【化学】甘肃武威第八中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

【化学】甘肃武威第八中学2019-2020学年高二下学期期末考试（解析版）

甘肃武威第八中学2019-2020学年高二下学期期末考试 满分100分，考试时间100分钟 相对原子质量：H— ‎1 C— 12 N—14 O—16 Ag—108‎ 一、选择题（每小题3分，共48分。每小题只有一个选项符合题目要求。）‎ ‎1.下列说法中，不正确的是 A. 不饱和脂肪酸能使溴水褪色 B. 麦芽糖是具有还原性的二糖 C. 蛋白质水解的最终产物是氨基酸 D. 甘油属于酯类化合物 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 不饱和脂肪酸中含有不饱和碳碳双键，能与溴发生加成反应而使溴水褪色，选项A正确；‎ B. 麦芽糖含有醛基，是具有还原性的二糖，选项B正确；‎ C. 蛋白质水解的最终产物是氨基酸，选项C正确；‎ D. 甘油是丙三醇，属于醇类化合物，选项D不正确。‎ 答案选D。‎ ‎2.下列有关实验原理、装置、操作或结论的描述正确的是（ ）‎ A. 图反应一段时间后试管中液面会下降 B. 图装置可用于分离乙醇和乙酸乙酯的混合液 C. 图装置可用于实验室制乙炔 D. 图教材重结晶法提纯苯甲酸的实验中，主要步骤依次为：加热溶解→趁热过滤→冷却结晶→过滤 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A. 甲烷与氯气在光照条件下发生取代反应生成一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷和氯化氢，一氯甲烷和氯化氢是气体，且氯化氢极易溶于水，二氯甲烷、三氯甲烷和四氯甲烷是油状液体，所以反应一段时间后试管中液面会上升，但不会充满，A错误；‎ B. 乙醇和乙酸乙酯互溶，不能用简单的分液，分离乙酸乙酯和乙醇的混合物，加入饱和碳酸钠溶液，实现酯和乙醇的分离，分离油层和水层采用分液的方法即可，B错误；‎ C. 依据乙炔实验室制备的原理，可知制取装置为：固体＋液体→气体，且固体电石易与水反应变成粉末状物质，不能控制反应的停止，不能用该装置，C错误；‎ D. 苯甲酸的溶解度随温度变化较大，趁热过滤可除去杂质，杂质残留在母液中，冷却可得到晶体，D正确；‎ 故答案为：D。‎ ‎3.下列各物质的名称正确的是 A. 3，3－二甲基丁烷 B. 2，3，3－三甲丁烷 C. 2，2－二甲基－3－乙基丁烷 D. 2，3－二甲基－4－乙基己烷 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A、不符合离支链最近的一端编号，应是2，2－二甲基丁烷，A错误；‎ B、不符合支链的代数和最小，应是2，2，3－三甲基丁烷，B错误；‎ C、不符合主链碳原子最多，应是2，2，3－三甲基戊烷，C错误；‎ D、2，3－二甲基－4－乙基己烷命名正确，D正确；‎ 答案选D。‎ ‎4.下列各组烃一定是同系物的是（　　）‎ A. C6H6和C7H8 B. C2H2和C6H‎6 ‎ C. C2H6和C8H18 D. C3H6和C5H10‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 同系物指结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质，具有如下特征：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同，分子式不同、物理性质不同，研究范围为有机物。‎ ‎【详解】A．C6H6和C7H8可能是芳香烃，也可能为链状不饱和烃，二者结构不一定相似，则不一定互为同系物，故A错误；‎ B．C2H2为乙炔，C6H6的结构不能确定，可能为苯，也可能为不饱和链烃，则二者不一定互为同系物，故B错误；‎ C．C2H6和C8H18为不同碳原子的烷烃，二者结构相似，相差6个CH2原子团，二者互为同系物，故C正确；‎ D．