物理·甘肃省天水二中2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

物理·甘肃省天水二中2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

‎2016-2017学年甘肃省天水二中高二（上）第一次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（每小题4分，共40分）‎ ‎1．下列关于点电荷的说法，正确的是（　　）‎ A．点电荷一定是电量很小的电荷 B．点电荷是一种理想化模型，实际不存在 C．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷 D．体积很大的带电体一定不能看成点电荷 ‎2．真空中两个点电荷Q1、Q2，距离为R，当Q1增大到原来的2倍，Q2增大到原来的4倍，距离R增大到原来的2倍时，电荷间的库仑力变为原来的（　　）‎ A．1倍 B．2倍 C．6倍 D．9倍 ‎3．如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a和b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支座上，两球心间的距离l为球半径的3倍．若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是（　　）‎ A．F引=G，F库=k B．F引≠G，F库≠k C．F引≠G，F库=k D．F引=G，F库≠k ‎4．真空中距点电荷（电量为Q）为r的A点处，放一个带电量为q（q≪Q）的点电荷，q受到的电场力大小为F，则A点的场强为（　　）‎ A． B． C．k D．k ‎5．如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是（　　）‎ A．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大 B．这个电场可能是负点电荷的电场 C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小（不计重力）‎ D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向 ‎6．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则错误的是（　　）‎ A．粒子带正电 B．粒子加速度逐渐减小 C．A点的速度大于B点的速度 D．粒子的初速度不为零 ‎7．两个质量分别为m1、m2的小球，各用长为L的丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开一定的角度θ1、θ2，如图所示，则下列说法正确的是（　　）‎ A．若m1＞m2，则θ1＞θ2 B．若m1＞m2，则θ1=θ2‎ C．若m1＜m2，则θ1＞θ2 D．若q1=q2，则θ1=θ2‎ ‎8．如图所示是带负电的点电荷﹣Q，P1、和P2为其电场中的两点．若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，φ1．φ2为P1、P2两点的电势，则（　　）‎ A．E1＞E2，φ1＞φ2 B．E1＞E2，φ1＜φ2 C．E1＜E2，φ1＞φ2 D．E1＜E2，φ1＜φ2‎ ‎9．一个带正电的质点，电荷量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除静电力外，其他力做的功为2.0×10﹣5 J，质点的动能增加了8.0×10﹣5 J，则a、b两点间的电势差为（　　）‎ A．3.0×104 V B．1.0×104 V C．4.0×104 V D．7.0×104 V ‎10．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，相邻两等势面间的电势差相等．一个正电荷在等势面L3处的动能为30J，运动到等势面L1处时动能为零；现取L2为零电势参考平面，则当此电荷的电势能为4J时，它的动能为（不计重力及空气阻力）（　　）‎ A．16 J B．11 J C．6 J D．4 J ‎　‎ 二、多项选择题（多选、错选均不得分，每小题6分，共24分）‎ ‎11．如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示A、B两处的场强，则（　　）‎ A．A、B两处的场强方向相反 B．因为A、B在一条电场线上，且电场线是直线，所以EA=EB C．电场线从A指向B，所以EA＞EB D．不知A、B附近电场线的分布情况，EA、EB的大小不能确定 ‎12．如图所示，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以Q为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经P到达N点的过程中（　　）‎ A．速率先减小后增大 B．速率先增大后减小 C．电势能先减小后增大 D．电势能先增大后减小 ‎13．