2018-2019学年北京市丰台区高二上学期期末考试化学试题 解析版

2018-2019学年北京市丰台区高二上学期期末考试化学试题 解析版

‎2018年丰台区高二化学选修5期末测试题 可能用到的相对原子质量：H ‎1 C 12 O 16‎ 第I卷 (选择题 共42分)‎ 本题共21小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，共42分 ‎1.下列物质中不属于有机物的是 A. SiC B. C2H‎2 C. C2H4O2 D. C3H7Cl ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．碳化硅中虽然含有碳元素，但是碳化硅的性质和无机物相似，属于无机物，故A选；B．乙炔是含有碳元素的化合物，属于有机物，故B不选；C．C2H4O2是含有碳元素的化合物，属于有机物，故C不选；D．C3H7Cl是含有碳元素的化合物，属于有机物，故D不选；故选A。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的判断，掌握有机物和无机物的区别与联系是解题的关键。要注意一氧化碳、二氧化碳、碳酸盐、碳酸等物质中虽然含有碳元素，但是这些物质的性质和无机物相似，把它们归入无机物。‎ ‎2.下列有机物易溶于水的是 A. 甲烷 B. 乙醇 C. 苯 D. 乙酸乙酯 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 含有羧基或羟基的小分子有机物极易溶于水，卤代烃、酯类物质都不易溶于水，据此分析判断。‎ ‎【详解】A．甲烷属于烃类，不含亲水基，故难溶于水，故A错误；B．乙醇中含有醇羟基，能和水形成氢键，所以极易溶于水，故B正确；C．苯属于烃类，不含亲水基，故不溶于水，故C错误；D．乙酸乙酯中含有酯基，不含亲水基，所以不易溶于水，故D错误；故选B。‎ ‎3.下列烷烃因碳原子连接顺序不同，存在同分异构体的是 A. 甲烷 B. 乙烷 C. 丙烷 D. 丁烷 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】烷烃中碳原子数目≤3的烷烃不存在同分异构体现象，即CH4、C2H6、C3H8都无同分异构体，从丁烷开始才出现同分异构体，C4H10既可表示正丁烷，也可表示异丁烷，故选D。‎ ‎4.下列有机物的分子中，不可能所有原子均共平面的是 A. 乙烷 B. 乙烯 C. 苯 D. 乙炔 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．甲烷为正四面体结构，乙烷相当于甲烷中的1个H被甲基取代的产物，故所有原子不可能处于同一平面内，故A正确；B．C2H4是平面结构，所有原子处于同一平面内，故B错误；C．苯是平面结构，所有原子都处于同一平面内，故C错误；D．乙炔为直线型结构，所有原子处于同一平面内，故D错误；故选A。‎ ‎【点睛】本题考查有机化合物的结构特点，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构，分子中只要含有饱和碳原子(包括：-CH3、-CH2-、、)中的一种，所有原子就不可能共面。‎ ‎5.下列有机物既能使酸性高锰酸钾溶液又能使溴水因发生化学反应褪色的是 A. 苯 B. 甲苯 C. 乙烯 D. 乙酸 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．苯分子中碳碳键介于单键与双键之间，与溴水、酸性高锰酸钾不反应，故A错误；B．甲苯与溴水不反应，不能使溴水褪色；能够被高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，故B错误；C．乙烯含有碳碳双键，与溴水发生加成反应使其褪色，被高锰酸钾氧化使高锰酸钾褪色，故C正确；D．乙酸为饱和羧酸，与溴水、高锰酸钾不反应，不能使其褪色，故D错误；故选C。‎ ‎6.市场上有一种加入蛋白酶的洗衣粉，能将衣物的汗渍、血渍等蛋白质水解而除去。