物理·云南省文山州砚山一中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷（文科） Word版含解析

物理·云南省文山州砚山一中2016-2017学年高二上学期期中物理试卷（文科） Word版含解析

‎2016-2017学年云南省文山州砚山一中高二（上）期中物理试卷（文科）‎ ‎　‎ 一、选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分．在每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得3分，选错或不选得0分）‎ ‎1．“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”中，“巍巍群山两岸走”选取的参照物是（　　）‎ A．江中竹排 B．两岸青山 C．天上浮云 D．空中飞鸟 ‎2．如图所示，一条绷紧的皮带连接两个半径不同的皮带轮．若皮带轮做匀速转动，两轮边缘的N、P两点（　　）‎ A．角速度相同 B．转动周期相同 C．线速度大小相同 D．向心加速度大小相同 ‎3．如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的（　　）‎ A．单个正点电荷 B．单个负点电荷 C．等量同种点电荷 D．等量异种点电荷 ‎4．研究下列运动时，可把运动对象视为质点的是（　　）‎ A．地球的公转 B．跳水运动员的空中翻转 C．自行车轮子的旋转 D．风车的转动 ‎5．如图所示，物体在平行于斜面向上、大小为5N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做匀速直线运动，物体与斜面间的滑动摩擦力（　　）‎ A．等于零 B．小于5N C．等于5N D．大于5N ‎6．真空中两个点电荷之间的库仑力大小为F．若两者距离增加到原来的3倍，则其库仑力大小为（　　）‎ A． B． C．3F D．9F ‎7．下列各图中，能正确反映磁场、电荷的速率和洛伦兹力三者方向之间关系的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎8．质点做匀加速直线运动，初速度为1m/s，第1s末速度为3m/s，则质点的加速度大小为（　　）‎ A．1 m/s2 B．2 m/s2 C．3 m/s2 D．4 m/s2‎ ‎9．篮球从一定高度下落至地面，经多次反弹后静止在地面上，此过程中（　　）‎ A．动能时刻在减少 B．重力始终做正功 C．重力势能时刻在减少 D．机械能不守恒 ‎10．如图是质点做直线运动的v﹣t图象．关于该质点的运动，下列说法正确的是（　　）‎ A．0～t1时间内质点做匀速运动 B．t1～t2时间内质点保持静止 C．质点先做匀加速运动再做匀速运动 D．t1时刻质点的运动方向改变 ‎　‎ 二、选择题（本题包括4个小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得4分，选不全得2分，有选项或不选得0分）‎ ‎11．物体处于平衡状态，下列说法中正确的是（　　）‎ A．物体一定保持静止 B．物体可能做匀速直线运动 C．物体所受合力不为零 D．物体所受合力为零 ‎12．环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距离地面越高，环绕的（　　）‎ A．速度越小 B．周期越大 C．向心加速度越大 D．角速度越大 ‎13．一个重为600N的人站在电梯中，当人对电梯地板的压力为700N时，电梯的运动情况可能是（　　）‎ A．减速上升 B．加速上升 C．减速下降 D．加速下降 ‎14．起重机以0.5m/s的速度将质量为300kg的重物匀速提升了2m．若g取10m/s2，此过程中起重机（　　）‎ A．做功3 000 J B．做功6 000 J C．功率是1 500 W D．功率是6 000 W ‎　‎ 三、实验题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分）‎ ‎15．小华在竖直悬挂的弹簧下端加挂钩码，测量一轻弹簧的劲度系数，根据所测实验数据，在弹力F跟弹簧长度L关系的坐标系中描点如图所示．全过程未超过弹簧的弹性限度．‎ ‎（1）请根据已描出的点作出F﹣L图象；‎ ‎（2）由图象知弹簧的劲度系数K=　　N/m．‎ ‎16．一打点计时器所用电源频率是50Hz．如图所示，纸带上的A点先通过计时器，A、B间历时　　 s，这段时间内纸带运动的平均速度是　　 m/s，打B点时的速度是　　 m/s．‎ ‎　‎ 四、计算题（本题包括2个小题，每小题8分，共16分．解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，答案中必须写出明确的数值和单位中，只与出最后答案不得分）‎ ‎17．