C3H6和C5H10可能为环烷烃或烯烃，二者结构不一定相似，则不一定互为同系物，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎【点睛】本题考查了同系物的判断，明确同系物的概念为解答关键，易错点A，C6H6不一定是苯。‎ ‎5.已知碳碳单键可以旋转，结构简式为 的烃，下列说法中正确的是 A. 分子中最多有6个碳原子处于同一直线上 B. 该烃苯环上的一氯代物有3种 C. 分子中至少有12个碳原子处于同一平面上 D. 该烃属于苯的同系物 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 在苯中，处于对角位置上的4个原子共线，如图所示。将该有机物“拉直”为： ，可以看出该分子中共直线的碳原子最多有6个，A正确；‎ B.该烃可以找到2根对称轴，如图，可以知道该烃的分子的苯环中含有2种等效氢，则该烃苯环上的一氯代物有2种， B错误；‎ C. 甲基与苯环平面结构通过单键相连，甲基的C原子处于苯中H原子位置，所以处于苯环这个平面。两个苯环之间靠单键相连，单键可以旋转，两个苯环所处的平面不一定共面，只有处于对角线位置的C原子，因为共直线，所以一定共面。该烃中一定共平面的碳原子，如图所示，至少有10个碳原子一定共面， C错误；‎ D. 同系物在分子构成上相差n个CH2，该有机物的分子式为C14H14，和苯C6H6，相差C8H8，不是若干个CH2，不是苯的同系物， D错误；‎ 故合理选项为A。‎ ‎6.用丙醛(CH3-CH2-CHO)制取聚丙烯的过程中发生的反应类型为( )‎ ‎①取代 ②消去 ③加聚 ④缩聚 ⑤氧化 ⑥还原 A ①④⑥ B. ⑤②③ C. ⑥②③ D. ②④⑤‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】的单体为CH2=CHCH3，对比CH3CH2CHO与CH2=CHCH3的结构，结合有机物之间的转化，合成路线为CH3CH2CHOCH3CH2CH2OHCH3CH=CH2，反应的类型依次为加成（或还原）反应、消去反应、加聚反应，即⑥②③，故答案选C。‎ ‎7.下列化学方程式或离子方程式正确的是( )‎ A. 用醋酸去除水垢：CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑‎ B. 甲醛与足量新制Cu(OH)2浊液反应：HCHO+2Cu(OH)2HCOOH+Cu2O↓+2H2O C. 实验室用液溴和苯在催化剂作用下制溴苯：+Br2+HBr ‎ D. 将CO2通入苯酚钠溶液：2+CO2+H2O→2+Na2CO3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 醋酸是弱酸，主要以分子存在，不能写成离子形式，A错误；‎ B. 甲醛与足量新制Cu(OH)2浊液反应，HCHO被氧化产生H2CO3，H2CO3不稳定分解产生CO2和H2O，反应的离子反应为HCHO+4Cu(OH)2CO2↑+2Cu2O↓+5H2O，B错误；‎ C. 实验室用液溴和苯在催化剂作用下制溴苯，反应方程式为：+Br2+HBr，C正确；‎ D. 碳酸的酸性比苯酚的酸性强，所以苯酚钠通入二氧化碳生成苯酚和碳酸氢钠，反应的化学方程式为C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+NaHCO3，D错误；‎ 故合理选项C。‎ ‎8.分子式为C10H14的有机物，苯环上只有两个取代基的同分异构体有多少种（不考虑立体异构）‎ A. 3种 B. 6种 C. 9种 D. 12种 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】组成为C10H14的芳香烃，其苯环上有两个取代基时分为两大类：第一类两个取代基，一个为甲基，另一个为-CH2CH2CH3或-CH(CH3)2，它们连接在苯环上又有邻、间、对三种情况，共有 6 种；第二类两个取代基均为乙基，它们连接在苯环上又有邻、间、对三种情况，共有9种，C符合题意。‎ 答案选C。‎ ‎9.下列有关说法不正确的是（ ）‎ A. 