物理·江苏省扬州市高邮中学2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

物理·江苏省扬州市高邮中学2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析

全*品*高*考*网， 用后离不了！2016-2017学年江苏省扬州市高邮中学高二（上）第一次月考物理试卷 ‎　‎ 一、选择题（本题共23小题，每小题3分，共69分．在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的）‎ ‎1．某物体在做加速直线运动，如果加速度大小在逐渐减小，则物体（　　）‎ A．运动速度逐渐减小 B．运动速度仍逐渐增大 C．物体开始做减速运动 D．物体运动的方向立即反向 ‎2．如图所示是某质点沿直线运动的速度v随时间t变化的关系图线．对于该图线的认识正确的是（　　）‎ A．0～2 s内质点做匀加速直线运动 B．3 s时，质点的速度为2 m/s C．0～2 s内质点做匀速直线运动 D．2 s～4 s内质点处于静止状态 ‎3．1971年7月26号发射的阿波罗﹣15号飞船首次把一辆月球车送上月球，美国宇航员斯特做了一个落体实验：在月球上的同一高度同时释放羽毛和铁锤，下列说法正确的是（月球上是真空）（　　）‎ A．铁锤和羽毛运动的加速度都等于物体在地球上的重力加速度g B．铁锤和羽毛同时落地，运动的加速度相同但不等于物体在地球上的重力加速度g C．羽毛先落地，铁锤后落地 D．铁锤先落地，羽毛后落地 ‎4．下列说法正确的是（　　）‎ A．当物体的速度发生变化时，物体一定受到了外力作用 B．当物体受到的合外力为零时，物体一定做匀速直线运动 C．静止或做匀速直线运动的物体，一定不受外力作用 D．当物体的速度等于零时，物体一定不受外力作用 ‎5．如图，物体A静止在水平地面上，下列说法正确的是（　　）‎ A．物体受到的重力和地面支持力是一对平衡力 B．物体受到的重力和地面支持力是一对作用力和反作用力 C．物体对地面的压力和重力是一对平衡力 D．物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力 ‎6．已知两个力的合力F=10N，其中一个分力F1=16N，则另一个分力F2可能是（　　）‎ A．5 N B．7 N C．1 N D．3 N ‎7．2010年广州亚运会上，“吊环王”陈一冰成功捍卫荣誉，以16.075分摘得金牌成功卫冕，其中有一个高难度的动作就是先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力FT（两个拉力大小相等）及它们的合力F的大小变化情况为（　　）‎ A．FT增大，F不变 B．FT增大，F增大 C．FT增大，F减小 D．FT减小，F不变 ‎8．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，下列做法中正确的是（　　）‎ A．改变小车的质量再次进行实验时，需要重新平衡摩擦力 B．小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出 C．实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车 D．平衡摩擦力时，应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上 ‎9．伽利略在研究力和运动的关系的时候，用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（　　）‎ A．维持物体做匀速直线运动并不需要力 B．如果物体不受到力，就不会运动 C．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度 D．如果没有摩擦，物体运动过程中机械能守恒 ‎10．物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，当所用时间是下滑到底端所用时间的一半时，物体的动能与势能（以斜面底端为零势能参考平面）之比为（　　）‎ A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1‎ ‎11．关于电场强度E的说法正确的是（　　）‎ A．根据E=可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比 B．一个正电荷激发的电场的电场强度处处相同，是一个匀强电场 C．电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同 D．电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相同 ‎12．下列说法正确的是（　　）‎ A．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律 B．赫兹预言了电磁波的存在 C．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量 D．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场 ‎13．将通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．若仅将导线中的电流增大为原来的3倍，则导线受到的安培力的大小（　　）‎ A．增大为原来的3倍 B．增大为原来的9倍 C．减小为原来的 D．保持不变 ‎14．