一辆重4t的汽车，从静止开始，在水平路上行驶，已知发动机的牵引力为1600N，汽车在运动时所受的阻力为车重的0.02倍（取g=10m/s2），求：‎ ‎（1）汽车在开出后加速度的大小．‎ ‎（2）汽车经过多长时间它的速度可达10m/s．‎ ‎18．如图所示，AB是竖直平面内的圆弧形光滑轨迹一端B与水平轨道相同，一个小物块自A点又静止开始沿轨道下滑．已知轨道半径R=0.2m，小物块的质量m=0.1kg，小物块与水平面间的摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．求：‎ ‎（1）小物块在B点时受到的圆弧轨道的支持力的大小；‎ ‎（2）小物块在水平面上滑动的最大距离．‎ ‎　‎ 五、填空题（本题包括3个小题，每小题6分，共18分．）‎ ‎19．电荷量　　 C叫做元电荷，某带电体所带电荷量是3.2×10﹣9C，此带电体所带电荷量是元电荷的　　 倍．电荷的定向移动形成电流，物理学规定　　电荷定向移动的方向为电流方向．‎ ‎20．变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变　　电的电压．在远距离送电中，导线上损失的电能主要由电流的　　引起，在输电功率一定时，输电电压越　　，电能损失就越小．‎ ‎21．麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场产生　　，变化的电场产生　　，从而预言了　　的存在．‎ ‎　‎ 六、实验题（本题4分)‎ ‎22．如图所示，在《探究产生感应电流的条件》的实验中，开关断开时，条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；开关闭合时，磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动；开关闭合时，将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转．由此得出，产生感应电流的条件是：电路必须　　，穿过电路的磁通量发生　　．‎ ‎　‎ 六、计算题（本题8分，解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，答案中必须写出明确的数值和单位，只写出最后答案不得分．）‎ ‎23．赤道上的地磁场可以看成匀强磁场，长为20cm的通电直导线垂直于地磁场方向放置于赤道上，当导线中电流为30A时，导线受到的安培力大小为3×10﹣2N．求：‎ ‎（1）赤道上地磁场的磁感应强度大小；‎ ‎（2）若导线中的电流减小为20A时，导线受到的安培力大小．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年云南省文山州砚山一中高二（上）期中物理试卷（文科）‎ 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题包括10个小题，每小题3分，共30分．在每小题所给的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得3分，选错或不选得0分）‎ ‎1．“小小竹排江中游，巍巍青山两岸走”中，“巍巍群山两岸走”选取的参照物是（　　）‎ A．江中竹排 B．两岸青山 C．天上浮云 D．空中飞鸟 ‎【考点】参考系和坐标系．‎ ‎【分析】在判定物体的运动时，要选择一个标准作为参考物体，物体的运动情况与参考系的选择有关．‎ ‎【解答】解：竹排中的人以江中竹排为参照物，观察到两岸的青山向后移动．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示，一条绷紧的皮带连接两个半径不同的皮带轮．若皮带轮做匀速转动，两轮边缘的N、P两点（　　）‎ A．角速度相同 B．转动周期相同 C．线速度大小相同 D．向心加速度大小相同 ‎【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．‎ ‎【分析】传动装置在传动过程中不打滑时，两轮边缘上各点的线速度大小相等．当线速度大小一定时，角速度与半径成反比．因此根据题目条件可知加速度及周期的关系．‎ ‎【解答】解：A、据题，皮带与轮之间无相对滑动，两轮边缘上与皮带接触处的速度都与皮带相同，所以两轮边缘的线速度大小相同．由v=rω知，半径不等，则两轮的角速度不等，故A错误，C正确．‎ B、由公式T=知，两轮转动的周期不等，故B错误．‎ D、由公式a==vω知，两轮边缘的向心加速度大小不等，故D错误．‎ 故选：C ‎　‎ ‎3．如图所示的电场线，可能是下列哪种情况产生的（　　）‎ A．单个正点电荷 B．单个负点电荷 C．等量同种点电荷 D．