2015高考数学（文）（数学归纳法）一轮复习学案
学案39 数学归纳法
导学目标： 1.了解数学归纳法的原理.2.能用数学归纳法证明一些简单的数学命题．
自主梳理
1．归纳法
由一系列有限的特殊事例得出________的推理方法叫归纳法．根据推理过程中考查的对象是涉及事物的全体或部分可分为____归纳法和________归纳法．
2．数学归纳法
设{Pn}是一个与正整数相关的命题集合，如果：(1)证明起始命题________(或________)成立；(2)在假设______成立的前提下，推出________也成立，那么可以断定{Pn}对一切正整数成立．
3．数学归纳法证题的步骤
(1)(归纳奠基)证明当n取第一个值__________时命题成立．
(2)(归纳递推)假设______________________________时命题成立，证明当________时命题也成立．只要完成这两个步骤，就可以断定命题对从n0开始的所有正整数n都成立．
自我检测
1．用数学归纳法证明：“1＋a＋a2＋…＋an＋1＝ (a≠1)”在验证n＝1时，左端计算所得的项为( )
A．1 B．1＋a
C．1＋a＋a2 D．1＋a＋a2＋a3
2．如果命题P(n)对于n＝k (k∈N*)时成立，则它对n＝k＋2也成立，又若P(n)对于n＝2时成立，则下列结论正确的是( )
A．P(n)对所有正整数n成立
B．P(n)对所有正偶数n成立
C．P(n)对所有正奇数n成立
D．P(n)对所有大于1的正整数n成立
3．(2011·台州月考)证明<1＋＋＋＋…＋
1)，当n＝2时，中间式子等于( )
A．1 B．1＋
C．1＋＋ D．1＋＋＋
4．用数学归纳法证明“2n>n2＋1对于n>n0的正整数n都成立”时，第一步证明中的起始值n0应取( )
A．2 B．3 C．5 D．6
5．用数学归纳法证明“n3＋(n＋1)3＋(n＋2)3 (n∈N*)能被9整除”，要利用归纳假设证n＝k＋1时的情况，只需展开( )
A．(k＋3)3 B．(k＋2)3
C．(k＋1)3 D．(k＋1)3＋(k＋2)3
探究点一 用数学归纳法证明等式
例1 对于n∈N*，用数学归纳法证明：
1·n＋2·(n－1)＋3·(n－2)＋…＋(n－1)·2＋n·1＝n(n＋1)(n＋2)．
变式迁移1 (2011·金华月考)用数学归纳法证明：
对任意的n∈N*,1－＋－＋…＋－＝＋＋…＋.
探究点二 用数学归纳法证明不等式
例2 用数学归纳法证明：对一切大于1的自然数，不等式…>均成立．
变式迁移2 已知m为正整数，用数学归纳法证明：当x>－1时，(1＋x)m≥1＋mx.
探究点三 用数学归纳法证明整除问题
例3 用数学归纳法证明：当n∈N*时，an＋1＋(a＋1)2n－1能被a2＋a＋1整除．
变式迁移3 用数学归纳法证明：当n为正整数时，f(n)＝32n＋2－8n－9能被64整除．
从特殊到一般的思想
例 (14分)已知等差数列{an}的公差d大于0，且a2、a5是方程x2－12x＋27＝0的两根，数列{bn}的前n项和为Tn，且Tn＝1－bn.
(1)求数列{an}、{bn}的通项公式；
(2)设数列{an}的前n项和为Sn，试比较与Sn＋1的大小，并说明理由．
【答题模板】
解 (1)由已知得，又∵{an}的公差大于0，
∴a5>a2，∴a2＝3，a5＝9.∴d＝＝＝2，a1＝1，
∴an＝1＋(n－1)×2＝2n－1.[2分]
∵Tn＝1－bn，∴b1＝，当n≥2时，Tn－1＝1－bn－1，
∴bn＝Tn－Tn－1＝1－bn－，
化简，得bn＝bn－1，[4分]
∴{bn}是首项为，公比为的等比数列，
即bn＝·n－1＝，
∴an＝2n－1，bn＝.[6分]
(2)∵Sn＝n＝n2，∴Sn＋1＝(n＋1)2，＝.