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为（　　）‎ A．水平向右 B．水平向左 C．垂直于纸面向里 D．垂直于纸面向外 ‎15．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则（　　）‎ A．小磁针保持不动 B．小磁针的N将向下转动 C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动 D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动 ‎16．如图，在木板上有一物体．在木板与水平面间的夹角缓慢增大的过程中，如果物体仍保持与板相对静止．则下列说法中错误的是（　　）‎ A．物体所受的弹力和重力的合力方向沿斜面向下 B．物体所受的合外力不变 C．斜面对物体的弹力大小增加 D．斜面对物体的摩擦力大小增加 ‎17．一负电荷垂直射入匀强磁场中，其速度v的方向和受到的洛伦兹力F的方向如图所示，则磁场方向（　　）‎ A．与F方向相同 B．与F方向相反 C．垂直纸面向外 D．垂直纸面向里 ‎18．如图所示，一通电直线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为BA和BB，则（　　）‎ A．BA＞BB，方向均垂直纸面向里 B．BA＜BB，方向均垂直纸面向里 C．BA＞BB，方向均垂直纸面向外 D．BA＜BB，方向均垂直纸面向外 ‎19．如图所示，线圈平面与条形磁铁的轴线垂直，现将线圈沿轴线由A点平移到B点，穿过线圈磁通量的变化情况是（　　）‎ A．变大 B．变小 C．不变 D．先变大，后变小 ‎20．如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（　　）‎ A．闭合电键瞬间 B．断开电键瞬间 C．闭合电键后拔出铁芯瞬间 D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动 ‎21．2008年9月27日，航天员翟志刚首次实现了中国航天员在舱外的太空活动，这是我国航天发展史上的又一里程碑．舱内、外的航天员近在咫尺，但要进行对话，一般需要利用（　　）‎ A．紫外线 B．无线电波 C．γ射线 D．X 射线 ‎22．如图所示，A为一放竖直轻弹簧上的小球，在竖直向下恒力F的作用下，在弹簧弹性限度内，弹簧被压缩到B点，现突然撒去力F，小球将向上弹起直至速度为零，不计空气阻力，则小球在上升过程中 （　　）‎ A．小球向上做匀变速直线运动 B．当弹簧恢复到原长时，小球速度一定恰减为零 C．小球机械能逐渐增大 D．小球动能先增大后减小 ‎23．质量为5t的汽车，在水平路面上以加速度a=2m/s2起动，所受阻力为1.0×103N，汽车起动后第一秒末的即时功率是（　　）‎ A．2kW B．22kW C．1.1kW D．20kW ‎　‎ 二、填空题：把答案填在相应的横线上（本大题2小题，共10分）．‎ ‎24．有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图，则电压的有效值为　　 V；频率为　　 Hz．‎ ‎25．“验证力的平行四边形定则”的实验如图1甲，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图1乙是在白纸上根据实验结果画出的图．‎ ‎（1）图乙中的　　是力F1和F2的合力的理论值；　　是力F1和F2的合力的实际测量值．‎ ‎（2）如图2，这时弹簧测力计的读数可从图中读出．由图2可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为　　N和　　N（只需读到0.1N）．‎ ‎（3）本实验采用的科学方法是　　．‎ A．理想实验法　　　　　　B．等效替代法　 C．控制变量法 D．建立物理模型法．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题共有3小题，共21分．解答请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．）‎ ‎26．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．飞行器飞行t=8s时到达高度H=64m．求：‎ ‎（1）飞行器匀加速上升的加速度a的大小；‎ ‎（2）t=8s时飞行器的速度v的大小：‎ ‎（3）飞行器所受阻力f的大小．‎ ‎27．如图，在倾角θ=37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1.0kg的物体，物体与斜面间动摩擦因数μ=0.25，现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动，拉力F=10.0N，方向平行斜面向上，经时间t1=4.0s绳子突然断了，（sin37°=0.60，cos37°=0.80，g=10m/s2）求：‎ ‎（1）绳断前物体加速度大小；‎ ‎（2）绳断时物体的速度大小；‎ ‎（3）从绳子断开到物体再返回到斜面底端的运动时间？‎ ‎28．如图所示，一根直杆由粗细相同的两段构成，其中AB段为长x1=5m的粗糙杆，BC段为长x2=1m的光滑杆．将杆与水平面成53°角固定在一块弹性挡板上，在杆上套一质量m=0.5kg、孔径略大于杆直径的圆环．开始时，圆环静止在杆底端A．现用沿杆向上的恒力F拉圆环，当圆环运动到B点时撤去F，圆环刚好能到达顶端C，然后再沿杆下滑．