2019-2020学年名师同步人教版生物必修二课下提能：章末质量评估卷（一）

2019-2020学年名师同步人教版生物必修二课下提能：章末质量评估卷（一）

章末质量评估卷(一) (时间：90 分钟 满分：100 分) 一、选择题(共 20 小题，每小题 2.5 分，共 50 分) 1．下列有关概念之间关系的叙述，不正确的是( ) A．一般情况下，基因型决定表现型 B．等位基因控制相对性状 C．杂合子自交后代没有纯合子 D．性状分离是由于基因的分离 解析：选 C 基因型对表现型起决定作用，一般情况下，基因型相同，表现 型也相同，但同时环境条件也影响表现型，A 项正确；等位基因是指位于同源染 色体的同一位置、控制着一对相对性状的基因，B 项正确；杂合子自交，后代中 有纯合子出现，C 项错误；基因的分离会导致性状分离，D 项正确。 2．有些植物的花为两性花(即一朵花中既有雄蕊，也有雌蕊)，有些植物的 花为单性花(即一朵花中只有雄蕊或雌蕊)。下列有关植物杂交育种的说法中，正 确的是( ) A．对两性花的植物进行杂交需要对父本进行去雄 B．对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋 C．无论是两性花植物还是单性花植物，在杂交过程中都需要套袋 D．提供花粉的植株称为母本 解析：选 C 对两性花的植物进行杂交需要对母本进行去雄；对单性花的植 物进行杂交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋；无论是两性花植物还是单性花 植物，在杂交过程中都需要套袋，其目的是避免外来花粉的干扰；提供花粉的植 株称为父本，接受花粉的植株称为母本。 3．已知小麦抗锈病由显性基因控制，让一株杂合子小麦自交得 F1，淘汰掉 其中不抗锈病的植株后，再自交得 F2，从理论上计算，F2 中不抗锈病占植株总 数的( ) A．1/4 B．1/6 C．1/8 D．1/16 解析：选 B 根据题意，假设抗锈病与不抗锈病由等位基因 A、a 决定，则 F1 的基因型及比例为 AA∶Aa∶aa＝1∶2∶1，淘汰其中不抗锈病的植株(aa)后， 剩余植株中，AA 占 1/3，Aa 占 2/3，淘汰掉不抗锈病的植株后，再自交，其中 1/3AA 自交，后代不发生性状分离，而 2/3Aa 自交，后代发生性状分离(AA∶Aa∶ aa＝1∶2∶1)，所以 F2 中不抗锈病植株占植株总数的比例为 2/3×1/4＝1/6。 4．一匹家系不明的雄性黑马与若干匹雌性红马杂交，生出 20 匹红马和 22 匹黑马，你认为这两种亲本马的基因型分别是( ) A．黑马为显性纯合子，红马为隐性纯合子 B．黑马为杂合子，红马为显性纯合子 C．黑马为隐性纯合子，红马为显性纯合子 D．黑马为杂合子，红马为隐性纯合子 解析：选 D 显、隐性纯合子杂交后代均为显性，故 A、C 错误；显性纯合 子与杂合子杂交后代也均为显性，B 错误；杂合子与隐性纯合子杂交后代，显隐 性之比为 1∶1，D 正确。 5．(2019·清远期中)小麦抗秆锈病对易染秆锈病为显性。甲、乙抗秆锈病的 小麦中，一为纯合子，一为杂合子，若要鉴别并保留纯合抗秆锈病小麦，则最简 便易行的方法是( ) A．甲×乙 B．甲、乙分别测交 C．甲×甲，乙×乙 D．甲×乙，得 F1 再自交 解析：选 C 鉴别方法：(1)鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；(2) 鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便。因此要 鉴定甲、乙两株显性小麦是否为纯合子，最简便易行的方法是甲×甲，乙×乙。 6．(2018·武汉检测)某种小鼠的体色受常染色体基因的控制，现用一对纯合 灰鼠杂交，F1 都是黑鼠，F1 中的雌雄个体相互交配，F2 体色表现为 9 黑∶6 灰∶ 1 白。