2020-2021学年江西新余高三上物理月考试卷

2020-2021学年江西新余高三上物理月考试卷

‎2020-2021学年江西新余高三上物理月考试卷 一、选择题 ‎ ‎ ‎1. 汽车在‎0‎时刻以某一初速度开始做匀加速直线运动，已知第‎3s内的位移为‎5.5m，第‎6s末到第‎8s末之间的位移为‎20m，则下列说法正确的是（        ） ‎ A.汽车的加速度大小为‎0.5m/‎s‎2‎ B.汽车的初速度大小为‎3m/s C.汽车前‎5s内的平均速度大小为‎5m/s D.汽车前‎2s的位移大小为‎4.8m ‎ ‎ ‎2. 一质量为m、电荷量为q（q>0‎）的小球，在竖直方向的匀强电场中以水平初速度平抛射出，小球的加速度大小为‎2g‎3‎，不计空气阻力，则小球在下落高度h的过程中（        ） ‎ A.小球动能增加‎2‎‎3‎mgh B.小球电势能增加‎2‎‎3‎mgh C.小球机械能减少‎2‎‎3‎mgh D.该电场方向竖直向下，电场强度大小为‎2mg‎3q ‎ ‎ ‎3. 如图，电源A的电压为‎6V，电源B的电压为‎8V，当开关S从A转B时，通过电流计的电量为 ‎1.2×‎10‎‎−5‎C，则电容器的电容为（        ） ‎ A.‎2×‎10‎‎−5‎F B.‎1.5×‎10‎‎−6‎F C.‎6×‎10‎‎−6‎F D.‎‎6‎‎7‎‎×‎10‎‎−6‎F ‎ ‎ ‎4. 为迎接‎2022‎年将在中国举办的第‎24‎届冬季奥运会，我国冰雪运动员刻苦备战，如图为某滑雪运动员从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到倾斜的雪坡上，若倾斜的、足够长的雪坡倾角为θ，运动员水平飞出时的速度大小为v‎0‎，落到斜面上的速度大小为v，抛点到落点的距离为s，运动员在斜面上空运动时间为t，运动员和雪橇可看作质点，不计空气阻力，重力加速度恒为g，则（        ） ‎ A.如果飞出的水平初速度为‎2‎v‎0‎，运动员落到斜面上的速度变为‎4v B.如果飞出的水平初速度为‎2‎v‎0‎，运动员在斜面上空运动时间为‎4t C.如果运动员飞出时的水平初速度为‎2‎v‎0‎，运动员落到斜面上时的速度与水平方向夹角为‎2θ D.如果飞出的水平初速度为‎2‎v‎0‎，运动员抛点到落点的距离变为‎4s ‎ ‎ ‎5. 有一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，其绕行方向与地球自转方向相同．卫星运行周期是地球近地卫星周期的‎2‎‎2‎倍，卫星运行轨道平面与地球赤道平面共面．卫星上的太阳能收集板（可以自动调整始终面向太阳）可将光能转化为电能，提供卫星工作所需能量．已知地球表面重力加速度为g，地球半径为R，太阳光可视为平行光，且与赤道平面平行，忽略地球公转，下列说法正确的是（        ） ‎ A.该卫星离地高度为‎2R B.该卫星运行一周能吸收到太阳能的时间为‎10π‎3‎‎2Rg C.该卫星受到的地球对它的引力是地球对近地卫星引力的四分之一 D.该卫星与近地卫星的向心加速度大小之比为‎1:2‎ ‎ ‎ ‎6. 坐落在贺龙体育场旁边的长沙观景摩天轮，距地面的总高度为‎120‎米，是游客比较喜欢的游乐设施之一．现假设摩天轮正绕中心的固定轴做匀速圆周运动，则对于坐在轮椅上观光的游客来说，下列说法正确的是（轮椅与乘客只有相互作用的弹力）（        ） ‎ A.因为摩天轮做匀速转动，所以乘客受力平衡 B.乘客做加速运动，且加速度的大小不断变化 C.虽然摩天轮做匀速转动，但乘客在相等时间里速度的改变是不相等的 D.在轮椅由最低点转到与圆心等高的过程中，轮椅对乘客的作用力不断增大 ‎ ‎ 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 ‎7. 如图所示，一倾角为θ的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为k的轻弹簧下端固定在挡板上．