下列衣料中，不能用加酶洗衣粉洗涤的是 ‎①棉织品 ②毛织品 ③腈纶织品 ④丝织品 A. ②④ B. ①② C. ①③ D. ③④‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】加酶洗衣粉含有生物催化剂——蛋白酶，可以催化蛋白质的分解反应。由题意可知这种加酶洗衣粉能分解蛋白质，凡由蛋白质组成的衣料皆不宜用加酶洗衣粉洗涤。②毛织品、④蚕丝织品属于蛋白质，所以不能用加酶洗衣粉；①棉织品的主要成分是纤维素，③腈纶织品的主要成分是合成纤维，二者可用加酶洗衣粉洗；故选A。‎ ‎7.下列有机物存在顺反异构现象的是 A. HC≡CH B. CH2=CH‎2 C. CH3CH=CHCH3 D. CH3CH=CH2‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. HC≡CH分子中4个原子在一直线上，不存在顺反异构现象，错误；B. CH2=CH2分子中碳原子上都是氢原子，不存在顺反异构现象，错误；C. CH3CH=CHCH3分子中双键两端碳上连两个不同的原子或基团（氢、甲基），存在顺反异构现象，正确；D. CH3CH=CH2分子中右端碳上边两个氢原子（相同原子或基团），不存在顺反异构现象，错误；故答案选C。‎ 点睛：判断是否存在顺反异构现象方法是：一是构成一个平面，如碳碳双键、四边形、三角形等，同一个碳原子中连2个不同原子或基团。‎ ‎8.下列物质互为同系物的是( )‎ A. 和 B. 和 C. 和 D. CH3COOH和HOOC-CH2-COOH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物，据此分析判断。‎ ‎【详解】A. 和 的分子式相同，结构不同，属于同分异构体，不是同系物，故A错误；B. 和的结构相似，在分子组成上相差一个CH2原子团，属于同系物，故B正确；C. 和的结构不相似，一个是酚，一个是醇，不是同系物。故C错误；D. CH3COOH和HOOC-CH2-COOH的羧基数目不同，结构不相似，不是同系物，故D错误；故选B。‎ ‎【点睛】本题考查同系物的判断，互为同系物的物质满足以下特点：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同、物理性质不同。本题的易错点为C，要注意理解同系物中的“结构相似”。‎ ‎9.下列糖属于还原性二糖的是 A. 葡萄糖 B. 果糖 C. 纤维素 D. 麦芽糖 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】还原性糖包括葡萄糖、果糖、半乳糖、乳糖、麦芽糖等，其中乳糖、麦芽糖是二糖，故选D。‎ ‎10.下列塑料的合成，所发生的化学反应类型与另外三种不同的是 A. 酚醛树脂 B. 聚氯乙烯 C. 聚乙烯 D. 聚苯乙烯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】乙烯合成聚乙烯、氯乙烯合成聚氯乙烯、苯乙烯合成聚苯乙烯属于加聚反应，苯酚和甲醛合成酚醛树脂属于缩聚反应，酚醛树脂的合成所发生的化学反应类型与另外三种不同，故选A。‎ ‎11.下列制备原理属于加成反应的是 A. 乙烯制乙醇 B. 苯制硝基苯 C. 乙烷制氯乙烷 D. 乙酸和乙醇制乙酸乙酯 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙烯可以与水反应制乙醇，反应类型为加成反应，故A正确；B．苯制硝基苯为取代反应，故B错误；C. 乙烷制氯乙烷为取代反应，故C错误；D．‎ 乙酸和乙醇制乙酸乙酯为取代(或酯化)反应，故D错误；故选A。‎ ‎12.聚丙烯是日常生活中用途非常广泛的一种塑料，下列说法不正确的是 A. 单体是：CH3-CH=CH2‎ B. 链节是：-CH3-CH-CH2-‎ C. 平均相对分子质量=42×n(n为聚合度)‎ D. 