以下比较与Sn＋1的大小：
当n＝1时，＝，S2＝4，∴S5.
猜想：n≥4时，>Sn＋1.[9分]
下面用数学归纳法证明：
①当n＝4时，已证．
②假设当n＝k (k∈N*，k≥4)时，>Sk＋1，即>(k＋1)2.[10分]
那么，n＝k＋1时，＝＝3·>3(k＋1)2＝3k2＋6k＋3＝(k2＋4k＋4)＋2k2＋2k－1>[(k＋1)＋1]2＝S(k＋1)＋1，∴n＝k＋1时，>Sn＋1也成立．[12分]
由①②可知n∈N*，n≥4时，>Sn＋1都成立．
综上所述，当n＝1,2,3时，Sn＋1.[14分]
【突破思维障碍】
1．归纳——猜想——证明是高考重点考查的内容之一，此类问题可分为归纳性问题和存在性问题，本例中归纳性问题需要从特殊情况入手，通过观察、分析、归纳、猜想，探索出一般规律．
2．数列是定义在N*上的函数，这与数学归纳法运用的范围是一致的，并且数列的递推公式与归纳原理实质上是一致的，数列中有不少问题常用数学归纳法解决．
【易错点剖析】
1．严格按照数学归纳法的三个步骤书写，特别是对初始值的验证不可省略，有时要取两个(或两个以上)初始值进行验证；初始值的验证是归纳假设的基础．
2．在进行n＝k＋1命题证明时，一定要用n＝k时的命题，没有用到该命题而推理证明的方法不是数学归纳法．
1．数学归纳法：先证明当n取第一个值n0时命题成立，然后假设当n＝k (k∈N*，k≥n0)时命题成立，并证明当n＝k＋1时命题也成立，那么就证明了这个命题成立．这是因为第一步首先证明了n取第一个值n0时，命题成立，这样假设就有了存在的基础，至少k＝n0时命题成立，由假设合理推证出n＝k＋1时命题也成立，这实质上是证明了一种循环，如验证了n0＝1成立，又证明了n＝k＋1也成立，这就一定有n＝2成立，n＝2成立，则n＝3成立，n＝3成立，则n＝4也成立，如此反复以至无穷，对所有n≥n0的整数就都成立了．
2．(1)第①步验证n＝n0使命题成立时n0不一定是1，是使命题成立的最小正整数．
(2)第②步证明n＝k＋1时命题也成立的过程中一定要用到归纳递推，否则就不是数学归纳法．
(满分：75分)
一、选择题(每小题5分，共25分)
1．用数学归纳法证明命题“当n是正奇数时，xn＋yn能被x＋y整除”，在第二步时，正确的证法是( )
A．假设n＝k(k∈N*)时命题成立，证明n＝k＋1命题成立
B．假设n＝k(k是正奇数)时命题成立，证明n＝k＋1命题成立
C．假设n＝2k＋1 (k∈N*)时命题成立，证明n＝k＋1命题成立
D．假设n＝k(k是正奇数)时命题成立，证明n＝k＋2命题成立
2．已知f(n)＝＋＋＋…＋，则( )
A．f(n)中共有n项，当n＝2时，f(2)＝＋
B．f(n)中共有n＋1项，当n＝2时，f(2)＝＋＋
C．f(n)中共有n2－n项，当n＝2时，f(2)＝＋
D．f(n)中共有n2－n＋1项，当n＝2时，f(2)＝＋＋
3．如果命题P(n)对n＝k成立，则它对n＝k＋1也成立，现已知P(n)对n＝4不成立，则下列结论正确的是( )
A．P(n)对n∈N*成立
B．P(n)对n>4且n∈N*成立
C．P(n)对n<4且n∈N*成立
D．P(n)对n≤4且n∈N*不成立
4．(2011·日照模拟)用数学归纳法证明1＋2＋3＋…＋n2＝，则当n＝k＋1时左端应在n＝k的基础上加上( )
A．k2＋1
B．(k＋1)2
C.
