2017-2018学年辽宁省大连市普兰店区第二中学高二上学期期中（阶段）考试物理试题 解析版

2017-2018学年辽宁省大连市普兰店区第二中学高二上学期期中（阶段）考试物理试题 解析版

辽宁省大连市普兰店区第二中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 一、选择题 本大题共14道小题 ‎1. 根据电阻定律，电阻率 。对于温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率( )‎ A. 跟导线的电阻成正比 B. 跟导线的横截面成正比 C. 跟导线的长度成反比 D. 由所用金属材料本身特性决定 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：导体的电阻率是由导体本身的特性决定的，与导体的长度、横截面积以及导体的电阻均无关，故选D。‎ 考点：电阻率.‎ ‎2. 真空中放置两个点电荷，电量各为q1与q2，它们相距r 时静电力大小为F，若将它们的电量分别减为q1/2和q2/2，距离也减为r/2，则它们间的静电力大小是（ ）‎ A. F/2 B. F C. 2F D. 4F ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：根据库仑定律知，改变前有：，改变后有：，所以B正确，A.C.D错误。‎ 考点：本题考查了库仑定律的应用 ‎3. 如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，R1和R2是两个定值电阻。当滑动变阻器的触头向a端滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为( )‎ A. I1增大，I2减小 B. I1减小，I2增大 C. I1增大，I2增大 D. I1减小，I2减小 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：当滑动变阻器的触头向a端滑动时，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”的结论可知流过R2的电流增大，流过R1的电流减小，故选B 考点：考查闭合电路的动态变化 点评：本题难度较小，可根据闭合电路的动态分析判断，先分析局部电阻变化，再分析整体电阻和电流的变化，再分析电源内电阻分得电压变化，最后分析路端电压和局部电流的变化，或者直接应用“串反并同”的结论判断 ‎4. 一负电荷仅受电场力作用，从电场中的A点运动到B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度EA、EB及该电荷在A、B两点的电势能、之间的关系为（ ）‎ A. EA=EB B. EA＜EB C. = D. ＞‎ ‎【答案】AD ‎【解析】由于电荷做匀加速直线运动，所以根据Eq=ma可知，电场强度不变，即EA=EB；电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以φA＞φB，故BC错误，AD正确．故选AD．‎ ‎5. 一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA。若将该电池板与一阻值为18Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是 A. 40m V B. 60mV C. 72mV D. 80m V ‎【答案】C ‎【解析】试题分析：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则电动势E=80mV，由闭合电路欧姆定律得短路电流、，则电源内阻,该电源与18Ω的电阻连成闭合电路时，路端电压为，故选C 考点：考查闭合电路的欧姆定律 点评：本题难度较小，对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开路时，内电压为零，开路电路等于电源的电动势 ‎6. 如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线。若把这两个电阻并联在电路中，正常工作时它们的电阻值及发热功率之比是( )‎ A. R1︰R2=1︰4 P1︰P2=2︰1‎ B. R1︰R2=1︰2 P1︰P2=4︰1‎ C. R1︰R2=1︰2 P1︰P2=2︰1‎ D. R1︰R2=1︰4 P1︰P2=4︰1‎ ‎【答案】B ‎【解析】因为该图象是图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以，根据功率的公式，电压相同，电阻大的功率小，所以，故选项C正确。‎ 点睛：图象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小，再根据功率的公式，比较两电阻的发热功率。‎ ‎7. 在点电荷Q的电场中，一个α粒子通过时的轨迹如图实线所示，a、b为两个等势面，则下列判断中正确的是( )‎ A. Q可能为正电荷，也可能为负电荷 B. 