是一种难降解的塑料 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据聚丙烯的结构，它是由CH2=CH-CH3经加成聚合反应生成的，属于高分子化合物，结合高聚物的结构和定义分析判断。‎ ‎【详解】A．根据聚丙烯的结构，它是由CH2=CH-CH3经加成聚合反应生成的，单体为CH2=CH-CH3，故A正确；B．聚丙烯的链节为，故B错误；C．n为聚合度，因此平均相对分子质量=42×n，故C正确；D．聚丙烯为丙烯加聚生成的聚合物，属于高分子化合物，是一种难降解的塑料，故D正确；故选B。‎ ‎13.下列各物质中，在稀硫酸加热条件下不能发生水解反应的是 A. 酯 B. 油脂 C. 淀粉 D. 葡萄糖 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．酯在稀硫酸加热条件下可以水解生成羧酸和醇，故A不选；B．油脂在酸、碱等催化作用下水解生成甘油和高级脂肪酸(或高级脂肪酸盐)，故B不选；C．淀粉是多糖，在稀硫酸加热条件下水解最终生成为单糖，故C不选；D．葡萄糖是单糖，不能发生水解反应，故D选；故选D。‎ ‎14.下列各组混合物中，用分液漏斗能分离的是 A. 苯和甲苯 B. 正己烷和水 C. 乙酸和乙醇 D. 碘和四氯化碳 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、苯和甲苯都是常见的有机溶剂，相互混溶，溶液不分层，不能用分液的方法分离，故A错误；B、正己烷和水不混溶，能用分液漏斗进行分离，故B正确；C ‎．乙酸和乙醇能互溶，不能用分液漏斗分离，故C错误；D．碘易溶于四氯化碳，不能用分液漏斗分离，故D错误；故选B。‎ ‎15.下列物质不能发生消去反应的是 A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 中氯原子相连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能发生消去反应，故A不选；B. 中羟基相连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能发生消去反应，故B不选；C. 中羟基相连碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能发生消去反应，故C不选；D. 中羟基相连碳原子的邻位碳原子上没有氢原子，不能发生消去反应，故D选；故选D。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的结构和性质，掌握卤代烃和醇的性质是解题的关键。解答本题要注意卤代烃和醇发生消去反应的条件。‎ ‎16.下列有关蛋白质的叙述中，不正确的是 A. 蛋白质水解的最终产物为氨基酸 B. 酒精消毒的原理是让细菌蛋白质变性死亡 C. 向蛋白质溶液中加入饱和硫酸铵溶液，有沉淀析出，再加入水沉淀不溶解 D. 浓硝酸溅在皮肤上，使皮肤呈黄色，是由于浓硝酸和蛋白质发生显色反应 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．蛋白质属于高分子化合物，水解最终产物是氨基酸，故A正确；B ‎．酒精能使细菌和病毒中的蛋白质发生变性，所以酒精能杀死细菌和病毒，故B正确；C．向蛋白质溶液中加入浓的硫酸铵溶液时有沉淀析出，加水后沉淀溶解，此现象属于盐析，该过程可逆，故C错误；D．浓硝酸与部分天然蛋白质会发生颜色反应，所以浓硝酸溅在皮肤上，使皮肤呈黄色，故D正确；故选C。‎ ‎17.有机合成的关键是构建官能团和碳骨架，下列反应不能引入-OH的是 A. 醛还原反应 B. 酯类水解反应 C. 卤代烃水解 D. 烷烃取代反应 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 醛(R-CHO)与氢气发生加成反应能够生成R-CH2OH，该反应也属于还原反应，故A不选；B. 酯类(R1-COO-R2)水解能够生成R1-COOH和HO-R2，故B不选；C. 卤代烃(R-Cl)水解生成R-OH，故C不选；D. 烷烃取代反应生成卤代烃，不能反应引入-OH，故D选；故选D。