2018-2019学年江西省南昌市第二中学高二下学期第二次月考化学试题 解析版

2018-2019学年江西省南昌市第二中学高二下学期第二次月考化学试题 解析版

南昌二中2018—2019学年度下学期第二次月考 高二化学试卷 相对分子质量：C：12 H：1 O：16 Br：80 Na:23 Cl：35.5 Ag：108‎ 一、选择题(每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共计48分)‎ ‎1.下列叙述不正确的是 A. 2，3，3，4—四甲基戊烷的一氯代物有3种 B. 分子式为C3H2Cl6的有机物，其同分异构体(不考虑立体异构)共有4种 C. 甲烷与氯气的混合气体在光照条件下反应生成的有机化合物均无同分异构体 D. 结构简式为H3CCH3的有机物，属于芳香族化合物的同分异构体有2种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A.2，3，3，4-四甲基戊烷分子结构中含3种氢原子，CH3-CH（CH3）-C（CH3）2-CH（CH3）-CH3，一氯代物3种，故A正确； B．丙烷只有2种H，一氯代烃有2种，判断二氯代烃时一氯定位、另一氯转位，则分子式为C3H6Cl2的同分异构体有CH3CH2CHCl2、CH3CHClCH2Cl、ClCH2CH2CH2Cl、CH3CCl2CH3，共4种。利用换元法，把H看成Cl、把Cl看成H，同分异构体数目不变，则分子式为C3H2Cl6的同分异构体也是4种，故B正确； C．甲烷中所有H都等效，则甲烷与氯气的混合气体在光照条件下反应生成的有机化合物均无同分异构体，故C正确； D．属于芳香族化合物，分子中含有1个苯环，侧链为烷基，若有1个侧链，为-CH2-CH3；若有2个侧链，为-CH3，有邻、间、对3种，故符合条件的结构共有4种，故D错误。 故选D。‎ ‎【点睛】本题考查同分异构体书写与判断，注意明确烷基的异构与等效H的判断方法：①同一碳原子上的氢原子是等效的，②同一碳原子上所连接甲基上的氢原子是等效的，③处于同一对称位置的碳原子上的氢原子是等效的。‎ ‎2.下列实验设计或操作能达到实验目的的是 A. 除去乙酸乙酯中的乙酸：加入乙醇和浓硫酸，共热，使乙酸全部转化为乙酸乙酯 B. 液态溴乙烷中加入NaOH溶液共热几分钟，再加入AgNO3溶液检验溴乙烷中含溴元素 C. 除去甲苯中的少量苯酚：加足量NaOH溶液，振荡、静置、分液 D. 检验甲酸中是否混有乙醛：可向样品中加入足量稀NaOH溶液中和甲酸后,再做银镜反应实验 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、乙酸与乙醇的反应为可逆反应，不能全部转化，应用饱和碳酸钠溶液进行分离，故A错误； B、因溴乙烷在碱性条件下发生水解生成溴离子，若检验Br-，需先加稀硝酸酸化，中和过量的NaOH，防止NaOH与AgNO3反应生成沉淀，再加入硝酸银溶液，故B错误； C、苯酚和NaOH溶液反应生成易溶于水的苯酚钠，甲苯不溶于水，经振荡、静置、分液可分离得到甲苯，故C正确； D、甲酸和乙醛中都含有醛基，如不能将二者分离，不能通过银镜实验检验，正确的做法是加入碱后蒸馏，再用银氨溶液检验，故D错误。 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查化学实验方案的评价，本题注意实验方案的严密性和合理性，注意酯化反应的可逆性、溴乙烷的水解条件和溴离子的检验条件、甲酸的结构和性质。‎ ‎3.茶多酚具有抗氧化作用和抗衰老、降血脂等一系列很好的药理功能，其结构简式如下图，关于茶多酚的下列说法正确的数目有（ ）‎ ‎①1mol茶多酚与浓溴水发生加成反应最多消耗6molBr2‎ ‎②1mol茶多酚与足量的Na2CO3溶液反应放出4molCO2 ‎ ‎③1mol茶多酚与足量的NaOH溶液反应最多消耗10molNaOH ‎④能发生氧化、取代、加成、缩聚反应 ‎⑤已知茶多酚易溶于水，是因为能与水分子之间形成氢键 ‎⑥能使酸性KMnO4溶液褪色 A. 2个 B. 3个 C. 4个 D. 5个 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由结构简式可知，分子中含酚-OH与酯基，酚羟基能被氧化，且酚-OH的邻、对位与溴水发生取代反应，酚-OH、酯基均与NaOH溶液反应，结合多官能团的结构与性质分析作答。