D．(k2＋1)＋(k2＋2)＋(k2＋3)＋…＋(k＋1)2
5．(2011·湛江月考)已知f(x)是定义域为正整数集的函数，对于定义域内任意的k，若f(k)≥k2成立，则f(k＋1)≥(k＋1)2成立，下列命题成立的是( )
A．若f(3)≥9成立，且对于任意的k≥1，均有f(k)≥k2成立
B．若f(4)≥16成立，则对于任意的k≥4，均有f(k)的过程中，由n＝k推导n＝k＋1时，不等式的左边增加的式子是______________．
8．凸n边形有f(n)条对角线，凸n＋1边形有f(n＋1)条对角线，则f(n＋1)＝f(n)＋________.
三、解答题(共38分)
9．(12分)用数学归纳法证明1＋≤1＋＋＋…＋≤＋n (n∈N*)．
10．(12分)(2011·新乡月考)数列{an}满足an>0，Sn＝(an＋)，求S1，S2，猜想Sn，并用数学归纳法证明．
11．(14分)(2011·郑州月考)已知函数f(x)＝e－(其中e为自然对数的底数)．
(1)判断f(x)的奇偶性；
(2)在(－∞，0)上求函数f(x)的极值；
(3)用数学归纳法证明：当x>0时，对任意正整数n都有f()52＋1，∴n0＝5.]
5．A [假设当n＝k时，原式能被9整除，
即k3＋(k＋1)3＋(k＋2)3能被9整除．
当n＝k＋1时，(k＋1)3＋(k＋2)3＋(k＋3)3为了能用上面的归纳假设，只需将(k＋3)3展开，让其出现k3即可．]
课堂活动区
例1 解题导引 用数学归纳法证明与正整数有关的一些等式命题，关键在于弄清等式两边的构成规律：等式的两边各有多少项，由n＝k到n＝k＋1时，等式的两边会增加多少项，增加怎样的项．
证明 设f(n)＝1·n＋2·(n－1)＋3·(n－2)＋…＋(n－1)·2＋n·1.
(1)当n＝1时，左边＝1，右边＝1，等式成立；
(2)假设当n＝k (k≥1且k∈N*)时等式成立，
即1·k＋2·(k－1)＋3·(k－2)＋…＋(k－1)·2＋k·1
＝k(k＋1)(k＋2)，
则当n＝k＋1时，
f(k＋1)＝1·(k＋1)＋2[(k＋1)－1]＋3[(k＋1)－2]＋…＋[(k＋1)－1]·2＋(k＋1)·1
＝f(k)＋1＋2＋3＋…＋k＋(k＋1)
＝k(k＋1)(k＋2)＋(k＋1)(k＋1＋1)
＝(k＋1)(k＋2)(k＋3)．
由(1)(2)可知当n∈N*时等式都成立．
变式迁移1 证明 (1)当n＝1时，
左边＝1－＝＝＝右边，
∴等式成立．
(2)假设当n＝k (k≥1，k∈N*)时，等式成立，即
1－＋－＋…＋－
＝＋＋…＋.
则当n＝k＋1时，
1－＋－＋…＋－＋－
＝＋＋…＋＋－
＝＋＋…＋＋＋
＝＋＋…＋＋＋，
即当n＝k＋1时，等式也成立，
所以由(1)(2)知对任意的n∈N*等式都成立．
例2 解题导引 用数学归纳法证明不等式问题时，从n＝k到n＝k＋1的推证过程中，证明不等式的常用方法有比较法、分析法、综合法、放缩法等．
证明 (1)当n＝2时，左边＝1＋＝；右边＝.