‎ ‎18.为提纯下列物质(括号内的物质为杂质)，所选用的除杂试剂或分离方法不正确的是 选项 提纯的物质 除杂试剂 分离方法 A 乙炔(硫化氢)‎ 硫酸铜溶液 洗气 B 苯(苯酚)‎ 浓溴水 过滤 C 乙醇(乙酸)‎ 生石灰 蒸馏 D 苯甲酸(可溶性杂质)‎ 水 重结晶 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．硫化氢与硫酸铜反应，而乙炔不能，洗气可除杂，故A正确；B．溴和三溴苯酚均易溶于苯，会引入新杂质，也不能过滤分离，应选NaOH、分液，故B错误；C．乙酸与CaO反应生成乙酸钙，增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可分离除杂，故C正确；D．苯甲酸在水中溶解度不大，则选重结晶可分离除去可溶性杂质，故D正确；故选B。‎ ‎【点睛】本题考查混合物分离提纯。本题的易错点为D，要注意不能因为羧基为亲水基团，就认为苯甲酸也易溶于水，要考虑苯环的存在对苯甲酸的溶解度的影响。‎ ‎19.由溴乙烷制下列流程途径合理的是 ‎①加成反应 ②取代反应 ③消去反应 ④氧化反应 ⑤还原反应 A. ②③①④② B. ③①②④② C. ③①②④⑤ D. ②④⑤②②‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】要制取乙二酸乙二酯()，须先制备乙二酸和乙二醇，乙二酸可由乙二醇氧化而成；乙二醇可由乙烯与X2加成后再水解而得，乙烯可以由溴乙烷发生消去反应得到，因此发生的反应流程为：，发生的反应依次为消去、加成、取代、氧化和酯化(取代)反应，故选B。‎ ‎20.已知某有机物的分子式是C6H8O4，关于该分子的结构推测合理的是 A. 可能含有1个苯环 B. 可能含有两个碳碳三键和4个羟基 C. 可能含有2个羧基和1个碳碳双键 D. 可能含有1个醛基、1个羧基、1个碳碳双键 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】C6H8O4的不饱和度==3。A. 分子中不可能含有苯环，因为苯环的不饱和度为4，故A错误；B. 分子中不可能含有两个碳碳三键，因为两个碳碳三键的不饱和度为2×2=4，故B错误；C. 分子中可能含有2个羧基和1个碳碳双键，2个羧基和1个碳碳双键的不饱和度为1×2+1=3，且2个羧基含有4个O原子，故C正确；D. 分子中可能含有1个醛基、1个羧基、1个碳碳双键，因为1个醛基、1个羧基、1个碳碳双键的不饱和度为1+1+1=3，但1个醛基、1个羧基含有3个O原子，因此需要含有1个羟基或醚键，故D错误；故选C。‎ ‎【点睛】解答本题可以借助于不饱和度快速判断，关键是熟练掌握常见结构的不饱和度。本题的易错点为D，要注意O原子的守恒关系的应用。‎ ‎21.某同学利用下列装置探究苯酚、醋酸、碳酸的酸性强弱，下列说法不正确的是（ ）‎ A. 装置a中试剂为醋酸，b中试剂为碳酸钠固体 B. 装置c中试剂为饱和碳酸氢钠溶液 C. 装置d中试剂为苯酚溶液 D. 酸性强弱顺序为：醋酸>碳酸>苯酚 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 若装置a中试剂为醋酸，b中试剂为碳酸钠固体，由于醋酸易挥发，因此生成的二氧化碳中混有醋酸蒸气，可以通过饱和的碳酸氢钠溶液除去醋酸蒸气，再将二氧化碳通入苯酚钠溶液中，根据现象可以探究苯酚、醋酸、碳酸的酸性强弱，故A正确；B. 根据A的分析，装置c中试剂为饱和碳酸氢钠溶液，目的是除去二氧化碳中的醋酸蒸气，故B正确；C. 根据A的分析，装置d中试剂为苯酚钠溶液，故C错误；D. 醋酸与碳酸钠反应放出二氧化碳，二氧化碳通入苯酚钠溶液中生成苯酚，溶液浑浊，因此酸性强弱顺序为：醋酸>碳酸>苯酚，故D正确；故选C。‎ ‎【点睛】解答本题的关键是判断c装置的作用和使用的试剂，要注意醋酸对后续实验的干扰。‎ 第II卷 (非选择题 共58分)‎ ‎22.现有下列6种物质 ‎① ② ③‎ ‎④CH3-CH=CH-CH3 ⑤ ⑥‎ ‎(1)用于制造炸药TNT的是____(填序号)。