‎ 详解】根据上述分析可知，茶多酚分子内含酚羟基与酯基，‎ ‎①酚-OH的邻、对位与溴水发生取代反应，根据结构简式可知，1mol茶多酚与浓溴水发生取代反应最多消耗6molBr2，①项错误；‎ ‎②酸性比较：H2CO3＞苯酚＞HCO3-，茶多酚中含酚羟基，但不能与足量的Na2CO3溶液反应放出CO2，②项错误；‎ ‎③酚-OH、酯基均与NaOH溶液反应，根据结构简式可知，1mol茶多酚中酯基会与1mol氢氧化钠反应，酚羟基会与8mol氢氧化钠反应，则1mol茶多酚分子与足量的NaOH溶液反应最多消耗9molNaOH，③项错误；‎ ‎④酚羟基易被氧化，可发生缩聚反应，苯环上可发生取代与加成反应，④项正确；‎ ‎⑤依据茶多酚中含多个羟基，茶多酚易溶于水，是因为能与水分子间形成氢键，⑤项正确；‎ ‎⑥酚羟基易被氧化，能使酸性KMnO4溶液褪色，⑥项正确；‎ 综上所述，④⑤⑥共3个选项正确，B项正确，‎ 答案选B。‎ ‎【点睛】本题的难点是③，学生容易疏忽有一个含氧环并不是苯环，所以酯基在氢氧化钠条件下水解生成的羧基可以与氢氧化钠反应，但生成的羟基只是普通的醇，不能与氢氧化钠反应。‎ ‎4.分析下表中各项的排布规律，有机物X是按此规律排布的第23项，下列有关X的组成、性质的说法中肯定错误的是 ‎1 ‎ ‎2 ‎ ‎3 ‎ ‎4 ‎ ‎5 ‎ ‎6 ‎ ‎7 ‎ ‎8 ‎ CH4 ‎ CH2O ‎ CH2O2 ‎ CH4O ‎ C2H6 ‎ C2H4O ‎ C2H4O2 ‎ C2H6O ‎ ‎①是己酸 ②是己醇 ③是戊酸甲酯 ④可能在稀硫酸中易变质 ⑤一定能与钠反应 A. ②⑤ B. ①③④ C. ③④ D. ②③⑤‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ 试题分析：表中各项的排布规律是：每四项含有相同的C原子数，物质是按照烷烃、醛、羧酸（或酯）、醇的规律变化的。若有机物X是按此规律排布的第23项，则X中含有6个C原子，是含有6个C原子的羧酸或酯。①是己酸，有可能正确，②是己醇错误；③是戊酸甲酯有可能正确，④若是酯，则在稀硫酸中易水解而发生变质，正确；⑤若是酯就不能与Na反应，若是酸，就能与钠反应，故错误。因此说法中肯定错误的是②⑤，答案选A。‎ 考点：考查物质的变化规律及性质的判断的知识。‎ ‎5.在有机物分子中，若某个碳原子连接着四个不同的原子或原子团，则这个碳原子被称为“手性碳原子”，新型纤维酸类降脂药克利贝特可由物质X在一定条件下反应制得： ‎ 下列有关叙述正确的是 A. 克利贝特的分子式为C28H34O6‎ B. B．物质X分子中所有碳原子可能位于同一平面内 C. 用NaOH溶液可以鉴别物质X和克利贝特 D. 物质X中无手性碳原子，克利贝特中有两个手性碳原子 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 分析】‎ 由结构简式可以知道分子式，X中含酚-OH及苯环，而克利贝特中含-COOH，结合酚、羧酸的性质及性质差异解答。‎ ‎【详解】A.由结构简式可以知道，克利贝特的分子式为C28H36O6，故A错误； B.物质X分子中含多个亚甲基，为四面体构型，则所有碳原子不可能位于同一平面内，故B 错误； C. 酚-OH与-COOH均能与NaOH溶液反应，不能用NaOH溶液可以鉴别物质X和克利贝特，故C错误； D. 由结构简式可知两种物质都具有左右对称结构，物质X中无手性碳原子，克利贝特中有两个手性碳原子，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎6.某有机物甲经水解可得乙，乙在一定条件下经氧化后可得丙，1mol丙和2mol甲反应得一种含氯的酯（C6H8O4Cl2）。由此推断有机物丙的结构简式为 A. Cl—CH2CHO B. HOCH2CH2OH C. Cl—CH2COOH D. HOOC—COOH ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：某有机物甲经水解可得乙，乙在一定条件下经氧化后可得丙，1mol丙和2mol甲反应得一种含氯的酯（C6H8O4Cl2），这说明丙分子中含有2个羧基，则丙是乙二酸，乙是乙二醇，甲的结构简式为ClCH2CH2OH，答案选D。‎ 考点：考查有机物推断 ‎7.下列各组有机物只用一种试剂无法鉴别的是 A. 苯、甲苯、环己烷 B. 苯、苯酚、己烯 C. 乙醇、甲苯、硝基苯 D. 甲酸、乙醛、乙酸 ‎【答案】A ‎【解析】‎ A、苯、甲苯和环己烷三者性质相似，只用一种试剂不能鉴别，故A选；B、苯、苯酚和己烯可以选浓溴水，苯不和溴水反应、苯酚和浓溴水生成白色沉淀、己烯和溴水加成使其褪色，可以鉴别，故B不选；C、乙醇、甲苯和硝基苯中，乙醇可以和水互溶、甲苯不和水互溶但比水轻、硝基苯不和水互溶但比水重，可以用水来鉴别，故C不选；D、甲酸、乙醛、乙酸可选新制氢氧化铜，甲酸能溶解新制氢氧化铜，加热时生成红色沉淀、乙醛不能溶解氢氧化铜但加热时生成红色沉淀、乙酸只能溶解氢氧化铜，可以鉴别，故D不选；故选A。‎ 点睛：进行物质的检验时，要依据物质的特殊性质和特征反应，选择适当的试剂和方法，准确观察反应中的明显现象，如颜色的变化、沉淀的生成和溶解、气体的产生和气味、火焰的颜色等，进行判断、推理，鉴别有机物常用的试剂有：水、溴水、酸性高锰酸钾、新制Cu(OH)2、FeCl3溶液等。