2017-2018学年河南师范大学附属中学高二4月月考物理试题 解析版

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2017-2018学年河南师范大学附属中学高二4月月考物理试题 解析版

河南师范大学附属中学2017-2018学年高二4月月考物理试题 一、单项选择题 ‎1. 一质点做简谐运动,其相对平衡位置的位移x与时间t的关系如图所示,由图可知 A. 质点振动的频率为1.6Hz B. 质点振动的振幅为4.0cm C. 在0.3s和0.5s两时刻,质点的速度方向相同 D. 在0.3s和0.5s两时刻,质点的加速度方向相同 ‎【答案】C ‎【解析】由图读出周期T=1.6s,则频率为:,故A正确;质点的振幅等于振子的位移最大值,由图直接读出振幅A=2cm,故B错误;在0.3s时刻,质点正从正向最大位移向平衡位置运动,速度沿负方向;在0.5s时刻,质点正从平衡位置向负向最大位移处运动,速度方向沿负方向,故这两个时刻的速度方向相同,故C正确;根据简谐运动的特征,可知在0.3s和0.5s两时刻,质点的加速度方向相反,故D错误。所以C正确,ABD错误。‎ ‎2. 某弹簧振子沿x轴的简谐运动图像如图所示,下列描述正确的是 A. t=1s时,振子的速度为零,加速度为负的最大值 B. t=2s时,振子的速度为负,加速度为正的最大值 C. t=3s时,振子的速度为负的最大值,加速度为零 D. t=4s时,振子的速度为正,加速度为负的最大值 ‎【答案】A ‎【名师点睛】根据振动图象判断质点振动方向的方法:沿着时间轴看去,“上坡”段质点向上振动,“下坡”段质点向下振动。‎ ‎3. 甲乙两弹簧振子,振动图像如图所示,则可知 A. 两弹簧振子完全相同 B. 两弹簧振子所受回复力最大值之比F甲:F乙=2:1‎ C. 振子甲速度为零,振子乙速度最大 D. 振子的振动频率之比f甲:f乙=2:1‎ ‎【答案】C ‎【解析】试题分析:由振动图象读出两弹簧振子周期之比根据周期公式分析可知,两弹簧振子一定不完全相同.故A错误.由振动图象读出两振子位移最大值之比,根据简谐运动的特征由于弹簧的劲度系数k可能不等,回复力最大值之比不一定等于2:1.故B错误.由图看出,甲在最大位移处时,乙在平衡位置,即振子甲速度为零时,振子乙速度最大.故C正确.两弹簧振子周期之比=2:1,频率之比是.故D错误.‎ 故选C 考点:波长、频率和波速的关系;横波的图象.‎ 点评:本题考查对振动图象的理解能力.不能把两弹簧振子错当成同一个弹簧振子,得到回复力最大值之比 ‎4.‎ ‎ 如图所示,MN为半径较大的光滑圆弧轨道的一部分,把小球A放在MN的圆心处,再把另一小球B放在MN上离最低点C很近的B处,今使两球同时自由释放,则在不计空气阻力时有 A. A球先到达C点 B. A球先到达C点 C. 两球同时到达C点 D. 无法确定哪一个球先到达C点 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析:单摆周期公式可求B球到达O点的时间:,对A球,据得;,,故A先到达C点,A正确;‎ 考点:考查了单摆周期 名师点睛:本题的关键是判断B球可视为单摆运动,当B球第一次到达最低求出所需时间,A球做自由落体运动,求出时间即可.‎ ‎5. 在“用单摆测重力加速度”的实验中如果测得的g值偏小,可能的原因是 A. 测摆线长时摆线拉得过紧 B. 摆线上端悬点未固定,振动中出现松动,使摆线长度增加了 C. 开始计时时,秒表过迟按下 D. 实验中误将49次全振动记为50次 ‎【答案】B ‎【解析】因为g=,l测l真,g测>g真对于C:T测g真对于D:T测g真 思路分析:根据公式g=判断误差原因 试题点评:实验结果的测得偏大偏小,公式g=是判断依据 ‎6. 