山西省运城市景胜中学2019-2020学年高二上学期11月期中考试物理试题

申明敬告: 本站不保证该用户上传的文档完整性,不预览、不比对内容而直接下载产生的反悔问题本站不予受理。

文档介绍

山西省运城市景胜中学2019-2020学年高二上学期11月期中考试物理试题

景胜中学2019-2020学年度第一学期月考(11月)‎ 高二物理试题 一、单选题 ‎1.关于电流,下列说法中正确的是(  )‎ A. 通过导体横截面的电荷量越多,电流越大 B. 电子运动的速率越大,电流越大 C. 单位时间内通过导体横截面的电荷量越多,导体中的电流越大 D. 因为电流有方向,所以电流是矢量 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】AC.根据可知,电流等于单位时间内通过导体横截面的电量,通过导体的横截面的电荷量多,电流不一定大,还要看时间,单位时间内通过导体截面的电量越多,导体中的电流越大,故A错误,C正确;‎ BD.根据I=nesv可知电子运动的速率越大,电流不一定越大,选项B错误;电流的方向是人为规定的,所以电流是一个标量,故D错误。‎ ‎【点睛】本题考查了学生对电流的相关知识的掌握,属于电学基础知识的考查,相对比较简单。‎ ‎2.一节五号干电池的电动势是1.5V ,下列说法正确的是( )‎ A. 一节1号干电池的电动势是3V B. 直接用理想电压表测该干电池两端电压(不接入电路),电压表示数应该是1.5V C. 把这节电池与一个小灯泡构成闭合回路,这时用理想电压表测该干电池两端电压,电压表示数应该是1.5V D. 我们使用电池时常需几节串联起来用,电池组的电动势还是1.5V ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.干电池不论型号大小,电动势都一样,电动势都是1.5V,故A错误;‎ B.直接用电压表测该干电池两端电压时,此时显示可以近似认为就是电源的电动势;故电压表示数应该是1.5V;所以B选项是正确的;‎ C.电池接入电路构成回路,则电压表所测电压为电源的路端电压,小于1.5V;故C错误;‎ D.若电池串联使用,则电动势应为各电池的电动势之和;故D错误;‎ ‎3.一横截面积为S的铜导线,设每单位体积的导线中有n个自由电子,电子电荷量为e,在时间t内通过导线横截面的自由电子数目为N,则自由电子定向移动速率为( )‎ A B. C. D. ‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】从微观角度来说,在t时间内能通过某一横截面的自由电子处于长度为vt的圆柱体内,此圆柱体内的电子数目为,所以 。‎ A. 与计算结果相符,故A正确。‎ B. 与计算结果不符,故B错误。‎ C. 与计算结果不符,故C错误。‎ D. 与计算结果不符,故D错误。‎ ‎4.如图所示的电路中,R1=8Ω,R2=4Ω,R3=6Ω,R4=3Ω,U=42V.()‎ A. R1、R2、R3、R4的电压之比等于4:2:1:1‎ B. R1、R2、R3、R4的电流之比等于4:2:1:2‎ C. R1、R2、R3、R4的功率之比等于12:6:2:1‎ D. 电路的总电阻等于21Ω,总功率等于126W ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.R3与R4的总电阻:‎ 由于R1、R2及串联,电流相等,电压之比扥与电阻之比,故电压之比为4:2:1:1,故A正确.‎ B.根据电路串并联替身可知,流过R3和R4的电流与电阻成反比,故电流之比为1:2,而流过R1和R2的电流纸币为1:1,流过R3的电流与干路电流的关系为:‎ 故电之比为3:3:1:2,故B错误.‎ C.R1、R2串联,功率之比为2:1,R3、R4并联,由:‎ 可知功率之比为1:2;流过R3的电流与干路电流的关系为:‎ 则P2:P3=6:1,故R1、R2、R3、R4的功率之比等于12:6:1:2,故C错误.‎ D.电路中的总电阻为:‎ 根据欧姆定律得:‎ 则总功率为:‎ 故D错误 ‎5.