下列叙述正确的是( ) A．小鼠体色遗传遵循基因的自由组合定律 B．若 F1 与白鼠杂交，后代表现为 2 黑∶1 灰∶1 白 C．F2 灰鼠中能稳定遗传的个体占 1/2 D．F2 黑鼠有 2 种基因型 解析：选 A 根据 F2 性状分离比可判断基因的遗传遵循自由组合定律； F1(AaBb)与白鼠(aabb)杂交，后代中 AaBb(黑)∶Aabb(灰)∶aaBb(灰)∶aabb(白) ＝1∶1∶1∶1；F2 灰鼠(A_bb、aaB_)中纯合子占 1/3；F2 黑鼠(A_B_)有 4 种基因 型。 7．(2019·烟台检测)落花生是闭花受粉的植物，果实(花生)的厚皮对薄皮为 显性，果子狸毛色深褐色对浅灰色是显性。若要鉴定一株结厚皮果实的落花生和 一只深褐色果子狸的纯合与否，应采用的最简便的遗传方法分别是( ) A．杂交、杂交 B．杂交、测交 C．自交、自交 D．自交、测交 解析：选 D 鉴定纯合与否，动物可采用测交，植物既可以采用测交也可以 采用自交，但对植物(尤其是闭花受粉的植物)而言，自交比测交操作简便。让厚 皮落花生自交，若后代无性状分离，则为纯合子，否则为杂合子；让深褐色果子 狸与多只浅灰色的隐性个体交配，若后代全为深褐色，则可认为是纯合子，否则 是杂合子。 8．(2019·枣庄期中)只有当 A、B 两个显性基因共同存在时，香豌豆才开红 花，否则开白花。一株香豌豆与一株基因型为 AaBb 的香豌豆杂交，F1 中有 3/8 开红花。下列相关说法，错误的是( ) A．该株香豌豆一定开白花 B．该株香豌豆的基因型一定为 aaBb C．F1 中开红花的植株全部为杂合子 D．如果让 F1 自交，F2 中开红花的比例为 15/64 解析：选 B 香豌豆中，花色受两对基因控制，且是独立分配的，所以遵循 基因的自由组合定律。又只有两个显性基因 A、B 同时存在时花为红色，说明基 因型为 A_B_时开红花，基因型为 A_bb、aaB_和 aabb 时开白花。一株香豌豆与 一株基因型为 AaBb 的香豌豆杂交，F1 中有 3/8 开红花，是 1/2×3/4 的结果， 所以该株香豌豆的基因型为 aaBb 或 Aabb，不同时含有 A、B 两个显性基因，所 以一定开白花，A 项正确，B 项错误；由于只有当 A、B 两个显性基因共同存在 时，香豌豆才开红花，而亲本中一株香豌豆的基因型为 aaBb 或 Aabb，所以 F1 中开红花的植株全部为杂合子，C 项正确；若是 aaBb 与一株基因型为 AaBb 的 香豌豆杂交，则 F1 的基因型为 AaBB、AaBb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，且其 比例为 1∶2∶1∶1∶2∶1，则让 F1 自交，F2 中开红花的比例为 1/8×3/4＋2/8×9/16 ＝15/64，D 项正确。 9．番茄高茎(T)对矮茎(t)为显性，圆形果实(S)对梨形果实(s)为显性(控制两 对相对性状的遗传因子独立遗传)。现将一株性状表现为高茎圆形果植株的花粉 授给另一株性状表现相同的植株，所得子代性状表现及比例是高茎∶矮茎＝3∶1， 圆形果实∶梨形果实＝3∶1。根据以上实验结果，判断下列叙述不正确的是( ) A．上述亲本产生的子代的性状表现有 4 种 B．上述亲本产生的子代的遗传因子组成有 9 种 C．以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得 D．以上两株性状表现相同的亲本，遗传因子组成不相同 解析：选 D 先利用分离定律分析每一对相对性状的遗传情况。由题中已知 的条件高茎(显)∶矮茎(隐)＝3∶1，得出亲本的相应遗传因子组成均为 Tt。由圆 形果实(显)∶梨形果实(隐)＝3∶1，得出亲本的相应遗传因子组成均为 Ss，所以 两亲本的遗传因子组成均为 TtSs，其子代中性状表现有 4 种，遗传因子组成有 9 种。