运动中粒子总是克服电场力做功 C. α粒子经过两等势面的动能Eka ＞ Ekb D. α粒子在两等势面上的电势能Epa ＞ Epb ‎【答案】C ‎【解析】正电荷受到了排斥力作用，所以Q的电性一定是正电荷．故A错误；根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，反之，远离Q的过程电场力做正功．故B错误；根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功；因此动能减小，电势能增大．故C正确，D错误；故选C．‎ 点睛：该题考查轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路.‎ ‎8. 如右图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是( )‎ A. 电源的电动势为6.0 V B. 电源的内阻为12Ω C. 电源的短路电流为0.5A D. 电流为0.3A时的外电阻是18Ω ‎【答案】AD ‎【解析】试题分析：据图象可知，电源电动势大小为图线与纵坐标的交点，即为6v，A选项正确；电源内阻为，B选项错误；由于纵坐标不是从0开始，则图线与横坐标交点不是短路状态，C选项错误；电流为0.3A时外电压为5.4v，则据 ‎,D选项正确。‎ 考点：本题考查对外电压与电流关系图象的理解。‎ ‎9. 关于电功和电热．以下说法正确的是( )‎ A. 外电路电流做的功一定等于电热 B. 外电路中电流所做的功一定大于电热 C. 只有在外电路是纯电阻的情况下．电功才等于电热 D. 当外电路不是纯电阻时，电功大于电热 ‎【答案】CD ‎【解析】试题分析：对于非纯电阻电路，电流做的功转化为电热和其他能量，A错；当外电路为纯电阻电路时，电流做的功等于电热，B错；同理CD对；故选CD 考点：考查电功和电热 点评：本题难度较小，对于纯电阻电路电流所做功完全转化为电热，对于非纯电阻电路，例如电动机，电能转化为电热和机械能 ‎10. 如图所示，有一带正电荷的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B时，验电器金属箔张角减小，则金属球A( )‎ A. 可能不带电 B. 可能带负电 C. 可能带正电 D. 一定带负电 ‎【答案】AB ‎【解析】试题分析：验电器的金属箔张开的原因是由于带上了同种电荷，同种电荷互相排斥的结果，当验电器张角减小时说明金属箔带电量减小，由静电感应可知小球A不带电或带负电荷，AB正确，故选AB 考点：考查静电感应现象 点评：本题难度较小，明确本题考查的知识点，金属箔张开的原因是带上同种电荷的缘故，当带电量减小时张角减小，这是求解本题的关键 ‎11.‎ ‎ 如图所示，两板间距为d的平行板电容器与电源（不计电源内阻）连接，电键k闭合。电容器两板间有一质量为m，带电量为q的微粒静止不动。下列各叙述中正确的是：( )‎ A. 微粒带的是正电 B. 电源电动势大小为mgd/q C. 断开电键k，微粒将向下做加速运动 D. 保持电键k闭合，把电容器两板距离增大，微粒将向下做加速运动 ‎【答案】BD ‎【解析】试题分析：粒子受重力和向上电场力作用而静止，两板间的电场方向向下，所以粒子带负电；由于粒子处于平衡状态时有求qE=mg，电源电动势；断开开关S，电容器的带电荷量不变，根据，极板间电场没有改变，微粒仍将静止不动；保持开关闭合，电容器两极板间电压不变，两极板的距离增大，根据E=U/d得极板间电场的电场强度变小，微粒将向下做加速运动．所以选项B、D正确，故选BD 考点：考查电容器的动态变化 点评：本题难度较小，处理电容器问题时首先应注意电容器是否与电源相连，如果电容器与电源相连，则两端电压不变，如果电容器与电源断开则电量不变 ‎12. 在如图所示电路中，R1、R2、R3三个电阻消耗的电功率都相等。由此可知( )‎ A. 电阻R1=R2=4R3 B. 电阻R1+R2=R3‎ C. 电流I1=I2=2I3 D. 电流I1+I2=I3‎ ‎【答案】AD ‎【解析】试题分析：由R1和R2并联且电功率相等，由此可知 ‎，因此I1=I2，由，则，故选AD 考点：考查串并联关系 点评：本题难度较小，明确电阻的串并联关系，如果是并联，电功率用公式进行判断，如果是串联，电功率用公式进行判断 ‎13. 两只完全相同的电流表，分别改成一只电流表和一只电压表，一位同学不小心做实验时误将两只表串起来连接在电路中，则两只表的指针可能出现下列哪种现象( )‎ A. 两表的指针都不偏转 B. 两表指针偏转角度相同 C. 两表指针都偏转，电流表的指针偏转角度大得多 D. 两表指针都偏转，电压表的指针偏转角度大得多 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：因两表串联，由串联电路的特点可知，通过两表的实际电流相同，电流表并联电阻后改装成大量程电流表，串联电阻后改装成电压表，由并联分流的特点可知，通过大量程电流表内电流计的电流比电压表的小得多，即电流表指针偏转比电压表小得多，所以只有D选项正确。‎ 考点：串、并联电路 ‎14. a、b为两个带等量正电荷的固定的小球，O为ab连线的中点，如图所示，c、d为中垂线上的两对称点且离O点很近，若在C点静止释放一个电子，关于电子的运动，以下叙述正确的有( )‎ A. 