现将一质量为m的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s处由静止释放，已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，物块下滑过程中的最大动能为Ekm，最大弹性势能为Epm，已知弹性势能Ep‎=‎1‎‎2‎kx‎2‎，其中x为形变量，那么小物块从释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是（        ） ‎ A.物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能 B.物块运动的加速度先减小后增大 C.若将物块从离弹簧上端‎2s处由静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于‎2‎Ekm D.若将物块从离弹簧上端‎2s处由静止释放，则下滑过程中弹簧的最大弹性势能等于‎2‎Epm ‎ ‎ ‎8. 如图所示，匀强电场中有一个以O为圆心、半径为R的圆，电场方向与圆所在平面平行，A、O两点电势差为U，一带电粒子仅在电场力的作用下经过该区域，在A、B两点时速度大小均为v‎0‎，粒子重力不计，以下说法正确的是（        ） ‎ A.粒子从A到B的运动过程中，电场力先做正功后做负功，或者不做功 B.粒子可能在A、B间是做匀速圆周运动 C.如果将该带电粒子从A点由静止释放，它将沿AO运动 D.圆周上，两点电势差最大值为‎2‎2‎U ‎ ‎ ‎9. 如图所示，长为L的轻质刚性杆两端分别与质量为‎2m的A球和质量为m的B球相连（两小球半径远小于杆长），竖直静止地放在光滑水平地面上的O点．现给A一微小扰动，A球开始向右倾倒，直到小球A即将落地．已知重力加速度为g，下列说法正确的是（        ） ‎ A.此倾倒过程中，轻杆对小球B一直做正功 B.当B球的速度最大后，它将保持这个速度做匀速运动 C.A球将落在O点的右侧‎1‎‎3‎L处 D.当B球速度最大时，A球的加速度等于重力加速度g 二、多选题 ‎ ‎ ‎ 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab‎=‎Ubc，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，R在等势面b上，据此可知（        ） ‎ A.三个等势面中，c的电势最低 B.带电质点在P点的电势能比在Q点的大 C.带电质点在P点的动能一定比在Q点的动能大 D.带电质点在R点的加速度方向垂直于等势面b ‎ ‎ ‎ ‎2020‎年‎7‎月‎23‎日我国首次成功发射“天问一号”火星探测器，标志着我国航天事业在不断飞速发展！假设在不久的将来，我国发射的载人航天器成功着陆在某星球，宇航员在离该星球表面h高处将一小球水平抛出（平抛），测得该小球平抛出后的水平位移为x，在空中运动的时间为t，已知该星球半径是地球半径的‎2‎倍，地球表面的重力加速度为g，地球质量为M，不计大气阻力．下列说法正确的是（        ） ‎ A.根据题中给出的数据可以求出该星球的质量 B.根据题中给出的数据可以求出宇航员抛出小球的初速度 C.宇航员在地球表面相同高度以相同初速度平抛该小球，其水平位移为xt‎2hg D.根据题中给出的数据可以求出该星球的第一宇宙速度 ‎ ‎ ‎ 如图所示，足够长的机动平板车始终以恒定的水平速度v沿水平路面向左运动，位于平板车正上方、距车高为h的小球由静止自由下落，与车碰撞后小球被弹起的高度也是h．若小球与车的动摩擦因数为μ，并设相互撞击力远大于小球所受重力．滑动摩擦力等于最大静摩擦力，不计空气阻力，那么关于小球弹起后所具有的水平分速度有可能的是（        ） ‎ A.‎0‎ B.v C.μ‎2gh D.‎‎2μ‎2gh 三、实验探究题 ‎ ‎ ‎ 现利用如图所示装置验证动量守恒定律．在图中，气垫导轨上有上面固定着遮光片的A、B两个滑块，滑块A右侧和滑块B左侧附有少量高粘性橡皮泥，光电计时器（未完全画出）可以记录遮光片通过光电门的时间．实验测得滑块A的质量m‎1‎‎=300.0g，滑块B的质量m‎2‎‎=90.0g（均包含橡皮泥的质量），两滑块的遮光片宽度均为d=0.600cm ．