已知圆环与AB段的动摩擦因数μ=0.1，g=10m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6．试求：‎ ‎（1）请画出圆环从A上滑到B过程中的受力示意图；‎ ‎（2）拉力F的大小；‎ ‎（3）若不计圆环与挡板碰撞时的机械能损失，从圆环开始运动到最终静止的过程中在粗糙杆上所通过的总路程．‎ ‎　‎ ‎2016-2017学年江苏省扬州市高邮中学高二（上）第一次月考物理试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题（本题共23小题，每小题3分，共69分．在每小题给出的四个选项当中，只有一个选项是正确的）‎ ‎1．某物体在做加速直线运动，如果加速度大小在逐渐减小，则物体（　　）‎ A．运动速度逐渐减小 B．运动速度仍逐渐增大 C．物体开始做减速运动 D．物体运动的方向立即反向 ‎【考点】加速度；速度．‎ ‎【分析】当加速度方向与速度方向相同时，不论加速度是增大还是减小，物体都做加速运动．‎ ‎【解答】解：物体做加速运动，加速度方向与速度方向相同，加速度逐渐减小，速度逐渐增大，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动．故B正确，A、C、D错误．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】解决本题的关键掌握物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．‎ ‎　‎ ‎2．如图所示是某质点沿直线运动的速度v随时间t变化的关系图线．对于该图线的认识正确的是（　　）‎ A．0～2 s内质点做匀加速直线运动 B．3 s时，质点的速度为2 m/s C．0～2 s内质点做匀速直线运动 D．2 s～4 s内质点处于静止状态 ‎【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．‎ ‎【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．‎ ‎【解答】解：A、由图象可知0﹣2s内，图象是一条倾斜的直线，质点做匀加速直线运动，故A正确，C错误；‎ B、由图象直接看出，3s时，质点的速度为4m/s，故B错误；‎ D、由图象可知2﹣4s内质点做匀速直线运动，故D错误．‎ 故选：A ‎【点评】本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．属于基础题．‎ ‎　‎ ‎3．1971年7月26号发射的阿波罗﹣15号飞船首次把一辆月球车送上月球，美国宇航员斯特做了一个落体实验：在月球上的同一高度同时释放羽毛和铁锤，下列说法正确的是（月球上是真空）（　　）‎ A．铁锤和羽毛运动的加速度都等于物体在地球上的重力加速度g B．铁锤和羽毛同时落地，运动的加速度相同但不等于物体在地球上的重力加速度g C．羽毛先落地，铁锤后落地 D．铁锤先落地，羽毛后落地 ‎【考点】自由落体运动．‎ ‎【分析】在月球上没有空气，两物体不受阻力作用，由静止释放，做自由落体运动．根据比较运动的时间．‎ ‎【解答】解：在月球上的同一高度同时释放羽毛和铁锤，由于没有阻力，都做自由落体运动，运动的加速度相同但不等于物体在地球上的重力加速度g，根据知运动时间相等，则同时落地，故ACD错误，B正确．‎ 故选：B ‎【点评】解决本题的关键知道自由落体运动的特点，以及掌握自由落体运动的运动学公式，并能灵活运用．‎ ‎　‎ ‎4．下列说法正确的是（　　）‎ A．当物体的速度发生变化时，物体一定受到了外力作用 B．当物体受到的合外力为零时，物体一定做匀速直线运动 C．静止或做匀速直线运动的物体，一定不受外力作用 D．当物体的速度等于零时，物体一定不受外力作用 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的概念及其矢量性．‎ ‎【分析】力是改变物体运动状态的原因；物体处于静止或匀速直线运动时，合外力一定为零，但并不是不受外力．‎ ‎【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，故只要物体的速度发生了变化，则说明物体一定受到了外力；故A正确；‎ B、当物体受到合外力为零时，物体可能处于静止或匀速直线运动状态，故B错误；‎ C、静止或匀速直线运动状态说明物体处于平衡状态，物体受力一定平衡，但可能受外力的作用；故C错误；‎ D、当物体的速度等于零时，物体并不一定处于平衡状态；如竖直上抛的最高点；此时受到外力的作用；故D错误；‎ 故选：A．‎ ‎【点评】力是改变物体运动状态的原因，但要注意物体速度为零时并不一定是平衡状态，只有静止或匀速直线运动才是平衡状态．‎ ‎　‎ ‎5．如图，物体A静止在水平地面上，下列说法正确的是（　　）‎ A．物体受到的重力和地面支持力是一对平衡力 B．物体受到的重力和地面支持力是一对作用力和反作用力 C．物体对地面的压力和重力是一对平衡力 D．物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对平衡力 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力；作用力和反作用力．‎ ‎【分析】物体对地面的压力和物体受到的重力大小相等，但是分别作用在地面和物体上，故不是平衡力．‎ 物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对相互作用力．‎ 物体受到的重力和地面支持力效果相互抵消，使物体平衡．