2019-2020学年河北省鸡泽县第一中学高一12月月考物理试题 Word版含解析

2019-2020学年河北省鸡泽县第一中学高一12月月考物理试题 Word版含解析

河北省鸡泽县第一中学2019-2020学年高一12月月考 物理试题 一、选择题 ‎1.小明同学在学校举办的运动会‎1000m比赛中，在最后的冲刺中发力,到达终点前看到小华在相对自己向前运动，而小强相对自己向后运动，最后小明以3分45秒33跑完全程．下列说法正确的是(    )‎ A. 小明的成绩3分45秒33是时间间隔 B. 小明跑完全程的位移为‎1000m C. 小明看到小华向前运动,一定是以地面为参考系 D. 在研究小强比赛中的总路程时,不能把小强看成质点 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．3分45秒33指的是一段时间，即为时间间隔，故A正确；‎ B．由于比赛场是圆形，所以‎1000m指的是路程，故B错误；‎ C．小明看到小华向前运动，是以小明自己为参考系，故C错误；‎ D．由于小强的形状和大小相对‎1000m路程可以忽略，所以在研究小强比赛中的总路程时,可以把小强看成质点，故D错误．‎ ‎2.下列图中仪器所测量的物理量不是国际单位制（SI）中基本量的是（　　）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】‎ 托盘天平是测量质量的仪器，质量是基本物理量，所以托盘天平是测量的力学基本量；测力计是测量力的仪器，力不是基本物理量，所以测力计不是测量的力学基本量；秒表是测量时间的仪器，时间是基本物理量，所以秒表是测量的力学基本量；安培表是测量电流的仪器，电流是基本物理量，所以安培表是测量的基本量，测量的物理量不是基本量的故选选项B．‎ ‎3.如图所示，一个大人拉着载有两个小孩的小车（其拉杆可自由转动）沿水平地面匀速前进，则下列说法正确的是（　　）‎ A. 拉力的水平分力等于小孩和车所受的合力 B. 拉力与摩擦力的合力大小等于重力大小 C. 拉力与摩擦力的合力方向竖直向上 D. 小孩和车所受的合力方向向前 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．据题意，拉力的水平分力和摩擦力力的合力才是小车和孩子所受合力，A错误；‎ B．拉力与摩擦力以及支持力合力与重力平衡，即拉力与摩擦力以及支持力的合力大小与重力大小相等，故B错误；‎ C．拉力与摩擦力的合力和重力与支持力的合力等大反向，而重力与支持力的合力沿竖直向下，所以拉力与摩擦力的合力竖直向上，C正确；‎ D．匀速前进，合力为零，D错误；‎ 故选C。‎ ‎4.一辆汽车从静止开始做匀加速运动，经时间速度达到，立即刹车做匀减速运动，又经停止，则汽车在加速阶段与减速阶段（ ）‎ A. 速度变化量相同 B. 平均速度的大小相等 C. 加速度的大小相等 D. 位移的大小相等 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 由过程可画出图像．‎ 加速阶段速度变化量为，减速阶段速度变化量为，A错误；加速阶段平均速度，减速阶段平均速度，故，B正确；加速阶段加速度，减速阶段加速度，，C错误；加速阶段位移，减速阶段位移，，D错误．‎ ‎5.如图所示的是某同学绘出的一个沿直线运动的物体，其加速度a、速度v、位移x随时间t变化的图象，该物体在t=0的速度均为零，则能表示该物体在前6s内位移的大小等于路程的图象是（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】根据图象可知，6s时的位移x=0-0=0，路程为s=‎6m，位移大小不等于路程．故A错误．在0-1s内，向正方向做匀加速直线运动，1-2s内加速度方向改变，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零，2-3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化，不是单向直线运动，所以位移大小不等于路程．故B错误．速度时间图线与坐标轴围成的面积表示位移，则6s内位移为，路程为，位移大小不等于路程，故C错误；0-1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1-2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变，则6s内物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程．