‎ ‎8.分子式为C9H18O2的有机物A能在酸性条件下进行下列转化，同温同压下，相同质量的B和C的蒸气所占体积相同，则下列说法不正确的是(A、B、C、D、E均为有机物)‎ A. E酸化后的有机物与C一定为同系物 B. 符合上述转化关系的有机物A的结构有9种 C. 1molB完全转化为D转移2mol电子 D. D到E发生氧化反应 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：有机物A的分子式应为C9H18O2，在酸性条件下甲水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，由于B与C相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后得到的羧酸含有4个C原子，而得到的醇含有5个C原子；A．D与氢氧化铜应在碱性条件下氧化得E应为有机羧酸盐，酸化后为得到羧酸，而C是A在酸性条件下水解得的羧酸，两者一定是同系物，故A正确；B．含有4个C原子的羧酸有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，CH3CH(CH3)COOH；含有5个C原子的醇的有8种同分异构体：CH3CH2CH2CH2CH2OH，CH3CH2CH2CH(OH)CH3，CH3CH2CH(OH)CH2CH3；CH3CH2CH(CH3)CH2OH，CH3CH2C(OH)(CH3)CH3，CH3CH(OH)CH(CH3)CH3，CH2(OH)CH2CH(CH3)CH3；CH3C(CH3)2CH2OH，其中醇能能被氧化成羧酸，说明羟基所连碳上有2个氢原子，共有4种，所以有机物甲的同分异构体数目有2×4=8，故B错误；C．B中含有羟基，被氧化成醛基，失去2个氢原子，所以1molB完全转化为D转移2mol电子，故C正确；D．D与氢氧化铜应在碱性条件下氧化得E，即D到E发生氧化反应，故D正确，故选B。‎ ‎【考点定位】考查有机物的相互转化及官能团的性质、同分异构体数目的判断等 ‎【名师点晴】清楚饱和一元醇与少一个C原子的饱和一元羧酸的相对分子质量相同以及醇氧化的条件是解题关键；同温同压下，相同质量的B和C的蒸气所占体积相同，则B和C的相对分子质量相同，有机物A的分子式应为C9H18O2，在酸性条件下水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，由于B与C相对分子质量相同，因此酸比醇少一个C原子，说明水解后得到的羧酸含有4个C原子，而得到的醇含有5个C原子，据此即可解答。‎ ‎9.一定质量的某有机物和足量的金属钠反应，可得到气体V1L，等质量的该有机物与纯碱恰好反应，可得到气体V2L。若同温同压下V1>V2（V2不为零），则该有机物可能是（ ）‎ A. HOCH2CH2COOH B. HOOC-COOH C. HOCH2CH2OH D. CH3COOH ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎-OH、-COOH都能与金属钠反应生成H2，1mol-OH或1mol-COOH与钠反应可产生0.5mol H2，羟基不与碳酸钠反应，只有-COOH与Na2CO3反应生成CO2，1mol-COOH与Na2CO3反应可产生0.5mol CO2，若同温同压下V1＞V2(V2不为零)，说明有机物与金属钠反应产生的气体的体积多于与纯碱反应产生的气体的体积，则有机物结构中既有-COOH又有-OH，只有A符合，故选A。‎ 点睛：明确-COOH可与Na2CO3反应生成气体，而-OH不与NaHCO3反应为解答关键，质量的该有机物与足量的Na2CO3反应，可得到气体V2L，说明有机物中含有-COOH，一定质量的某有机物和足量的金属钠反应，可得到气体V1L，且同温同压下V1＞V2，说明还含有-OH，以此解答该题。‎ ‎10.分子式为C5H10O3的有机物与NaHCO3溶液反应时，生成C5H9O3Na，而与钠反应时生成C5H8O3Na2。则符合上述条件的同分异构体(不考虑立体异构)有 A. 10种 B. 11种 C. 12种 D. 13种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 分子式为C5H10O3的有机物的不饱和度为1；该物质与NaHCO3反应生成C5H9O3Na，说明该有机物中含一个—COOH；该物质与Na反应生成C5H8O3Na2，说明该有机物中还含有一个—OH；符合条件的同分异构体可看成C4H9COOH的烃基上一个H原子被—OH取代，C4H9COOH有4种同分异构体：CH3CH2CH2CH2COOH、CH3CH2CH（CH3）COOH、（CH3）2CHCH2COOH、（CH3）3CCOOH，四种物质烃基上氢原子的种类依次有：4种、4种、3种、1种，符合条件的同分异构体共4+4+3+1=12‎ 种，答案选C。