在CO的过程中，做匀加速运动 B. 在CO的过程中，做加速度减小的变加速运动 C. 在O点速度最大，加速度为零 D. 在cd间沿中垂线往复运动 ‎【答案】CD ‎【解析】试题分析：从C到O的电场线方向竖直向上，电子所受电场力方向竖直向下，由于C点确切位置未知，从C点到O点场强有可能先增大后减小，因此从C到O的加速度有可能先增大后减小，为变加速运动，AB错；在O点电场力做功最多速度最大，从O到d所受电场力方向竖直向上，电子做减速运动，在O点场强为零，加速度为零，C对；由电子的受力情况特点和能量守恒定律可知电子在cd间做往复运动，D对，故选CD 考点：考查等量同种点电荷的电场线分布 点评：本题难度较小，熟练掌握常见电场的电场线分布，特别注意的是无穷远处场强为零，O点场强也为零，因此从无穷远处到O点场强先增大后减小 二、实验题 本大题共3道小题 ‎15. 为了测定一节干电池的电动势和内电阻，现准备了下列器材：‎ 被测干电池（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω）‎ 灵敏电流表G（满偏电流3.0mA，内阻10Ω）‎ 电流表A（量程0～0.60A，内阻0.10Ω） ‎ 滑动变阻器R1（0～20Ω，10A）‎ 滑动变阻器R2（0～100Ω，1A） ‎ 定值电阻R3=990Ω ‎ G．电键和导线若干 ‎(1)为了能较为准确地进行测量，也为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_____。‎ ‎(2)请在下图矩形框中画出实验电路图___。‎ ‎(3)右图为某同学根据正确的电路图作出的I1-I2图线（I1为灵敏电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E =_____V，内电阻r =____Ω。‎ ‎【答案】 (1). D (2). (3). 1.47V (4). 0.74-0.78都对 ‎【解析】（1）为方便实验操作，滑动变阻器应选D． （2）伏安法测电源电动势与内阻，需要电压表，现在没有电压表，可以用G与R3串联组成电压表测电压，电流表测电路电流，电路图如图所示．‎ ‎...............‎ 点睛：本题要注意电路中采用的是安安法测电动势和内电阻，其本质就是用其中的表头改装电压表；另外在解题时要注意一些细节，如图象中的纵坐标不是从零开始变化的，并且其单位为mA等，都应细心观察．‎ ‎16.‎ ‎ 一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有20个小等分间隔，用此卡尺来测量小球的直径如图所示，则其直径为 ____________ mm。‎ ‎【答案】9.00mm ‎【解析】试题分析：游标卡尺为20分度，最小刻度代表的是0.05mm，主尺读数为9mm，游标尺读数为0×0.05mm，由此可知读数为9.00 mm 考点：考查游标卡尺的读数 点评：本题难度较小，注意游标卡尺的分度值和估读位 ‎17. 利用螺旋测微器测量小钢珠的直径，由图可知小钢珠的直径是 __________ mm。‎ ‎【答案】6.124‎ 考点：考查螺旋测微器的读数 点评：本题难度较小，注意螺旋测微器的最小刻度代表的含义，先读主尺在读可动刻度即可 三、计算题 本大题共2道小题 ‎18. 一束电子流在U1=500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示．若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，问至少在平行板上加多大电压U2才能使电子不再飞出平行板？‎ ‎，‎ ‎【答案】40V ‎【解析】解：电子经U1加速时，电场力做正功，根据动能定理可得：‎ eU1=‎ 电子飞入平行板电场后做类平抛运动，在水平方向电子做匀速直线运动．‎ 当使电子恰好不飞出平行板时，电子轨迹与下边缘相切，最大运动时间为：‎ t=‎ 在竖直方向电子做初速度为零的匀加速直线运动，其加速度为：‎ a=‎ 根据运动学公式为：‎ ‎=at2‎ 由以上各式解得：U2=2U1=400V 答：至少在平行板上加400V电压U2才能使电子不再飞出平行板．‎ ‎【点评】本题是带电粒子先加速后偏转类型．此题运用动能定理求解加速获得的速度，也可以运用牛顿定律和运动学公式求解速度．本题要挖掘隐含的条件是关键．‎ ‎19. 如图所示的电路中，电源电动势E＝6.0V，内阻r＝0.6Ω，电阻R2＝0.5Ω，当开关S断开时；电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：‎ ‎(1)电阻R1和R3的阻值；‎ ‎(2)当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率。‎ ‎【答案】(1)1.4Ώ(2)2w ‎【解析】（1）S断开时，由U1=I1R3 代入数据解得： R3=2Ω ‎ 又由 代入数据解得：R1=1.4Ω ‎ ‎（2）S闭合时，R2、R3并联电阻 ‎ 由闭合电路欧姆定律得回路总电流： 代入数据解得：‎ 电压表示数为: U2=I2R23=1V ‎ R2上消耗的功率为: ‎ ‎ ‎