故D正确．故选D.‎ ‎【点睛】根据图象分析出物体的运动状态，只有当物体做单向直线运动时，位移的大小才等于路程，据此分析即可，其中位移时间图象和速度时间图象也可以把位移和路程都求出，看是否相等也可以．‎ ‎6.在不计空气阻力的情况下，某物体以‎30m/s的初速度从地面竖直上抛，则(g取‎10m/s2)(　 )‎ A. 前4s内物体的位移大小为‎50m B. 前4s内物体的平均速度大小为‎10m/s C. 第2s末到第4 s末物体的平均速度为‎5m/s D. 第2s内和第4 s内物体的速度改变量不相同 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】AB．竖直上抛运动是初速度向上，加速度向下的匀变速直线运动，而对于匀变速直线运动，某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，故前4s内的平均速度等于第2s末的瞬时速度，故 根据平均速度公式，前4s位移为 故A错误，B正确；‎ C．对于匀变速直线运动，某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，故第2s末到第4s末物体的平均速度等于第3s末的瞬时速度，根据速度时间公式，有 故C正确；‎ D．加速度为g，向下，故第2s内和第4s内物体的速度改变量为：‎ ‎△v=g•△t=10×1=‎10m/s 即第2s内和第4 s内物体的速度改变量相同，故D错误．‎ ‎7.如图所示，一滑块静止在水平粗糙木板上，现将木板的一端缓慢抬高至其与水平成90○角，则在此过程中，滑块所受的摩擦力（ ）‎ A. 逐渐增大 B. 逐渐减小 C. 先减小后增大 D. 先增大后减小 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】试题分析:当角度比较小的时候，滑块静止在木板上，滑块所受摩擦力是静摩擦力，，缓慢抬高，角度变大，摩擦力变大，最后物体会沿木板下滑，此时变为滑动摩擦力，角度越大，摩擦力越小，所以摩擦力先增加后减小，Ｄ正确．‎ ‎8.如图所示，质量为M的斜面体A置于水平地面上，质量为m的木块B置于A的斜面上，水平推力F作用在A上，A、B均保持静止．则 A. A与B之间不存在摩擦力 B. A与地面之间不存在摩擦力 C. B对A的压力等于mg D. 地面对A的支持力等于(m+M)g ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．对B受力分析，B受重力，支持力，A对B摩擦力三力作用平衡，所以A与B之间一定存在摩擦力，故A错误；‎ B．将AB看成整体，由水平方向平衡可知，A受到地面水平向右的静摩擦力，故B错误；‎ C．将B的重力沿平行斜面和垂直斜面分解可得，B对A的压力等于，故C错误；‎ D．将AB看成整体，由竖直方向平衡可知，地面对A支持力等于(m+M)g，故D正确．‎ ‎9.如图，在倾角为30°的光滑斜面上，质量为m的小车受到沿斜面向下的恒力F的作用而下滑，在下滑过程中，要使连接着小球（质量为m）的轻绳恰好水平，则恒力F的大小为（ ）‎ A. 3mg B. mg C. 2mg D. 0.5mg ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】以小球为研究对象，分析受力情况可知：重力mg、绳的拉力T，小球的加速度方向沿斜面向下，则mg和T的合力定沿斜面向下．如图 由牛顿第二定律得：‎ 解得：‎ 再对整体根据牛顿第二定律可得：‎ 解得：‎ A.由上计算得：，A正确；‎ BCD.由上计算得：，BCD错误．‎ ‎10.将一个力F分解为两个不为零的分力F1、F2，以下说法可能正确的是（ ）‎ A. Fl、F2与F都在同一直线上 B. F1、F2都小于 C. F1或F2的大小等于F D. F1、F2的大小都与F相等 ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ 试题分析：若两个分力在同一直线上时，其合力可能为F，故选项A是可能的，选项A正确；由于F合一定大于两个力的差而小于两个力的和，当F1、F2都小于F/2时，其合力不可是能是F，故选项B不可能，B错误；F1或F2的大小等于F时也是可能的，即只要其中的一个力等于F就行，选项C可能；F1、F2的大小都与F相等也是可能的，即两个力夹角为120度时就可以，故选项D也正确．