【物理】2020届一轮复习人教版　机械振动课时作业

【物理】2020届一轮复习人教版　机械振动课时作业

‎2020届一轮复习人教版 　机械振动 课时作业 ‎ (建议用时：40分钟)‎ ‎[基础对点练]‎ 题组一：简谐运动的特征 ‎1．(多选)关于简谐运动的周期，以下说法正确的是(　　)‎ A．间隔一个周期的整数倍的两个时刻，物体的振动情况相同 B．间隔半个周期的奇数倍的两个时刻，物体的速度和加速度可能同时相同 C．半个周期内物体的动能变化一定为零 D．一个周期内物体的势能变化一定为零 E．经过一个周期质点通过的路程变为零 ACD　[根据周期的定义可知，物体完成一次全振动，所有的物理量都恢复到初始状态，故A选项正确。当间隔半周期的奇数倍时，所有的矢量都变得大小相等，方向相反，且物体的速度和加速度不同时为零，故B选项错误，C、D选项正确。经过一个周期，质点通过的路程为4A，故E错误。]‎ ‎2．(多选)关于单摆摆球在运动过程中的受力，下列结论正确的是(　　)‎ A．摆球受重力、摆线的张力两个力作用 B．摆球的回复力最大时，向心力为零；回复力为零时，向心力最大 C．摆球的回复力最大时，摆线中的张力大小比摆球的重力大 D．摆球的向心力最大时，摆球的加速度方向沿摆球的运动方向 E．摆球由最大位移处向平衡位置运动时回复力逐渐减小，向心力逐渐增大 ABE　[单摆在运动过程中，摆球受重力和摆线的拉力，故A正确。重力垂直于摆线的分力提供回复力，当回复力最大时，摆球在最大位移处，速度为零，向心力为零，则拉力小于重力；在平衡位置处，回复力为零，速度最大，向心力最大，摆球的加速度方向沿摆线指向悬点，故C、D错误，B正确。摆球由最大位移处向平衡位置运动时，回复力逐渐减小，向心力逐渐增大，E正确。]‎ 题组二：简谐运动的规律及图象 ‎3．(多选)如图所示，轻弹簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖直方向做简谐运动。以竖直向上为正方向，物块简谐运动的表达式为y＝0.1sin(2.5πt)m。t＝0时刻，一小球从距物块h高处自由落下；t＝0.6‎ ‎ s时，小球恰好与物块处于同一高度。取重力加速度的大小g＝10 m/s2。以下判断正确的是(　　)‎ A．h＝1.7 m B．简谐运动的周期是0.8 s C．0.6 s内物块运动的路程为0.2 m D．t＝0.4 s时，物块与小球运动方向相反 E．简谐振动的振幅为0.1 m ABE　[由物块简谐运动的表达式y＝0.1sin(2.5πt)m知，A＝0.1 m，ω＝2.5π rad/s，T＝＝ s＝0.8 s，选项B、E正确；t＝0.6 s时，y＝－0.1 m，对小球：h＋|y|＝gt2，解得h＝1.7 m，选项A正确；物块0.6 s内路程为0.3 m，t＝0.4 s时，物块经过平衡位置向下运动，与小球运动方向相同，故选项C、D错误。]‎ ‎4．(多选)弹簧振子做简谐运动的图象如图所示，下列说法正确的是 (　　)‎ A．在第5秒末，振子的速度最大且沿＋x方向 B．在第5秒末，振子的位移最大且沿＋x方向 C．在第5秒末，振子的加速度最大且沿－x方向 D．在0到5秒内，振子通过的路程为10 cm E．在0到5秒内，振子通过的路程为12 cm BCD　[由题图可知第5秒末，振子处于正的最大位移处，此时有负方向的最大加速度，速度为零，故B、C正确，A错误；在0到5 s内，振子经过个全振动，路程为5A＝10 cm，故D正确，E错误。]‎ ‎5．(多选)做简谐运动的物体，其位移随时间的变化规律为x＝2sin50πt＋ ‎ cm，则下列说法正确的是(　　)‎ A．它的振幅为4 cm B．它的周期为0.04 s C．它的初相位是 D．它在周期内通过的路程可能是2 cm E．该物体是从平衡位置开始振动的 BCD　[对照简谐运动的一般表达式x＝Asint＋φ知A＝2 cm，T＝0.04 s，φ＝，故A错误，B、C正确。由表达式可以看出振动物体从t＋φ＝到t＋φ＝时在周期内通过路程为A＝2 cm，故D正确。由表达式可以看出振动物体的初相位φ＝，故选项E错误。]‎ ‎6．(多选)(2019·长沙质检)如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是(　　)‎ A．甲、乙两单摆的摆长相等 B．甲摆的振幅比乙摆大 C．甲摆的机械能比乙摆大 D．在t＝0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆 E．