‎ ‎【解答】解：A、物体对地面的支持力和物体受到的重力大小相等，并且同时作用在同一物体上，故二力是平衡力，故A正确．‎ B、物体受到的重力和地面对物体的支持力是一对平衡力，故B错误．‎ C物体对地面的压力和物体受到的重力大小相等，但是分别作用在地面和物体上，故不是平衡力，故C错误．‎ D、物体对地面的压力和地面对物体的支持力是一对相互作用力，是作用力和反作用力的关系，故D错误；‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题重点掌握平衡力与作用力和反作用力的相同和不同，注意等大反向作用在两个物体上的不一定是作用力和反作用力，记住平衡力的特征是两个力的作用效果能够相互抵消．‎ ‎　‎ ‎6．已知两个力的合力F=10N，其中一个分力F1=16N，则另一个分力F2可能是（　　）‎ A．5 N B．7 N C．1 N D．3 N ‎【考点】力的合成．‎ ‎【分析】根据两个分力的合力在两个分力之差与两个分力之和之间，分析另一个分力的大小可能值．‎ ‎【解答】解：有两个共点力的合力大小为10N，若其中一个分为大小为16N，另一个分力的大小应在6N≤F≤26N范围，所以可能为7N．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题求解分力的范围与确定两个力的合力范围方法相同．基本题．也可以采用代入法，将各个选项代入题干检验，选择符合题意的．‎ ‎　‎ ‎7．2010年广州亚运会上，“吊环王”陈一冰成功捍卫荣誉，以16.075分摘得金牌成功卫冕，其中有一个高难度的动作就是先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力FT（两个拉力大小相等）及它们的合力F的大小变化情况为（　　）‎ A．FT增大，F不变 B．FT增大，F增大 C．FT增大，F减小 D．FT减小，F不变 ‎【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．‎ ‎【分析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小．‎ ‎【解答】解：对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，如图 由于两个拉力的合力不变，且夹角变大，故两个拉力不断变大；‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题关键作图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论，注意由物理情景，作出物理模型，并能正确使用物理规律，是解题的三步曲．‎ ‎　‎ ‎8．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，下列做法中正确的是（　　）‎ A．改变小车的质量再次进行实验时，需要重新平衡摩擦力 B．小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出 C．实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车 D．平衡摩擦力时，应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上 ‎【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．‎ ‎【分析】探究加速度与拉力的关系实验时，要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出；平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．‎ ‎【解答】解：A、由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故tanθ=μ．所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力，故A错误；‎ B、小车的加速度应根据打点计时器打出的纸带求出，不能由牛顿第二定律求出，故B错误；‎ C、实验时应先接通电源然后再放开小车，故C正确；‎ D、在该实验中，我们认为绳子的拉力就等于小车所受的合外力，故在平衡摩擦力时，细绳的另一端不能悬挂装砝码的砝码盘，故D错误；‎ 故选：C．‎ ‎【点评】探究加速与力的关系实验时，要平衡摩擦力、应根据纸带求出小车的加速度，掌握实验的实验注意事项是正确解题的关键．‎ ‎　‎ ‎9．伽利略在研究力和运动的关系的时候，用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图．伽利略设计这个实验的目的是为了说明（　　）‎ A．维持物体做匀速直线运动并不需要力 B．如果物体不受到力，就不会运动 C．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度 D．如果没有摩擦，物体运动过程中机械能守恒 ‎【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．‎ ‎【分析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点．‎ ‎【解答】解：伽利略的理想斜面实验证明了：运动不需力来维持，物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态，故BCD错误，A正确．