‎ 考点：力的分解与合成．‎ ‎11.细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连。平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示。（已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8，重力加速度为g）下列说法正确的是（　　） ‎ A. 小球静止时弹簧的弹力大小为mg B. 小球静止时弹簧的弹力大小为mg C. 小球静止时细绳的拉力大小为mg D. 小球静止时细绳的拉力大小为mg ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】对小球进行受力分析，小球受到三个力的作用：重力mg，竖直向下；弹簧的弹力F1，水平向右；细绳的拉力F2，沿细绳斜向上，如右图所示，由平衡条件得：‎ 解得：‎ ‎，‎ AD正确，BC错误；‎ 故选AD。‎ ‎12.如图所示，某人从距水面一定高度的平台上做蹦极运动．劲度系数为的弹性绳一端固定在人身上，另一端固定在平台上．人从静止开始竖直跳下，在其到达水面前速度减为零．‎ 运动过程中，弹性绳始终处于弹性限度内．取与平台同高度的点为坐标原点，以竖直向下为轴正方向，忽略空气阻力，人可视为质点．从跳下至第一次到达最低点的运动过程中，用，，分别表示人的速度、加速度和下落时间．下列描述与、与的关系图像可能正确的是（ ）‎ A. B. ‎ C. D. ‎ ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A B．从跳下至第一次到达最低点的运动过程中，绳子拉直前，人先做自由落体运动，图线为匀变速直线运动，图线斜率恒定；绳子拉直后在弹力等于重力之前，人做加速度逐渐减小的加速运动，‎ 图线斜率减小；弹力等于重力之后，人开始减速运动，苏浙弹力增大加速度逐渐增大，图线斜率逐渐增大，直到速度减到零．所以A选项正确，B选项错误．‎ CD．从跳下至第一次到达最低点运动过程中，绳子拉直前，人先做自由落体运动，加速度恒定．绳子拉直后在弹力等于重力之前，随着弹力增大，人做加速度逐渐减小的加速运动，加速度减小，设向下运动的位置为，绳子刚产生弹力时位置为，‎ 则：‎ 则加速度为：‎ 弹力等于重力之后，人开始减速运动，‎ 则加速度为：‎ 所以，与的关系图线斜率是恒定的．故D选项正确，C选项错误．‎ 二、实验题 ‎13.某实验小组在“探究弹力和弹簧伸长关系”的实验中，将不同数量的钩码分别挂在竖直轻弹簧的下端，弹簧始终处于弹性限度内进行测量，根据实验所测数据，利用描点法做出了所挂钩码的总重力G与弹簧总长L的关系图像如图所示．则 ‎（1）该弹簧的劲度系数为____________；‎ ‎（2）由图像可求出，弹簧弹力F跟弹簧长度L之间的关系式为________N．‎ ‎【答案】 (1). 300 (2). ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）[1]．图线与坐标轴交点即表示弹簧所受弹力大小F=0时，弹簧的长度是原长，可知弹簧的原长是L0=‎0.05m． 根据胡克定律得劲度系数为：‎ ‎（2）[2]．根据胡克定律可知弹簧的弹力F跟弹簧长度L之间的关系式为：‎ F=k（L-L0）=300（L-0.05）N；‎ ‎14.某实验小组做“探究加速度和力、质量的关系”实验。‎ ‎（1）用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器可直接显示所受拉力的大小。做实验时，下列操作必要且正确的是___‎ A．将长木板右端适当垫高，小车未挂砂桶时，在木板上静止释放，轻推小车后，恰能匀速下滑 B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数 C．为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 D．用天平测出砂和砂桶的质量 ‎（2）实验时，该小组同学平衡了摩擦力后，在小车质量M保持不变的情况下，不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M。测出每次加砂后拉力传感器的示数F和小车的加速度a，作的图象。