‎ ‎11.两种烃的衍生物A和B，所含碳、氢、氧的质量比均为6∶1∶4。完全燃烧0.1 mol A能生成3.6 g水。B只含一个醛基，1.1g B与足量银氨溶液反应，可析出2.7 g Ag。则下列关于物质A和物质B的判断正确的是 A. 物质A一定是乙醛 B. 物质A和物质B互为同分异构体 C. 物质B的同分异构体中既含有醛基又含有羟基的有6种 D. 物质B属于酯类的同分异构体有4种 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 两种烃的衍生物A和B，所含碳、氢、氧的质量比均为6∶1∶4，C、H、O原子数目之比==2:4:1，有机物的最简式为C2H4O， 完全燃烧0.1 mol A能生成3.6 g水，水的物质的量==0.2mol，故A分子中H原子数目==4，则A的分子式为C2H4O， B只含一个醛基，1.1g B与足量银氨溶液反应，可析出2.7 g Ag ，Ag的物质的量==0.025mol，由关系式为：R-CHO~2Ag，可以知道1.1g B的物质的量=0.025mol =0.0125mol ，B的相对分子质量==88，令B分子式为（C2H4O）n，则44n=88，故n=2，则B的分子式为：C4H8O2。据此解答。‎ ‎【详解】A.A的分子式为C2H4O，可能为乙醛，也可能为环氧乙烷，故A错误； B.由上述分析可以知道，物质A和物质B的分子式不同，二者不互为同分异构体，故B错误； C. B的分子式为：C4H8O2，含有一个-CHO，还含有羟基，可以看做丙烷被-CHO、-OH取代，则B可能的结构简式有：HOCH(CH2CH3)CHO、HOCH2CH(CH3)CHO、HOCH2CH2CH2CHO、(CH3)2C(OH)CHO、CH3CH(OH)CH2CHO共5种，故C错误； D. B的分子式为：C4H8O2，属于酯类的同分异构体有HCOOCH2CH2CH3、HCOOCH（CH3）2、CH3COOCH2CH3、CH3CH2COOCH3共4种，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎12.某有机物的结构简式为，它的含有醛基(—CHO)的芳香族化合物的同分异构体共有 A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：某有机物的结构简式为，它的含有醛基(—CHO)的芳香族化合物的同分异构体，可以是两个醛基分别连在邻、间、对位上，也可以是一个羰基和一个醛基连在一起连在苯环上，共有4种。‎ 考点：考查同分异构体等相关知识。‎ ‎13.现有乙酸和两种链状单烯烃的混合物，若其中碳的质量分数为a，则氧的质量分数是 A. 1- (7a/6) B. 3a/4 C. 6(1-a)/7 D. 12(1-a)/13‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】乙酸的化学式为C2H4O2，单烯烃的通式为CnH2n，从化学式可发现两者C、H原子数之比为1:2，质量比为6:1，碳的质量分数为a，则C、H的总质量分数为a，则O的质量分数是1-a，故选A项。‎ 综上所述，本题正确答案为A。‎ ‎14.分子式为C7H14O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，且生成的醇无具有相同官能团的同分异构体。若不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成的酯共有 A. 8种 B. 16种 C. 24种 D. 28种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 生成的醇无具有相同官能团的同分异构体，则醇为甲醇或乙醇。如果为甲醇，则酸为C5H11‎ ‎-COOH，戊基有8种同分异构体，所以C5H11-COOH的同分异构体也有8种；如果为乙醇，则酸为C4H9-COOH，丁基有4种结构，所以C4H9-COOH的同分异构体也有4种，故醇有2种，酸有8+4=12种，所以这些酸和醇重新组合可形成的酯共有2*12=24种，答案选C。正确答案为C。‎ 点睛：本题的难点是理解生成的醇无具有相同官能团的同分异构体，甲醇、乙醇没有醇类的同分异构体，从丙醇开始就有属于醇类的同分异构体，如丙醇有2种属于醇的同分异构体，CH3CH2OH和CH3CH(OH )CH3，故能否理解题意是解答此题的关键。‎ ‎15.2L甲醛气体与xL的氧气混合点燃，反应后甲醛和氧气均无剩余，生成的混合气体的体积为aL(气体体积均在120°C,101kPa时测定),并将此aL混合气体通过足量的碱石灰后，测得剩余气体的体积为bL。