将两个光电门固定在合适位置，滑块A置于光电门‎1‎左侧某一合适位置，滑块B置于两光电门之间某一合适位置，给滑块A向右的初速度，通过光电门‎1‎后使它与B相碰并粘在一起通过光电门‎2‎．计时器显示滑块A、B的遮光片通过光电门‎1‎和‎2‎的时间分别为Δt‎1‎=30.0ms和Δt‎2‎=40.0ms．请回答下面的问题： ‎ 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 ‎（1）碰撞前后，系统动量守恒的表达式为________（用题中给出的物理量符号表示）；‎ ‎ ‎ ‎（2）碰撞前后总动量之差为‎|Δp|=‎________（保留三位有效数字）；‎ ‎ ‎ ‎（3）若光电计时器计时准确，气垫导轨喷气均匀，滑块能被稳定悬浮，请举出一个减少本实验误差的措施________．‎ ‎ ‎ ‎ 某同学在用如图甲所示的装置做“探究加速度与物体受力的关系”实验时， ‎ ‎（1）该同学在实验室找到了一个小正方体木块，用来垫高长滑板的右端，她用实验桌上的一把游标卡尺测出正方体木块的边长，如图乙所示，则正方体木块的边长为________cm；‎ ‎ ‎ ‎（2）接着她调节这个小正方体木块的位置，使小车在不挂钩码时刚好能匀速下滑．然后她正确连接纸带和打点计时器，将细绳绕过滑板左端的定滑轮后挂上质量为m的钩码，先接通打点计时器电源（频率为‎50Hz）再由静止释放小车，得到了一条点迹清晰的纸带，其中‎0‎、‎1‎、‎2‎、‎3‎……为计数点，相邻两计数点间还包含有‎4‎个打点计时器打的点．他测得‎1‎、‎2‎、‎3‎、‎4‎、‎5‎、‎6‎各点到‎0‎点的距离分别为s‎1‎‎=2.00cm、s‎2‎‎=5.90cm、s‎3‎‎=12.00cm、s‎4‎‎=20.20cm、s‎5‎‎=30.60cm、s‎6‎‎=43.10cm．已知小车的质量为M，那么此纸带对应的小车加速度 a=‎________（保留三位有效数字）； ‎ ‎ ‎ ‎（3）不断改变所挂重物（钩码）的质量m，测出对应的加速度a，则下列图像中能正确反映小车加速度a与所挂重物质量m的关系的是________． ‎ 四、解答题 ‎ ‎ ‎ 我国‎002‎号航空母舰——山东舰已交付使用，舰上装备已接近世界先进水平，已知该航空母舰飞行甲板长度为 L=180m，舰载战斗机在航空母舰上起飞过程中的最大加速度为a=3.6m/‎s‎2‎，飞机速度要达到v=54m/s才能安全起飞，舰载机的质量m=1260‎kg，起落架与甲板的动摩擦因数为μ=0.4‎，不考虑空气阻力，取g=10m/‎s‎2‎． ‎ ‎（1）如果航空母舰匀速前进，在没有弹射装置的情况下，要保证飞机安全起飞，航空母舰沿飞机起飞方向前进的速度至少是多大？‎ ‎ ‎ ‎（2）若舰载机以‎80m/s的速度平行甲板着舰，拦阻索对飞机的平均阻力至少为多大？设航母静止不动，拦阻索的形变始终为弹性形变，飞机刚着舰，就与拦阻索产生相互作用．‎ ‎ ‎ ‎ 如图甲所示，质量均为m＝‎0.5kg的相同物块P和Q（可视为质点）分别静止在水平地面上A、C两点，P在按图乙所示随时间变化的水平力F作用下由静止开始向右运动，‎3s末撤去力F，此时P运动到B点，之后继续滑行并与Q发生弹性碰撞，已知B、C两点间的距离为L＝‎3.75m，PQ与地面间的动摩擦因数均为μ＝‎0.2‎，取g＝‎10m/‎s‎2‎，求： ‎ ‎（1）P与Q碰撞前瞬间的速度大小v；‎ ‎ ‎ ‎（2）Q运动的时间t．‎ ‎ ‎ ‎ 两平行金属板A、B水平放置，一个质量为m=‎‎5×‎10‎‎−6‎kg的带电微粒以 v‎0‎‎=2m/s的水平速度从两板正中位置射入电场，如图所示，A、B间距为d=‎‎4cm，板长l=10cm．（g取‎10m/‎s‎2‎） ‎ ‎（1）当A、B间电压UAB‎=1.0×‎10‎‎3‎V时，微粒恰好不发生偏转，求该微粒的电性和电荷量； ‎ ‎ ‎ ‎（2）若微粒所带电荷量取（‎1‎）中数值，要使该微粒恰能从极板右边缘穿过电场，求两级板间的电压U．‎ ‎ ‎ ‎ 自行车杂耍运动既惊险又刺激，某次杂耍自行车运动员从D点由静止下滑，沿如图所示的轨道运动，他恰好可通过A点，若光滑圆轨道ABC的半径R=20m，并与光滑倾斜直轨道CD平滑相接于C点，OB水平、OC垂直水平地面，AO的延长线垂直于斜面，自行车和运动员整体可看成一个质点．