由图象可以求出当地的重力加速度 ABD　[由题图看出，两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T＝2π得知，甲、乙两单摆的摆长l相等，故A正确；甲摆的振幅为10 cm，乙摆的振幅为7 cm，则甲摆的振幅比乙摆大，故B正确；尽管甲摆的振幅比乙摆大，两摆的摆长也相等，但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小，故C错误；在t＝0.5‎ ‎ s时，甲摆经过平衡位置，振动的加速度为零，而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度，故D正确；由单摆的周期公式T＝2π得g＝，由于单摆的摆长不知道，所以不能求得重力加速度，故E错误。]‎ 题组三：受迫振动和共振 ‎7．(多选)(2019·大连模拟)某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f。若驱动力的振幅保持不变，则下列说法正确的是(　　)‎ A．当f＜f0时，该振动系统的振幅随f增大而减小 B．当f＞f0时，该振动系统的振幅随f减小而增大 C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0‎ D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f E．当f＝f0时，该振动系统一定发生共振 BDE　[受迫振动的振幅A随驱动力的频率变化的规律如图所示，显然选项A错误，B正确；稳定时系统的频率等于驱动力的频率，即选项C错误，D正确；根据共振产生的条件可知，当f＝f0时，该振动系统一定发生共振，选项E正确。]‎ ‎8．(多选)如图所示为单摆在两次受迫振动中的共振曲线，则下列说法正确的是(　　)‎ A．若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相同，则图线Ⅰ表示月球上单摆的共振曲线 B．若两次受迫振动是在地球上同一地点进行，则两次摆长之比lⅠ∶lⅡ＝25∶4‎ C．图线Ⅱ若是在地面上完成的，则该单摆摆长约为1 m D．图线Ⅱ若是在地面上完成的，则该单摆摆长约为0.5 m E．若摆长均为1 m，则图线Ⅰ是在地面上完成的 ABC　[题图线中振幅最大处对应的频率应与做受迫振动的单摆的固有频率相等，从图线上可以看出，两摆的固有频率fⅠ＝0.2 Hz，fⅡ＝0.5‎ ‎ Hz。当两摆在月球和地球上分别做受迫振动且摆长相等时，根据公式f＝可知，g越大，f越大，由图象知gⅡ>gⅠ，又因为g地>g月，因此可推知图线Ⅰ表示月球上单摆的共振曲线，A正确；若在地球上同一地点进行两次受迫振动，g相同，摆长长的f小，且有＝，所以＝，B正确；fⅡ＝0.5 Hz，若图线Ⅱ是在地面上完成的，根据g＝9.8 m/s2，可计算出lⅡ约为1 m，C正确，D、E错误。]‎ 题组四：用单摆测定重力加速度 ‎9．在“用单摆测定重力加速度”的实验中：(1)摆动时偏角满足的条件是偏角小于5°，为了减小测量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最________(选填“高”或“低”)点的位置，且用停表测量单摆完成多次全振动所用的时间，求出周期。图甲中停表示数为一单摆全振动50次所用的时间，则单摆振动周期为________。‎ 甲　　　　　　　乙 ‎(2)用最小刻度为1 mm的刻度尺测摆长，测量情况如图乙所示。O为悬挂点，从图乙中可知单摆的摆长为________ m。‎ ‎(3)若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g＝________。‎ ‎(4)考虑到单摆振动时空气浮力的影响后，学生甲说：“因为空气浮力与摆球重力方向相反，它对球的作用相当于重力加速度变小，因此振动周期变大。”学生乙说：“浮力对摆球的影响好像用一个轻一些的摆球做实验，因此振动周期不变”，这两个学生中________。‎ A．甲的说法正确 B．乙的说法正确 C．两学生的说法都是错误的 解析：‎ ‎(1)摆球经过最低点时小球速度最大，容易观察和计时；图甲中停表的示数为1.5 min＋12.5 s＝102.5 s，则周期T＝ s＝2.05 s。‎ ‎(2)从悬点到球心的距离即为摆长，可得L＝0.998 0 m。‎ ‎(3)由单摆周期公式T＝2π可得g＝。