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始．‎ ‎　‎ ‎10．物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，当所用时间是下滑到底端所用时间的一半时，物体的动能与势能（以斜面底端为零势能参考平面）之比为（　　）‎ A．1：4 B．1：3 C．1：2 D．1：1‎ ‎【考点】机械能守恒定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ ‎【分析】根据位移时间关系公式求解前一半时间和整个时间段的位移之比，然后根据机械能守恒定律分析．‎ ‎【解答】解：物体由静止出发从光滑斜面顶端自由滑下，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：‎ ‎；‎ ‎；‎ 故；‎ 下滑x1时，重力势能的减小量等于动能的增加量，即下滑x1时，‎ 重力势能为：，动能为：；‎ 故重力势能与动能之比为3：1，‎ 故选B．‎ ‎【点评】本题关键先根据位移时间关系公式求解出位移关系，然后结合机械能守恒定律分析，不难．‎ ‎　‎ ‎11．关于电场强度E的说法正确的是（　　）‎ A．根据E=可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量q成反比 B．一个正电荷激发的电场的电场强度处处相同，是一个匀强电场 C．电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同 D．电场中某点的电场强度方向跟负电荷在该点所受到的电场力的方向相同 ‎【考点】电场强度．‎ ‎【分析】电场强度E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，电场强度的方向与正电荷在该点所受到的电场力的方向相同，与负电荷在该点所受到的电场力的方向相反．‎ ‎【解答】解：A、E=是电场强度的定义式，运用比值法定义，则电场强度E与F、q无关，反映电场本身的性质，故A错误．‎ B、正电荷激发的电场的电场强度处处不同，越靠近正电荷场强越大，故其电场是非匀强电场，故B错误．‎ C、D、电场中某点的电场强度方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同，与负电荷在该点所受到的电场力的方向相反，故C正确，D错误．‎ 故选：C ‎【点评】本题关键理解电场强度的物理意义，知道比值法定义的共性，掌握匀强电场的特点．加强基础知识的学习，即可轻松解题．‎ ‎　‎ ‎12．下列说法正确的是（　　）‎ A．法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律 B．赫兹预言了电磁波的存在 C．牛顿通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量 D．安培通过实验，首先发现了电流周围存在磁场 ‎【考点】物理学史．‎ ‎【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．‎ ‎【解答】解：A、法拉第通过实验研究，总结出了电磁感应的规律，故A正确；‎ B、麦克斯韦预言了电磁波的存在，故B错误；‎ C、卡文迪许通过扭秤实验，较准确地测出了万有引力常量，故C错误；‎ D、奥斯特通过实验，首先发现了电流周围存在磁场，故D错误；‎ 故选：A．‎ ‎【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．‎ ‎　‎ ‎13．将通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．若仅将导线中的电流增大为原来的3倍，则导线受到的安培力的大小（　　）‎ A．增大为原来的3倍 B．增大为原来的9倍 C．减小为原来的 D．保持不变 ‎【考点】安培力．‎ ‎【分析】当电流与磁场垂直时，F=BIL，根据该公式判断安培力大小的变化．‎ ‎【解答】解：根据F=BIL得，电流增大为原来的3倍，则安培力增大为原来的3倍．故A正确，B、C、D错误．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】解决本题的关键掌握安培力的大小公式，当电流与磁场垂直时，F=BIL．‎ ‎　‎ ‎14．如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I，则该环形导线中心处的磁场方向为（　　）‎ A．水平向右 B．水平向左 C．垂直于纸面向里 D．垂直于纸面向外 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布．‎ ‎【解答】解：图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可得：弯曲四指指向电流方向，大拇指方向为内部磁场方向，所以内部磁场应垂直于纸面向里．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】右手螺旋定则在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则（　　）‎ A．小磁针保持不动 B．小磁针的N将向下转动 C．小磁针的N极将垂直于纸面向里转动 D．小磁针的N极将垂直于纸面向外转动 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．‎ ‎【分析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．