如图所示,其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格,每一小格表示0.02A;R1的阻值等于电流表内阻的;R2的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1的电流值,则下列分析正确的是( )‎ A. 将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示0.08A B. 将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示0.02A C. 将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示0.06A D. 将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示0.01A ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.当接线柱1、2接入电路时,电流表A与R1并联,根据串并联电路规律可知,R1分流为1.8A,故量程为1.8A+0.6A=2.4A;故每一小格表示0.08A;故A项正确,B项错误;‎ CD.当接线柱1、3接入电路时,A与R1并联后与R2串联,电流表的量程仍为2.4A;故每一小格表示0.08A;故CD错误。‎ ‎6.如图所示,图线表示的导体的电阻为R1,图线2表示的导体的电阻为R2,则下列说法正确的是(  )‎ A. R1:R2=3:1‎ B. 把R1拉长到原来的3倍长后电阻等于R2‎ C. 将R1与R2串联后接于电源上,则功率之比P1:P2=1:3‎ D. 将R1与R2并联后接于电源上,则电流比I1:I2=1:3‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 通过图象得出两电阻的关系.串联电路电流相等,并联电路,电压相等,电流比等于电阻之反比,并根据功率,部分电路欧姆定律及电阻定律,即可判定.‎ ‎【详解】A.根据图象知,图线的斜率表示电阻的倒数,所以R1:R2=1:3, 所以A选项是不符合题意的;‎ B.根据电阻定律:‎ 当把拉长到原来的3倍,则电阻变为原来的9倍,因此是R2的3倍,所以B选项是不符合题意的;‎ C.串联电路电流相等,所以将与串联后接于电源上,电流比:‎ 根据公式可知:‎ P1:P2=1:3‎ 所以C选项是符合题意的;‎ D.并联电路,电压相等,根据公式可知,电流比等于电阻之反比,所以将与并联后接于电源上,电流比:‎ 所以D选项是不符合题意的;‎ ‎7.如图所示,用干电池点亮几个小灯泡,不计灯泡的电阻随温度的变化,当逐一闭合电键,接入电路的灯泡增多时,以下正确的是() ‎ A. 灯亮度一定增加 B. 干电池输出的总功率一定减小 C. 该电路电源的效率一定降低 D. 整个电路消耗的功率一定减小 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 由题中“不计灯泡的电阻随温度的变化”可知,本题考查恒定电流中并联电路的功率、效率问题,运用并联电路特点、电阻并联、电路功率等知识可以进行分析。‎ ‎【详解】A.由于闭合开关让灯泡并联,使外电路总电阻变小,因此分压变小,所以每个灯泡的电压变小,电阻不变,导致电流变小,亮度降低,故A错误;‎ B.由于不计灯泡电阻随温度的变化,所以可以把电路看成是纯电阻电路,电源的输出功率:‎ 当外电路电阻等于内阻时,输出功率最大,由于本题不知道电源内阻是多少,因此接入电路的灯泡增多时,无法判断输出功率的变化情况,故B错误;‎ CD.根据,可知,总电阻逐渐减小,因此总功率增加,电路的效率降低,因此C正确,D错误。‎ ‎8.如图所示为吹风机的工作电路图,其中M和A分别为电动机和电阻丝,且rm为吹风机的内阻、R为电阻丝A的电阻.已知该吹风机有两个挡位,电源电压恒为220 V,低挡消耗的电功率为120 W,高挡消耗的电功率为1 000 W.则下列关于对该电路的分析正确的是 A. 两电键均闭合时吹风机为低挡位 B. rM=Ω C. R=55 Ω D. 