‎ ‎(4)由于受到空气浮力的影响，小球的质量没变而相当于小球所受重力减小，即等效重力加速度减小，因而振动周期变大，选项A正确。‎ 答案：(1)低　2.05 s　(3)0.998 0　(3)　(4)A ‎[考点综合练]‎ ‎10．(多选)(2018·天津高考)一振子沿x轴做简谐运动，平衡位置在坐标原点。t＝0时振子的位移为－0.1 m，t＝1 s时位移为0.1 m，则(　　)‎ A．若振幅为0.1 m，振子的周期可能为 s B．若振幅为0.1 m，振子的周期可能为 s C．若振幅为0.2 m，振子的周期可能为4 s D．若振幅为0.2 m，振子的周期可能为6 s AD　[若振幅为0.1 m，则Δt＝＋nT(n＝0,1,2，…)。‎ 当n＝0时，T＝2 s；n＝1时，T＝ s；n＝2时，T＝ s。‎ 故选项A正确，选项B错误。‎ 若振幅为0.2 m，振动分两种情况讨论：‎ ‎①振子振动如图甲所示，则振子由C点振动到D点用时至少为，周期最大为2 s。‎ 甲 ‎②振子振动如图乙中实线所示。‎ 乙 由x＝Asin(ωt＋φ)知 t＝0时，－＝Asin φ，φ＝－，即振子由C点振动到O点用时至少为，由简谐运动的对称性可知，振子由C点振动到D点用时至少为，则T最大为6 s。‎ 若振子振动如图乙中虚线所示，振子由C点振动到D点，则T＝2 s。‎ 综上所述C错误，D正确。]‎ ‎11．弹簧振子以O点为平衡位置，在B、C两点间做简谐运动，在t＝0时刻，振子从O、B间的P点以速度v向B点运动；在t＝0.20 s时刻，振子速度第一次变为－v；在t＝0.50 s时刻，振子速度第二次变为－v。‎ ‎(1)求弹簧振子的振动周期T；‎ ‎(2)若B、C之间的距离为25 cm，求振子在4.0 s内通过的路程；‎ ‎(3)若B、C之间的距离为25 cm，从平衡位置开始计时，写出弹簧振子位移表达式，并画出弹簧振子的振动图象。‎ 解析：(1)画出弹簧振子简谐运动示意图如图所示。‎ 由对称性可得T＝0.5×2 s＝1.0 s。‎ ‎(2)若B、C之间距离为25 cm，‎ 则振幅A＝×25 cm＝12.5 cm 振子4.0 s内通过的路程s＝×4×12.5 cm＝200 cm。‎ ‎(3)根据x＝Asin ωt，A＝12.5 cm，ω＝＝2π rad/s，得x＝12.5sin 2πt(cm)‎ 振动图象如图所示。‎ 答案：(1)1.0 s　(2)200 cm ‎(3)x＝12.5sin 2πt(cm)　图象见解析图 ‎12.(1)如图所示为某弹簧振子在0～5‎ ‎ s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是________。‎ A．振动周期为4 s，振幅为8 cm B．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值 C．第3 s末振子的速度为正向的最大值 D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动 E．从第1 s末到第2 s末振子在做减速运动 ‎(2)一质点做简谐运动，其位移和时间的关系如图所示。‎ ‎①求t＝0.25×10－2 s时质点的位移；‎ ‎②在t＝1.5×10－2 s到t＝2×10－2 s的振动过程中，质点的位移、回复力、速度、动能、势能如何变化？‎ ‎③在t＝0到t＝8.5×10－2 s时间内，质点的路程、位移各多大？‎ 解析：(1)根据题图可知，弹簧振子的周期T＝4 s，振幅A＝8 cm，选项A正确；第2 s末振子到达负向最大位移处，速度为零，加速度最大，且沿x轴正方向，选项B错误；第3 s末振子经过平衡位置，速度达到最大，且向x轴正方向运动，选项C正确；从第1 s末到第2 s末振子经过平衡位置向下运动到达负向最大位移处，速度逐渐减小，选项D错误，E正确。‎ ‎(2)①由题图可知A＝2 cm，T＝2×10－2 s，振动方程为x＝Asin ‎＝－Acos ωt＝－2cos cm ‎＝－2cos 100πt cm 当t＝0.25×10－2 s时，x＝－2cos cm＝－ cm。‎ ‎②由题图可知在t＝1.5×10－2 s到t＝2×10－2 s的振动过程中，质点的位移变大，回复力变大，速度变小，动能变小，势能变大。‎ ‎③在t＝0到t＝8.5×10－2 s时间内经历个周期，质点的路程为s＝17A＝34 cm，位移为2 cm。‎ 答案：(1)ACE　(2)①－ cm　②变大　变大　变小　　变小　变大　③34 cm　2 cm