∵左边>右边，∴不等式成立．
(2)假设当n＝k (k≥2，且k∈N*)时不等式成立，
即…>.
则当n＝k＋1时，
…
>·＝＝
>＝＝.
∴当n＝k＋1时，不等式也成立．
由(1)(2)知，对于一切大于1的自然数n，不等式都成立．
变式迁移2 证明 (1)当m＝1时，原不等式成立；
当m＝2时，左边＝1＋2x＋x2，右边＝1＋2x，
因为x2≥0，所以左边≥右边，原不等式成立；
(2)假设当m＝k(k≥2，k∈N*)时，不等式成立，
即(1＋x)k≥1＋kx，则当m＝k＋1时，
∵x>－1，∴1＋x>0.
于是在不等式(1＋x)k≥1＋kx两边同时乘以1＋x得，
(1＋x)k·(1＋x)≥(1＋kx)(1＋x)＝1＋(k＋1)x＋kx2
≥1＋(k＋1)x.
所以(1＋x)k＋1≥1＋(k＋1)x，
即当m＝k＋1时，不等式也成立．
综合(1)(2)知，对一切正整数m，不等式都成立．
例3 解题导引 用数学归纳法证明整除问题，由k过渡到k＋1时常使用“配凑法”．在证明n＝k＋1成立时，先将n＝k
＋1时的原式进行分拆、重组或者添加项等方式进行整理，最终将其变成一个或多个部分的和，其中每个部分都能被约定的数(或式子)整除，从而由部分的整除性得出整体的整除性，最终证得n＝k＋1时也成立．
证明 (1)当n＝1时，a2＋(a＋1)＝a2＋a＋1能被a2＋a＋1整除．
(2)假设当n＝k (k≥1且k∈N*)时，
ak＋1＋(a＋1)2k－1能被a2＋a＋1整除，
则当n＝k＋1时，
ak＋2＋(a＋1)2k＋1＝a·ak＋1＋(a＋1)2(a＋1)2k－1
＝a·ak＋1＋a·(a＋1)2k－1＋(a2＋a＋1)(a＋1)2k－1
＝a[ak＋1＋(a＋1)2k－1]＋(a2＋a＋1)(a＋1)2k－1，
由假设可知a[ak＋1＋(a＋1)2k－1]能被a2＋a＋1整除，
∴ak＋2＋(a＋1)2k＋1也能被a2＋a＋1整除，
即n＝k＋1时命题也成立．
综合(1)(2)知，对任意的n∈N*命题都成立．
变式迁移3 证明 (1)当n＝1时，f(1)＝34－8－9＝64，
命题显然成立．
(2)假设当n＝k (k≥1，k∈N*)时，
f(k)＝32k＋2－8k－9能被64整除．
则当n＝k＋1时，
32(k＋1)＋2－8(k＋1)－9＝9(32k＋2－8k－9)＋9·8k＋9·9－8(k＋1)－9＝9(32k＋2－8k－9)＋64(k＋1)
即f(k＋1)＝9f(k)＋64(k＋1)
∴n＝k＋1时命题也成立．
综合(1)(2)可知，对任意的n∈N*，命题都成立．
课后练习区
1．D [A、B、C中，k＋1不一定表示奇数，只有D中k为奇数，k＋2为奇数．]
2．D
3．D [由题意可知，P(n)对n＝3不成立(否则P(n)对n＝4也成立)．同理可推P(n)对n＝2，n＝1也不成立．]
4．D [∵当n＝k时，左端＝1＋2＋3＋…＋k2，
当n＝k＋1时，
左端＝1＋2＋3＋…＋k2＋(k2＋1)＋…＋(k＋1)2，
∴当n＝k＋1时，左端应在n＝k的基础上加上
(k2＋1)＋(k2＋2)＋(k2＋3)＋…＋(k＋1)2.]
