
△
ABD,
△
ABC 面积相
等,|S1-S2|=0.
当直线 l 斜率存在(显然 k≠0)时,设直线方程为 y=k(x+1)(k≠0),
设 C(x1,y1),D(x2,y2),与椭圆方程联立得到 2
4
2
3 = 1
,
=
(
1
),
消掉 y 得(3+4k2)x2+8k2x+4k2-12=0,
显然Δ>0,方程有根,且 x1+x2=-
82
342
,x1x2=
42
-
12
342
,
此时|S1-S2|=2||y1|-|y2||
=2|y1+y2|=2|k(x2+1)+k(x1+1)|
=2|k(x2+x1)+2k|=
12
|
|
342 =
12
3
|
|
4
|
|
≤
12
2 3
|
|·
4
|
|
=
12
2 12 = 3
当且仅当
=±
3
2
时等号成立 ,
所以|S1-S2|的最大值为
3
. 〚导学号 74920587〛
2.已知三点 O(0,0),A(-2,1),B(2,1),曲线 C 上任意一点 M(x,y)满足|
|=
·(
)+2.
(1)求曲线 C 的方程;
(2)点 Q(x0,y0)(-2
n>0),椭圆 C2 的方程为:
2
2
2
2
=λ(λ>0,且λ≠1),则称
椭圆 C2 是椭圆 C1 的λ倍相似椭圆.如图,已知 C2 是椭圆 C 的 3 倍相似椭圆,若椭圆 C 的任
意一条切线 l 交椭圆 C2 于两点 M,N,试求弦长|MN|的取值范围.
解(1)设椭圆 C 的方程为
2
2
2
2
=1(a>b>0),
∴直线 AB 的方程为
-
=1.
∴F1(-1,0)到直线 AB 的距离 d= |
-
|
22 =
7
7
b,a2+b2=7(a-1)2.
又 b2=a2-1,解得 a=2,b=
3
,
故椭圆 C 的方程为
2
4
2
3
=1.
(2)椭圆 C 的 3 倍相似椭圆 C2 的方程为
2
12
2
9
=1,
①若切线 l 垂直于 x 轴,则其方程为 x=±2,易求得|MN|=2
6
.
②若切线 l 不垂直于 x 轴,可设其方程为 y=kx+b,
将 y=kx+b 代入椭圆 C 的方程,得(3+4k2)x2+8kbx+4b2-12=0,
∴Δ=(8kb)2-4(3+4k2)(4b2-12)=48(4k2+3-b2)=0,
即 b2=4k2+3, (*)
设 M,N 两点的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2),
将 y=kx+b 代入椭圆 C2 的方程,得(3+4k2)x2+8kbx+4b2-36=0,此时 x1+x2=-
8
342
,x1x2=
42
-
36
342
,
|x1-x2|=
4 3
(
1229
-
2
)
342
,
∴|MN|=
1
2
·
4 3
(
1229
-
2
)
342
=4
6
12
342
=2
6 1
1
342
.
∵3+4k2≥3,∴1<1+
1
342 ≤
4
3
,
即 2
6
<2
6 1
1
342
≤4
2
.
综合①②,得弦长|MN|的取值范围为[2
6
,4
2
]. 〚导学号 74920590〛
5.已知椭圆 C:
2
2
2
2
=1(a>b>0)的右焦点 F(1,0),过点 F 且与坐标轴不垂直的直线与椭圆
交于 P,Q 两点,当直线 PQ 经过椭圆的一个顶点时其倾斜角恰好为 60°.
(1)求椭圆 C 的方程;
(2)设 O 为坐标原点,线段 OF 上是否存在点 T(t,0),使得
· = ·
?若存在,求出实
数 t 的取值范围;若不存在,说明理由.
解(1)由题意知 c=1,又
=tan 60°=
3
,
所以 b2=3,a2=b2+c2=4,所以椭圆的方程为
2
4
2
3
=1.
(2)设直线 PQ 的方程为 y=k(x-1)(k≠0),代入
2
4
2
3
=1,得(3+4k2)x2-8k2x+4k2-12=0,
设 P(x1,y1),Q(x2,y2),线段 PQ 的中点为 R(x0,y0),
则 x0=
12
2 =
42
342
,y0=k(x0-1)=-
3
342
,
由
· = ·
得
·(
)=
·(2
)=0,
所以直线 TR 为直线 PQ 的垂直平分线,
直线 TR 的方程为
y+
3
342
=-
1
-
42
342
,
令 y=0 得 T 点的横坐标 t=
2
342 =
1
3
24
.
因为 k2∈(0,+∞),所以
3
2
+4∈(4,+∞),
所以 t∈
0
,
1
4
.
所以线段 OF 上存在点 T(t,0),使得
· = ·
,其中 t∈
0
,
1
4
. 〚导学号
74920591〛
6.已知椭圆 C:
2
2
2
2
=1(a>b>0)的离心率为
1
2
,以原点为圆心,椭圆的短半轴为半径的圆与
直线 x-y+
6
=0 相切,过点 P(4,0)且不垂直于 x 轴的直线 l 与椭圆 C 相交于 A,B 两点.
(1)求椭圆 C 的方程;
(2)求
·
的取值范围;
(3)若 B 点关于 x 轴的对称点是 E,证明:直线 AE 与 x 轴相交于定点.
(1)解由题意知,
=
1
2 ,
6
2
=b,即 b=
3
.