如图所示，两个带电球，大球的电荷量大于小球的电荷量，可以肯定（　　）‎ A．两球可能都带正电 B．两球都带负电 C．大球受到的静电力大于小球受到的静电力 D．两球受到的静电力大小相等 ‎14．下列关于电势高低的判断，正确的是（　　）‎ A．负电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 B．负电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 C．正电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 D．正电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 ‎　‎ 三、计算题（15题10分，16题12分，17题14分，共36分）‎ ‎15．光滑绝缘导轨，与水平面成45°角，两个质量均为m，带等量同种电荷的小球A、B，带电量均为q，静止于导轨的同一水平高度处，如图所示．求：两球之间的距离．‎ ‎16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功1×10﹣6 J，问：‎ ‎（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？‎ ‎（2）A点的电势是多少？‎ ‎（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？（取无限远处为电势零点）‎ ‎17．竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，如图所示，请问：‎ ‎（1）小球带电荷量是多少？‎ ‎（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年甘肃省天水二中高二（上）第一次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（每小题4分，共40分）‎ ‎1．下列关于点电荷的说法，正确的是（　　）‎ A．点电荷一定是电量很小的电荷 B．点电荷是一种理想化模型，实际不存在 C．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷 D．体积很大的带电体一定不能看成点电荷 ‎【考点】元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．‎ ‎【解答】解：A、由点电荷的定义，可知其与带电量无关，故A错误 B、由点电荷的定义知，它是理想化的模型，实际并不存在，故B正确 C、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故C错误 D、由点电荷的定义知，它与体积大小无关，故D错误 故选B ‎　‎ ‎2．真空中两个点电荷Q1、Q2，距离为R，当Q1增大到原来的2倍，Q2增大到原来的4倍，距离R增大到原来的2倍时，电荷间的库仑力变为原来的（　　）‎ A．1倍 B．2倍 C．6倍 D．9倍 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】真空中有两个固定点电荷之间的距离保持不变，当电荷量都变为原来的2倍，根据库仑定律分析库仑力的变化．‎ ‎【解答】解：根据库仑定律可知，F=，真空中有两个固定点电荷，当Q1增大到原来的2倍，Q2增大到原来的4倍，距离R增大到原来的2倍时，则库仑力：‎ 变为原来的2倍，故B正确，ACD错误．‎ 故选：B ‎　‎ ‎3．如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a和b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支座上，两球心间的距离l为球半径的3倍．若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是（　　）‎ A．F引=G，F库=k B．F引≠G，F库≠k C．F引≠G，F库=k D．F引=G，F库≠k ‎【考点】库仑定律；万有引力定律及其应用．‎ ‎【分析】万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可．‎ ‎【解答】解：万有引力定律的使用的条件是质点和质量均匀分布的球，由于金属球a和b质量分布均匀，所以万有引力定律可以直接的应用，所以它们之间的万有引力为F引=G，‎ 由于两球心间的距离l为球半径的3倍，它们之间的距离并不是很大，且两球壳因电荷间的相互作用使电荷分布不均匀，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于它们带的是等量异种电荷，由于电荷之间的相互吸引，电荷之间的距离会比l小，所以此时电荷间的库仑力F库≠k．‎ 故D正确、ABC错误．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎4．真空中距点电荷（电量为Q）为r的A点处，放一个带电量为q（q≪Q）的点电荷，q受到的电场力大小为F，则A点的场强为（　　）‎ A． B． C．k D．k ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】电场强度等于放入电场中的试探电荷所受电场力与其电荷量的比值．由场强的定义式求解电场强度的大小．‎ 点电荷的电场强度也可以使用点电荷的场强公式：计算 ‎【解答】解：A、电场强度等于放入电场中的试探电荷所受电场力与其电荷量的比值．由场强的定义式求解电场强度的大小．由题意，Q是场源电荷，q是试探电荷．故A错误，B正确；‎ C、D：Q是场源电荷，q是试探电荷．A点的电场强度大小由Q产生，所以A点的场强．故C错误，D正确．‎ 故选：BD．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是（　　）‎ A．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大 B．这个电场可能是负点电荷的电场 C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小（不计重力）‎ D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．‎ ‎【分析】根据电场线的疏密分析场强的大小，再由F=qE分析静电力的大小．负点电荷电场的电场线是会聚型的射线．加速度根据牛顿第二定律分析．负电荷所受的静电力方向与电场强度方向相反．‎ ‎【解答】解：A、A处电场线比B处电场线密，则A处的场强比B处场强大，由F=qE知，同一电荷在A处受到的静电力较大，故A正确．‎ B、该电场的电场线是曲线，而负点电荷电场的电场线是会聚型的射线．所以该电场不可能是负点电荷的电场．故B错误．‎ C、点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大，不计重力，根据牛顿第二定律F=ma知，点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度大．故C错误．‎ D、电场强度方向沿电场线的切线方向，负电荷所受的静电力方向与电场强度方向相反．所以负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线的相反方向，故D错误．‎ 故选：A ‎　‎ ‎6．一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则错误的是（　　）‎ A．粒子带正电 B．粒子加速度逐渐减小 C．A点的速度大于B点的速度 D．粒子的初速度不为零 ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电场线．‎ ‎【分析】带电粒子只受电场力，做曲线运动时电场力指向轨迹弯曲的内侧，由此分析出电场力方向，从而判断出粒子的电性．由电场线的疏密分析场强的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小．根据电场力做功正负，分析动能的变化，从而分析出速度的变化．‎ ‎【解答】解：A、根据曲线运动的受力特点可知，带电粒子所受的电场力应该指向曲线弯曲的内侧，所以电场力逆着电场线方向，则粒子带负电．故A错误；‎ B、电场线密的地方电场强度大，所以A点的场强比B点的场强大，由F=qE知，粒子在B点受到的电场力较小，所以粒子加速度逐渐减小，故B正确．‎ C、从A到B的过程中，电场力对粒子做负功，所以粒子的动能减小，则带电粒子在A点的速度大于B点的速度，故C正确．‎ D、若粒子的初速度为零，粒子只受电场力时应做直线运动，而该粒子做曲线运动，所以初速度不为零，故D正确．‎ 本题选错误的，故选：A ‎　‎ ‎7．两个质量分别为m1、m2的小球，各用长为L的丝线悬挂在同一点，当两球分别带同种电荷，且电荷量分别为q1、q2时，两丝线张开一定的角度θ1、θ2，如图所示，则下列说法正确的是（　　）‎ A．若m1＞m2，则θ1＞θ2 B．若m1＞m2，则θ1=θ2‎ C．若m1＜m2，则θ1＞θ2 D．若q1=q2，则θ1=θ2‎ ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；库仑定律．‎ ‎【分析】分别对两小球进行受力分析，作出力图，由共点力平衡条件得到各自的重力与库仑力的关系，抓住相互间的库仑力大小相等，得到质量与角度的关系，分析求解．‎ ‎【解答】解：若小球在同一水平面上，则有如下解：‎ m1、m2受力如图所示，由平衡条件可知，‎ m1g=，m2g=‎ 因F=F′，则 可见，若m1＞m2，则θ1＜θ2；若m1=m2，则θ1=θ2；若m1＜m2，则θ1＞θ2．θ1、θ2的关系与两电荷所带电量无关．‎ 故C正确，ABD均错误．‎ 故选：C ‎　‎ ‎8．如图所示是带负电的点电荷﹣Q，P1、和P2为其电场中的两点．若E1、E2为P1、P2两点的电场强度的大小，φ1．φ2为P1、P2两点的电势，则（　　）‎ A．E1＞E2，φ1＞φ2 B．E1＞E2，φ1＜φ2 C．E1＜E2，φ1＞φ2 D．E1＜E2，φ1＜φ2‎ ‎【考点】电势；电势能．‎ ‎【分析】Q是带负电的点电荷，则电场线方向由P1→P2，顺着电场线方向，电势降低，可判断电势的高低．