两株亲本可以通过 TTSS×ttss 和 ttSS×TTss 两种杂交组合获得。 10．(2019·临沂期中)番茄的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因控制，且两 对基因中某一对基因纯合时会使受精卵致死。现用红色窄叶植株自交，子代的表 现型及其比例为红色窄叶∶红色宽叶∶白色窄叶∶白色宽叶＝6∶2∶3∶1。下列 有关表述正确的是( ) A．这两对基因位于一对同源染色体上 B．这两对相对性状中显性性状分别是红色和宽叶 C．控制花色的基因具有隐性纯合致死效应 D．自交后代中纯合子所占比例为 1/6 解析：选 D 根据红色窄叶植株自交后代表现型比例为 6∶2∶3∶1 可知， 这两对等位基因遵循自由组合定律；由子代中红色∶白色＝2∶1，窄叶∶宽叶＝ 3∶1，可知红色、窄叶为显性性状，且可判断出控制花色的显性基因纯合致死； 子代中只有白色窄叶和白色宽叶中有纯合子，所占比例为 2/12，即 1/6。 11．某种蛙眼色的表现型与基因型的对应关系如下表(两对基因独立遗传)： 表现型 蓝眼 绿眼 紫眼 基因型 A_B_ A_bb、aabb aaB_ 现有蓝眼蛙与紫眼蛙杂交，F1 有蓝眼和绿眼两种表现型，理论上 F1 蓝眼蛙∶ 绿眼蛙为( ) A．3∶1 B．3∶2 C．9∶7 D．13∶3 解析：选 A 蓝眼蛙(A_B_)与紫眼蛙(aaB_)杂交，F1 有蓝眼(A_B_)和绿眼 (A_bb、aabb)两种表现型，据此推断亲本蓝眼蛙的基因型为 AABb，紫眼蛙的基 因型为 aaBb。AABb×aaBb 后代的表现型及比例为 AaB_(蓝眼蛙)∶Aabb(绿眼蛙) ＝3∶1。 12．(2019·余杭期中)等位基因 A、a 和 B、b 分别位于不同对的同源染色体 上。让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得 F1，再让 F1 测交，测交后 代的表现型比例为 1∶3。如果让 F1 自交，则下列表现型比例中，F2 代不可能出 现的是( ) A．13∶3 B．9∶4∶3 C．9∶7 D．15∶1 解析：选 B 两对等位基因位于不同对同源染色体上，遵循基因的自由组合 定律，根据正常的自由组合定律分离比，F1(AaBb)测交表现型应是四种且四种表 现型比例为 1∶1∶1∶1，而现在是 1∶3，那么 F1 自交后代原本的 9∶3∶3∶1 应是两种表现型比例有可能是 9∶7、13∶3 或 15∶1，故 A、C、D 正确；而 B 中的 3 种表现型是不可能的。 13．某种鱼的鳞片有 4 种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由位于 两对同源染色体上的两对等位基因决定(用 A、a，B、b 表示)，且 BB 对生物个 体有致死作用。将无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，F1 有两种表现型，野生型鳞鱼 占 50%，单列鳞鱼占 50%；选取 F1 中的单列鳞鱼进行互交，其后代中有上述 4 种表现型，这 4 种表现型的比例为 6∶3∶2∶1，则 F1 的亲本基因型组合是( ) A．Aabb×AAbb B．aaBb×aabb C．aaBb×AAbb D．AaBb×AAbb 解析：选 C 该鱼的鳞片有 4 种表现型，由两对独立遗传的等位基因控制， 并且 BB 有致死作用，可推知该鱼种群 4 种表现型由 A_Bb、A_bb、aaBb 和 aabb 4 种基因型控制。F1 中的单列鳞鱼相互交配能产生 4 种表现型的个体，可推出 F1 中的单列鳞鱼的基因型为 AaBb；进而推知无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，能得 到基因型为 AaBb 的单列鳞鱼。