又 a2=b2+c2,所以 a=2,b=
3
.
故椭圆的方程为
2
4
2
3
=1.
(2)解由题意知直线 l 的斜率存在,设直线 l 的方程为 y=k(x-4),
由
=
(
-
4
),
2
4
2
3 = 1
,
可得(3+4k2)x2-32k2x+64k2-12=0.
设 A(x1,y1),B(x2,y2),
则Δ=322k4-4(3+4k2)(64k2-12)>0,
所以 0≤k2<
1
4
.
则 x1+x2=
322
342
,x1x2=
642
-
12
342
. ①
所以
·
=x1x2+y1y2=x1x2+k2(x1-4)(x2-4)
=(1+k2)x1x2-4k2(x1+x2)+16k2
=(1+k2)·
642
-
12
342
-4k2·
322
342
+16k2=25-
87
42
3
.
因为 0≤k2<
1
4
,所以-
87
3
≤-
87
42
3
<-
87
4
,
则-4≤25-
87
42
3
13
4
,即
· ∈
-
4
,
13
4
.
(3)证明因为 B,E 关于 x 轴对称,
所以可设 E(x2,-y2),
则直线 AE 的方程为 y-y1=
12
1
-
2
(x-x1).
令 y=0,可得 x=x1-
1
(
1
-
2
)
12
.
因为 y1=k(x1-4),y2=k(x2-4),
所以 x=
212
-
4
(
12
)
12
-
8 =
2×642
-
12
342
-
4× 322
342
322
342
-
8
=1,
所以直线 AE 与 x 轴交于定点(1,0). 〚导学号 74920592〛
7.
如图,已知椭圆
2
4
2
3
=1 的左焦点为 F,过点 F 的直线交椭圆于 A,B 两点,线段 AB 的中点
为 G,AB 的垂直平分线与 x 轴和 y 轴分别交于 D,E 两点.
(1)若点 G 的横坐标为-
1
4
,求直线 AB 的斜率;
(2)记
△
GFD 的面积为 S1,
△
OED(O 为原点)的面积为 S2.试问:是否存在直线 AB,使得
S1=S2?说明理由.
解(1)依题意可知,直线 AB 的斜率存在,设其方程为 y=k(x+1),将其代入
2
4
2
3
=1,
整理得(4k2+3)x2+8k2x+4k2-12=0.
设 A(x1,y1),B(x2,y2),所以 x1+x2=-
82
42
3
.
故点 G 的横坐标为
12
2 =
-
42
42
3
=-
1
4
,解得 k=±
1
2
.
(2)假设存在直线 AB,使得 S1=S2,显然直线 AB 不能与 x 轴,y 轴垂直.
由(1)可得 G -
42
42
3
,
3
42
3
.
设点 D 坐标为(xD,0).
因为 DG⊥AB,所以 3
423-
42
423
-
·k=-1,
解得 xD=-
2
42
3
,即 D -
2
42
3
,
0
.
因为
△
GFD∽
△
OED,且 S1=S2,所以|GD|=|OD|.
所以 -
2
423
- -
42
423
2
-
3
423
2
=
-
2
42
3
,
整理得 8k2+9=0.
因为此方程无解,所以不存在直线 AB,使得 S1=S2. 〚导学号 74920593〛
8.(2016 天津,文 19)设椭圆
2
2
2
3
=1(a>
3
)的右焦点为 F,右顶点为 A.已知
1|
|
1|
|
=
3|
|,
其中 O 为原点,e 为椭圆的离心率.
(1)求椭圆的方程;
(2)设过点 A 的直线 l 与椭圆交于点 B(B 不在 x 轴上),垂直于 l 的直线与 l 交于点 M,与 y
轴交于点 H.若 BF⊥HF,且∠MOA=∠MAO,求直线 l 的斜率.
解(1)设 F(c,0).由
1|
|
1|
|
=
3|
|,
即
1
1
=
3
(
-
),可得 a2-c2=3c2,
又 a2-c2=b2=3,所以 c2=1,因此 a2=4.
所以,椭圆的方程为
2
4
2
3
=1.
(2)设直线 l 的斜率为 k(k≠0),则直线 l 的方程为 y=k(x-2).
设 B(xB,yB),由方程组 2
4
2
3 = 1
,
=
(
-
2
)
消去 y,
整理得(4k2+3)x2-16k2x+16k2-12=0.
解得 x=2 或 x=
82
-
6
42
3
,
由题意得 xB=
82
-
6
42
3
,从而 yB= -
12
42
3
.
由(1)知,F(1,0),设 H(0,yH),有
=(-1,yH),
=
9
-
42
42
3
,
12
42
3
.
由 BF⊥HF,得
·
=0,
所以
42
-
9
42
3
12
42
3
=0,解得 yH=
9
-
42
12
.
因此直线 MH 的方程为 y=-
1
x+
9
-
42
12
.
设 M(xM,yM),
由方程组
=
(
-
2
),
=
-
1
9
-
42
12
消去 y,
解得 xM=
202
9
12
(
2
1
).
在
△
MAO 中,∠MOA=∠MAO
⇔
|MA|=|MO|,
即(xM-2)2+
2
=
2
2
,化简得 xM=1,
即
202
9
12
(
2
1
)=1,解得 k=-
6
4
或 k=
6
4
.
所以,直线 l 的斜率为-
6
4
或
6
4
. 〚导学号 74920594〛