河南省鹤壁市淇滨高级中学2020学年高二物理上学期第一次月考试题(1)

河南省鹤壁市淇滨高级中学2020学年高二物理上学期第一次月考试题(1)

淇滨高中2020学年上期第一次月考 ‎ 高二物理 时间:90分钟 范围：第一章、第二章1-6节 满分：100‎ 一、单选题（每题4分，共36分）‎ ‎1．下列哪些做法不是属于防止静电危害的措施　　‎ A．印染厂保持适当的湿度 B．油罐车运油时要装上一条拖地的金属链 C．在地毯中夹杂的不锈钢丝导电纤维 D．小汽车的顶部露出一根小金属杆 ‎2．下列说法正确的是（ ）‎ A．电场中某点的场强方向就是该点所放电荷受到的静电力的方向 B．电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹 C．沿电场线方向, 电势逐渐降低，但电场强度不一定越来越小 D．将一个点电荷从静电场中的a点移至b点，其电势能的变化为零，则该电荷一定沿等势面移动 ‎3．图中三条实线a、b、c表示三个等势面．一个带电粒子射入电场后只在电场力作用下沿虚线所示途径由M点运动到N点，由图可以看出（ ）‎ A． 三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φc B． 三个等势面的电势关系是φa＜φb＜ωc C． 带电粒子在N点的动能较小，电势能较大 D．带电粒子在N点的动能较大，电势能较小 ‎4．如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为α。则AB两点的电势差为 A．零 B．EL C．ELcosα D．ELsinα ‎5．如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是(　　)．‎ A．甲图：离点电荷等距的a、b两点 B．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点 C．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点 D．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点 ‎6．下列叙述不符合史实的是( )‎ A．库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律 B．法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场 C．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系 D．电荷e的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的 ‎7．如图，等量异种点电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与AB的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形．一带负电的小球（可视为点电荷），套在绝缘杆上自C点无初速释放，由C运动到D的过程中，下列说法正确的是 A． 小球的速度先增大后减小 B．杆对小球的作用力先增大后减小 C．C、D两点的电场强度大小相等、方向相反 D．小球在C点的电势能大于在D点的电势能 ‎8．如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（ ）‎ A. 平行板电容器的电容将变大 B. 静电计指针张角变大 C .带电油滴的电势能将增大 D．若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动小段距离，则带电油滴所受电场力不变 ‎9．某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )‎ A． 加5V电压时，导体的电阻约是10Ω B．加12V电压时，导体的电阻约是8Ω C．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小 D．由图可知，该元件可能是定值电阻 二、多选题（ 每题4分，选不全给2分，多选、错选不给分）‎ ‎10．某一热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡串联，通电后各自的电流I随所加电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点．则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法正确的是(　　)‎ A．图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线 B．图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线 C．图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的电阻 D．图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等 ‎11．在研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路，电路中电表均为理想电表．当调节滑动变阻器R，使电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为‎0.5A和1.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为‎2.0A和15.0V．则当这台电动机正常运转时（　　）‎ A．电动机的内阻为2Ω B．电动机的内阻为7.5Ω C．电动机的输出功率为30W D．电动机的输出功率为22W ‎12．下列关于电动势的说法中正确的是（ ）‎ A．电动势的大小与非静电力所做的功成正比，与被移送电荷量成反比 B．电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样 C．电动势公式E=中W与电压U==中的W不是同种性质力所做的功 D．电动势是反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量 三、实验题（每空2分，共18分）‎ ‎13．要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：‎ A.电源E（电动势3.0V，内阻可不计） B.电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）‎ C.电压表V2 （0～15.0V，内阻约6kΩ） D.电流表A1（0～‎0.6A，内阻约1Ω）‎ E.电流表A2 （0～100mA，内阻约2Ω）‎ F.滑动变阻器R1（最大值10Ω） G.