先考虑 B 和 b 这对等位基因，亲本的基因型为 Bb 和 bb，而亲本野生型鳞鱼为纯合子，故 bb 为亲本野生型鳞鱼的基因型，Bb 为无鳞鱼的基因型；再考虑 A 和 a 这对等位基因，由于无鳞鱼和纯合野生型鳞 鱼杂交后代只有两种表现型，且比例为 1∶1，则亲本的基因型为 AA 和 aa；基 因型组合方式有 AABb×aabb 和 AAbb×aaBb 两种，第一种组合中基因型为 AABb 的个体表现为单列鳞。 14．(2019·郑州期中)某种鼠的体色有三种：黄色、青色、灰色，受两对独立 遗传的等位基因(A、a 和 B、b)控制。A_B_表现为青色，A_bb 表现为灰色，aa__ 表现为黄色(约 50%黄色个体会因黄色素在体内积累过多而死亡)。让灰色鼠与黄 色鼠杂交，F1 全为青色，理论上 F2 存活个体中青色鼠所占的比例是( ) A．9/16 B．3/4 C．6/7 D．9/14 解析：选 D F1 都为青色，则理论上 F2 的基因型及表现型比例为 A_ B_∶ A_bb∶(aaB_＋aabb)＝青色∶灰色∶黄色＝9∶3∶4，由于黄色中有 50%的个体 死亡，则后代个体表现型及比例为黄色∶青色∶灰色＝2∶9∶3，理论上 F2 存活 个体中青色鼠所占的比例是 9/14。 15．(2019·郑州检测)已知一批基因型为 AA 和 Aa 的豌豆和玉米种子，其中 纯合子与杂合子的比例均为 1∶1，分别间行种植，则在自然状态下，豌豆和玉 米子一代的显性性状与隐性性状的比例分别为( ) A．7∶1、7∶1 B．7∶1、15∶1 C．15∶1、15∶l D．8∶1、16∶1 解析：选 B 由题意知，豌豆的基因型是 AA、Aa，且比例是 1∶1，豌豆在 自然状态下是自花传粉、闭花受粉植物，因此豌豆间行种植后，其自交后代中显 隐性性状的分离比是 A_∶aa＝(1/2＋1/2×3/4)∶(1/2×1/4)＝7∶1。玉米的基因 型及比例是 AA∶Aa＝1∶1，玉米在自然状态下自由交配，玉米产生的雌、雄配 子的基因型及比例是 A∶a＝(1/2＋1/2×1/2)∶(1/2×1/2)＝3∶1，因此玉米间行 种植后，自由交配后子代中显隐性性状的分离比是 A_∶aa＝(AA＋Aa)∶aa＝ (3/4×3/4＋3/4×1/4×2)∶(1/4×1/4)＝15∶1。 16．控制两对相对性状的基因自由组合，如果 F2 的性状分离比分别为 9∶7、 9∶6∶1 和 15∶1，那么 F1 与隐性个体测交，得到的后代表现型比例分别是( ) A．1∶3、1∶2∶1 和 3∶1 B．3∶1、4∶1 和 1∶3 C．1∶2∶1、4∶1 和 3∶1 D．3∶1、3∶1 和 1∶4 解析：选 A 若 F2 性状分离比为 9∶7，则表明基因型为双显性的个体表现 为一种性状，其余的表现为另一种性状，测交时，双显性个体占 1/4，其余占 3/4， 故比例为 1∶3；若 F2 性状分离比为 9∶6∶1，则表明双显性个体表现为一种性 状，两种单显性个体表现为一种性状，双隐性个体表现为一种性状，则其测交后 代表现型比例为双显∶单显∶双隐＝1∶2∶1；若 F2 性状分离比为 15∶1，则表 明基因型为双隐性的表现为一种性状，其余基因型表现为另一种性状，故测交后 代表现型比例为 3∶1。 17．控制某植物果实质量的 3 对等位基因为 A/a、B/b 和 C/c，它们对果实 质量的作用相等，这 3 对基因的遗传遵循自由组合定律。已知基因型为 aabbcc 的果实质量为 120 g，基因型为 AABBCC 的果实质量为 210 g。现有两株该植物 甲和乙，让其杂交，甲的基因型为 AAbbcc，F1 的果实质量为 135～165 g，则乙 的基因型是( ) A．aaBBcc B．AaBBcc C．AaBbCc D．aaBbCc 解析：选 D 题中信息表明，每含有 1 个显性基因，果实质量在 120 g 的基 础上增加 15 g。