若a－b＝3.5，则x的值为 A. 2 B. 4 C. 1.75 D. 3.5‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】甲醛与氧气混合点燃HCHO+O2CO2+H2O，生成的混合气体aL通过足量碱石灰后，剩余气体体积为bL且a－b＝3.5，则生成的CO2和H2O的体积之和为3.5L，根据计量关系CO2、H2O体积均为1.75L，反应的HCHO和O2体积均为1.75L，则甲醛过量，O2完全反应且体积x为1.75L，故C项正确。‎ 综上所述，本题正确答案为C。‎ ‎16.有机物A和B均是由C、H、O三种元素组成的，且A、B互为同分异构体。若A和B分别在酸性条件下水解，都只生成两种有机物(如图)，则下列说法中正确的是 A. X、Y一定互为同系物 B. X、Y一定互为同分异构体 C. X、Y的通式一定相同 D. X、Y可能互为同分异构体 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据题意可以知道A、B都属于酯，且有一种水解产物相同。解答此题可用举例法。 假设1：A是HCOOCH2CH2CH3，B是HCOOCH(CH3)2，则C为HCOOH，X为HOCH2CH2CH3，Y为HOCH(CH3)2，X、Y互为同分异构体； 假设2：A是，B是，则C是，X是，Y是，这种情况下X、Y不互为同分异构体，以此例分析选项。‎ ‎【详解】A.若X、Y互为同分异构体的有机物必定不互为同系物，故A错误； B. 由假设1、假设2可以知道，若是假设1的情况，X、Y是互为同分异构体，若是假设2的情况，X、Y不是互为同分异构体，故B错误；‎ C.若X、Y不互为同分异构体，则通式不一定相同，故C错误； D.由假设1、假设2可以知道，若是假设1的情况，X、Y是互为同分异构体，若是假设2的情况，X、Y不是互为同分异构体，因此X、Y可能互为同分异构体，所以D选项是正确的。‎ 故选D。‎ 二、非选择题(共52分)‎ ‎17.A、B、C、D四种芳香族化合物都是某些植物挥发油中主要成分，有的是药物，有的是香料。它们的结构简式如下所示：‎ ‎(1)写出上述有机物A中官能团的名称_____________________________________。‎ ‎(2)能与新制Cu(OH)2反应的有_____(用A、B、C、D填写)。写出含氧原子数较少的物质与新制Cu(OH)2反应生成砖红色沉淀的化学反应方程式：_________________________ 。‎ ‎(3)①D一种同分异构体G的结构简式如图：写出G与足量NaOH溶液共热反应的化学方程式：___________________________________。‎ ‎②D的另一种同分异构体H，其苯环上有两个相邻的取代基，它既能使FeCl3溶液变紫色，又能与NaHCO3溶液反应放出CO2气体，H的结构简式是______________________；‎ 写出D发生缩聚反应的化学方程式__________________________________________。‎ ‎(4)按下图，C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则反应①属于___________反应，F结构简式______________________________。‎ ‎【答案】 (1). 醚键、酯基、碳碳双键 (2). A、C、D (3). +Cu2O↓+3H2O (4). +3NaOH+CH3COONa+2H2O (5). (6). +nH2O (7). 氧化 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)仔细观察A的结构，找到官能团；‎ ‎(2)官能团含有醛基、羧基均能与新制Cu(OH)2反应； ‎ ‎(3)①G中酚羟基与氢氧化钠反应，酯基水解得到羧酸、酚羟基与氢氧化钠反应，1molG需要3molNaOH； ②D的另一种同分异构体H，其苯环上有两个相邻的取代基，能使FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基，能和NaHCO3溶液反应生成气体，说明含有-COOH；D在一定条件下发生缩聚反应； (4)C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，根据E、F相对分子质量差值确定F。