将秒摆的周期变为4s,下面哪些措施是正确的 A. 只将摆球质量变为原来的四分之一 B. 只将振幅变为原来的2倍 C. 只将摆长变为原来的4倍 D. 只将摆长变为原来的16倍 ‎【答案】C ‎【解析】根据单摆的周期公式:,可知单摆的周期与摆球质量无关,将摆球的质量减为原来的四分之一,周期不变,故A错误;单摆的周期与振幅无关,振幅变为原来的2倍,单摆周期不变,不符合题意,故B错误;秒摆的周期由2s变为4s,根据单摆的周期公式,摆长增加到4倍,故C正确,D错误。所以C正确,ABD错误。‎ ‎7. 在O点有一波源,t=0时刻开始向下振动,形成向左传播的一列横波,t1=4s时,距离O点为1m的A点第一次达到波峰;t2=7s时,距离O点为6cm的B点第一次达到波谷。则以下说法正确的是 A. 该横波的波长为2m B. 该横波的周期为2s C. 距离O点为4m的质点第一次达到波峰的时刻为6s末 D. 距离O点为4m的质点第一次由平衡位置开始向上振动的时刻为6s ‎【答案】D ‎...............‎ ‎8. 如图所示为一简谐横波在某一时刻的波形图。已知图中质点F此时刻的运动方向是竖直向下的,(即负y轴方向),那么 A. 这列波正在向右传播(即正x轴方向)‎ B. 此时刻质点H与F的运动方向相同 C. 从此时刻起,质点E的运动方向是正y轴方向 D. 从此时刻起,质点C将比B点先回到平衡位置 ‎【答案】D ‎【解析】简谐波横波在x轴上传播,此时质点F的运动方向向下,由波形平移法可知,该波沿x轴负方向传播,故A错误;根据峰前质点上振可知:此时质点H向上运动,与F的运动方向相反,故B错误;根据峰前质点上振可知:从此时刻起,质点E向下运动,沿负y轴方向,故C错误;根据峰前质点上振可知:此时刻C向下运动,B向上运动,所以质点C将比B点先回到平衡位置,故D正确。所以D正确,ABC错误。‎ ‎9. 以下叙述中正确的有 A. 单摆的摆长等于摆线的长度加小球的直径 B. 在测量单摆的周期时如果出现了“圆锥摆”,测得的周期将会偏小 C. 在测量单摆的周期时,为了减小实验误差,往往采用多次测量求平均值的方法,计数时应选择在最大摆角处 D. 意大利物理学家伽利略确定了计算单摆周期的公式 ‎【答案】B ‎【解析】摆长等于摆线长度加球的半径,故A错误;若实验时,摆球做了圆锥摆,则周期是表达式为,显然周期变小,故B正确;在测量单摆的周期时,为了减小实验误差,往往采用多次测量求平均值的方法,计数时应选择在平衡位置处,故C错误;伽利略发现了单摆振动的周期性,惠更斯确定了计算单摆周期的公式,故D错误。所以B正确,ACD错误。‎ 二、多项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分,每小题给出的四个选项中有多个选项符合题目要求,全部选对得4分,选对但不全得2分,有错选得0分。‎ ‎10. 关于简谐运动的下列说法中,正确的是 A. 位移减小时,加速度减小,速度增大 B. 位移方向总跟加速度方向相反,跟速度方向相同 C. 物体的运动方向指向平衡位置时,速度方向跟位移方向相反;背向平衡位置时,速度方向跟位移方向相同 D. 水平弹簧振子朝左运动时,加速度方向跟速度方向相同,朝右运动时,加速度方向跟速度方向相反 ‎【答案】AC ‎【解析】A、位移减小时,振子靠近平衡位置,速度增加,根据,加速度减小,故A错误;‎ B、根据,位移方向总跟加速度方向相反,但与速度方向可以相同、也可以相反,故B错误;‎ C、物体的运动方向指向平衡位置时,是靠近平衡位置,速度方向跟位移方向相反;背向平衡位置时,是减速,速度方向跟位移方向相同,故C正确;D、水平弹簧振子朝左运动时,可能是远离平衡位置,也可能是靠近平衡位置,故加速度方向跟速度方向可能相反,也可能相同,故D错误。