5．D [f(4)＝25>42，∴k≥4，均有f(k)≥k2.
仅有D选项符合题意．]
6．2k＋1
解析 ∵当n＝k＋1时，
左边＝1＋2＋…＋k＋(k＋1)＋k＋…＋2＋1，
∴从n＝k到n＝k＋1时，应添加的代数式为(k＋1)＋k＝2k＋1.
7.
解析 不等式的左边增加的式子是
＋－＝.
8．n－1
解析 ∵f(4)＝f(3)＋2，f(5)＝f(4)＋3，
f(6)＝f(5)＋4，…，∴f(n＋1)＝f(n)＋n－1.
9．证明 (1)当n＝1时，左边＝1＋，右边＝＋1，
∴≤1＋≤，命题成立．(2分)
当n＝2时，左边＝1＋＝2；右边＝＋2＝，
∴2<1＋＋＋<，命题成立．(4分)
(2)假设当n＝k(k≥2，k∈N*)时命题成立，
即1＋<1＋＋＋…＋<＋k，(6分)
则当n＝k＋1时，
1＋＋＋…＋＋＋＋…＋>1＋＋2k·＝1＋.(8分)
又1＋＋＋…＋＋＋＋…＋<＋k＋2k·＝＋(k＋1)，
即n＝k＋1时，命题也成立．(10分)
由(1)(2)可知，命题对所有n∈N*都成立．(12分)
10．解 ∵an>0，∴Sn>0，
由S1＝(a1＋)，变形整理得S＝1，
取正根得S1＝1.
由S2＝(a2＋)及a2＝S2－S1＝S2－1得
S2＝(S2－1＋)，
变形整理得S＝2，取正根得S2＝.
同理可求得S3＝.由此猜想Sn＝.(4分)
用数学归纳法证明如下：
(1)当n＝1时，上面已求出S1＝1，结论成立．
(6分)
(2)假设当n＝k时，结论成立，即Sk＝.
那么，当n＝k＋1时，
Sk＋1＝(ak＋1＋)＝(Sk＋1－Sk＋)
＝(Sk＋1－＋)．
整理得S＝k＋1，取正根得Sk＋1＝.
故当n＝k＋1时，结论成立．(11分)
由(1)、(2)可知，对一切n∈N*，Sn＝都成立．
(12分)
11．(1)解 ∵函数f(x)定义域为{x∈R|x≠0}
且f(－x)＝＝＝f(x)，
∴f(x)是偶函数．(4分)
(2)解 当x<0时，f(x)＝，
f′(x)＝＋ (－)
＝－(2x＋1)，(6分)
令f′(x)＝0有x＝－，
当x变化时，f′(x)，f(x)的变化情况如下表：
x
(－∞，－)
－
(－，0)
f′(x)
＋
0
－
f(x)
增
极大值
减
由表可知：当x＝－时，f(x)取极大值4e－2，
无极小值．(8分)
(3)证明 当x>0时f(x)＝，∴f()＝x2e－x.
考虑到：x>0时，不等式f()0)，
∵x>0时，g′(x)＝ex－1>0，∴g(x)是增函数，
故g(x)>g(0)＝1>0，即ex>x(x>0)．
所以当n＝1时，不等式(ⅰ)成立．(10分)
②假设n＝k(k≥1，k∈N*)时，不等式(ⅰ)成立，
即xk0)，
h′(x)＝(k＋1)！ex－(k＋1)xk＝(k＋1)(k！ex－xk)>0，
故h(x)＝(k＋1)！·ex－xk＋1(x>0)为增函数，
∴h(x)>h(0)＝(k＋1)！>0，
∴xk＋1<(k＋1)！·ex，
即n＝k＋1时，不等式(ⅰ)也成立，(13分)
由①②知不等式(ⅰ)对一切n∈N*都成立，
故当x>0时，原不等式对n∈N*都成立．(14分)
