重庆市巴蜀中学2019-2020学年高一物理下学期半期考试试题（Word版附答案）

重庆市巴蜀中学2019-2020学年高一物理下学期半期考试试题（Word版附答案）

第 1页 重庆市巴蜀中学 2022 届高一下半期物理试题 一、选择题（1-8 题单选，4×8=32 分；9-12 题多选，4×4=16 分） 1．做曲线运动物体的速度方向、合力的方向和运动轨迹如图所示，其中正确的是（ ） A B C D 2．如图所示，力 F 大小相等，物体沿水平面运动的位移 L 也相同，下列哪种情况 F 做功最 少（ ） 3．如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为 r1、r2、 r3，若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为（ ） A． 3 11 r r B． 1 13 r r  C． 2 13 r r  D． 2 11 r r 4．如图所示，水平传送带保持 2m/s 的速度运动，一质量为 lkg 的物体与传送带间的动摩擦 因数为 0.2。现将该物体无初速度地放到传送带上的 A 点，然后运动到了距 A 点 2m 的 B 点， 则皮带对该物体做的功为（ ） A．0.5J B．2J C．2.5J D．4J 5．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如右图 中虚线所示。小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为（ ） A． tan 1 B． tan2 1 C．tanθ D．2tanθ 6．如图所示，用同种材料制成的一个轨道，AB 段为 4 1 圆弧，半径为 R，水平放置的 BC 段 长度为 R。一小物块质量为 m，与轨道间的动摩擦因数为μ，当它从轨道顶端 A 由静止下滑 时，恰好运动到 C 点静止，那么物块在 AB 段克服摩擦力做的功为（ ） A．μmgR B．mgR（1-μ） 第 2页 C． mgR 2 1 D． mgR2 1 7．如图所示，等边三角形 ABC 边长为 L，在三角形的三顶点 A、B、C 各固定质量均为 m 的三个小球，已知万有引力常量为 G，则 C 点小球受 A、B 两点小球的万有引力的合力为（ ） A． 2 2 2 L mG B． 2 2 3 L mG C． 2 2 2 L mG D． 2 2 3 L mG 8．如图所示，小船过河时，船头偏向上游与水流方向成α角，船相对水的速度大小为 v，其 航线恰好垂直于河岸，现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且到达对岸时间相同，下列 措施中可行的是（ ） A．减小α角，同时增大ν B．增大α角，同时增大 v C．减小α角，同时保持 v 不变 D．增大α角，同时保持 v 不变 9．下列有关生活中的圆周运动实例分析，其中说法正确的是（ ） A．汽车通过凹形桥的最低点时，车对桥的压力小于汽车的重力 B．在铁路的转弯处，通常要求外轨比内轨高，目的是减轻轮缘与外轨的挤压 C．杂技演员表演“水流星”，当“水流星”通过最高点时，水对桶底的作用力可能为零 D．洗衣机脱水桶的脱水原理是利用了离心现象 10．a、b、c、d 是在地球大气层外的圆形轨道上运行的四颗人造卫星，其中 a、c 的轨道相 交于 P，b、d 在同一个圆轨道上，b、c 轨道在同一平面上。某时刻四颗卫星的位置及运行 方向如图所示，下列说法中正确的是（ ） A．a、c 的加速度大小相等，且大于 b 的加速度 B．b、c 的角速度大小相等，且小于 a 的角速度 C．a、c 的线速度大小相等，且小于 d 的线速度 D．a、c 不可能在 P 点相撞 11．如图所示，质量为 m 的月球探测器在圆形轨道 I 上运动，在 A 点处进入椭圆轨道Ⅱ， 在 B 点处再次变轨进入轨道Ⅲ绕月球做圆周运动，其中轨道Ⅲ的半径可认为近似等于月球 的半径 R，此时运行周期为 T，变轨过程中探测器质量的变化忽略不计，已知轨道 I 半径为 2R，引力常量为 G，下列说法正确的是（ ） A．月球的密度为 2 3 GT  第 3页 B．探测器在轨道 I 上运动的周期是在轨道Ⅱ上运动的周期的 64 27 倍 C．探测器在轨道Ⅱ上运动时，B 处速度大小是 A 处速度大小的 2 倍 D．探测器在轨道Ⅲ经过 B 点时的加速度大于在轨道Ⅱ经过 B 点时的加速度 12．如图所示，粗糙水平圆盘上，质量相等的 A、B 两物块叠放在一起，随圆盘一起做匀速 圆周运动，则下列说法正确的是（ ） A．A、B 都有沿切线方向且向后滑动的趋势 B．B 的向心力是 A 的向心力的 2 倍 C．盘对 B 的摩擦力是 B 对 A 的摩擦力的 2 倍 D．若 B 先滑动，则 A、B 间的动摩擦因数μA 大于盘与 B 间的动摩擦因数μB 二、实验题（13 题 6 分；14 题 9 分） 13．某物理实验小组采用如图甲所示的装置研究平抛运动。 （1）安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须调节水平，其操作目的和操作方法正确 的说法是（ ） A．目的是保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小 B．目的是保证小球飞出时，初速度水平 C．调节铅垂线，当铅垂尖与底板上的锥尖对准时，则斜槽末端的切线水平 D．