滑动变阻器R2（最大值2kΩ）‎ ‎（1）为减少实验误差，实验中电压表应选择__________，电流表应选择__________，滑动变阻器应选择__________（填各器材的序号）‎ ‎（2）为提高实验精度，请你在虚线框中设计实验电路图_________。‎ ‎（3）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U﹣I图象如图所示，则该小电珠的额定功率是________W，小电珠电阻的变化特点是_________________________．‎ ‎14．为测量一段粗细均匀、直径为d、电阻较大的金属丝的电阻率，某同学设计了如图（a）所示的电路，其中MN为金属丝，R0是保护电阻。调节滑动变阻器的滑片P，记录电压表的示数U，电流表的示数I以及对应的金属丝PN的长度x。‎ ‎（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图（b）所示，则金属丝的直径d=______________mm；‎ ‎（2）在坐标纸上描绘出图线，如图（c）所示。若图线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则金属丝的电阻率ρ=____________（用题目中所给符号表示）；‎ ‎（3）如果不考虑偶然误差，通过该实验测得金属丝的电阻率__________金属丝电阻率的真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”）。‎ 四、解答题（15题10分，16题12分，17题12分，共34分）‎ ‎15（10分）．如图所示，一个质量m＝‎40g，带电量q＝-3×10－‎6C的半径极小的小球，用绝缘丝线悬挂在水平方向的匀强电场中．当小球静止时，测得悬线与竖直方向成37°夹角．已知重力加速度g=‎10m/s2，求：‎ ‎（1）电场强度的大小和方向？‎ ‎（2）此时细线的拉力大小？‎ ‎16(12分）．如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为q= -4×10‎-7C的负点电荷从A点运动到B点，电场力做功为WAB=3.2×10-6J，AB间距离L=‎4m，与水平方向夹角为 ；求：‎ ‎（1）电荷的电势能是增加还是减少？增加（减少）了多少？‎ ‎（2）B、A间电势差UBA是多少？‎ ‎（3）电场强度E是多大？‎ ‎（4）如果A点的电势为-4V，求B点的电势为多大？电荷量q′= 4×10－‎6C的正电荷在A点具有的电势能是多少？‎ ‎17（12分）．一辆电瓶车，质量为‎500kg，由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供24V的电压，当电瓶车在水平地面上以‎0.8m/s的速度匀速行驶时，通过电动机的电流为‎5A，设车所受阻力是车重力的0.02倍（g=‎10m/s2），求：‎ ‎（1）电动机消耗的总功率为多少？‎ ‎（2）电动机的机械功率为多少？‎ ‎（3）电动机的内阻为多大？‎ 参考答案 ‎1．D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据“不是属于防止静电危害的措施”可知，本题考查静电的防止和危害，根据静电危害的原理，分析选项中各措施的原理和目的，判断即可。‎ ‎【详解】‎ A、印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，所以印刷车间中保持适当的湿度，及时把静电导走，避免静电造成的危害。属于防止静电危害。故A不符合题意；‎ B、油罐车在运输过程中，油和罐之间不断摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时将静电导走，这是防止静电危害。属于防止静电危害。故B不符合题意；‎ C、不锈钢丝的作用是把鞋底与地毯摩擦产生的电荷传到大地上，以免发生静电危害。属于防止静电危害。故C不符合题意；‎ D、小汽车的顶部露出的一根小金属杆是天线，接受无线电信号用，不属于防止静电危害。故D符合题意。‎ 本题选不属于防止静电危害的，故选：D。‎ ‎2．C ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A．电场中某点的场强方向就是该点所放正电荷受到的电场力的方向，负电荷所受电场力的反方向；故A错误.‎ B．运动轨迹是带电粒子在电场中实际通过的径迹，径迹上每点的切线方向为粒子在该点的速度方向，所以电场线与带电粒子在电场中运动的轨迹不同；故B错误.‎ C．根据电势的定义可知沿电场线方向电势逐渐降低，而场强的影响因素是电场线的疏密程度.两者无关；故C正确.‎ D．a点到b点电势能变化为零，只能说明a点和b点电势相等，在同一个等势面上，但在移动过程中有可能发生了变化的，故不一定沿等势面移动；故D错误 ‎3．C ‎【解析】‎ 试题分析：物体做曲线运动时，一定受到指向其曲线内侧的力，若物体只受电场力，则电场力一定指向曲线内侧，这是解决带电粒子在电场中做曲线运动的突破点，然后根据电场力做功情况进一步判断动能、电势能的变化情况，或者根据电场线方向判断电势的高低．‎ 带电粒子所受电场力指向曲线内侧，即大体上是向右，带电粒子从M运动到N过程中速度方向和电场力的方向的夹角大于90°，电场力做负功，电势增大，动能减小，故N动能小，电势能大，故C正确D错误；由于不知电荷带电的正负，因此无法判断电场线方向，故三个等势面的电势高低无法判断，故AB错误．‎ ‎4．C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据电场强度的大小以及A、B两点沿电场线方向上的距离，结合U=Ed求出电势差 ‎【详解】‎ 两点的电势差UAB=Ed=ELcosα，故C正确，A、B、D错误。‎ ‎5．D ‎【解析】‎ 甲图中离点电荷等距的a、b两点，场强大小相等，方向不同；电势相等；故选项A错误；乙图中两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点，电势均为零；场强大小和方向均相同，即场强也相同，选项D正确；丙图中两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点，两点的电势相等；场强大小相同，方向相反；选项C错误；丁图中带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点，；两点的场强相等，a点电势高于b点，选项C错误；故选D.‎ 点睛：此题要搞清电场的分布情况，知道电场强度的大小和方向都要相同时，场强才是相同的.‎ ‎6．C ‎【解析】‎ 库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律，选项A 正确；法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场，选项B正确；欧姆发现了欧姆定律，焦耳发现焦耳定律，说明了热现象和电现象之间存在联系，选项C错误；电荷e的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的，选项D正确；此题选择不符合史实的，故选C.