‎ 点睛:简谐运动中的回复力,加速度与位移关系为:,据此判断回复力与加速度/速度和位移之间的关系。‎ ‎11. 关于波速公式下列说法中正确的是 A. 此公式用于一切波 B. 此公式表面,波源的振动频率增加,波速增大 C. 两列声波,甲的波长是乙的波长的2倍,则在空气中传播时,甲的波速是乙的波速的2倍 D. 此公式中的三个量,同一机械波在通过不同介质时,只有频率不会改变 ‎【答案】AD ‎【解析】波速公式v=λf适用一切波,故A正确;公式v=λf中,波速有介质决定,与频率和波长无关,故BC错误;频率有波源决定,同一机械波通过不同介质时,频率不变,波速变化,故D正确。所以AD正确,BC错误。‎ ‎12.‎ ‎ 如图是简谐横波在t=0时刻的图像,已知x=4m处的质点P从该时刻起经过0.6s通过的路程为6cm,则 A. 波长为10m B. 在0.6s内波的传播距离为8m C. 波长为8m D. 在t=0.6s时刻,P质点的振动方向沿y轴负方向 ‎【答案】CD ‎【解析】由图知:波长λ=8m,故A错误,C正确;由图知该波的振幅为 A=2cm,质点P从该时刻起经过0.6s通过的路程为6cm,即通过的路程为3A,经历的时间为,则,解得:T=0.8s,故波速为,在0.6s内波的传播距离为 s=vt=10×0.6m=6m,故B错误。因t=0.6s=,则在t=0.6s时刻,P质点的振动方向沿y轴负方向,故D正确。所以CD正确,AB错误。‎ ‎13. 一列简谐横波沿x轴负方向传播,如图甲是t=1s时的波形图,图乙是波中某振动质点的位移随时间变化的振动图像(两图用同一时间起点),则图乙可能是图甲中哪个质点的振动图像 A. x=0处的质点 B. x=2cm处的质点 C. x=4m处的质点 D. x=6m处的质点 ‎【答案】AC ‎【解析】图乙上t=1s时质点经平衡位置向下。图甲上,t=1s时刻,只有x=2m处质点、x=0m处质点、x=6m处质点和x=4m处质点,经过平衡位置。简谐横波沿x轴负方向传播,根据波形平移法可知,x=0m和x=4m处质点经平衡位置向下,与图甲中 t=1s时刻质点的状态相同,而x=2m和x=6m处质点经平衡位置向上,与图甲中 t=1s时刻质点的状态相反,故AC正确,BD错误。‎ ‎14. 已知某弹簧振子做简谐振动的振幅为4cm,下列说法正确的是 A. 振子的最大位移是8cm B. 从任意时刻起,一个周期内振子通过的路程是16cm C. 从任意时刻起,半个周期内振子通过的路程是8cm D. 从任意时刻起,1/4周期内振子通过的路程是4cm ‎【答案】BC ‎【解析】若振子位移的起点是平衡位置,振子的最大位移为 4cm,故A错误;根据对称性和周期性可知,从任意时刻起,半个周期内振子通过的路程是2A=2×4cm=8cm,一个周期内小球经过的路程都是4倍振幅,即为4A=4×4cm=16cm,故BC正确;若从平衡位置或最大位移处开始计时起,1/4周期内振子通过的路程是A=4cm,从其他位置开始计时起,则可能大于或小于一个振幅,故D错误。所以BC正确,AD错误。‎ ‎15. 如图所示,水平放置的弹性长绳上有一系列均匀分布的质点1、2、3……,现使质点1沿竖直方向作简谐运动,振动将沿绳向右传播,质点1的起始振动方向向上,当振动传播到质点13时,质点1恰好完成一次全振动,此时质点9的运动情况是 A. 加速度方向竖直向上 B. 加速度方向竖直向下 C. 速度方向竖直向上 D. 速度方向竖直向下 ‎【答案】BD ‎【解析】由题可知,质点1的起振方向向上,介质中各质点起振方向均向上,波向右传播,画出1-13个质点间的波形如图所示:‎ 由图可以看出,质点9正在向下运动,速度方向向下,位移减小,加速度也正在减小,且方向竖直向下,故BD正确,AC错误。‎ ‎16. 如图所示,甲为沿x轴传播的一列简谐横波在t=0时刻的波动图像,乙图为参与波动质点P的振动图像,则下列判断正确的是 A. 