将小球放在斜槽末端，当小球不滚动时，则斜槽末端的切线水平 （2）某同学每次都将小球从斜槽的同一位置无初速释放，并从斜槽末端水平飞出。改变水 平挡板的高度，就改变了小球在板上落点的位置，从而可描绘出小球的运动轨迹。某同学设 想小球先后三次做平抛，将水平板依次放在如图乙 1、2、3 的位置，且 1 与 2 的间距等于 2 与 3 的间距。若三次实验中，小球从抛出点到落点的水平位移依次为 x1、x2、x3，忽略空气 阻力的影响，下面分析正确的是 A．x2-x1=x3-x2 B．x2-x1＜x3-x2 第 4页 C．x2-x1>x3-x2 D．无法判断 （3）若以斜槽末端切线为 x 轴，过小球球心的竖直线为 y 轴，在平抛轨迹上选取一点 P（x， y）计算，测得的初速度值比真实值__________（填“偏大”、“偏小”、“不变”）。 14．某实验小组采用如图 1 所示装置探究钩码和木块组成的系统所受合力做的功 W 与所获 得的速度大小 v 的系，实验中，木块碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器的工 作频率为 f。 具体操作如下： 按照正确的实验步骤得到一条较为理想的纸带如图 2 所示，O、A、B、C、D、E、……，为 打点计时器连续打的一系列实际点（O 为打下的第一点，初速度可视为 0），用刻度尺测出 O 到 A、B、C、D、E、……各点的距离为 s1、s2、s3、s4、s5……，并依次求出 A、B、C、 D、E、……各点的速度 v1、v2、v3、v4、v5、……，以 s 为纵坐标，以 v 或 v2 或 v 、…… 为横坐标作出图像，即可代表 W 与 v 的关系。 根据以上操作，回答下列问题 （1）在下列的实验操作中，正确的是_________（填写相应的选项字母） A．连接电磁打点计时器的电源必须是 0-12V 的低压直流电 B．实验时，木块与钩码的质量必须满足钩码的质量 m 远小于木块的质量 M C．实验时，必须平衡木块的摩擦阻力 D．实验时，必须先接通电源让打点计时器打点，再释放木块让钩码拉着木块拖着纸带运动 （2）若作出的 s-t 图像如图 3 所示，为了让图像成为直线，应改为作 s-______的图像（填 v2 或 v ）； （3）用上述操作中测量的物理量表达出，打 D 点时木块的速度 v=__________。 三、计算题（15 题 10 分；16 题 12 分；17 题 15 分） 15．已知地球半径为 R。地球表面的重力加速度为 g，不考虑地球自转的影响。 （1）推导第一宇宙速度的表达式 （2）若卫星绕地球做匀速圆周运动，运动轨道距离地面高度为 h，求卫星的运行周期 T。 第 5页 16．如图所示，质量为 m=0.2 kg 的小球从平台上水平抛出后，落在一倾角θ=53°的光滑斜 面顶端，并恰好无碰撞的沿光滑斜面滑下，顶端与平台的高度差 h=3.2m，g 取 10m/s2 （sin53°=0.8，cos53°=0.6）求： （1）斜面顶端与平台边缘的水平距离 S； （2）小球沿斜面下滑到距斜面顶端竖直高度 H=15m 时重力的瞬时功率. 17．如图所示，水平面右端放一大小可忽略的小物块，质量 m=0.1kg，以 v0=4m/s 向左运动， 运动至距出发点 d=1m 处将弹簧压缩至最短，反弹回到出发点时速度大小 v1=2m/s，水平面 与水平传送带理想连接，传送带长度 L=3m，以 v2=10m/s 顺时针匀速转动。传送带右端一竖 直面内光滑圆轨道理想连接，圆轨道半径 R=0.8m，物块进入轨道时触发闭合装置将圆轨道 封闭，（g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6））求： （1）物体与水平面间的动摩擦因数μ1 （2）弹簧具有的最大弹性势能 Ep （3）要使物块进入竖直圆轨道后不脱离圆轨道，传送带与物体间的动摩擦因数μ2 应满足的 条件。 第 6页 重庆市巴蜀中学 2022 届高一下半期物理试题答案 一、选择题（1-8 题单选，4×8=32 分；9-12 题多选，4×4=16 分） 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 B D A B B B D B BCD AD AC CD 二、实验题（13 题 6 分；14 题 9 分） 13．（1）BD （2）C （3）偏大 14．（1）CD （2）v2 （3） 24 22 ss  三、计算题（15 题 10 分；16 题 12 分；17 题 15 分） 15．解： （1）设卫星的质量为 m，在地球表面附近，卫星做圆周运动的向心力等于重力： R vmmg 2 1 ，解得： gRv 1 （2）在地球表面附近： mgR GMm 2 ；对于卫星：     2 2 2       ThRm hR GMm  ， 解得：  ghRRT  16．解： （1）由 2 12 1 gth  ，可得 sg ht 8.02 1  而 smgtvy /81  ， 由于  53tan0vvy ，  53tan0 yvv =6m/s S=v0t1=4.8m （2）刚到达斜面顶端的速度 smvv /1053cos 0  由动能定理： 22' 2 1 2 1 mvmvmgH  ， 可得 smv /20'  ， smvvy /1653sin''  wmgvP yG 32'  17．（1）μ1=0.3 （2）EP=0.5J （3）μ2≤0.2 或μ2≥0.6 第 7页