‎ ‎【解答】解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动．‎ 故选：C ‎【点评】右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．‎ ‎　‎ ‎16．如图，在木板上有一物体．在木板与水平面间的夹角缓慢增大的过程中，如果物体仍保持与板相对静止．则下列说法中错误的是（　　）‎ A．物体所受的弹力和重力的合力方向沿斜面向下 B．物体所受的合外力不变 C．斜面对物体的弹力大小增加 D．斜面对物体的摩擦力大小增加 ‎【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．‎ ‎【分析】对物体进行受力分析，根据物体的所处状态判断物体受什么摩擦力．‎ 静摩擦力运用平衡条件列出等式表示出来．‎ 根据木板从水平面绕B端逆时针缓慢转动，倾角的增大去判断力的变化．‎ ‎【解答】解：A、木块相对木板静止，对物体进行受力分析：‎ 由平衡条件知，重力与弹力的合力一定与f等大反向，故物体所受的弹力和重力的合力方向沿斜面向下，A正确；‎ B、物体始终处于平衡状态，合力为零保持不变，故B正确；‎ C、根据平衡条件得：N=mgcosα，α增大，则N减小，故C错误；‎ D、由平衡条件静摩擦力f=mgsinα，由于木板从水平面绕B端逆时针缓慢转动，所以α逐渐增大，所以木块所受的静摩擦力逐渐增大．故D正确．‎ 本题选错误的，故选：C．‎ ‎【点评】求解一个物理量的变化，先通过物理规律表示出这个物理量，再根据其它量的变化判断．‎ ‎　‎ ‎17．一负电荷垂直射入匀强磁场中，其速度v的方向和受到的洛伦兹力F的方向如图所示，则磁场方向（　　）‎ A．与F方向相同 B．与F方向相反 C．垂直纸面向外 D．垂直纸面向里 ‎【考点】左手定则．‎ ‎【分析】根据左手可以判断磁场方向，注意洛伦兹力与磁场、运动方向垂直．‎ ‎【解答】解：根据左手定则可知：让四指方向与速度方向一致，大拇指指向受力方向，手掌心向外，由于是负电荷，则说明磁场方向垂直纸面向外，故C正确，ABD错误．‎ 故选：C．‎ ‎【点评】解决本题的关键正确运用左手定则判断洛伦兹力、磁场、速度方向之间的关系．‎ ‎　‎ ‎18．如图所示，一通电直线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为BA和BB，则（　　）‎ A．BA＞BB，方向均垂直纸面向里 B．BA＜BB，方向均垂直纸面向里 C．BA＞BB，方向均垂直纸面向外 D．BA＜BB，方向均垂直纸面向外 ‎【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．‎ ‎【分析】正确利用安培定则直接判断通电直导线周围磁场方向，并由越靠近导线的，磁场越强，即可求解．‎ ‎【解答】解：利用安培定则可以判断出通电直导线周围的磁场线分布情况，如图中电流方向向上，则右侧磁场垂直纸面向里，且越靠近导线的，磁场越强，故BCD错误，A正确．‎ 故选：A．‎ ‎【点评】正确利用安培定则判断导线、通电螺线管周围磁场分布情况是对学生的基本要求，要加强练习．‎ ‎　‎ ‎19．如图所示，线圈平面与条形磁铁的轴线垂直，现将线圈沿轴线由A点平移到B点，穿过线圈磁通量的变化情况是（　　）‎ A．变大 B．变小 C．不变 D．先变大，后变小 ‎【考点】磁通量．‎ ‎【分析】磁通量用穿过线圈平面的磁感线的条数表示，根据条形磁铁磁感线的分布情况进行分析．‎ ‎【解答】解：线圈在N极和S极附近时，磁场较强，磁感线较密，穿过线圈的磁感线较多，磁通量较大，而远离条形磁铁磁极附近，磁场变弱，磁感线较疏，穿过线圈的磁通量较小．故线圈在A出的磁通量比较大．线圈从A到B的过程中磁通量逐渐减小．故B正确，ACD错误；‎ 故选：B ‎【点评】本题关键要掌握磁通量的几何意义：穿过线圈平面的磁感线的条数，结合条形磁铁磁感线的分布情况就能分析．‎ ‎　‎ ‎20．如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，下列情况中不能引起电流计指针转动的是（　　）‎ A．闭合电键瞬间 B．断开电键瞬间 C．闭合电键后拔出铁芯瞬间 D．断开电键使变阻器的滑动头向右移动 ‎【考点】研究电磁感应现象．‎ ‎【分析】解答本题的关键是正确理解感应电流产生的条件，指针不偏转可能是磁通量没有发生变化或者是没有形成闭合回路．‎ ‎【解答】解：当回路闭合时，只要线圈中的磁通量发生变化，就能形成感应电流，指针便能偏转，在闭合、断开电键瞬间或者抽出铁心瞬间均有感应电流产生，故ABC错误；‎ 若断开电键，即使线圈中的磁通量变化也不会有感应电流产生，故D正确．‎ 故选D．‎ ‎【点评】本题比较简单，考查了感应电流产生条件的应用，对于这些基本规律要加强理解和应用．‎ ‎　‎ ‎21．2008年9月27日，航天员翟志刚首次实现了中国航天员在舱外的太空活动，这是我国航天发展史上的又一里程碑．舱内、外的航天员近在咫尺，但要进行对话，一般需要利用（　　）‎ A．紫外线 B．无线电波 C．γ射线 D．X 射线 ‎【考点】电磁波的发射、传播和接收．‎ ‎【分析】在舱外的航天员与舱内的航天员近在咫尺，但要进行对话，一般需要利用无线电波．‎ ‎【解答】解：现代的移动通信都是利用无线电波来传递信息的．故B正确，A、C、D错误．‎ 故选：B．‎ ‎【点评】解决本题的关键知道各种射线的性质，知道无线电波可用于通讯．‎ ‎　‎ ‎22．如图所示，A为一放竖直轻弹簧上的小球，在竖直向下恒力F的作用下，在弹簧弹性限度内，弹簧被压缩到B点，现突然撒去力F，小球将向上弹起直至速度为零，不计空气阻力，则小球在上升过程中 （　　）‎ A．