【物理】云南省保山市施甸县二中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

【物理】云南省保山市施甸县二中2019-2020学年高二上学期10月月考试题

云南省施甸县二中2019-2020学年10月份考试 高二 物理 本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。‎ 分卷I 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)‎ ‎1.使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列四个图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎2.在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为其内阻，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则(　　)‎ A． 电压表的示数变大 B． 小灯泡消耗的功率变小 C． 通过R2的电流变小 D． 电源内阻的电压变大 ‎3.如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab＝2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比RAB∶RCD为(　　)‎ A． 1∶4 B． 1∶2 C． 2∶1 D． 4∶1‎ ‎4.如图，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，c带负电．整个系统置于方向水平的匀强电场中．已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为(　　)‎ A． B． C． D．‎ ‎5.如图所示，用两根等长的细线各悬挂一个小球，并挂于同一点，已知两球质量相等 ，当它们带上同种电荷时，相距r而平衡，若它们的电荷量都减少一半，待它们重新平衡后，两球的距离将(　　)‎ A． 大于 B． 等于 C． 小于 D． 不能确定 ‎6.两个等量正点电荷位于x轴上，关于原点O呈对称分布，下列能正确描述电场强度E随位置x变化规律的图是(　　)‎ A． B．C．D．‎ ‎7.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知(　　)‎ A． 带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小 B． 带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大 C． 带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大 D． 带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小 ‎8.电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10－8J，在B点的电势能为8.0×10－9J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量为1.0×10－9C，那么(　　)‎ A． 该电荷为负电荷 B． 该电荷为正电荷 C．A、B两点的电势差UAB＝4.0 V D． 把电荷从A移到B，电场力做功为W＝4.0 J ‎9.某一导体的伏安特性曲线如图AB段(曲线)所示，关于导体的电阻，以下说法正确的是(　　)‎ A．B点的电阻为12 Ω B．B点的电阻为40 Ω C． 导体的电阻因温度的影响改变了1 Ω D． 导体的电阻因温度的影响改变了9 Ω ‎10.如图所示，一个平行板电容器充电后与电源断开，从负极板处释放一个电子(不计重力)，设其到达正极板时的速度为v1，加速度为a1.若将两极板间的距离增大为原来的2倍，再从负极板处释放一个电子，设其到达正极板时的速度为v2，加速度为a2，则(　　)‎ A．a1∶a2＝1∶1，v1∶v2＝1∶2 B．a1∶a2＝2∶1，v1∶v2＝1∶2‎ C．a1∶a2＝2∶1，v1∶v2＝∶1 D．a1∶a2＝1∶1，v1∶v2＝1∶‎ 二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) ‎ ‎11.(多选)下列说法中正确的是(　　)‎ A． 一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，总电阻为零 B． 并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻 C． 并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)，则总电阻也增大 D． 并联电路任一支路电阻增大(其他支路不变)，则总电阻一定减小 ‎12.(多选)图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是(　　)‎ A． 甲表是电流表，R增大时量程增大 B． 甲表是电流表，R增大时量程减小 C． 乙表是电压表，R增大时量程增大 D． 上述说法都不对 ‎13.(多选)如图所示，在等量异号点电荷＋Q和－Q的电场中，有一个正方形OABC，其中O点为两电荷连线的中点．下列说法正确的是(　　)‎ A．A点电场强度比C的电场强度大 B．A点电势比B的电势高 C． 将相同的电荷放在O点与C点电势能一定相等 D． 移动同一正电荷，电场力做的功WCB＝WOA ‎14.（多选）一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为F，该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是：‎ A． B． C． D．‎ 分卷II 三、实验题(共2小题,共16分) ‎ ‎15.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径．为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件　　（选填“A”、“B”、“C”或“D”）．从图中的示数可读出合金丝的直径为　　mm．‎ ‎（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径．