由点电荷的场强公式E=k可知，某点的场强大小与该点到场源电荷的距离的平方成反比，来分析场强的大小．‎ ‎【解答】解：Q是带负电的点电荷，则电场线方向由P2→P1，顺着电场线方向，电势降低，则φ1＜φ2．‎ 由点电荷的场强公式E=k 可知，P2离Q比P1远，则E1＞E2．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎9．一个带正电的质点，电荷量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这过程中，除静电力外，其他力做的功为2.0×10﹣5 J，质点的动能增加了8.0×10﹣5 J，则a、b两点间的电势差为（　　）‎ A．3.0×104 V B．1.0×104 V C．4.0×104 V D．7.0×104 V ‎【考点】电势差与电场强度的关系．‎ ‎【分析】质点在静场中由a点移到b点的过程中，有静电力和其他力对质点做功，引起质点的动能增加．电场力做功为Wab=qUab，根据动能定理求解a、b两点间的电势差．‎ ‎【解答】解：根据动能定理得 ‎ qUab+W其他=△Ek 得a、b两点间的电势差 Uab==V=3.0×104V 故选：A ‎　‎ ‎10．如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，相邻两等势面间的电势差相等．一个正电荷在等势面L3处的动能为30J，运动到等势面L1处时动能为零；现取L2为零电势参考平面，则当此电荷的电势能为4J时，它的动能为（不计重力及空气阻力）（　　）‎ A．16 J B．11 J C．6 J D．4 J ‎【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．‎ ‎【分析】根据电场力做功公式W=qU和动能定理分析正电荷运动到等势面L2处时的动能，从而得出电荷的总能量，根据能量守恒定律求电荷的电势能为4J时的动能．‎ ‎【解答】解：根据电场力做功公式W=qU知，正电荷通过相邻等差等势面时电场力做功相等．根据动能定理知：电荷从等势面L3处运动到等势面L1处时电场力做功为：W=Ek1﹣Ek3=0﹣30J=﹣30J，则正电荷从等势面L2处运动到等势面L1处时电场力做功为：W′=W=﹣15J，动能减小15J，所以正电荷运动到等势面L2处时的动能为：Ek2=15J，电荷的总能量为：E=Ek2+Ep=15J，当电势能为4J时，根据能量守恒定律知，它的动能为：Ek=E﹣Ep=15J﹣4J=11J 故选：B ‎　‎ 二、多项选择题（多选、错选均不得分，每小题6分，共24分）‎ ‎11．如图所示，带箭头的直线是某一电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示A、B两处的场强，则（　　）‎ A．A、B两处的场强方向相反 B．因为A、B在一条电场线上，且电场线是直线，所以EA=EB C．电场线从A指向B，所以EA＞EB D．不知A、B附近电场线的分布情况，EA、EB的大小不能确定 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】电场线上某点的切线方向表示电场的方向，电场线的疏密表示电场的强弱．‎ ‎【解答】解：A、A、B两点沿电场线方向切线方向相同，可知场强方向相同．故A错误．‎ B、因为不知道A、B附近电场线的分布情况，故无法比较A、B的场强．故B、C错误，D正确．‎ 故选：D．‎ ‎　‎ ‎12．如图所示，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以Q为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点．电子在从M点经P到达N点的过程中（　　）‎ A．速率先减小后增大 B．速率先增大后减小 C．电势能先减小后增大 D．电势能先增大后减小 ‎【考点】电势能；电势差与电场强度的关系．‎ ‎【分析】根据影响速度和电势能大小的因素来分析速度和电势能的变化，找到转化的方向．对于系统能量守恒，机械能与电势能相互转化．‎ ‎【解答】解：AB、当电子从M点向N点运动时，库仑力先做正功，后做负功，运动的速度先增加后减小，故A错误，B正确；‎ CD、电子运动的速度先增加后减小，所以动能先增加后减小，由于系统的动能与电势能的和保持不变，所以电势能先减小后增加．故C正确，D错误；‎ 故选：BC ‎　‎ ‎13．如图所示，两个带电球，大球的电荷量大于小球的电荷量，可以肯定（　　）‎ A．两球可能都带正电 B．两球都带负电 C．大球受到的静电力大于小球受到的静电力 D．两球受到的静电力大小相等 ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】物体相互排斥时，物体带同种电荷．‎ 根据牛顿第三定律可知，两球受到的库仑力是作用力与反作用力．‎ ‎【解答】解：A、B、根据图可知，两球之间是排斥力，只能判断两球带的电性相同，不能肯定两球都带正电还是都带负电，故A正确，B错误．‎ C、D、两球之间的库仑力是作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知，两球受到的静电力大小相等，故C错误、D正确．