等量异种点电荷 ‎【考点】电场线．‎ ‎【分析】由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；由于电场线是从电荷出发终止到无穷远且两点电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线故两个场源电荷为同种电荷．‎ ‎【解答】解：由于电场线从两个地方发出，故场源为两个电荷；‎ 由于电场线是从电荷出发终止到无穷远，故该场源电荷为正电荷；‎ 又由于两电荷的连线之间电场线稀疏甚至有的地方没有电场线，故两个场源电荷为同种电荷．‎ 综上所述该电场线是由两个等量正电荷产生的．故C正确．‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎4．研究下列运动时，可把运动对象视为质点的是（　　）‎ A．地球的公转 B．跳水运动员的空中翻转 C．自行车轮子的旋转 D．风车的转动 ‎【考点】质点的认识．‎ ‎【分析】当物体的形状和大小相对所研究的问题可以忽略不计的时候，物体可以看做质点 ‎【解答】解：研究物体的运动时，大小和形状可以忽略不计的物体可视为质点，‎ A、研究地球的公转可以忽略地球的大小和形状，故A正确；‎ B、研究跳水运动员的空中翻转、自行车轮子的旋转风车的转动、均不能忽略研究对象的大小和形状，所以BCD错误．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，物体在平行于斜面向上、大小为5N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做匀速直线运动，物体与斜面间的滑动摩擦力（　　）‎ A．等于零 B．小于5N C．等于5N D．大于5N ‎【考点】摩擦力的判断与计算．‎ ‎【分析】对物块进行受力分析，根据平衡条件，列方程求得摩擦力大小．‎ ‎【解答】解：对物体受力分析，在沿斜面方向，物体受到重力沿斜面的分力F1、滑动摩擦力Ff和拉力F，则F1+Ff=F，故Ff＜5 N，选项B正确 故选：B ‎　‎ ‎6．真空中两个点电荷之间的库仑力大小为F．若两者距离增加到原来的3倍，则其库仑力大小为（　　）‎ A． B． C．3F D．9F ‎【考点】库仑定律．‎ ‎【分析】根据库仑定律的内容F=k，找出变化量和不变量求出问题．‎ ‎【解答】解：真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为F=k 若将它们之间的距离增大为原来3倍，则它们之间的库仑力大小F′=k=F；‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎7．下列各图中，能正确反映磁场、电荷的速率和洛伦兹力三者方向之间关系的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】左手定则．‎ ‎【分析】带电粒子在磁场中运动时，所受洛伦兹力方向由左手定则进行判断，伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向正电荷运动方向或者负电荷运动的反方向，这时拇指所指的方向就是运动电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向．‎ ‎【解答】解：根据左手定则可知：‎ A、A图中洛伦兹力方向应该向上，故A错误；‎ B、B图中电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系符合左手定则，故B正确；‎ C、C图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故C错误；‎ D、D图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故D错误．‎ 故选：B．‎ ‎　‎ ‎8．质点做匀加速直线运动，初速度为1m/s，第1s末速度为3m/s，则质点的加速度大小为（　　）‎ A．1 m/s2 B．2 m/s2 C．3 m/s2 D．4 m/s2‎ ‎【考点】加速度．‎ ‎【分析】由加速度定义式可求结果．‎ ‎【解答】解：根据加速度的定义可知：‎ 故选：B ‎　‎ ‎9．篮球从一定高度下落至地面，经多次反弹后静止在地面上，此过程中（　　）‎ A．动能时刻在减少 B．重力始终做正功 C．重力势能时刻在减少 D．机械能不守恒 ‎【考点】功能关系．‎ ‎【分析】篮球下落的过程中重力做正功，阻力做负功，重力势能转化为动能和内能；篮球上升的过程中，重力和阻力都做负功，动能转化为重力势能和内能，整个的过程中，机械能逐渐减小，内能增加增大．‎ ‎【解答】解：A、篮球经过多次反弹最后静止在地面上，做的是往返运动，篮球下落的过程中重力做正功，阻力做负功，重力势能转化为动能和内能，动能增大．