麦芽糖及其水解产物都能与银氨溶液发生反应 B. 纤维素和油脂都是有机高分子化合物 C. 有机玻璃的化学名称为聚甲基丙烯酸甲酯，它属于高分子化合物 D. 在一定条件下氨基酸之间能发生反应，合成更复杂的化合物(多肽)构成蛋白质 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎【详解】A．麦芽糖的水解产物是葡萄糖，麦芽糖和葡萄糖分子中都含有醛基，都能与银氨溶液发生银镜反应，A正确；‎ B．油脂相对分子质量小于1000，不是有机高分子化合物，B不正确；‎ C．有机玻璃的单体是2-甲基丙烯酸甲酯，有机玻璃是其单体的加聚产物，属于高分子化合物，C正确；‎ D．在一定条件下，氨基酸分子间可通过发生缩聚反应，生成更复杂的化合物(多肽)，从而合成蛋白质，D正确；‎ 故选B。‎ ‎10.下列物质能发生消去反应，但不能发生催化氧化的是(　 　)‎ A. B. (CH3)2CHOH C. CH3CH‎2C(CH3)2OH D. CH3CH‎2C(CH3)2CH2OH ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 醇发生消去反应的前提是要有β-H，醇发生催化氧化的前提是要有α-H；‎ ‎【详解】A. 没有β-H，不能发生消去反应，A不符合； ‎ B. (CH3)2CHOH有β-H，也有α-H，既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，B不符合；‎ C. CH3CH‎2C(CH3)2OH有β-H，能发生消去反应，没有α-H，不能发生催化氧化，C符合； ‎ D. CH3CH‎2C(CH3)2CH2OH有β-H，也有α-H，既能发生消去反应又能发生催化氧化反应，D不符合；‎ 答案选C。‎ ‎【点睛】醇的消去反应和氧化反应容易搞错，发生消去反应的前提是醇要有β-H，在浓硫酸作用下，分子内消去羟基和β-H得到不饱和键、同时生产水；醇发生催化氧化的前提是要有α-H，反应后形成羰基。‎ ‎11.合成药物异搏定路线中的某一步骤如下：‎ 下列说法正确的是（ ）‎ A. Z可以发生取代、加成、氧化、加聚反应 B. 1molY最多能与发生反应 C. Y中所有原子可能在同一平面内 D. 可以用NaOH溶液检验Z中是否有残留的X ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. Z中含有碳碳双键，可发生加成、氧化、加聚反应，含有酯基，可发生取代反应，选项A正确；‎ B Y中含有酯基、溴原子，都可与氢氧化钠溶液反应，则最多能与发生反应，选项B错误；‎ C. Y中含有饱和碳原子，具有甲烷的结构特征，则所有的原子不可能在同一个平面内，选项C错误；‎ D. X、Z都可与氢氧化钠溶液反应，不能用氢氧化钠溶液检验Z中是否有残留的X，选项D错误。‎ 答案选A。‎ ‎12.下列说法正确的是 A. 糖类、油脂、蛋白质都是高分子化合物，它们水解的最终产物不相同 B. 在鸡蛋清溶液中分别加入饱和Na2SO4、CuSO4溶液，都会因盐析产生沉淀 C. 可用油脂的碱性水解来制备肥皂和甘油 D. 乙醇和汽油都是可再生能源，所以要大力发展“乙醇汽油”‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ A. 单糖、二糖、油脂不是高分子化合物，A错误；B. 在鸡蛋清溶液中分别加入饱和Na2SO4会因盐析产生沉淀，加入CuSO4溶液使蛋白质变性，B错误；C. 可用油脂的碱性水解来制备肥皂和甘油，即皂化反应，C正确；D. 汽油是不可再生能源，D错误，答案选C。‎ ‎13.已知酸性H2SO3＞＞H2CO3＞＞HCO3-，现要将转变为，可行的方法是（　　）‎ A. 与足量的NaOH溶液共热,再通入 B. 加稀硫酸共热后,再加入足量NaOH溶液 C. 加热该物质溶液,再通入足量的 D. 与稀硫酸共热后,加入足量的 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．与足量NaOH溶液共热，水解生成，再通入足量的CO2，由于酸性＞H2CO3＞＞HCO3-，生成，故A正确； ‎ B．