‎ ‎(2)具有两性的是______(填序号)。‎ ‎(3)有机物①的沸点比②______(填“高”或“低”)‎ ‎(4)有机物④的名称是___________‎ ‎(5)有机物④形成的高聚物结构简式为__________________‎ ‎(6)检验有机物⑥中官能团的试剂是_________________‎ ‎【答案】 (1). ③ (2). ⑤ (3). 低 (4). 2-丁烯 (5). (6). 银氨溶液或新制的氢氧化铜 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1) TNT的主要成分为三硝基甲苯；‎ ‎(2)氨基具有碱性，羧基具有酸性，因此氨基酸具有两性；‎ ‎(3)乙二醇的相对分子质量比乙醇大，且含有2个羟基，据此分析判断；‎ ‎(4)有机物④(CH3-CH=CH-CH3)中含有4个碳原子，且在2号碳原子上含有碳碳双键，根据烯烃的命名规则命名；‎ ‎(5)有机物④中含有碳碳双键，能够通过加聚反应形成高聚物；‎ ‎(6)有机物⑥中含有醛基，结合乙醛的性质分析解答。‎ ‎【详解】(1)制造炸药TNT(三硝基甲苯)是用甲苯和浓硝酸发生硝化反应制得的，故答案为：③；‎ ‎(2)氨基具有碱性，羧基具有酸性，因此氨基酸具有两性，故答案为：⑤；‎ ‎(3)乙二醇的相对分子质量比乙醇大，且含有2个羟基，形成的氢键更多，因此有机物①的沸点比②低，故答案为：低；‎ ‎(4)有机物④(CH3-CH=CH-CH3)中含有4个碳原子，且在2号碳原子上含有碳碳双键，名称为2-丁烯，故答案为：2-丁烯；‎ ‎(5)有机物④中含有碳碳双键，能够通过加聚反应形成高聚物，高聚物结构简式为，故答案为：；‎ ‎(6)有机物⑥中含有醛基，醛基能够与银氨溶液或新制的氢氧化铜反应生成光亮的银镜或生成红色沉淀，故答案为：银氨溶液或新制的氢氧化铜。‎ ‎23.化学上常用燃烧法确定有机物的组成。若准确称取‎0.44g 某有机物样品，经充分燃烧后，依次通入浓硫酸和碱石灰，分别增重‎0.36g、‎0.88g.‎ ‎(1)求该有机物的实验式为___________ ‎ ‎(2)已知其蒸气密度为同条件下H2的22倍，该有机物的分子式为___________‎ ‎(3)该有机物的核磁共振氢谱中有2个峰，峰面积之比为1:3，其结构简式为___________‎ ‎【答案】 (1). C2H4O (2). C2H4O (3). CH3CHO ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)浓硫酸增重‎0.36g为水的质量，碱石灰增重‎0.88g为二氧化碳的质量，通过计算判断出该有机物中是否含有O元素，再计算出原子的物质的量之比确定实验式；‎ ‎(2)该有机物蒸气密度为同条件下H2的22倍，故该有机物相对分子质量为22×2=44，结合实验式判断该有机物的分子式；‎ ‎(3)根据该有机物的核磁共振氢谱中有2个峰，峰面积之比为1:3，判断有机物的结构简式。‎ ‎【详解】(1)浓硫酸增重‎0.36g为水的质量，n(H2O)==0.02mol，故n(H)=0.02mol×2=0.04mol，m(H)=0.04mol×‎1g/mol=‎0.04g，碱石灰增重‎0.88g为二氧化碳的质量，nCO2)==0.02mol，故n(C)=0.02mol，m(C)=0.02mol×‎12g/mol=‎0.24g，故m(C)+m(H)=‎0.24g+‎0.04g=‎0.28g，故该有机物还含氧元素，m(O)=‎0.44g-0.28g=‎0.16g，n(O)==0.01mol，n(C)：n(H)：n(O)=0.02mol：0.04mol：0.01mol =2：4：1，故该有机物的实验式为C2H4O，故答案为：C2H4O；‎ ‎(2)该有机物蒸气密度为同条件下H2的22倍，故该有机物相对分子质量为22×2=44，令该有机物的组成为(C2H4O)n，则44n=44，解得n=1，故该有机物的分子式为C2H4O，故答案为：C2H4O；‎ ‎(3)该有机物的核磁共振氢谱中有2个峰，峰面积之比为1:3，因此有机物的结构简式为CH3CHO，故答案为：CH3CHO。