故A错误；‎ B、C、篮球上升的过程中，重力和做负功，重力势能增大．故B错误，C错误；‎ D、整个的过程中阻力一直做负功，机械能不守恒．故D正确．‎ 故选：D ‎　‎ ‎10．如图是质点做直线运动的v﹣t图象．关于该质点的运动，下列说法正确的是（　　）‎ A．0～t1时间内质点做匀速运动 B．t1～t2时间内质点保持静止 C．质点先做匀加速运动再做匀速运动 D．t1时刻质点的运动方向改变 ‎【考点】匀变速直线运动的图像．‎ ‎【分析】速度时间图象中，平行时间轴的直线表示质点做匀速直线运动，倾斜直线表示匀变速直线运动；与横轴的交点是速度方向改变的时刻．‎ ‎【解答】解：A、0～t1时间内是过原点的倾斜直线，表示质点做初速度为零的匀加速直线运动，故A错误；‎ B、t1～t2时间内平行时间轴的直线表示质点做匀速直线运动，故B错误；‎ C、根据AB分析，直线先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，故C正确；‎ D、整个过程速度均为正，表示运动方向没发生改变，故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎　‎ 二、选择题（本题包括4个小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中有两个选项符合题意，全部选对得4分，选不全得2分，有选项或不选得0分）‎ ‎11．物体处于平衡状态，下列说法中正确的是（　　）‎ A．物体一定保持静止 B．物体可能做匀速直线运动 C．物体所受合力不为零 D．物体所受合力为零 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用．‎ ‎【分析】平衡状态是指物体在不受外力或者受平衡力的作用下所处的状态，包括静止状态和匀速直线运动状态．‎ ‎【解答】解：A、物体处于平衡状态时不一定保持静止状态，也可能是匀速直线运动，故A错误B正确；‎ D、物体处于平衡状态时，可能不受外力作用，也可能是受平衡力，即合外力一定为零，故C错误D正确．‎ 故选：BD．‎ ‎　‎ ‎12．环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距离地面越高，环绕的（　　）‎ A．速度越小 B．周期越大 C．向心加速度越大 D．角速度越大 ‎【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．‎ ‎【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，根据万有引力等于向心力，分别求出线速度、角速度、周期和加速度的表达式进行讨论即可．‎ ‎【解答】解：设人造卫星的质量为m，轨道半径为r，线速度为v，公转周期为T，地球质量为M，由于人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，由万有引力提供向心力得：‎ ‎=mr=m=ma=mω2r v=，T=2π，ω=，a=‎ 卫星离地面越高，则周期越长，卫星的线速度越小，卫星的角速度越小，向心加速度越小，故AB正确，CD错误；‎ 故选：AB．‎ ‎　‎ ‎13．一个重为600N的人站在电梯中，当人对电梯地板的压力为700N时，电梯的运动情况可能是（　　）‎ A．减速上升 B．加速上升 C．减速下降 D．加速下降 ‎【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．‎ ‎【分析】此题考查牛顿运动定律的应用，由F合=FN﹣G=ma，当弹力大于重力时，加速度方向向上，运动方向如果向上则做加速运动，若运动向下则做减速运动．‎ ‎【解答】解：由F合﹣G=ma，知当弹力大于重力时，加速度方向向上，物体运动方向如果向上则做加速运动，如果物体运动向下则做减速运动，所以A、D错误，而B、C项正确．‎ 故选：BC．‎ ‎　‎ ‎14．起重机以0.5m/s的速度将质量为300kg的重物匀速提升了2m．若g取10m/s2，此过程中起重机（　　）‎ A．做功3 000 J B．做功6 000 J C．功率是1 500 W D．功率是6 000 W ‎【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．‎ ‎【分析】根据物体的受力分析，求出起重机对重物的拉力，然后由功的计算公式即可求出拉力的功，由功率的定义式即可求出起重机的功率．‎ ‎【解答】解：A、B、重物匀速提升，起重机的拉力等于重物的重力，起重机的拉力F=mg=300×10=3000N，‎ 起重机做的功，W=Fh=3000×2=6000J，故A错误，B正确；‎ C、D、起重机的拉力F=mg，功率P=Fv=mgv=1500W，C正确，D错误．