在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm．‎ ‎16.在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，有以下器材：‎ A．待测干电池组E(电动势约为4.5 V，内阻r约2 Ω)‎ B．电压表(量程3 V、内阻很大)‎ C．电流表(量程0.5 A、内阻很小)‎ D．滑动变阻器(0～20 Ω)‎ E．电阻箱R0(0～999.9 Ω，用作定值电阻)‎ F．开关、导线若干 ‎①若实验中调节滑动变阻器，电压表示数变化不明显，可采用给电源________(“串联”或“并联)一个电阻箱，如图甲中电阻箱面板显示其阻值R0＝________Ω.‎ ‎②图中乙为用以上器材连接的不完整的电路，为完成实验，请在乙图中补画出一根导线构成完整实验电路．‎ ‎③利用实验测得的多组电压表示数和对应的电流表示数，绘出了如图丙所示的U－I关系图线，若图线在U轴的截距为U0，在I轴的截距为I0，则可以求得电池组电动势E＝__________，内阻r＝________.(用给定的物理量符号表示)．‎ 四、计算题 ‎ ‎17.有三根长度皆为l=0.3 m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板的O点，另一端分别栓有质量皆为m=1.0×10﹣2kg的带电小球A和B，它们的电荷量分别为﹣q和+q，q=1.0×10﹣6C．A、B之间用第三根线连接起来，空间中存在大小为E=2.0×105N/C的匀强电场，电场强度的方向水平向右．平衡时A、B球的位置如图所示．已知静电力常量k=9×109N•m2/C2重力加速度g=10m/s2．求：‎ ‎（1）A、B间的库仑力的大小 ‎（2）连接A、B的轻线的拉力大小．‎ ‎18.如图所示，一均匀带正电的无限长细直棒水平放置，带电细直棒在其周围产生方向与直棒垂直向外辐射状的电场，场强大小与直棒的距离成反比．在直棒上方有一长为a的绝缘细线连接了两个质量均为m的小球A、B，A、B所带电量分别为+q和+4q，球A距直棒的距离为a，两球恰好处于静止状态．不计两小球之间的静电力作用．‎ ‎（1）求细线的张力；‎ ‎（2）剪断细线，若A球下落的最大速度为vm，求A球下落到速度最大过程中，电场力对A球做的功．‎ ‎（3）分析剪断细线后，B球的运动情况及能量的转化情况．‎ ‎19.如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L的绝缘细线，拴住一质量为m，带电量为q的小球，线的上端固定．开始时连线带球拉成水平，突然松开后，小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时的速度恰好为零．问：‎ ‎（1）A、B两点的电势差UAB为多少？‎ ‎（2）电场强度为多少？‎ ‎20.水平放置的两块平行金属板长L＝5.0 cm，两板间距d＝1.0 cm，两板间电压为90 V且上板为正.一电子沿水平方向以速度v0＝2.0×107m/s从两板中间射入，如图所示，求：(电子电荷量q＝1.6×10－19C，电子质量me＝9.1×10－31kg)(计算结果在小数点后保留两位有效数字)‎ ‎(1)电子偏离金属板时的侧位移；‎ ‎(2)电子飞出电场时的速度；‎ ‎(3)电子离开电场后，打在屏上的P点，若s＝10 cm，求OP的长.‎ ‎【参考答案】‎ ‎1.B 2.B 3.D 4.B 5.A 6.A 7.A 8.A 9.B 10.D 11.ABC 12.BC 13.AC 14.BC ‎15.（1）B0.410 （2）11.50‎ ‎【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.0×0.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm．‎ ‎（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05 mm=0.50 mm，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm．‎ ‎16.(1)串联　8.0　(2)如图所示　(3)U0　－R0‎ ‎【解析】(1)实验中调节滑动变阻器，电压表示数变化不明显，说明电源内阻太小，串联一定值电阻，相当于把电源内阻变大了，可以让电压表的变化明显；电阻箱面板显示其阻值R0＝8 Ω.(2)由实验原理连接实物图．(3)如图丙所示的U－I关系图线，若图线在U轴的截距为U0，在I轴的截距为I0，则可以求得电池组电动势E＝U0.斜率的大小等于电池组内阻和电阻箱阻值之和．所以电池组内阻r＝－R0.‎ ‎17.（1）0.1 N （2）0.042 N ‎【解析】（1）根据库仑定律，则有：F2=k=9×109×=0.1 N；‎ ‎（2）对A受力分析，如图所示：‎ 竖直方向：F1cos30°=mg 解得：F1=N 水平方向：F1sin 30°+F2+F3=qE；‎ 解得：F3=0.042 N ‎18.（1）（2）‎ ‎（3）在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）．机械能与电势能的总和不变．‎ ‎【解析】（1）设距直棒为r的点的电场强度大小为．分别对两小球列平衡方程：‎ 对A：‎ 对B：‎ 解得 ‎（2）设A球下落到距直棒为r时速度最大，此时加速度为零，合力为零．‎ 由平衡条件：‎ 由（1）中解得：‎ 解得：‎ 由动能定理：‎ 解得 ‎（3）剪断细线后，B小球做先上后下的往复运动（振动）．‎ 在上升过程中，电势能逐渐减小，机械能逐渐增大（重力势能增大，动能先增大后减小）；在下降过程中，电势能逐渐增加，机械能逐渐减小（重力势能减小，动能先增大后减小）．机械能与电势能的总和不变．‎ ‎19.（1）（2）‎ ‎【解析】（1）小球由A到B过程中，由动能定理得：‎ mgLsin 60°+qUAB=0，‎ 解得：UAB=.‎ ‎（2）BA间电势差为：UBA=UAB=，‎ 则场强：E==‎ ‎20.　(1)0.49 cm　(2)2.04×107m/s　速度的方向与v0的夹角θ满足tanθ≈0.2　(3)2.49 cm ‎【解析】　(1)电子在电场中的加速度a＝，侧位移y＝，又因t＝，则y＝≈0.49 cm.‎ ‎(2)电子飞出电场时，水平分速度vx＝v0，竖直分速度vy＝at＝≈3.96×106m/s，则电子飞出电场时的速度v＝≈2.04×107m/s.设v与v0的夹角为θ，则tanθ＝≈0.2.‎ ‎(3)电子飞出电场后做匀速直线运动，则OP＝y＋stanθ＝2.49 cm.‎