‎ ‎7．B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A.因直杆处于AB的连线的中垂线上，所以此线上的所有点的电场方向都是水平向右的，对带电小球进行受力分析，受竖直向下的重力，水平向左的电场力和水平向右的弹力，水平方向上受力平衡，竖直方向上的合力大小等于重力，重力大小不变，加速度大小始终等于重力加速度，所以带电小球一直做匀加速直线运动，故A项与题意不相符；‎ B.从C到D，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，则杆对小球的作用力先增大后减小，故B项与题意相符；‎ C.由电场叠加可知，C、D两点的电场强度大小相等、方向相同，故C项与题意不相符；‎ D.CD连线为等势线，所以小球在C点的电势能等于在D点的电势能，故D项与题意不相符。‎ ‎8．D ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A.根据，d增大，则电容减小。故A错误。‎ B. 静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变。故B错误。‎ C. 电势差不变，d增大，则电场强度减小，P点与上极板间的电势差 ，间距不变，场强变小，所以电势差变小，且上极板与电源正极相连，所以P点电势变高，点势能 变小，故C错误。‎ D. 电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据 知电场强度不变，则油滴所受电场力不变。故D正确。‎ ‎9．B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ A. 当U=5V时，由图知电流为I=‎1.0A，则导体的电阻 故A项与题意不相符；‎ B. 当U=12V时，由图知电流为I=‎1.5A，则导体的电阻 故B项与题意相符；‎ CD. 由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，所以随着电压的增大导体的电阻不断增大，故CD项与题意不相符。‎ ‎10．AD ‎【解析】‎ 由于小灯泡的电阻随温度的升高而增大，热敏电阻的电阻随温度的升高而减小，所以图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线，选项A正确，B错误．图线中的M点表示该状态小灯泡的电阻等于热敏电阻的电阻，选项C错误．图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等，选项D正确；故选AD．‎ ‎11．AD ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ AB．因为电机停止转动时可把电机看作纯电阻电路，所以此时直接用欧姆定律可得电动机内阻为：‎ 故A正确，B项错误.‎ CD．电动机正常运转时消耗电能并将其转化为输出功和热能，因此电动机输出功率为：‎ 故C项错误，D项正确.‎ ‎12．CD ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势；电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关；电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．‎ ‎【详解】‎ 电动势的定义式运用比值法定义，可知E与电源内非静电力做的功W、通过的电荷量q无关，由电源本身决定，故A错误。电动势的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质不一样；电动势反映的是电源内部非静电力做功的能力；故B错误；电动势公式中W与电压中的W不同，前者是非静电力做功；后者是电场力的功；故C正确；电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的。反映电源把其它形式的能转化为电能本领大小的物理量；故D正确。故选CD。‎ ‎【点睛】‎ 本题考查对于电源的电动势的理解能力，电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．‎ ‎13．（1）B、 D、 F； （2） （3）0.94～‎ ‎0.98； 灯泡电阻随电压（温度）的增大而增大.‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）根据题意可知，电源电动势为3V，所以电压表选择B；要测绘的是2V日常用小电珠，电阻较小，且根据图像可知，电流小于‎0.6A，所以电流表选择D；该实验要求电压从零开始调节，所以电路采取分压式，滑动变阻器选择较小阻值，可以有效减小误差，所以滑动变阻器选择F。‎ ‎（2）小电珠电阻较小，所以采取电流表外接法，滑动变阻器采取分压式，所以电路图如下：‎ ‎（3）当电压为2V时，对应电流为‎0.49A，所以额定功率：；根据图像可知，图像斜率变大，所以电阻随电压（温度）的增大而增大。‎ ‎14．0.679-0.681 等于 ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）[1]由图示螺旋测微器可知，其示数为：‎0.5mm+18.0×‎0.01mm=‎0.680mm。‎ ‎（2）[2]由电路图可知，电压表的示数为：‎ 其中 联立可得：‎ 图线的斜率为 即 ‎（2）[3]由 可知电阻丝的电阻率，与电流表内阻无关，所以该实验测得金属丝的电阻率等于金属丝电阻率的真实值.‎ ‎15．（1）E=1×105v/m 场强方向水平向左 （2）F=0.5N ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 解：由“小球静止”知小球受力平衡，对小球受力分析如图所示，‎ 根据三力平衡规律，可得：F=mgtanθ=0.04×10×0.75N=0.3N； ==0.5N 根据电场力F=Eq 得：==-1×105v/m；‎ 则：电场强度的大小为：1×105v/m；场强方向为：水平向左；‎ ‎16．（1）电荷的电势能减少 3.2×10-6J（2）8V（3）（4）φB=4V ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）负电荷从A运动到B电场力做正功 3.2×10-6J，则电荷的电势能减少，减少了3.2×10-6J。‎ ‎（2）AB间电势差 则 UBA= - UAB=8V ‎（3）匀强电场的电场强度 ‎（4）因UAB=φA-φB =-8V；φA=-4V，则φB=4V 电荷量q′的正电荷在A点具有的电势能为 ‎17．（1）120（2）40（3）5‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ ‎（1）电动机消耗的总功率 ‎（2）电瓶车匀速行驶，因此牵引力，机械功率 ‎（3）电动机的热功率为，由，代入数据解得 ‎