‎ 故选：BC．‎ ‎　‎ 三、实验题（本题包括2个小题，每小题4分，共8分）‎ ‎15．小华在竖直悬挂的弹簧下端加挂钩码，测量一轻弹簧的劲度系数，根据所测实验数据，在弹力F跟弹簧长度L关系的坐标系中描点如图所示．全过程未超过弹簧的弹性限度．‎ ‎（1）请根据已描出的点作出F﹣L图象；‎ ‎（2）由图象知弹簧的劲度系数K=　　N/m．‎ ‎【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．‎ ‎【分析】根据所描的点，作出F﹣L图线，根据图线的斜率求出弹簧的劲度系数．‎ ‎【解答】解：（1）描点作图，将偏离比较远的点舍去．如图所示．‎ ‎（2）弹簧的劲度系数k=．‎ 故答案为：（1）如图 ‎（2）弹簧的劲度系数K=24N/m，（23～26）．‎ ‎　‎ ‎16．一打点计时器所用电源频率是50Hz．如图所示，纸带上的A点先通过计时器，A、B间历时　0.04　 s，这段时间内纸带运动的平均速度是　0.70　 m/s，打B点时的速度是　0.95　 m/s．‎ ‎【考点】探究小车速度随时间变化的规律．‎ ‎【分析】打点计时器的频率50HZ，故两点间的时间间隔为0.02s，位移为初位置到末位置的有向线段，平均速度为位移与时间的比值．‎ ‎【解答】解：由电源的频率是50 Hz，知打点计时器打点的时间间隔是0.02 s，则A、B间用时：t=2T=0.04 s，‎ 位移为：x=（1.20+1.60）×10﹣2 m=0.028 m．‎ AB段内的平均速度为： m/s 设AB之间的点是 F 点，则打B点时的速度等于B前面的一点F到B后面的一点C之间的平均速度，即： m/s 故答案为：0.04，0.70，0.95‎ ‎　‎ 四、计算题（本题包括2个小题，每小题8分，共16分．解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，答案中必须写出明确的数值和单位中，只与出最后答案不得分）‎ ‎17．一辆重4t的汽车，从静止开始，在水平路上行驶，已知发动机的牵引力为1600N，汽车在运动时所受的阻力为车重的0.02倍（取g=10m/s2），求：‎ ‎（1）汽车在开出后加速度的大小．‎ ‎（2）汽车经过多长时间它的速度可达10m/s．‎ ‎【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．‎ ‎【分析】（1）当汽车开始运动时，已知汽车受到的牵引力与阻力，由牛顿第二定律即可求出加速度．‎ ‎（2）根据运动学的公式，结合v=at即可求出汽车的加速的时间．‎ ‎【解答】解：（1）汽车所受的阻力：f=kmg=0.02×4×103×10N=×800N 根据根据牛顿第二定律得，F﹣f=ma，‎ ‎（1）由公式：v=at得：‎ s 答：（1）汽车在开出后加速度的大小是0.2m/s2．（2）汽车经过50s时间它的速度可达10m/s．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，AB是竖直平面内的圆弧形光滑轨迹一端B与水平轨道相同，一个小物块自A点又静止开始沿轨道下滑．已知轨道半径R=0.2m，小物块的质量m=0.1kg，小物块与水平面间的摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．求：‎ ‎（1）小物块在B点时受到的圆弧轨道的支持力的大小；‎ ‎（2）小物块在水平面上滑动的最大距离．‎ ‎【考点】动能定理的应用；向心力．‎ ‎【分析】（1）物块下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律可以求出物块到达B点的速度，然后应用牛顿第二定律可以求出支持力．‎ ‎（2）物块在水平面上做减速运动，由动能定理可以求出物块在水平面上滑行的距离．‎ ‎【解答】解：（1）物块沿圆弧轨道下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgR=mv2，‎ 代入数据解得：v=2m/s，‎ 在B点，由牛顿第二定律得：F﹣mg=m，‎ 代入数据解得：F=3N；‎ ‎（2）物块在水平面运动过程，由动能定理得：‎ ‎﹣μmgs=0﹣mv2，‎ 代入数据解得：s=0.4m；‎ 答：（1）小物块在B点时受到的圆弧轨道的支持力的大小为3N；‎ ‎（2）小物块在水平面上滑动的最大距离为0.4m．‎ ‎　‎ 五、填空题（本题包括3个小题，每小题6分，共18分．）‎ ‎19．电荷量　1.6×10﹣19　 C叫做元电荷，某带电体所带电荷量是3.2×10﹣9C，此带电体所带电荷量是元电荷的　2×1010　 倍．电荷的定向移动形成电流，物理学规定　正　电荷定向移动的方向为电流方向．‎ ‎【考点】元电荷、点电荷．