该波的传播速率为4cm/s B. 该波的传播方向沿x轴正方向 C. 经过1.5s的时间,质点P的路程是1.2m D. 该波在传播过程中若遇到3m的障碍物,能发生明显衍射现象 ‎【答案】CD ‎【解析】甲图是波动图象,由甲读出该波的波长为λ=4m。乙图是振动图象,由乙图读出周期为T=1s,则波速为,故A错误;在乙图上读出t=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向,在甲图上,根据波形的平移法判断得知该波的传播方向沿x轴负方向,故B错误;经过1.5s的时间即:,根据对称性和周期性一个周期内小球经过的路程都是4倍振幅,所以质点P的路程是:,故C正确;由于该波的波长为4m,所以该波在传播过程中若遇到3m的障碍物,能发生明显的衍射现象,故D正确。所以CD正确,AB错误。‎ 三、计算题 ‎17. 如图所示是一个质点做简谐运动的图像,根据图像回到下面的问题:‎ ‎(1)写出此振动质点的运动表达式;‎ ‎(2)振动质点在t=0.1s、0.5s时质点的振动方向;‎ ‎(3)振动质点在0.6s~0.8s这段时间内速度和加速度是怎样变化的?‎ ‎(4)振动质点在0.4s~0.8s这段时间内的动能变化是多少?‎ ‎【答案】(1)(2)t=0.1s时质点的振动方向为正,t=0.5s时质点的振动方向为负。(3)振动质点在0.6s~0.8s这段时间内速度变大,加速度变小;(4)振动质点在0.4s~0.8s这段时间内速度由负向最大变为正向最大,只是方向改变而大小不变,所以动能的变化量是零。‎ ‎【解析】试题分析:根据可得振动质点的运动表达式;质点靠近平衡位置时,速度在增大,加速度在减小,即可判断速度和加速度变化情况。‎ ‎(1)由图象可知:振幅为A=5cm,周期为: T=0.8s ,角速度为:,,所以此振动质点的运动表达式为:。‎ ‎(2)由图象可知:在t=0.1s时质点的振动方向为正,t=0.5s时质点的振动方向为负。‎ ‎(3)由图象可知:振动质点在0.6s~0.8s这段时间内质点向平衡位置运动,速度变大,根据:可知加速度变小。‎ ‎(4)振动质点在0.4s~0.8s这段时间内速度由负向最大变为正向最大,只是方向改变而大小不变,所以动能的变化量是零。‎ 点睛:本题主要考查了质点的振动图像,分析振动过程中各个物理量如何变化,分析中要抓住简谐运动的周期性和对称性特点。‎ ‎18. 如图中的实线是一列简谐波在某一时刻的波形曲线,经0.5s以后,其波形如图中的虚线所示,在该0.5s内,图中质点运动的路程小于0.6cm。‎ ‎(1)如果波向右传播,那么波速是多大?周期是多大?‎ ‎(2)如果波向左传播,那么波速可能是多大?周期可能是多大?‎ ‎【答案】(1)6m/s (2) 2m/s 10m/s ‎【解析】试题分析:质点在一个周期内运动的路程等于4A=0.4,根据质点运动的路程小于6cm.知道波传播的时间小于,若波向右传播,考虑波传播的周期性,传播的时间为,若波向左传播,考虑波传播的周期性,传播的时间为或,再根据求波速。‎ 由图可知这列波的振幅是0.1cm,题干中“在该0.5s内,图中质点运动的路程小于0.6cm”,说明这0.5s的时间小于;‎ ‎(1)波向右传播,由图可知所用时间,由于,所以k=0‎ 因此有,所以,‎ 由 可得:=6m/s;‎ ‎(2)波向左传播,由图可知所用时间,由于,所以k=0或k=1‎ ‎①当k=0时,,所以,由,可得=2m/s ‎②当k=1时,,所以,由,可得=10m/s 点睛:本题主要考查了波的平移,关键能够从图象中得出波长,掌握波速的公式,以及注意波传播的周期性。‎ ‎ ‎ ‎ ‎
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