在酸性条件下水解生成，加入NaOH后生成，得不到，故B错误； ‎ C．加热该物质溶液，再通入足量的SO2生成，故C错误； ‎ D．在酸性条件下水解生成，再加入足量Na2CO3溶液生成，得不到，故D错误； ‎ 故选A。‎ ‎【点睛】要将转变为，应先在碱性条件下水解生成 ‎，由于酸性关系：＞H2CO3＞，可以通入二氧化碳气体可生成。‎ ‎14.下列高分子化合物的单体只有一种的是（ ）‎ A. ‎ B. ‎ C. ‎ D. ‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．为加聚反应产物，其单体为氯乙烯和2-甲基-1,3-丁二烯两种物质，故A不选；‎ B．为加聚反应产物，其单体为乙烯、氯乙烯两种物质，故B不选；‎ C．为缩聚反应产物，其单体为乙二醇和对苯二甲酸，故C不选；‎ D．缩聚反应产物，其单体为NH2(CH2)5COOH，单体只有一种物质，故D选；‎ 故答案为D。‎ ‎【点睛】加聚产物的单体推断方法：凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体，凡链节中主碳链为6‎ 个碳原子，含有碳碳双键结构，单体为两种(即单烯烃和二烯烃)； 缩产物的单体推断方法：断键，补原子．即找到断键点，断键后在相应部位加上-OH或-H。‎ ‎15.凯夫拉是一种高强度、耐腐蚀的芳纶纤维，军事上称为“装甲卫士”，但长期浸渍在强酸或强碱中强度有所下降。下表中是凯夫拉的两种结构：‎ ‎ 名称 芳纶1313（PMTA）‎ 芳纶1414（PPTA）‎ 结构 简式 以下说法不正确的是 A. PMTA和PPTA互为同分异构体 B. “芳纶‎1313”‎、“芳纶‎1414”‎中的数字表示苯环上取代基的位置 C. 凯夫拉在强酸或强碱中强度下降，可能与“”的水解有关 D. 以和为原料制备PPTA的反应为缩聚反应 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A. PMTA和PPTA都是高分子化合物，n值不一定相同，所以它们不是同分异构体，故A错误；B. “芳纶‎1313”‎指的是苯环上1、3位置被取代了；“芳纶‎1414”‎指的是苯环上1、4位置被取代了，所以1313、1414表示苯环上取代基的位置，故B正确；C.肽键 可以水解成-COOH、-NH2，在强酸或强碱中水解程度加大，所以芳纶纤维的高强度在强酸或强碱中强度有所下降，故C正确；D. 和反应生成和HX,属于缩聚反应，故D正确；答案：A。‎ ‎16.将‎2.4g某有机物M置于密闭容器中燃烧，定性实验表明产物是CO2 、CO和水蒸气。将燃烧产物依次通过浓硫酸、碱石灰和灼热的氧化铜（试剂均足量，且充分反应），测得浓硫酸增重‎1.44g，碱石灰增重‎1.76g，氧化铜减轻‎0.64g。下列说法中正确的是 A. M的实验式为CH2O2‎ B. 若要得到M的分子式，还需要测得M的相对分子质量或物质的量 C. 若M的相对分子质量为60，则M一定为乙酸 D. 通过质谱仪可分析M中的官能团 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 浓硫酸增重的‎1.44g为水，水的物质的量为：‎1.44g÷‎18g/mol＝0.06mol。碱石灰增重的‎1.76g为CO2的质量，其物质的量为：‎1.76g÷‎44g/mol＝0.04mol。CuO与CO反应生成Cu与CO2，氧化铜减少的质量等于反应的CuO中O原子质量，1个CO与1个O原子结合生成CO2，O原子物质的量为‎0.64g÷‎16g/mol＝0.04mol，故CO为0.04mol。综上可知，‎2.4g有机物M中含有C原子为0.04mol+0.04mol＝0.08mol，含有H原子为：0.08mol×2＝0.16mol，则含有C、H元素的总质量为：‎12g/mol×0.08mol+‎1g/mol×0.16mol＝‎1.12g＜‎2.4g，说明M中含有O元素，含有O的物质的量为（‎2.4g﹣‎1.12g）÷‎16g/mol＝0.08mol。‎ ‎【详解】A. 