‎ ‎【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向．‎ ‎【解答】解：电荷量1.6×10﹣19C叫做元电荷，某带电体所带电荷量是3.2×10﹣9C，此带电体所带电荷量是元电荷的2×1010倍．‎ 电荷的定向移动形成电流，物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向．‎ 故答案为：1.6×10﹣19C，2×1010，正 ‎　‎ ‎20．变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变　交流　电的电压．在远距离送电中，导线上损失的电能主要由电流的　热效应　引起，在输电功率一定时，输电电压越　高　，电能损失就越小．‎ ‎【考点】变压器的构造和原理．‎ ‎【分析】变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变交流电的电压．‎ 由Q=I2Rt可知，在电阻和通电时间不变时，电流减小，电阻产生的热量减小为原来电流的平方倍．从而可知减小电能损失的有效办法是减小输送电流，即提高输电电压．‎ ‎【解答】解：变压器是根据电磁感应原理工作的，所以变压器只能改变交流电的电压．‎ 在远距离送电中，导线上损失的电能主要由电流的热效应引起．‎ 由Q=I2Rt=Rt可知，在电阻和通电时间不变时，电流减小，电阻产生的热量减小为原来电流的平方倍．‎ 从而可知减小电能损失的有效办法是减小输送电流，即提高输电电压．‎ 所以在输电功率一定时，输电电压越高，电能损失就越小．‎ 故答案为：交流，热效应，高．‎ ‎　‎ ‎21．麦克斯韦电磁场理论的两个基本论点是：变化的磁场产生　电场　，变化的电场产生　磁场　，从而预言了　电磁波　的存在．‎ ‎【考点】电磁波的产生．‎ ‎【分析】麦克斯韦建立了电磁场理论，预言了电磁波的存在．赫兹用实验证实电磁波存在．‎ ‎【解答】解：麦克斯韦建立了电磁场理论：变化的电场周围产生磁场，变化的磁场周围产生电场；并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验证实电磁波存在． ‎ 故答案为：电场、磁场、电磁波 ‎　‎ 六、实验题（本题4分)‎ ‎22．如图所示，在《探究产生感应电流的条件》的实验中，开关断开时，条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；开关闭合时，磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动；开关闭合时，将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转．由此得出，产生感应电流的条件是：电路必须　闭合　，穿过电路的磁通量发生　变化　．‎ ‎【考点】研究电磁感应现象．‎ ‎【分析】当穿过闭合回路中的磁通量发生变化时，会产生感应电流．‎ ‎【解答】解：开关断开时，条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针不动；知磁通量变化，电路断开，不产生感应电流．‎ 开关闭合时，磁铁静止在线圈中，电流表表针也不动；知电路闭合，磁通量不变，不产生感应电流．‎ 开关闭合时，将磁铁插入或拔出线圈的过程中，电流表表针发生偏转．知电路闭合，磁通量变化，产生感应电流．‎ 综上所知，感应电流产生的条件是：电路必须闭合，穿过电路的磁通量发生变化．‎ 故答案为：闭合，变化．‎ ‎　‎ 六、计算题（本题8分，解答应写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤，答案中必须写出明确的数值和单位，只写出最后答案不得分．）‎ ‎23．赤道上的地磁场可以看成匀强磁场，长为20cm的通电直导线垂直于地磁场方向放置于赤道上，当导线中电流为30A时，导线受到的安培力大小为3×10﹣2N．求：‎ ‎（1）赤道上地磁场的磁感应强度大小；‎ ‎（2）若导线中的电流减小为20A时，导线受到的安培力大小．‎ ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】通电直导线垂直于地磁场方向放置，根据安培力的大小公式求出磁感应强度的大小．当导线电流变化时，磁感应强度不变，根据安培力公式求出安培力的大小．‎ ‎【解答】解：（1）由安培力大小公式 F=BIL得，‎ B=．‎ ‎（2）当导线中的电流减小为20A时，因磁感应强度不变．‎ F=BI′L=5×10﹣3×20×0.2N=2×10﹣2N； ‎ 答：（1）赤道上地磁场的磁感应强度大小5×10﹣3T；‎ ‎（2）若导线中的电流减小为20A时，导线受到的安培力大小2×10﹣2N．‎ ‎　‎ ‎2016年11月15日