甲产生的配子的基因型为 Abc，F1 的果实质量为 135 g 时，表示 含 1 个显性基因，则乙产生的配子中存在不含显性基因的情况，即 abc，F1 的果 实质量为 165 g 时，表示含 3 个显性基因，则乙产生的配子中最多含 2 个显性基 因。 18．将基因型为 Aa 的豌豆连续自交，将后代中的纯合子和杂合子所占的比 例绘制成如图所示的曲线，据图分析，错误的说法是( ) A．a 曲线可代表自交 n 代后纯合子所占的比例 B．b 曲线可代表自交 n 代后显性纯合子所占的比例 C．隐性纯合子的比例比 b 曲线所对应的比例要小 D．c 曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化 解析：选 C 杂合子连续自交 n 代后，杂合子所占比例为 1/2n，纯合子所占 比例为 1－1/2n，可知图中 a 曲线表示纯合子所占比例，b 曲线表示显性纯合子 或隐性纯合子所占比例，c 曲线表示杂合子所占比例。 19．一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1 为蓝色。 若让 F1 与纯合的鲜红色品种杂交，子代的表现型及其比例为蓝色∶鲜红色＝3∶ 1。若 F1 蓝色植株自花传粉，则 F2 表现型及其比例最可能是( ) A．蓝色∶鲜红色＝1∶1 B．蓝色∶鲜红色＝3∶1 C．蓝色∶鲜红色＝9∶7 D．蓝色∶鲜红色＝15∶1 解析：选 D F1 的测交比为 3∶1，说明花色由两对独立遗传的等位基因控 制，分别设为 A、a 和 B、b，则鲜红色个体的基因型为 aabb，其他基因型的个 体都为蓝色。F1 蓝色个体的基因型为 AaBb，故 F1 自交产生的后代中蓝色(A_B_、 aaB_、A_bb)∶鲜红色(aabb)＝(9＋3＋3)∶1＝15∶1。 20．(2019·涟水期中)育种工作者选用野生纯合子家兔进行如图所示杂交实 验，下列有关说法不正确的是( ) A．家兔的体色由两对基因决定，遵循孟德尔遗传规律 B．对 F1 进行测交，后代表现型有 3 种，比例为 1∶1∶2 C．F2 灰色家兔中基因型有 3 种 D．F2 表现型为白色的家兔中，与亲本基因型相同的占 1/4 解析：选 C 图中 F2 出现 9∶3∶4 的分离比，是 9∶3∶3∶1 的变式，符合 孟德尔的自由组合定律，可知家兔的体色由两对基因决定，且独立遗传，A 项正 确；假设两对基因为 A/a、B/b，根据以上分析，则 F1 灰色家兔的基因型是 AaBb， F1 测交：AaBb×aabb→1AaBb∶1Aabb∶1aaBb∶1aabb，其中基因型为 AaBb 的 个体表现为灰色，基因型为 aabb 的个体表现为白色，基因型为 Aabb 和 aaBb 的 个体中一个表现为黑色，一个表现为白色，所以 F1 进行测交，后代表现型及比 例为灰色∶黑色∶白色＝1∶1∶2，B 项正确；F2 灰色家兔中基因型有 4 种，分 别为 AABB、AABb、AaBB、AaBb，C 项错误；亲本为纯合子，亲本灰色家兔 的基因型为 AABB，则亲本白色家兔的基因型为 aabb，假设 aaB_表现为白色， 则 F2 白色家兔的基因型及比例为 1aaBB∶2aaBb∶1aabb，其中与亲本基因型相 同的是 aabb，占 1/4，D 项正确。 二、非选择题(共 5 小题，共 50 分) 21．(9 分)鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。金定鸭产青色蛋，康贝 尔鸭产白色蛋。为研究鸭蛋蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两种鸭群做了五 组实验，结果如表所示。 