‎ ‎【点睛】考查有机物分子式和结构的确定，判断该有机物是否含有氧元素是关键。本题的易错点为结构简式的确定，可以根据核磁共振氢谱中有2个峰，峰面积之比为1:3，说明4个H原子分为2组，再结合碳原子判断。‎ ‎24.某小组在实验室研究溶剂对溴乙烷与氢氧化钠反应的影响，请回答下列问题：‎ 实验1：将溴乙烷与适量NaOH水溶液混合，加热。‎ ‎(1)检验Br﹣：取反应后所得___层液体(填“上”或“下”)，向其中加入________(填试剂)，观察到有淡黄色沉淀生成。‎ ‎(2)检验乙醇：用__________________(填波谱名称)检验生成物中有乙醇，由此可知该反应类型为_____________。‎ 实验2：将溴乙烷与适量NaOH乙醇溶液混合，加热。‎ ‎(3)检验乙烯：将反应产生的气体通入右侧试管中，观察到溶液褪色，试剂X是_____________‎ ‎(4)写出溴乙烷与NaOH乙醇溶液反应的化学方程式_________________‎ 实验结论：‎ ‎(5)由实验1、2得出的结论是_______________________________‎ ‎【答案】 (1). 上 (2). 硝酸酸化的硝酸银 (3). 红外光谱 (4). 水解反应（或取代反应） (5). Br2/CCl4 (6). CH3CH2Br+ NaOHCH2 = CH2↑ + NaBr +H2O (7). 溴乙烷与NaOH的水溶液共热发生水解反应，溴乙烷与NaOH的醇溶液共热发生消去反应，试剂不同，发生的反应类型也不同 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 实验1、将溴乙烷与适量NaOH水溶液混合，加热，反应生成乙醇和溴化钠，根据溴乙烷、溴离子和乙醇的性质分析解答(1)(2)；实验2、将溴乙烷与适量NaOH乙醇溶液混合，加热，反应生成乙烯和溴化钠，结合乙烯的性质分析解答(3)(4)；根据实验1、2的分析归纳出实验结论。‎ ‎【详解】(1) 将溴乙烷与适量NaOH水溶液混合，加热，反应生成乙醇和溴化钠。溴乙烷难溶于水，密度大于水，取反应后所得上层液体，向其中加入硝酸酸化的硝酸银，观察到有淡黄色沉淀生成，说明生成了溴离子，故答案为：上；硝酸酸化的硝酸银；‎ ‎(2)乙醇中含有羟基，可以用红外光谱检验生成物的乙醇，由此可知该反应类型为取代反应或水解反应，故答案为：红外光谱；水解反应(或取代反应)；‎ ‎(3) 将溴乙烷与适量NaOH乙醇溶液混合，加热，反应生成乙烯和溴化钠。‎ 乙烯中含有碳碳双键，将反应产生的气体通入右侧试管中，观察到溶液褪色，则试剂X为Br2的CCl4溶液，故答案为：Br2/CCl4；‎ ‎(4)溴乙烷与NaOH乙醇溶液发生消去反应，反应的化学方程式为CH3CH2Br+ NaOHCH2 = CH2 ↑+ NaBr +H2O，故答案为：CH3CH2Br+ NaOHCH2 = CH2 ↑+ NaBr +H2O；‎ ‎ (5)由实验1、2可知，溴乙烷与NaOH的水溶液共热发生水解反应，溴乙烷与NaOH的醇溶液共热发生消去反应，试剂不同，发生的反应类型也不同，故答案为：溴乙烷与NaOH的水溶液共热发生水解反应，溴乙烷与NaOH的醇溶液共热发生消去反应，试剂不同，发生的反应类型也不同。‎ ‎25.理解和应用信息在有机合成中具有重要作用，请依据下列信息回答问题：‎ ‎(1)该反应类型为_______________‎ ‎(2)下列物质能发生上述反应的是______‎ A.与 B.与HCHO C.与 ‎(3)和在上述条件下能够合成分子式为C8H14O2的物质，该物质的结构简式为________________‎ ‎【答案】 (1). 加成反应 (2). BC (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据方程式可知，反应中断开了C-H键，直接连接到了中C=O 两端，形成，结合常见的有机反应类型分析判断；‎ ‎(2)要发生上述反应，需要存在和C=O，据此分析判断； ‎ ‎(3) C8H14O2要通过上述反应合成，需要1个和2个，据此书写结构简式。