‎ ‎【详解】(1)仔细观察A的结构，有机物A中官能团的名称为醚键、酯基、碳碳双键，‎ 故答案为：醚键、酯基、碳碳双键；‎ ‎(2)官能团含有醛基、羧基均能与新制Cu(OH)2反应，A、C、D符合；含氧原子数较少的物质为C，C与新制Cu(OH)2反应生成砖红色沉淀的化学反应方程式：，‎ 故答案为：A、C、D ；；‎ ‎(3)①G中酚羟基与氢氧化钠反应，酯基水解得到羧酸、酚羟基与氢氧化钠反应，1molG需要3molNaOH，反应方程式为： ，‎ 故答案为：； ②D的另一种同分异构体H，其苯环上有两个相邻的取代基，既能使FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基，又能和NaHCO3溶液反应生成气体，说明含有-COOH，则H的结构简式是；‎ D发生缩聚反应的化学方程式：，‎ 故答案为：；；‎ ‎(4)C经一步反应可生成E，E是B的同分异构体，则反应①为氧化反应，E为，反应②为酯化反应，由M的相对分子质量知E、F相对分子质量相差28，可知该反应中醇为CH3CH2OH，F结构简式为， 故答案为：氧化；。‎ ‎【点睛】本题考查有机物的推断，注意把握有机物的官能团的性质，为解题的关键，易错点(2)(3)。‎ ‎18.抗爆剂的添加剂常用1，2-二溴乙烷。如图为实验室制备1，2-二溴乙烷的装置图， 图中分液漏斗和烧瓶a中分别装有浓H2SO4和无水乙醇，d装罝试管中装有液溴。‎ 相关数据列表如下：‎ 乙醇 ‎1，2-二溴乙烷 乙醚 溴 状态 无色液体 无色液体 无色液体 红棕色液体 密度/g·cm-3‎ ‎0.79‎ ‎2.18‎ ‎0.71‎ ‎3.10‎ 沸点/℃‎ ‎78.5‎ ‎131.4‎ ‎34.6‎ ‎58.8‎ 熔点/℃‎ ‎-114.3‎ ‎9.79‎ ‎- 116.2‎ ‎-7.2‎ 水溶性 混溶 难溶 微溶 可溶 ‎(1)安全瓶b在实验中有多重作用。其一可以检查实验进行中d装罝中导管是否发生堵塞，请写出发生堵塞时瓶b中的现象：①_____________________________；如果实验时d装罝中导管堵塞，你认为可能的原因是②___________________________________；‎ 安全瓶b还可以起到的作用是③___________________________。‎ ‎(2)容器c、e中都盛有NaOH溶液，c中NaOH溶液的作用是_______________________。‎ ‎(3)某学生在做此实验时，使用一定量的液溴，当溴全部褪色时，所消耗乙醇和浓硫酸混合液的量，比正确情况下超过许多，如果装罝的气密性没有问题，试分析可能的原因：_____________________、_____________________________(写出两条即可)。‎ ‎(4)除去产物中少量未反应的Br2后，还含有的主要杂质为________________，要进一步提纯，下列操作中必需的是________________ (填字母)。‎ A．重结晶 B．过滤 C．萃取 D．蒸馏 ‎(5)实验中也可以撤去d装置中盛冰水的烧杯，改为将冷水直接加入到d装置的试管中，则此时冷水除了能起到冷却1，2-二溴乙烷的作用外，还可以起到的作用是___________。‎ ‎【答案】 (1). b中长直玻璃管内液柱上升 (2). 过度冷却，产品1，2-二溴乙烷在装罝d中凝固 (3). 防止倒吸 (4). 吸收乙烯气体中含有的CO2、SO2等酸性气体 (5). 浓硫酸将部分乙醇氧化 ； (6). 发生副反应生成乙醚；乙醇挥发；乙烯流速过快，未完全发生加成反应 (7). 乙醚 (8). D (9). 液封Br2 和1，2-二溴乙烷，防止它们挥发 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）当d堵塞时，气体不畅通，则在b中气体产生的压强将水压入直玻璃管中，甚至溢出玻璃管；1，2-二溴乙烷的凝固点较低（9.79℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞；b为安全瓶，还能够防止倒吸； （2）c中盛氢氧化钠液，其作用是洗涤乙烯；除去其中含有的杂质（CO2、SO2等）； （3）根据乙烯与溴反应的利用率减少的可能原因进行解答； （4）根据反应2CH3CH2OH→CH3CH2OCH2CH3+H2O可知，溴乙烷产物中还会含有杂质乙醚；1，2一二溴乙烷与乙醚互溶，可以根据它们的沸点不同通过蒸馏方法分离； （5）根据1，2一二溴乙烷、液溴在水在溶解度不大，且密度大于水进行解答。