杂交组合 第 1 组 第 2 组 第 3 组 第 4 组 第 5 组 康贝尔鸭 ♀×金定 鸭♂ 金定鸭 ♀×康 贝尔鸭 ♂ 第 1 组 的 F1 自 交 第 2 组 的 F1 自 交 第 2 组的 F1♀×康 贝尔鸭♂ 后代所产 蛋颜色及 数目 青色(枚) 26 178 7 628 2 940 2 730 1 754 白色(枚) 109 58 1 050 918 1 648 请回答问题： (1)根据第 1、2、3、4 组的实验结果可判断鸭蛋壳的________色是显性性状。 (2)第 3、4 组的后代均表现出________现象，比例都接近________。 (3)第 5 组实验结果显示后代产青色蛋的概率接近________，该杂交称为 ________，用于检验________。 (4)第 1、2 组的少数后代产白色蛋，说明双亲中的________鸭群中混有杂合 子。 (5)运用________方法对上述遗传现象进行分析，可判断鸭蛋壳颜色的遗传 符合孟德尔的________定律。 解析：(1)(2)第 1 组和第 2 组中康贝尔鸭和金定鸭杂交，不论是正交还是反 交，后代所产蛋颜色几乎全为青色。第 3 组和第 4 组为 F1 自交，子代出现了不 同的性状，即出现性状分离现象，且后代性状分离比第 3 组：青色∶白色＝2 940∶ 1 050，第 4 组：青色∶白色＝2 730∶918，都接近于 3∶1。由此可以推出青色 为显性性状，白色为隐性性状。(3)由上述分析可知，康贝尔鸭(白色)是隐性纯合 子，第 5 组让 F1 与隐性纯合子杂交，这种杂交称为测交，用于检验 F1 是纯合子 还是杂合子。实验结果显示后代产青色蛋的概率约为 1/2。(4)康贝尔鸭肯定是纯 合子，若亲代金定鸭均为纯合子，则所产蛋的颜色应该均为青色，不会出现白色， 而第1组和第 2 组所产蛋的颜色有少量为白色，说明金定鸭群中混有少量杂合子。 (5)本实验采用了统计学的方法对实验数据进行统计分析，可知鸭蛋壳的颜色受 一对等位基因控制，符合孟德尔的基因分离定律。 答案：(1)青 (2)性状分离 3∶1 (3)1/2 测交 F1 (4)金定 (5)统计学 基因分离 22．(10 分)在一些性状的遗传中，具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育， 导致后代中不存在该基因型的个体，从而使性状的分离比发生变化，小鼠毛色的 遗传就是一个例子。 一个研究小组经大量重复实验，在小鼠毛色遗传的研究中发现： 甲：黑色鼠与黑色鼠杂交，后代全部为黑色鼠； 乙：黄色鼠与黄色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为 2∶1； 丙：黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为 1∶1。 根据上述实验结果，回答下列问题(控制毛色的显性基因用 A 表示，隐性基 因用 a 表示)。 (1)黄色鼠的基因型是________，黑色鼠的基因型是________。 (2)推测不能完成胚胎发育的合子的基因型是________。 (3)写出上述乙、丙两个杂交组合的遗传图解。 解析：根据乙杂交组合可判断出黄色是显性性状，黑色是隐性性状，推知黄 色鼠的基因型为 Aa，黑色鼠的基因型为 aa。乙杂交组合中若所有基因型的合子 都能发育，后代的性状分离比应是 3∶1，但实际分离比为 2∶1，根据题干中提 示的“具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育，导致后代中不存在该基因型的 个体”，推知该杂交组合中不存在基因型为 AA 的个体。丙组杂交后代中黄色鼠 与黑色鼠的比例为 1∶1，可推知两亲本的基因型，即黄色鼠的基因型为 Aa，黑 色鼠的基因型为 aa。 答案：(1)Aa aa (2)AA (3)如图 23．