已知自行车和运动员的总质量为m=100kg，‎∠AOB=‎‎53‎‎∘‎，sin‎37‎‎∘‎=0.6‎，cos‎37‎‎∘‎=0.8‎，取g=10m/‎s‎2‎，‎340‎‎=18.4‎，不计空气阻力．试求： ‎ ‎（1）自行车和运动员的整体从D沿斜面运动到C过程的加速度a；‎ ‎ ‎ 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 ‎（2）CD之间的竖直高度差h；‎ ‎ ‎ ‎（3）从C到B运动的过程中，自行车和运动员的整体所受的合外力的冲量大小I．‎ 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 参考答案与试题解析 ‎2020-2021学年江西新余高三上物理月考试卷 一、选择题 ‎1.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 平均速度公式的应用 匀变速直线运动规律的综合运用 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：在匀加速直线运动中，一段时间内的平均速度等于这段时间中间时刻的瞬时速度，则由题中数据可知， vt2.5‎‎=5.5m/s，vt7‎‎=10m/s， 汽车的加速度大小为a=ΔvΔt=vt7‎‎−‎vt2.5‎‎7−2.5‎=1m/‎s‎2‎， vt2.5‎‎=v‎0‎+at‎2.5‎，则汽车的初速度大小为v‎0‎‎=3m/s， 汽车前‎5s内的平均速度大小为v‎¯‎‎5‎‎=‎3+(3+5)‎‎2‎m/s=5.5m/s， 汽车前‎2s的位移大小为x‎2‎‎=‎3+5‎‎2‎×2m=8m． 故选B．‎ ‎2.‎ ‎【答案】‎ A ‎【考点】‎ 带电粒子在重力场和电场中的运动 动能定理的应用 ‎【解析】‎ 根据动能定理研究动能的变化和重力做功与重力势能的关系，电势能的变化．电场力做负功，机械能减小，根据能量守恒可知机械能减小量等于小球电势的增加量．高度下降，重力势能减小．‎ ‎【解答】‎ 解：A．根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功，ΔEk=F合⋅h=mah‎=m⋅‎2‎‎3‎gh，故A正确； B．小球的重力做正功mgh，重力势能减小mgh，根据能量守恒定律得：小球电势能增加mgh−‎2‎‎3‎mgh=‎1‎‎3‎mgh，故B错误； C．由以上可知：重力势能减小mgh，动能增加‎2‎‎3‎mgh，则机械能减小‎1‎‎3‎mgh，故C错误； D．由B分析可知，小球电势能增加‎1‎‎3‎mgh，小球带正电，则电场方向竖直向下，Eqh=‎1‎‎3‎mgh，解得E=‎mg‎3q，故D错误． 故选A．‎ ‎3.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 平行板电容器的电容 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：由Q=CUA+CUB得 C=QUA‎+‎UB=‎6‎‎7‎×‎10‎‎−6‎F ， 故选D．‎ ‎4.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 斜面上的平抛问题 ‎【解析】‎ ‎ ‎ ‎【解答】‎ ‎ 解：设运动员落到斜面时，速度方向与水平方向的夹角为α，由平抛运动的推论有vy‎=v‎0‎tanα=2v‎0‎tanθ，v=v‎0‎‎1+tan‎2‎α=‎v‎0‎‎1+4tan‎2‎θ，tanθ=‎‎1‎‎2‎gt‎2‎v‎0‎t，t=vyg=2‎v‎0‎tanθg，s=xcosθ=v‎0‎cosθ⋅‎‎2v‎0‎tanθg，故D正确，ABC错误． 故选D．‎ ‎5.