‎ ‎【详解】（1）根据大气压强原理，试管d发生堵塞时，b中压强的逐渐增大会导致b中水面下降，玻璃管中的水柱上升，甚至溢出；根据表中数据可知，1，2-二溴乙烷的沸点为9.79℃，若过度冷却，产品1，2-二溴乙烷在装置d中凝固会堵塞导管d；b装置具有够防止倒吸的作用， 故答案为：b中长直玻璃管内有一段液柱上升；过度冷却，产品1，2-二溴乙烷在装置d中凝固；防止倒吸； （2）氢氧化钠可以和制取乙烯中产生的杂质气体二氧化碳和二氧化硫发生反应，防止造成污染， 故答案为：吸收乙烯气体中含有的CO2、SO2等酸性气体； （3）当溴全部褪色时，所消耗乙醇和浓硫酸混合液的量，比正常情况下超过许多的原因可能是乙烯发生（或通过液溴）速度过快，导致大部分乙烯没有和溴发生反应；此外实验过程中，乙醇和浓硫酸的混合液没有迅速达到170℃会导致副反应的发生和副产物的生成， 故答案为：浓硫酸将部分乙醇氧化；发生副反应生成乙醚；乙烯流速过快，未完全发生加成反应；乙醇挥发；‎ ‎（4）在制取1，2一二溴乙烷的过程中还会有副产物乙醚生成；除去1，2‎ 一二溴乙烷中的乙醚，可以通过蒸馏的方法将二者分离，所以D正确， 故答案为：乙醚；D； （5）实验中也可以撤去d装置中盛冰水的烧杯，改为将冷水直接加入到d装置的试管内，则此时冷水除了能起到冷却1，2一二溴乙烷的作用外，由于Br2、1，2-二溴乙烷的密度大于水，还可以起到液封Br2及1，2-二溴乙烷的作用， 故答案为：液封Br2 和1，2-二溴乙烷，防止它们挥发。‎ ‎【点睛】本题考查了溴乙烷的制取方法，注意掌握溴乙烷的制取原理、反应装置选择及除杂、提纯方法，试题有利于培养学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识解决实际问题的能力。‎ ‎19.A、B都是芳香族化合物，1molA水解得到1molB和1mol醋酸。A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O。且B分子中碳和氢元素总的质量分数为65.2%。A溶液具有酸性，不能使FeCl3溶液显色。‎ ‎（1）A、B的相对分子质量之差为_______________________。‎ ‎（2）1个B分子中应该有________个氧原子。‎ ‎（3）A中所含的官能团名称：_____________________________。‎ ‎（4）1molB物质分别与足量的碳酸氢钠溶液、氢氧化钠溶液反应理论上消耗二者的物质的量之比是_________________________。‎ ‎【答案】 (1). 42 (2). 3 (3). 酯基，羧基 (4). 1：2‎ ‎【解析】‎ 试题分析：A、B的相对分子质量都不超过200，完全燃烧都只生成CO2和H2O．且B分子碳和氢元素总的质量百分含量为65.2%，根据B+CH3COOH→A+H2O判断，假设A的相对分子质量为200，则B的最大相对分子质量为156，含氧34.8%，则氧原子个数为≈3，即B分子中含有3个O原子，有机物B的相对分子质量==138；A溶液具有酸性，1molA水解得到1molB和1mol醋酸，可知B中含有-COOH、-OH，B分子是去掉1个-COOH、-OH属于基团的式量=138-45-17=76，则属于基团中C原子最大数目==6…4，故为-C6H4-，B的分子式为C7H6O3；A中含苯环、羧基、酯基，则A为苯甲酸苯酚乙酸酯，其结构可能为（有邻、间、对三种可能），则A的分子式为C9H8O4‎ ‎，B为羟基苯甲酸，存在邻、间、对三种同分异构体，三种可能的结构简式为、、。据此可得下列结论：‎ ‎（1）根据B+CH3COOH→A+H2O可知，Mr（A）-Mr（B）=Mr（CH3COOH）-Mr（H2O）=60-18=42，故答案为：‎ ‎（2）有以上分析可知B中含有3个氧原子。‎ 故答案为：3；‎ ‎（3）A显酸性，且可水解，推测A应为含羧基的酯，即有-COO-和-COOH两种官能团。故答案为：羧基、‎ 酯基；‎ ‎（4）B为羟基苯甲酸，含有-OH和-COOH，其中-COOH能与碳酸氢钠溶液反应，都能与NaOH反应，1molB物质分别与足量碳酸氢钠溶液、氢氧化钠溶液反应理论上消耗二者的物质的量之比是1：2。‎ 故答案为：1：2。‎ 考点：考查有机物的推断 ‎20.肉桂酸甲酯是调制具有草莓、葡萄、樱桃、香子兰等香味的食用香精,用于肥皂、洗涤剂、风味剂和糕点的调味,在医药工业中作为有机合成的中间体.合成肉桂酸甲酯的工业流程如下图所示:‎ 已知:I.醛与醛能发生反应,原理如下：‎ Ⅱ．烃A在标准状况下的密度为1.25 g/L.‎ 请回答：‎ ‎(1)化合物H中的官能团为_____________________________。‎ ‎(2)肉桂酸甲酯的结构简式为__________________，J的结构简式为________________。‎ ‎(3)G→H的反应类型为______________________。‎ ‎(4)写出反应H发生银镜反应的化学方程式_______________，H→I的反应________________(填“能”或“不能”)改用酸性高锰酸钾溶液,简述理由_______________________________________。‎ ‎(5)符合下列条件的I的同分异构体共有5种。写出另两种同分异构体的结构简式：‎ A．能发生水解反应 ‎ B．与银氨溶液作用出现光亮的银镜 ‎ C．