‎ 故选：AD．‎ ‎　‎ ‎14．下列关于电势高低的判断，正确的是（　　）‎ A．负电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 B．负电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 C．正电荷从P点移到M点，电势能增加，P点电势一定较低 D．正电荷从P点移到M点，电势能增加，M点电势一定较低 ‎【考点】电势．‎ ‎【分析】将正电荷沿着电场线运动，电场力做正功，电势能减小；将负电荷沿着电场线运动，电场力做负功，电势能增加；正电荷在电势高的点电势能大，负电荷在电势高的点电势能低．‎ ‎【解答】解：A、B、电场力做功等于电势能的减小量，故将负电荷从P点移到M点，电势能增加，则电场力做负功；由于φ=，电量为负值，故M点电势较低，P点电势较高，故A错误，B正确，‎ C、D、正电荷从P点移到M点，电势能增加，则电场力做负功，因移动正电荷，则逆着电场线方向移动，即P点电势一定较低，故C正确，D错误；‎ 故选：BC．‎ ‎　‎ 三、计算题（15题10分，16题12分，17题14分，共36分）‎ ‎15．光滑绝缘导轨，与水平面成45°角，两个质量均为m，带等量同种电荷的小球A、B，带电量均为q，静止于导轨的同一水平高度处，如图所示．求：两球之间的距离．‎ ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；库仑定律．‎ ‎【分析】两球均处于静止状态，合力均为零，以A球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求出库仑力，再由库仑定律求出两球间的距离．‎ ‎【解答】解：设两球之间的距离为x．以A球为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件得 ‎ F=mgtan45°=mg 由库仑定律得 ‎ F=k 解得，x=q 答：两球之间的距离为q．‎ ‎　‎ ‎16．将带电荷量为1×10﹣8 C的电荷，从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功1×10﹣6 J，问：‎ ‎（1）电荷的电势能是增加还是减少？电荷在A点具有多少电势能？‎ ‎（2）A点的电势是多少？‎ ‎（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，说明电荷带正电还是带负电？静电力做了多少功？（取无限远处为电势零点）‎ ‎【考点】电势能．‎ ‎【分析】取无限远处电势为零．根据电场力做正功时，电荷的电势能减小，电场力做负功时电势能增加．根据电势公式、电场力做功和功能关系进行分析和计算．‎ ‎【解答】解：（1）电荷从无限远处移到电场中的A点，要克服静电力做功1×10﹣6J，电荷的电势能增加；‎ 无限远处电势能为零，则电荷在A点具有1×10﹣6J的电势能，‎ ‎（2）A点的电势为 φA=V；‎ ‎（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，静电力做正功，所以该电荷带负电；‎ 电荷量为2×10﹣8 C的电荷从无限远处移到电场中的A点时，无限远与A点间的电势差不变，则静电力做正功，为W=q′U∞A=﹣2×10﹣8×（0﹣100）J=2×10﹣6J 答：（1）电荷的电势能是增加，电荷在A点具有1×10﹣6J电势能；‎ ‎（2）A点的电势是100V；‎ ‎（3）若静电力可以把带电荷量为2×10﹣8C的电荷从无限远处移到电场中的A点，电荷是带负电，静电力做功2×10﹣6J．‎ ‎　‎ ‎17．竖直放置的两块足够长的平行金属板间有匀强电场．其电场强度为E，在该匀强电场中，用丝线悬挂质量为m的带电小球，丝线跟竖直方向成θ角时小球恰好平衡，如图所示，请问：‎ ‎（1）小球带电荷量是多少？‎ ‎（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需多长时间？‎ ‎【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．‎ ‎【分析】（1）先分析小球的受力情况，重力竖直向下，电场力水平向右，绳子拉力沿绳子向上，处于三力平衡状态，根据平衡条件求解电荷量；‎ ‎（2）如将细线剪断，绳子的拉力撤去，其余二力的合力一定沿绳子的反方向，大小等于原先绳子的力，所以小球将做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律解出物体的运动时间．‎ ‎【解答】解：（1）由于小球处于平衡状态，对小球受力分析如图所示 F sinθ=qE①‎ F cosθ=mg②由得tanθ=，故q=．‎ ‎（2）由第（1）问中的方程②知F=，而剪断丝线后，小球所受电场力和重力的合力与未剪断丝线时丝线的拉力大小相等，故剪断丝线后小球所受重力、电场力的合力等于．小球的加速度a==，小球由静止开始沿着丝线拉力的反方向做匀加速直线运动，当碰到金属极上时，它经过的位移为s=，又由s=at2，t===‎ 答：（1）小球所带电荷为正，电荷量为．‎ ‎（2）若剪断丝线，小球碰到金属板需要的时间为 ‎　‎ ‎2016年11月9日