‎ ‎【答案】‎ B ‎【考点】‎ 随地、绕地问题 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：T=2πr‎2‎GM，则T=T‎0‎(‎rR‎)‎‎3‎‎2‎，解得r=2R，则该卫星的离地高度为R，故A错误； T=2‎‎2‎T‎0‎‎=2‎2‎×2πR‎3‎GM‎=4‎2‎πRg，勿略地球公转，卫星运行一周不能吸收太阳能的情况如图所示： 则由几何关系得θ=‎1‎‎3‎π，而能够吸收到太阳光时所对应的圆心角为α=2π−‎1‎‎3‎π=‎5‎‎3‎π，故 tT‎=‎α‎2π‎⇒t=‎5π‎3‎‎2π×4‎2‎πRg‎=‎10‎‎3‎π‎2Rg，故B正确； 由于此卫星的质量与近地卫星的质量未知，所以无法比较引力的大小，故C错误； 由F=‎GMmr‎2‎、‎r=2R 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 得，该卫星与近地卫星的向心加速度大小之比为‎1:4‎，故D错误． 故选B．‎ ‎6.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 匀速圆周运动 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：摩天轮做匀速圆周运动，则乘客所受的合力提供向心力，有F合‎=ma向，所以乘客受力不平衡，A错误； 合外力等于向心力，加速度大小不变，B错误； Δv方向（即a向方向）不同，C正确； 轮椅在最低点时，对乘客的作用力最大，D错误． 故选C．‎ ‎7.‎ ‎【答案】‎ C ‎【考点】‎ 含弹簧类机械能守恒问题 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：物块下滑过程中，开始时物块没有与弹簧接触，加速度恒定，物块刚与弹簧接触后，加速度先减小，再反向增大．kx‎0‎=mgsinθ−μmgcosθ时速度达到最大值，此时动能最大为Ekm， Ekm‎=mg(s+x‎0‎)sinθ−μmg(s+x‎0‎)cosθ−‎1‎‎2‎kx‎0‎‎2‎， 将物块从离弹簧上端‎2s处由静止释放，下滑过程中物块最大动能为Ekm‎′‎，最大弹性势能为Epm‎′‎，则Ekm‎′‎‎=(mgsinθ−μmgcosθ)(2s+x‎0‎)−‎1‎‎2‎kx‎0‎‎2‎， Ekm‎′‎‎−2‎Ekm‎=−mgx‎0‎(sinθ−μcosθ)+‎1‎‎2‎kx‎0‎‎2‎ ‎=mgx‎0‎‎1‎‎2‎‎(sinθ−μcosθ)−sinθ+μcosθ ‎=mgx‎0‎μcosθ−sinθ‎2‎<0‎， 设两次弹簧弹性势能最大时，弹簧的形变量分别为x‎1‎和x‎2‎，由能量守恒得： Epm‎=mgsinθ(s+x‎1‎)−μmgcosθ(s+x‎1‎)‎‎=‎1‎‎2‎kx‎1‎‎2‎， Epm‎′‎‎=mgsinθ(2s+x‎2‎)−μmgcosθ(2s+x‎2‎)‎‎=‎1‎‎2‎kx‎2‎‎2‎， 比较两式知Epm‎′‎‎≠2‎Epm． 故选C．‎ ‎8.‎ ‎【答案】‎ D ‎【考点】‎ 电场力做功与电势能变化的关系 匀强电场中电势差和电场强度的关系 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：φA‎=‎φB， d=Rcos‎45‎‎∘‎=‎2‎‎2‎R， E=Ud=‎‎2‎UR，方向沿AB中垂线， Um‎=E⋅2R=2‎2‎U，D正确； 无论粒子的电性和速度方向是怎样，电场力都是先做负功后做正功，A错误； 电场为匀强电场，带电粒子所受电场力为恒力，恒力作用下不可能做匀速圆周运动，B错误； 带电粒子由静止释放后，将沿电场方向运动，C错误． 故选D．‎ ‎9.‎ ‎【答案】‎ C,D ‎【考点】‎ 做功的判断及功的正负 动量守恒定律的综合应用 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：杆对B先做正功后做负功，系统水平方向动量守恒有‎2mvAx=mvBx，又运动时间相同， 有vAxt+vBxt=L，解得vAxt=‎1‎‎3‎L，即A球将落在O点的右侧‎1‎‎3‎L处． 当F杆‎=0‎时，vB‎=‎vBm，此时A还有重力做正功， 当F杆‎=0‎时，FA合‎=mg，aA‎=g． 故选CD．‎ 二、多选题 ‎【答案】‎ B,D ‎【考点】‎ 电场力做功与电势能变化的关系 电场中轨迹类问题的分析 ‎【解析】‎ 作出电场线，根据轨迹弯曲的方向可知，电场线向上．