‎ ‎【详解】(1)根据方程式可知，反应中断开了C-H键，直接连接到了中C=O两端，形成，因此该反应为加成反应，故答案为：加成反应；‎ ‎(2)A.中不存在，不能与发生上述加成反应，错误；B.中存在，能够与HCHO发生上述加成反应，正确；C.中存在，能够与发生上述加成反应，正确；故答案为BC；‎ ‎(3) C8H14O2要通过上述加成反应合成，需要1个和2个加成，因此加成后的产物为，故答案为：。‎ ‎26.早在2000多年前，人们发现柳树皮中含有一种具有解热镇痛功效的物质—水杨酸，此后科学家对水杨酸的结构进行一系列改造，合成出疗效更佳的长效缓释阿司匹林，其开发过程蕴含着重要的思想方法，请回答下列问题：‎ ‎(1)水杨酸的结构与性质 ‎①水杨酸中含氧官能团的名称是____________、______________。‎ ‎②下列关于水杨酸的说法正确的是__________。‎ A.分子式为C7H7O3‎ B.1 mol水杨酸能与2 molNaOH反应 C.可发生加成、取代、消去反应 ‎(2)水杨酸的合成 ‎①由制，不采取甲苯直接与Br2直接反应，而是经过步骤①~③，目的是_______________‎ ‎②步骤④~⑥的顺序能够改为水解、酸化、氧化？____________(填“能”或“不能”)，理由是__________________________________‎ ‎(3)水杨酸具有解热镇痛的功效，但是其酸性很强，对人的肠胃有刺激性，容易引发胃溃疡，1897年德国化学家菲利克斯·霍夫曼对水杨酸的结构进行改造合成出阿司匹林。‎ ‎①水杨酸的酸性主要来源于-COOH，将-OH转化为-OOCCH3，可使-COOH的酸性大大降低。科学家的这一设计思路依据的原理是_________________________________________‎ ‎②水杨酸到阿司匹林的反应类型是_________‎ ‎(4)1982年拜尔公司将阿司匹林与聚甲基丙烯酸借助乙二醇嫁接起来，研制出长效缓释阿司匹林，可减少每天吃药次数，大大方便了人们对药物的使用。‎ ‎①长效缓释阿司匹林在人体内释放出阿司匹林的反应类型是______________‎ ‎②写出乙烯经2步合成乙二醇的化学方程式_______________________、________________‎ ‎③以烃A为原料，合成聚甲基丙烯酸的路线如下：‎ 已知：‎ ‎(R、R’为烃基或氢原子)‎ 请填写有机物A~D的结构简式，在所有箭头上标注试剂和条件_______________________。‎ ‎【答案】 (1). 羟基 (2). 羧基 (3). B (4). 防止生成副产物 (5). 不能 (6). 酚羟基也容易被氧化 (7). 官能团之间的相互影响 (8). 取代反应 (9). 水解反应 (10). (11). (12). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)根据水杨酸()的结构简式结合官能团的性质分析解答；‎ ‎(2)①中甲基为邻对位定位基；②酚羟基容易被氧化，据此分析解答；‎ ‎(3)①有机物中的官能团相互间存在影响，据此解答；②水杨酸到阿司匹林是水杨酸的-OH转化为-OOCCH3，据此解答；‎ ‎(4)①长效缓释阿司匹林在人体内可缓慢释放出阿司匹林分子，反应的化学方程式为，据此分析判断反应类型；②乙烯经2步合成乙二醇，可以首先用乙烯与溴加成生成1,2-二溴乙烷，然后将1,2-二溴乙烷水解即可，据此书写反应的化学方程式；③根据已知信息，C在条件下反应生成，则C中含有C=O，判断出C为 ‎，要合成，可以由氧化得到，可以由丙烯与水加成得到，根据最终产物的结构简式可知，是D发生加聚反应得到的，判断出D的结构，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)①水杨酸()中含氧官能团有羟基、羧基，故答案为：羟基；羧基；‎ ‎②A. 