小球向上做匀变速直线运动 B．当弹簧恢复到原长时，小球速度一定恰减为零 C．小球机械能逐渐增大 D．小球动能先增大后减小 ‎【考点】机械能守恒定律．‎ ‎【分析】小球开始受到重力、推力F和弹簧的支持力，三力平衡，撤去推力后，小球先向上做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断变大的减速运动，结合功能关系和牛顿第二定律进行分析即可．‎ ‎【解答】解：A、小球上升过程中，受到重力、弹簧的弹力，由于弹簧的弹力为变力，故合力为变力，故加速度是变化的，小球向上做非匀变速直线运动，故A错误；‎ B、小球上升过程为离开弹簧之前做简谐运动，由于推力F不一定等于重力，故弹簧恢复原长时，小球不一定到达最高点，故小球速度不一定为零，故B错误；‎ C、由于除重力外，其余力做的功等于机械能的变化量；小球上升过程中，除重力外，弹簧的弹力对其做正功，故机械能增加，当小球离开弹簧后，做上抛运动，故机械能守恒，故C错误；‎ D、小球速度先增大后减小，则小球的动能先增大后减小．故D正确；‎ 故选：D．‎ ‎【点评】本题中小球如果没有离开弹簧就做简谐运动，也有可能有一段离开弹簧的上抛过程，可以根据功能关系并结合牛顿第二定律进行分析．‎ ‎　‎ ‎23．质量为5t的汽车，在水平路面上以加速度a=2m/s2起动，所受阻力为1.0×103N，汽车起动后第一秒末的即时功率是（　　）‎ A．2kW B．22kW C．1.1kW D．20kW ‎【考点】功率、平均功率和瞬时功率．‎ ‎【分析】根据牛顿第二定律求出匀加速运动汽车的牵引力，根据匀变速直线运动求出第1s末的速度，最后根据P=Fv求出第1s末发动机的瞬时功率．‎ ‎【解答】解：由牛顿第二定律可知：F﹣f=ma；‎ 解得：F=f+ma=1.0×103N+5000×2N=1.1×104N；‎ ‎1s末的速度为：v=at=2×1=2m/s；‎ 故瞬时功率为：P=Fv=1.1×104N×2m/s=22kw；‎ 故选：B．‎ ‎【点评】本题考查功率公式的应用，要明确P=FV中的F为牵引力，v为瞬时速度，同时F与v要同方向．‎ ‎　‎ 二、填空题：把答案填在相应的横线上（本大题2小题，共10分）．‎ ‎24．有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图，则电压的有效值为　5　 V；频率为　2.5　 Hz．‎ ‎【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．‎ ‎【分析】根据图象可读出该交流电的周期和最大值，然后根据频率和周期，最大值与有效值的关系可直接求解．‎ ‎【解答】解：由图可知，该交流电的电压最大值为：Um=10V，‎ 所以有效值为：U==5V，‎ 周期为0.4s，所以有：f==2.5Hz 故答案为：5，2.5．‎ ‎【点评】本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．‎ ‎　‎ ‎25．“验证力的平行四边形定则”的实验如图1甲，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图1乙是在白纸上根据实验结果画出的图．‎ ‎（1）图乙中的　F　是力F1和F2的合力的理论值；　Fˊ　是力F1和F2的合力的实际测量值．‎ ‎（2）如图2，这时弹簧测力计的读数可从图中读出．由图2可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为　2.5　N和　4.0　N（只需读到0.1N）．‎ ‎（3）本实验采用的科学方法是　B　．‎ A．理想实验法　　　　　　B．等效替代法　 C．控制变量法 D．建立物理模型法．‎ ‎【考点】验证力的平行四边形定则．‎ ‎【分析】F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实际值一定与OA共线（二力平衡）．故F'为F1与F2合成的理论值，F为F1与F2合成的实际值；‎ 得出弹簧秤的最小分度，再由指针的位置读出拉力的示数；‎ 本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用．‎ ‎【解答】解：（1）合成的理论是平行四边形定则，故合力的理论值在平行四边形的对角线上，即为F；合力的实际值应通过实验直接测量，不需要用平行四边形定则理论，故实际值为F′，由于误差的存在，因此理论值和实验值不重合．‎ ‎（2）由图可知，弹簧秤的最小分度为0.1N；‎ 则读得：F1=2.5 N，F2=4.0 N．‎ ‎（3）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．‎ 故选：B．‎ 故答案为：（1）F，Fˊ ‎ ‎（2）2.5，4.0 ‎ ‎（3）B ‎【点评】本题考查了“互成角度的两个力的合成”实验中的基本操作以及理论值和实验值的区别，掌握实验原理，从多个角度来理解和分析实验，提高分析解决问题的能力．‎ 是一道考查基本实验操作的好题．‎ ‎　‎ 三、计算题（本题共有3小题，共21分．解答请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．）‎ ‎26．航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2kg，动力系统提供的恒定升力F=28N．试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升．