故c点电势最高；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，可知电荷在P点的电势能大；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强小，电场力小，加速度小．‎ ‎【解答】‎ 解：A．负电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，作出电场线，根据轨迹弯曲的方向和负电荷可知，电场线向上，故c点电势最高，故A错误． ‎ 第13页 共16页 ◎ 第14页 共16页 B‎．利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道P点电势能大，故B正确． C．质点只受电场力作用，由能量守恒知，质点的电势能与动能之和不变．质点在P点的电势能大，则在P点的动能小，C错误． D．带电质点在R点的受力方向沿着电场线的切线方向，电场线与等势面垂直，故质点在R点的加速度方向与等势面垂直，故D正确． 故选D．‎ ‎【答案】‎ A,B,C ‎【考点】‎ 星球表面的抛体问题 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：由x=v‎0‎t得v‎0‎‎=‎xt，由h=‎‎1‎‎2‎g‎′‎t‎2‎得g‎′‎‎=‎‎2ht‎2‎， g‎′‎‎=‎GM‎′‎r‎2‎，知 g‎′‎g‎=M‎′‎M⋅(‎Rr‎)‎‎2‎‎⇒M‎′‎=4M⋅‎2ht‎2‎⋅‎‎1‎g， v=‎GM‎′‎r，而G没给出，不能求出第一宇宙速度； 水平位移x=v‎0‎t=‎xt‎2hg， x‎′‎‎=v‎0‎t‎′‎=‎xt‎2hg． 故选ABC．‎ ‎【答案】‎ B,D ‎【考点】‎ 动量定理的基本应用 动量守恒定律的综合应用 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：该题需要分以下两种情况进行分析： ①小球离开小车之前已经与小车达到共同速度v，规定向左为正方向，水平方向上动量守恒，有Mv=(M+m)‎v‎′‎，因为M≫m，所以v‎′‎‎=v； ②若小球离开小车之前始终未与小车达到共同速度，对小球应用动量定理得，水平方向上有μFNt=mv‎″‎，竖直方向上有FNt=2mv‎′‎=2m‎2gh，联立解得v‎″‎‎=2μ‎2gh，故AC错误，BD正确． 故选BD．‎ 三、实验探究题 ‎【答案】‎ ‎（1）‎m‎1‎dt‎1‎‎=(m‎1‎+m‎2‎)‎dt‎2‎ ‎（2）‎‎1.50×‎10‎‎−3‎kg⋅m/s ‎（3）气垫导轨调水平或遮光片宽度、滑块质量测量准确等 ‎【考点】‎ 利用气垫导轨和光电门验证动量守恒定律 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）v‎1‎‎=‎dt‎1‎，v‎2‎‎=‎dt‎2‎，则动量守恒定律m‎1‎v‎1‎‎=(m‎1‎+m‎2‎)‎v‎2‎得：m‎1‎dt‎1‎‎=(m‎1‎+m‎2‎)‎dt‎2‎．‎ ‎（2）‎|Δp|=|m‎1‎dt‎1‎−(m‎1‎+m‎2‎)dt‎2‎|‎‎=1.50×‎10‎‎−3‎kg⋅m/s．‎ ‎（3）气垫导轨调水平或遮光片宽度、滑块质量测量准确等措施均可以减小实验误差．‎ ‎【答案】‎ ‎（1）‎‎3.150‎ ‎（2）‎‎2.12m/‎s‎2‎ ‎（3）‎C ‎【考点】‎ 探究加速度与物体质量、物体受力的关系 ‎【解析】‎ 此题暂无解析 ‎【解答】‎ 解：（1）由图乙可以读出正方体木块的边长为：a=31mm+10×0.05mm=31.50mm‎=3.150cm．‎ ‎（2）x‎1‎‎=2cm，x‎2‎‎=3.9cm，x‎3‎‎=6.1cm，x‎4‎‎=8.2cm，x‎5‎‎=10.4cm，x‎6‎‎=12.5cm， 则a=‎x‎6‎‎+x‎5‎+x‎4‎−x‎3‎−x‎2‎−‎x‎1‎‎9‎T‎2‎‎=2.12m/‎s‎2‎．‎ ‎（3）当m<

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