(10 分)(2018·合肥期中)牛群中的有角和无角为一对相对性状，由常染色 体上的等位基因 A 和 a 控制，有一条染色体上带有致死基因(致死基因的表达受 性激素的影响)。 实验一 有角(♂)×无角(♀) 实验二 F1有角(♀)×F1有角 (♂) F1 雌 有角∶无角＝1∶1 F2 雌 有角∶无角＝3∶1 雄 有角∶无角＝1∶1 雄 有角∶有角＝2∶1 (1)从上述实验结果可以判断致死基因的表达受________性激素的影响，致 死基因是________(填“显性”或“隐性”)基因，并且与基因________(填“A”或 “a”)在一条染色体上。 (2)推测 F2 中雄性个体出现 2∶1 的可能原因： ________________________。 请写出能够验证以上推测的实验思路，并预测实验结果。_________________ _______________________________________________。 解析：(1)根据实验结果 F2 雌雄个体比例的差异，可以判断致死基因的表达 受雄性激素的影响。又因 F2 中雄性个体有角(Aa)∶无角(aa)＝2∶1，说明致死基 因是显性基因，并且与基因 A 在一条染色体上。(2)F2 中雄性个体出现 2∶1 的可 能原因是基因型为 AA 的雄性个体含有两个显性致死基因而死亡。可设计如下实 验进行验证。实验思路：用多对 F2 中的有角个体(♂)与无角个体(♀)杂交，统计 后代中的有角和无角个体的比例。预测实验结果：有角和无角个体比例为 1∶1。 答案：(1)雄 显性 A (2)基因型为 AA 的雄性个体含有两个显性致死基因 而死亡 实验思路：用多对 F2 中的有角个体(♂)与无角个体(♀)杂交，统计后代 中的有角和无角个体的比例。预测实验结果：有角和无角个体比例为 1∶1 24．(10 分)某昆虫的翅型受等位基因 A、a 控制。AA 表现为长翅，Aa 表现 为中翅、aa 表现为无翅；翅的颜色受另一对等位基因 B、b 控制，含 B 基因的昆 虫表现为灰翅，其余表现为白翅。A、a 和 B、b 两对基因都位于常染色体上且独 立遗传。请回答： (1)翅型和翅色两对相对性状的遗传遵循基因的________定律。 (2)若要通过一次杂交实验检测一只无翅雌性昆虫关于翅色的基因型，可以 选择基因型为________的雄性昆虫与之杂交，选择这种基因型的理由是________ _____________________________________________________________________ ___________________________________________________。 (3)某研究小组利用基因型为 AaBb 的昆虫做了测交实验，实验结果如表： 子代表现型 测交组合 灰色中翅 白色中翅 无翅 (一)雄性 AaBb×雌性 aabb 0 1/3 2/3 (二)雌性 AaBb×雄性 aabb 1/4 1/4 1/2 根据上述实验结果推测，测交组合(一)的子代中不出现灰色中翅的原因是 ________________________，若推测正确，那么将基因型为 AaBb 的一群昆虫自 由交配，子代共有________种表现型，其中表现型为灰色中翅的比例理论上是 ________。 解析：(1)某昆虫的翅型受等位基因 A、a 控制，翅的颜色受另一对等位基因 B、b 控制，A、a 和 B、b 两对基因都位于常染色体上且独立遗传，即位于两对 同源染色体上，因此翅型和翅色两对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。 (2)若要通过一次杂交实验检测一只无翅雌性昆虫关于翅色的基因型，可以选择 基因型为 A_bb(AAbb 或 Aabb)的雄性昆虫与之杂交，选择这种基因型的理由是： 要检测无翅昆虫关于翅色的基因型，需要用基因型为 bb 的昆虫与之测交，要保 证子代出现有翅个体才能观察翅色，亲本必须含有 A 基因。