设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2．飞行器飞行t=8s时到达高度H=64m．求：‎ ‎（1）飞行器匀加速上升的加速度a的大小；‎ ‎（2）t=8s时飞行器的速度v的大小：‎ ‎（3）飞行器所受阻力f的大小．‎ ‎【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ ‎【分析】（1）由匀变速直线运动的位移公式可以求出飞行器的加速度；‎ ‎（2）由匀变速直线运动的速度公式求出飞行器的速度；‎ ‎（3）由牛顿第二定律可以求出飞行器受到的阻力．‎ ‎【解答】解：（1）由匀变速直线运动的位移公式可得：H=at2，‎ 飞行器的加速度：a===2m/s2；‎ ‎（2）飞行器的速度：v=at=2×8=16m/s；‎ ‎（3）由牛顿第二定律得：F﹣mg﹣f=ma，‎ 解得：f=F﹣m（g+a）=28﹣2×（10+2）=4N；‎ 答：（1）飞行器匀加速上升的加速度a的大小为2m/s2；‎ ‎（2）t=8s时飞行器的速度v的大小为16m/s；‎ ‎（3）飞行器所受阻力f的大小为4N．‎ ‎【点评】本题考查了求加速度、飞行器的速度、空气阻力，应用匀变速运动的运动规律、应用牛顿第二定律即可正确解题，应用牛顿第二定律时应对飞行器正确受力分析．‎ ‎　‎ ‎27．如图，在倾角θ=37°的足够长的固定的斜面底端有一质量m=1.0kg的物体，物体与斜面间动摩擦因数μ=0.25，现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动，拉力F=10.0N，方向平行斜面向上，经时间t1=4.0s绳子突然断了，（sin37°=0.60，cos37°=0.80，g=10m/s2）求：‎ ‎（1）绳断前物体加速度大小；‎ ‎（2）绳断时物体的速度大小；‎ ‎（3）从绳子断开到物体再返回到斜面底端的运动时间？‎ ‎【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ ‎【分析】（1、2）分析绳子断前物体的受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求解绳断时物体的速度大小．‎ ‎（3）绳断后，物体先沿斜面向上做匀减速运动，后沿斜面向下做匀加速运动，由牛顿第二定律求出向上减速过程的加速度，由运动学公式求出时间和位移．下滑过程的位移大小等于上滑过程总位移大小，由牛顿定律和位移公式结合求解下滑的时间．‎ ‎【解答】解：（1、2）物体向上运动过程中，受重力mg，摩擦力Ff，拉力F，设加速度为a1，‎ 则有：F﹣mgsinθ﹣Ff=ma1‎ FN=mgcosθ 又 Ff=μFN 得到：F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1‎ 代入解得：a1=2.0m/s2‎ 所以当t=4.0s时物体速度为：v1=a1t=2.0×4=8.0m/s ‎（3）绳断后，物体距斜面底端的距离为：x1==16m．‎ 断绳后，设加速度为a2，由牛顿第二定律得：‎ mgsinθ+μmgcosθ=ma2‎ 得到，a2=g（sinθ+μcosθ）=8.0m/s2‎ 物体做减速运动时间为：t2==1.0s ‎ 减速运动位移为：x2==4.0m 此后物体沿斜面匀加速下滑，设加速度为a3，则有：‎ mgsinθ﹣μmgcosθ=ma3‎ 得到，a3=g（sinθ﹣μcosθ）=4.0m/s2‎ 设下滑时间为t3，则：x1+x2=‎ 解得：t3==3.2s 所以有：t总=t2+t3=1.0+3.2=4.2s 答：（1）绳断前的加速度为2.0m/s2；‎ ‎（2）绳断时物体的速度大小是8.0m/s．‎ ‎（3）从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间是4.2s．‎ ‎【点评】本题是有往复的动力学问题，运用牛顿第二定律与运动学公式结合是解题的基本方法，加速度是关键量，加速度是联系力学和运动学的桥梁．‎ ‎　‎ ‎28．如图所示，一根直杆由粗细相同的两段构成，其中AB段为长x1=5m的粗糙杆，BC段为长x2=1m的光滑杆．将杆与水平面成53°角固定在一块弹性挡板上，在杆上套一质量m=0.5kg、孔径略大于杆直径的圆环．开始时，圆环静止在杆底端A．现用沿杆向上的恒力F拉圆环，当圆环运动到B点时撤去F，圆环刚好能到达顶端C，然后再沿杆下滑．已知圆环与AB段的动摩擦因数μ=0.1，g=10m/s2，sin 53°=0.8，cos 53°=0.6．试求：‎ ‎（1）请画出圆环从A上滑到B过程中的受力示意图；‎ ‎（2）拉力F的大小；‎ ‎（3）若不计圆环与挡板碰撞时的机械能损失，从圆环开始运动到最终静止的过程中在粗糙杆上所通过的总路程．‎ ‎【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．‎ ‎【分析】（1）对圆环正确受力分析，然后作出受力分析图．‎ ‎（2）应用动能定理可以求出拉力大小．‎ ‎（3）应用动能定理可以求出圆环的路程．‎ ‎【解答】解：（1）圆环受力如图所示：‎ ‎（2）对圆环从A到C全过程由动能定理可得：‎ FxAB﹣mg（xAB+xBC）sin53°﹣μmgxABcos53°=0‎ 解得：F=5.1N，‎ 故拉力F的大小为5.1N．‎ ‎（3）由于mgsin53°＞μmgcos53°，所以圆环最后停在杆的底端A处，‎ 设总路程为S，由动能定理可得FxAB﹣μmgScos53°=0，解得：S=85m，‎ 故从圆环开始运动到最终静止的过程中，在粗糙杆上所通过的总路程为85m．‎ 答：（1）受力如图所示