低挡位时,电阻丝每秒产生的焦耳热为880 J ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 由图可知,两电键均闭合时,电阻丝接入电路,电阻丝发热,所以此时为高挡位,故A项与题意不相符;‎ B.当S1断开,S2闭合时,只有电动机接入电路,即为低挡位,流过电动机的电流为 由于电动机为非纯电阻电路,所以电动机的电阻 故B项与题意不相符;‎ C. 当S1,S2闭合时,为高挡位,由题意可知,电阻丝的功率为 所以电阻丝的电阻为 ‎ ‎ 故C项与题意相符;‎ D. 低挡位时,电阻丝末接入电路,所以电功率为0,故D项与题意不相符。‎ 二、多选题 ‎9.如图所示,两极板间距为d的平行板电容器与一电源连接,开关S闭合,电容器两板间有一质量为m、带电荷量为q的微粒静止不动,下列叙述中正确的是 A. 微粒带的是正电 B. 两极板的电压等于 C. 断开开关S,微粒将向下做加速运动 D. 保持开关S闭合,把电容器两极板距离增大,微粒将向下做加速运动 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由题,带电荷量为q的微粒静止不动,所受的电场力与重力平衡,则微粒受到向上的电场力,而平行板电容器板间的场强方向竖直向下,则微粒带负电,故A错误;‎ B.由平衡条件得:得电源的电动势为:‎ ‎,‎ 故B正确;‎ C.断开开关S,电容器所带电量不变,根据公式、 和 可得 ‎,‎ 得场强E不变,微粒所受的电场力不变,则微粒仍静止不动,故C错误;‎ D.保持开关S闭合,极板间的电压U不变,当把电容器两极板距离增大,根据,则电场强度减小,那么电场力减小,因此微粒将向下做加速运动,故D正确;‎ ‎10.如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电荷量为,质量为m的小球,以初速度v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑,到达曲面顶端B点的速度仍为v0,则下列说法不正确的是 ‎ A. 电场力对小球做功为 B. A、B两点的电势差为 C. 小球在B点的电势能大于在A点的电势能 D. 由A到B的过程,机械能的总和保持不变 ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.小球上滑过程中,由动能定理得:‎ 得:‎ W=mgh.‎ 故A错误,符合题意。‎ B.由W=qU得,A、B两点的电势差为 故B正确,不符合题意。‎ C.由于电场力做正功,小球的电势能减小,则小球在B点的电势能小于在A点的电势能。故C错误,符合题意。‎ D.由A到B的过程,由于电场力做正功,则机械能增加,选项D错误,符合题意。‎ ‎11.某同学研究白炽灯得到某白炽灯的电压与电流的关系如图所示,图像上A点与原点连线与横轴成α角,A点的切线与横轴成β角,则下列选项正确的是(  )‎ A. 白炽灯的电阻随电压的增大而增大 B. 在A点,白炽灯的电阻可表示为 C. 在A点,白炽灯的电功率可表示为 D. 在A点,白炽灯的电阻可表示为 ‎【答案】ACD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.由图示图象可知,随电压U增大通过灯泡的电流I增大,电压与电流的比值增大,灯泡电阻增大,故A正确;‎ BD.由图可知,A点的电压和电流,则在A点灯泡电阻:‎ 故B错误,D正确;‎ C.根据电功率的表达式,在A点,白炽灯的电功率:‎ 故C正确。‎ ‎12.电阻R和电动机M相串联接到电路中,如图所示,已知电阻R跟电动机线圈电阻相等,开关接通后,电动机正常工作,设电阻R和电动机两端的电压分别为U1和U2;经过时间t,电流通过电阻R做功W1,产生的电热为Q1;电流通过电动机M做功W2,产生的电热为Q2,则有 A. U1U1=IR,‎ 电阻R和电动机消耗的电能分别为 W1=IU1t,W2=IU2t 所以 W2>W1;‎ 而电阻R和电动机产生的电热分别为 Q1=I2Rt,Q2=I2Rt,‎ 即 Q1=Q2。‎ A. U1
查看更多