经过计算可知，M分子中C、H、O的物质的量之比＝0.08：0.16：0.08＝1：2：1，则M的实验式为CH2O，A错误；‎ B. 已经计算出M的实验式，再测得M的相对分子质量或物质的量，可推出M的分子式，B正确；‎ C. 若M的相对分子质量为60，设M的分子式为(CH2O)x，则30x＝60，解得x＝2，M的分子式为C2H4O2，M可能为乙酸或甲酸甲酯等，C错误；‎ D. 用质谱仪可以得到M的相对分子质量，要得到M的官能团可以使用红外光谱仪，可以确定有机物分子中含有的有机原子基团，从而可确定M分子中含有的官能团类型，D错误；‎ 故合理选项为B。‎ ‎【点睛】根据题中告知的数据，可以先推测出有机物中C、H、O的物质的量，再根据该有机物的物质的量或者相对分子质量推断出其化学式（分子式）。‎ 二、填空题。（每空2分，共52分）‎ ‎17.（1）有机物用系统命名法命名：__。‎ ‎（2）写出4—甲基—2—乙基—1—戊烯的结构简式：__。‎ ‎（3）下列物质中属于同系物的是__。‎ ‎①CH3CH2Cl②CH2=CHCl③CH3CH2CH2Cl④CH2ClCH2Cl⑤CH3CH2CH2CH3⑥CH3CH(CH3)2‎ A.①② B.①④ C.①③ D.⑤⑥‎ ‎（4）0.1mol某烷烃燃烧，其燃烧产物全部被碱石灰吸收，碱石灰增‎39g。该烃的分子式为___；若它的核磁共振氢谱共有3个峰，则该烃可能的结构简式为___。(写出其中一种即可)‎ ‎【答案】 (1). 3，4—二甲基—3—乙基己烷 (2). (3). C (4). C6H14 (5). CH3CH2CH2CH2CH2CH3或CH‎3C(CH3)2CH2CH3‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎（1）烷烃的命名首先确定碳原子数目最多的碳链为主链，从靠近支链的一端开始给主链上的碳原子编号，书写时支链由简单的开始，相同的基团数目合并，如果有官能团，主链为包含官能团的最长碳链，从靠近官能团一侧开始编号，命名时要注明官能团在主链上的位置，据此规则可以给有机物命名，也可根据名称书写结构简式；‎ ‎（2）根据同系物概念进行判断；‎ ‎（3）碱石灰增重就是吸收了二氧化碳和水，根据烷烃的通式将生成的水和二氧化碳的物质的量表示出来，通过计算确定分子式，再由题中条件确定结构简式。‎ ‎【详解】（1）为烷烃，最长碳链含有6个碳原子，主链为己烷，两边都是第三个碳原子上有支链，从支链较多的左侧开始编号，在3、4号C上各有一个甲基，3号C上有一个乙基，该有机物名称为：3，4—二甲基—3—乙基己烷；‎ ‎（2）4—甲基—2—乙基—1—戊烯，该有机物的主链为戊烯，官能团碳碳双键在1号C上，在4号C上有1个甲基，2号C上有1个乙基，其结构简式为：；；‎ ‎（3）同系物是指结构相似，组成上相差一个或多个CH2原子团的有机物，同系物中含有的官能团种类和数目必须相同，②CH2=CHCl中含有一个碳碳双键，其他物质都没有，所以没有与②互为同系物的有机物；④CH2ClCH2Cl中含有两个氯原子，其他物质都含有1个或者不含氯原子，所以没有与④互为同系物的有机物；⑤⑥为烷烃，碳原子个数都为4，属于同分异构体，不属于同系物；只有①CH3CH2Cl和③CH3CH2CH2Cl满足同系物条件，二者分子里都含有1个氯原子，分子间相差1个CH2基团，所以答案选C；‎ ‎（4）烷烃的通式为CnH2n+2，0.1mol该烷烃完全燃烧生成0.1n molCO2和0.1(n+1) molH2O，质量为44×0.1n+18×0.1(n+1)=39，解得n=6，该烃的分子式为C6H14，根据核磁共振氢谱图共有3个峰值，则含3种类型的等效氢原子，该烃可能的结构简式为CH3CH2CH2CH2CH2CH3或CH‎3C(CH3)2CH2CH3。‎ ‎【点睛】烯烃这样的有机物命名时要指明官能团碳碳双键在主链的位置，核磁共振氢谱共有3个峰就是该有机物结构中有3种不同环境的氢，峰的面积之比为氢原子的个数之比。‎ ‎18.按要求回答下列问题：‎ ‎(1)现有下列几组物质，请将其字母按要求填入空格内：‎ A．CH2=CH－COOH和油酸(C17H33COOH) ‎ B．乙醇和乙二醇 C．丙醇和甲苯 D．