(3)测交组合(一)雄性 AaBb×雌性 aabb 的子代理论上应为灰色中翅 AaBb∶白色中翅 Aabb∶无翅 aaBb∶ 无翅 aabb＝1∶1∶1∶1，因此根据上述实验结果推测，测交组合(一)的子代中不 出现灰色中翅的原因是基因型为 AB 的雄配子不育(或致死)，若此推测正确，那 么将基因型为 AaBb 的一群昆虫自由交配，产生的雌配子有 AB、Ab、aB、ab， 产生的雄配子有 Ab、aB、ab，故子代表现型有灰色长翅(1AABb)、灰色中翅 (1AaBB、3AaBb)、白色长翅(1AAbb)、白色中翅(2Aabb)、无翅(4aa_ _)，即子代 共有 5 种表现型，其中表现型为灰色中翅的比例理论上是(1＋3)÷(1＋1＋3＋1＋2 ＋4)＝1/3。 答案：(1)自由组合(分离和自由组合) (2)A_bb(AAbb 或 Aabb) 要检测无翅 昆虫关于翅色的基因型，需要用基因型为 bb 的昆虫与之测交，要保证子代出现 有翅个体才能观察翅色，亲本必须含有 A 基因 (3)基因型为 AB 的雄配子不育 (或致死) 5 1/3 25．(11 分)现有三个纯合品系的某自花传粉植物：紫花、红花和白花，用这 3 个品系做杂交实验，结果如图所示，结合实验结果分析回答下列问题。 (1)紫花和红花性状受________对基因控制，甲组合杂交亲本的表现型是 ________________。 (2)将乙组合 F1 紫花和丙组合 F1 紫花进行杂交，后代表现型及比例是 ________________________。 (3)从丙组合 F1 植株上收获了共 3 200 粒种子，将所有种子单独种植(自交)， 理论上有________株植株能产生红花后代。 (4)请从题干的三个纯合品系中选择亲本为实验材料，通过一次杂交实验鉴 别出丙组合 F2 中的杂合白花植株。 ①实验步骤：______________________________________________。 ②结果分析：若子代__________________，则为杂合白花植株。 解析：(1)丙组合中出现了 9∶3∶4 的比例，是 9∶3∶3∶1 的变式，说明该 性状由两对等位基因控制，该性状的遗传遵循自由组合定律。根据题意可设紫花 基因型为 A_B_，红花基因型为 A_bb，则白花基因型为 aaB_和 aabb。甲组合中， F2 紫花(A_B_)∶红花(A_bb)＝3∶1，说明 F1 紫花基因型为 AABb，故亲本的表 现型为紫花(AABB)和红花(AAbb)。(2)乙组合中，F2 紫花(A_B_)∶白花(aaB_， 此处不可能为 aabb)＝3∶1 说明 F1 紫花基因型为 AaBB，故亲本组合为紫花(AABB) 和白花(aaBB)。丙组合中 F1 紫花基因型为 AaBb，乙组合中 F1 紫花(AaBB)和丙 组合中 F1 紫花(AaBb)杂交，子代紫花(A_B_)占 3/4，白花(aaB_)占 1/4，即紫花∶ 白花＝3∶1。(3)从丙组合 F1 植株上收获了 3 200 粒种子(即 F2)，F2 自交后能产生 红花后代(A_bb)的类型有 A_bb 和 A_Bb，所占比例分别是 3/16、6/16，故理论 上 F2 中能产生红花后代的植株有 3 200×9/16＝1 800(株)。(4)丙组合中 F2 白花类 型有 aaBB、aaBb、aabb，可用纯合红花(AAbb)与丙组中的 F2 白花杂交，观察下 一代的花色类型及比例，若后代全是紫花，则该 F2 白花基因型为 aaBB；若后代 紫花与红花比例为 1∶1，则该 F2 白花基因型为 aaBb；若后代全是红花，则该 F2 白花基因型为 aabb。 答案：(1)两 紫花×红花 (2)紫花∶白花＝3∶1 (3)1 800 (4)①选择纯合红花与丙组中的白花杂交，观察子代表现型 ②既 有紫花又有红花