由结构简式可知分子式为C7H6O3，故错误；B.1 mol水杨酸()中含有1mol酚羟基和1mol羧基，能与2 molNaOH反应，故正确；C. 水杨酸()中含有苯环，可发生加成反应、含有酚羟基和羧基，可以发生取代反应、但不能发生消去反应，故错误；故选B；‎ ‎(2)①由制，如果采取甲苯直接与Br2直接反应，可能生成对位产物()，因此经过步骤①~③，保护对位氢原子不被取代，故答案为：防止生成副产物；‎ ‎②步骤④~⑥的顺序不能改为水解、酸化、氧化，因为酚羟基容易被氧化，如果最后氧化，则不能得到，故答案为：不能；酚羟基也容易被氧化；‎ ‎(3)①有机物中的官能团之间能够相互影响，基于这样的思路，将水杨酸的-OH转化为-OOCCH3，可使-COOH的酸性大大降低，故答案为：官能团之间的相互影响；‎ ‎②水杨酸到阿司匹林是水杨酸的-OH转化为-OOCCH3，属于取代反应，故答案为：取代反应；‎ ‎(4)①长效缓释阿司匹林()在人体内可缓慢释放出阿司匹林分子，发生水解反应，反应的化学方程式为 ‎，故答案为：取代反应(或水解反应)；‎ ‎②乙烯经2步合成乙二醇，可以首先用乙烯与溴加成生成1,2-二溴乙烷，然后将1,2-二溴乙烷水解即可，反应的化学方程式为、，故答案为：；；‎ ‎③根据信息可知，C在条件下反应生成，则C为，要合成，可以由氧化得到，可以由丙烯与水加成得到，根据最终的产物可知，D为，因此有机物A~D的结构简式，以及试剂和条件为，故答案为：。‎ ‎【点睛】本题考查了有机物的合成以及官能团的性质等。本题的易错点为(4)②，要注意本题的限制条件：2步合成；难点为(4)③，要注意充分利用已知信息判断出C，再结合官能团的性质解答。‎ ‎27.迷迭香酸是一种天然抗氧化剂，具有较强的抗氧化活性，能有效降低癌症和动脉硬化的风险。其结构简式为：‎ ‎ ‎ 合成路线如下：‎ 根据题意回答下列问题：‎ ‎(1)A的结构简式为____________。‎ ‎(2)①、②的反应类型分别是_____________、_____________。‎ ‎(3)E的结构简式为__________________‎ ‎(4)F在一定条件下发生缩聚反应的化学方程式为__________________________________‎ ‎(5)写出一种与C互为同分异构体，且同时满足下列条件的有机的结构简式________________‎ ‎①苯环上的一氯代物有2种 ‎②1 mol该有机物能与1 molNaHCO3反应 ‎③能与浓溴水反应，1 mol该有机物消耗3 mol Br2‎ ‎【答案】 (1). (2). 取代反应 (3). 消去反应 (4). (5). (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据流程图，A在一定条件下与溴反应生成B，溴原子替代了氢原子，发生取代反应，结合 C的结构可知，A为，B为；C的化学式为C9H10O4，转化为D后少了H2O，因此反应②为消去反应，则D为，转化为E后增加了1个O原子，则反应③为氧化反应，E为，结合迷迭香酸()的结构可知，F为。据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)根据上述分析，A的结构简式为，故答案为：；‎ ‎(2)根据上述分析，反应①为取代反应、反应②为消去反应，故答案为：取代反应；消去反应；‎ ‎(3)根据上述分析，E的结构简式为，故答案为：；‎ ‎(4)F为，分子中含有羟基和羧基，在一定条件下发生缩聚反应的化学方程式为n+ (n-1)H2O，故答案为：n ‎+ (n-1)H2O；‎ ‎(5)C为，化学式为C9H10O4。①苯环上的一氯代物有2种，说明具有较好的对称结构；②1 mol该有机物能与1 molNaHCO3反应，说明结构中含有1个羧基，根据不饱和度可知，结构中不能出现碳碳双键等不饱和结构，还需要含有2个羟基（或醚键）；③能与浓溴水反应，说明结构中含有酚羟基，1 mol该有机物消耗3 mol Br2，需要2个羟基位于间位，且另一个基团也位于间位，满足条件的同分异构体为，故答案为：。‎