下列图线中正确的表示该小组的图象是___‎ ‎ ‎ ‎（3）下图是实验中得到的一条纸带，图中打相邻两计数点的时间间隔为0.1 s ‎，由图中的数据可得小车的加速度a为____ m/s2。‎ ‎【答案】 (1). AB (2). A (3). 0.195‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]A．实验前要平衡摩擦力，将长木板右端适当垫高，小车未挂砂桶时，在木板上静止释放，轻推小车后，恰能匀速下滑，故选项A符合题意；‎ B．为充分利用纸带，实验时小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数，故选项B符合题意；‎ C．小车所受拉力可以由拉力传感器测出，实验不需要要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故选项C不符合题意；‎ D．拉力可以由拉力传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，故选项D不符合题意；‎ 故选AB；‎ ‎(2)[2]力传感器测出拉力大小，砂与砂桶的质量大小对实验没有影响，平衡了摩擦力后，在小车质量保持不变的情况下，小车的加速度与拉力成正比，A正确，BCD错误；‎ 故选A；‎ ‎(3)[3]根据Δx＝aT2，运用逐差法得：‎ a＝＝m/s2＝‎0.195m/s2。‎ 三、计算题 ‎15.已知一根长为‎6m的细绳将A、B两个小球相连，在足够高处先后相隔0.6s将A、B由同一位置静止释放，不计空气阻力，g取‎10 m/s2．求：‎ ‎（1）在A释放后经过多长时间连接A、B的细绳将被拉直？‎ ‎（2）在细绳将要拉直时A和B的速度分别为多大？‎ ‎【答案】（1）1.3s （2）‎7m/s ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）设在A释放后经过时间，连接A、B的细绳被拉直，则 令绳长为L，则 ‎，‎ 得 ‎（2）在细绳要拉直时A的速度为 ‎ ‎ B的速度为 ‎16.如图所示，质量M＝‎2kg的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量m＝‎1kg的小球相连，今用跟水平方向成60°角的力拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m的相对位置保持不变，g＝‎10m/s2.在运动过程中，求：‎ ‎(1)轻绳与水平方向的夹角θ；‎ ‎(2)木块M与水平杆间的动摩擦因数μ.‎ ‎【答案】(1) 30° (2) ‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）m处于静止状态，其合力为零．以m为研究对象，由平衡条件得： 水平方向：Fcos60°-Tcosθ=0          ① 竖直方向：Fsin60°-Tsinθ-mg=0     ② 由①②解得：θ=30°‎ ‎ （2）以M、m整体为研究对象，由平衡条件得： 水平方向：Fcos60°-μFN=0        ③ 竖直方向：Fsin60°+FN-mg-Mg=0   ④ 由③④得：μ＝‎ ‎【点睛】本题要灵活选择研究对象，注意应用整体法与隔离法，用整体法时一定要分清内力与外力，正确地进行受力分析．‎ ‎17.如图所示，将质量为‎0.2kg的圆环套在固定的水平直杆上，环的直径略大于杆的直径，环与杆之间的动摩擦因数为0.8．对环施加一位于竖直平面内斜向上的拉力F，使圆环以‎4.4m/s2的加速度沿杆加速运动，拉力与杆的夹角为，已知sin=0.8．cos=0.6，取g=‎10m/s2，则F的大小为（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】对环受力分析，受重力、拉力、弹力和摩擦力；令 Fsin53°=mg 解得：‎ F=2.5N 此时无摩擦力，圆环沿杆做匀加速运动，当F＜2.5N 时，杆对环的弹力向上，由牛顿第二定律有：‎ 水平方向上：‎ Fcosθ-μFN=ma 竖直方向上：‎ FN+Fsinθ=mg 解得：‎ F=2N 当F＞2.5N时，杆对环的弹力向下，由牛顿第二定律有：‎ 水平方向上有：‎ Fcosθ-μFN′=ma 竖直方向上有：‎ Fsinθ=mg+‎ 解得：‎ F=18N A．与分析不符，故A错误；‎ B．与分析相符，故B正确；‎ C．与分析不符，故C错误；‎ D．与分析相符，故D正确．‎