和 ‎①互为同系物的是_______。‎ ‎②互为同分异构体的是______。‎ ‎③既不是同系物，也不是同分异构体，但可看成是同一类有机物的是______。‎ ‎(2)将下列物质按要求填入空格内：‎ 淀粉、葡萄糖、某些蛋白质、油脂 ‎①遇I2变蓝的是______。‎ ‎②遇浓HNO3呈黄色的是______。‎ ‎③能发生皂化反应制取肥皂的是______。‎ ‎④加热条件下能与新制的氢氧化铜反应生成红色沉淀的是_____ 。该物质若发生银镜反应，每‎3.6g可产生银单质的质量是___。‎ ‎【答案】 (1). A (2). D (3). B (4). 淀粉 (5). 某些蛋白质 (6). 油脂 (7). 葡萄糖 (8). ‎‎4.32g ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)同系物指结构相似、通式相同，组成上相差1个或者若干个-CH2原子团，具有相同官能团的化合物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；同一类物质含有的官能团相同；‎ ‎(2)①淀粉遇I2变蓝；②蛋白质遇浓HNO3呈黄色；③油脂是高级脂肪酸甘油酯；④葡萄糖为还原性糖，含有醛基，根据CH2OH(CHOH)4CHO+2[Ag(NH3)2]OH CH2OH(CHOH)4COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O进行计算。‎ ‎【详解】(1)A．CH2=CH-COOH和油酸(C17H33COOH)的结构相似，都含有碳碳双键和羧基各一个、类别相同，分子组成上相差多个-CH2原子团，互为同系物；B．乙醇和乙二醇都含有羟基，但羟基的数目不同，不属于同系物，分子式不同，不属于同分异构体，都属于醇类；C．丙醇和甲苯结构不同，类别不同，分子式也不同，不属于同系物，不属于同分异构体，属于不同物质；D．和的分子式相同，结构不同，属于同分异构体；互为同系物的是A；互为同分异构体的是D；既不是同系物，也不是同分异构体，但可看成是同一类有机物的是B，故答案为：A；D；B。‎ ‎(2)①淀粉遇I2变蓝，故答案为：淀粉；‎ ‎②蛋白质能发生颜色反应，遇浓HNO3呈黄色，故答案为：某些蛋白质 ；‎ ‎③油脂是高级脂肪酸甘油酯，在碱性条件下水解生成高级脂肪酸钠和甘油，高级脂肪酸钠是肥皂的成分，故答案为：油脂；‎ ‎④葡萄糖含有醛基，为还原性糖，能与新制Cu(OH)2悬浊液反应生成红色沉淀；葡萄糖可发生银镜反应，反应的方程式为：CH2OH(CHOH)4CHO+2[Ag(NH3)2]OH CH2OH(CHOH)4COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，‎3.6g葡萄糖的物质的量为=0.02mol，则生成Ag0.04mol，质量为0.04mol×‎108g/mol=‎4.32g，故答案为：葡萄糖；‎4.32g。‎ ‎【点睛】本题的易错点为(2)④的计算，要注意葡萄糖与银氨溶液反应方程式的书写。‎ ‎19.以下是合成一种功能高分子I的路线图。‎ 已知以下信息：‎ ‎①RCNRCOOH ‎②烃E的相对分子质量为92‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)G中官能团的名称为______。‎ ‎(2)反应①和⑥的反应类型分别为________。‎ ‎(3)下列关于物质C的说法错误的是_____(填字母标号)。‎ A．可利用红外光谱法确定物质C中的官能团 B．物质C存在顺反异构体 C．物质C能与NaHCO3反应产生气体 D．物质C最多有8个原子共平面 ‎(4)反应④的化学方程式为______。‎ ‎(5)F的同分异构体中含有苯环且苯环上连有3个硝基的结构共有__种。‎ ‎【答案】 (1). 硝基、氯原子 (2). 加成反应、取代反应(或水解反应) (3). BD (4). +3HO-NO2 +3H2O (5). 5‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A为HC≡CH，A和HCN发生加成反应生成B，B为CH2=CHCN，B发生信息①中的反应生成C，C为CH2=CHCOOH，烃E的相对分子质量为92，根据I结构简式知E为，E发生取代反应生成F，F为，F发生取代反应生成G，G为，G发生水解反应生成H，H为，D和H发生酯化反应生成I，根据I知D为，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)G为，G中官能团的名称为硝基、氯原子，故答案为：硝基；氯原子；‎ ‎(2)反应①为乙炔与HCN的加成反应，反应⑥为发生水解反应生成，故答案为：加成反应，水解反应或取代反应；‎ ‎(3)C为CH2=CHCOOH。A．可利用红外光谱法确定物质C中的官能团，故A正确；B．物质C中碳碳双键的一端的亚甲基上有两个氢原子，不存在顺反异构体，故B错误；C．含有羧基，所以物质C能与NaHCO3反应产生二氧化碳气体，故C正确；D．碳碳双键中所有原子共平面，羰基为平面结构，单键可以旋转，则物质C最多有9个原子共平面，故D错误；故选BD；‎ ‎(4)反应④为甲苯发生的硝化反应，反应的化学方程式为+3HO-NO2 +3H2O，故答案为：+3HO-NO2 +3H2O；‎ ‎(5)F为，F的同分异构体中含有苯环且苯环上连有3个硝基，当3个硝基连在相邻的位置时，甲基有2种位置，当有2个硝基相邻，一个硝基相间时，甲基有3种位置，所以符合条件的同分异构体有5种，故答案为：5。‎ ‎【点睛】利用分子式、反应条件、I的结构简式结合题给信息采用正逆结合的方法正确推断各物质的结构简式是解答本题的关键。本题的易错点为(5)，可以先确定硝基在苯环上位置，再确定甲基在苯环上的位置。‎ ‎20.A(C6H6O)是一种重要的化工原料，广泛用于制造树脂、医药等。‎ Ⅰ．以A、B为原料合成扁桃酸衍生F的路线如下：‎ ‎(1)A的名称是__；B的结构简式是________；‎ ‎(2)C()中①～③羟基氢原子的活性由强到弱的顺序是_______；‎ ‎(3)D的结构简式是________；‎ ‎(4)1molF最多可以与_______mol NaOH发生反应；‎ ‎(5)若E分子中含有3个六元环，则E的结构简式是________；‎ Ⅱ．以A为原料合成重要的医药中间体K的路线如下：‎ ‎(6)G→H的反应类型是__________；‎ ‎(7)一定条件下，K与G反应生成、H和水，化学方程式是___________。‎ ‎【答案】 (1). 苯酚 (2). OHC—COOH (3). ③＞①＞② ‎ ‎(4). (5). 3 (6). (或等合理答案) (7). 还原反应 ‎ ‎(8). 3+3++2H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ Ⅰ．由分子式可知A(C6H6O)为苯酚，由转化关系可知B为OHC-COOH，D为，E分子中含有3个六元环，为C分子间的酯化反应的产物，则E的结构简式是、等，据此分析解答；‎ Ⅱ．由转化关系可知，由分子式可知A(C6H6O)为苯酚，A发生硝化反应生成G，根据的结构可知G为，G发生还原反应生成H，H含有氨基和酚羟基，H为，然后H与丙烯醛发生加成反应生成，在浓硫酸作用下生成，据此分析解答。‎ ‎【详解】Ⅰ．(1) A为苯酚，B为OHC-COOH，故答案为：苯酚；OHC-COOH；‎ ‎(2)羧基的酸性强于酚羟基，酚羟基的酸性强于醇羟基，故C()中①～③羟基氢原子的活性由强弱顺序为：③＞①＞②，故答案为：③＞①＞②；‎ ‎(3)根据上述分析，D为，故答案为：；‎ ‎(4)F()中含有一个酯基、一个酚羟基和一个溴原子，所以1molF最多可以与3mol NaOH发生反应，故答案为：3；‎ ‎(5)若E分子中含有3个六元环，E可能为C分子间的酯化反应的产物，则E的结构简式是、等，故答案为：(或等)；‎ Ⅱ．(6) G→H是G中含有的硝基转化为氨基，属于还原反应，故答案为：还原反应；‎ ‎(7)一定条件下，K与G反应生成、H和水，反应的化学方程式为3+3++2H2O，故答案为：3+3++2H2O。‎ ‎【点睛】明确反应前后官能团及其结构变化是解本题关键。本题的易错点为(7)，要注意方程式的配平。‎