能与溴发生加成 ‎、_____________、_____________。‎ ‎【答案】 (1). 碳碳双键和醛基 (2). (3). (4). 消去反应 (5). +2[Ag(NH3)2]OH+2Ag↓+3NH3+H2O (6). 不能 (7). 氧化醛基的同时氧化了碳碳双键 (8). (9). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 烃A在标准状况下的密度为1.25 g/L。则A的摩尔质量是1.25g×22.4L/mol=28g/mol，则A是乙烯；与水发生加成反应生成乙醇，则B是乙醇，乙醇在Cu作催化剂、加热的条件下与氧气反应生成乙醛，所以C是乙醛；甲苯发生侧链取代后再发生水解反应生成苯甲醇，苯甲醇也被氧化，所以F是苯甲醛，乙醛与苯甲醛发生已知I的反应，所以G的结构简式为；加热失水得到H为；‎ 被银氨溶液氧化，醛基变为羧基得到I为；I含有羧基，在浓硫酸存在的条件下与甲醇发生酯化反应生成肉桂酸甲酯；I含有碳碳双键，在一定条件下发生加聚反应生成高聚物J，据此解答。‎ ‎【详解】(1)根据以上分析，H为，H中的官能团是碳碳双键和醛基，‎ 故答案为：碳碳双键和醛基；‎ ‎(2) 肉桂酸甲酯是苯丙烯酸与甲醇反应生成的酯，其结构简式为 J是苯丙烯酸发生加聚反应的产物，结构简式是，‎ 故答案为：；；‎ ‎(3) G→H发生的是羟基的消去反应，‎ 故答案为：消去反应；‎ ‎(4) H为，H发生银镜反应的化学方程式；H→I的反应不能改为高锰酸钾溶液，因为碳碳双键也会被高锰酸钾溶液氧化，‎ 故答案为：不能；氧化醛基的同时氧化了碳碳双键；‎ ‎(5)根据题意可知I的同分异构体中含有醛基、酯基、碳碳双键，所以该物质中只能是甲酸某酯，根据所给的同分异构体的结构简式可知另外2种的结构简式是。‎ 故答案为：；。‎ ‎21.从石油中裂解获得A是目前工业上生产A的主要途径，图中的N是高分子化合物。以A和1，3-丁二烯为原料合成N的流程如图所示。‎ 请回答下列问题：‎ ‎(1)D物质的名称为________；B→C的化学方程式为_______________________。‎ ‎(2)G中官能团的名称为_____________，C→E涉及的反应类型为________________。‎ ‎(3)在催化剂存在下，E和M等物质的量发生聚合反应，N的结构简式为______________。‎ ‎(4)E有多种同分异构体，符合下列条件的同分异构体最多有_____种(不考虑立体异构)。‎ ‎①可与Na2CO3溶液反应；②分子中只有一个环状结构。‎ 其中核磁共振氢谱中峰数最少的有机物的结构简式为____________________。‎ ‎(5)试以异戊二烯CH2=C(CH3)CH=CH2为原料(其他无机试剂任选)，设计制备的合成路线,写出合成路线流程图(合成路线流程图可仿照题干)____________________。‎ ‎【答案】 (1). 苯甲醇 (2). +2NaOH+2NaX(X代表卤素原子) (3). 羟基、碳碳双键 (4). 取代反应、消去反应 (5). 或 (6). 19 (7). (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由“从石油中裂解获得A是目前工业上生产A的主要途径”推出A为CH2=CH2，由题给流程图可推出试剂a为卤素单质，B为CH2XCH2X(X代表卤素原子)，C为HOCH2CH2OH，D为苯甲醇()，E为；F为CH2BrCH=CHCH2Br，G为HOCH2CH=CHCH2OH，H为HOCH2CHBrCH2CH2OH，M为HOOCCH=CHCOOH，N为或。据此解答。‎ ‎【详解】（1）D为苯甲醇；B水解得到C：+2NaOH+2NaX(X代表卤素原子)。‎ 故答案：苯甲醇；+2NaOH+2NaX(X代表卤素原子)；‎ ‎（2）G中的官能团为羟基和碳碳双键；C和D首先发生取代反应，生成的产物再发生消去反应得到E。‎ 故答案为：羟基、碳碳双键；取代反应、消去反应；‎ ‎（3）E和M等物质的量聚合可以得到或。‎ 故答案为：或；‎ ‎（4）由条件①、②可知，含有酚羟基，当E的同分异构体的苯环上有3个取代基，即—CH3、—OH、—CH=CH2时有10种结构，当E的同分异构体的苯环上有两个取代基，即—OH、—CH=CHCH3或—OH、—CH2CH=CH2或—OH、—C(CH3)=CH2时，各有3种结构，共19种，其中核磁共振氢谱中峰数最少的有机物的结构简式为。‎ 故答案为：19；；‎ ‎(5)以异戊二烯CH2=C(CH3)CH=CH2为原料(其他无机试剂任选)，设计制备 ‎，可先与Br2发生加成反应生成，然后水解生成，再与HBr发生加成反应生成；氧化得到，经水解后酸化生成，最后在浓硫酸、加热条件下发生酯化反应得到，反应的流程为：‎ ‎，‎ 故答案为：‎ ‎。‎ ‎ ‎ ‎ ‎