【生物】2021届一轮复习人教版5-2-2基因的自由组合定律(二)作业

【生物】2021届一轮复习人教版5-2-2基因的自由组合定律(二)作业

课时作业21　基因的自由组合定律(二)‎ 基础巩固 ‎1．(2019·安徽师大附中模拟)荠菜的果实形状有三角形和卵圆形两种，由两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律。现三角形果实荠菜与卵圆形果实荠菜做亲本杂交，F1都是三角形果实荠菜，F2中三角形果实与卵圆形果实荠菜的比例为15∶1。F2三角形果实荠菜中，部分个体自交后发生性状分离，这样的个体在F2三角形果实荠菜中的比例为(　　)‎ A．1/5 　　　B．1/3　　　B．7/15　　　D．8/15‎ 解析：根据题意分析可知，当三角形果实荠菜个体自交后代出现aabb基因型时(相关基因用A、a，B、b表示)，才有卵圆形果实出现，表现出性状分离，否则都是三角形果实。因此，在F2三角形果实荠菜中，只有基因型为AaBb、Aabb、aaBb的三角形果实荠菜自交后发生性状分离，这三种基因型的荠菜占F2三角形果实荠菜的比例为4/15＋2/15＋2/15＝8/15。‎ 答案：D ‎2．(2019·吉林一中月考)两对相对性状的基因自由组合，如果F2的性状分离比分别为9∶7、9∶6∶1和15∶1，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比分别是 (　　)‎ A．1∶3，1∶2∶1和3∶1‎ B．3∶1，4∶1和1∶3‎ C．1∶2∶1，4∶1和3∶1‎ D．3∶1，3∶1和1∶4‎ 解析：根据题意和分析可知，F2的分离比为9∶7时，说明生物的基因型及表现型比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_＋1aabb)，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比是AaBb∶(Aabb＋aaBb＋aabb)＝1∶3；F2的分离比为9∶6∶1时，说明生物的基因型及表现型比例为9A_B_∶(3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比是AaBb∶(Aabb＋aaBb)∶aabb＝1∶2∶1；F2的分离 比为15∶1时，说明生物的基因型及表现型比例为(9A_B_＋3A_bb＋3aaB_)∶1aabb，那么F1与双隐性个体测交，得到的分离比是(AaBb＋Aabb＋aaBb)∶aabb＝3∶1。‎ 答案：A ‎3．(2019·安徽安庆一中调研)已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r)为显性，这两对基因在非同源染色体上。现将一株表现型为高秆、抗病的植株的花粉授给另一株表现型相同的植株，所得后代表现型是高秆∶矮秆＝3∶1，抗病∶感病＝3∶1。根据以上实验结果，下列叙述错误的是(　　)‎ A．以上后代群体的表现型有4种 B．以上后代群体的基因型有9种 C．以上两株亲本可以分别通过不同杂交组合获得 D．以上两株表现型相同的亲本，基因型不相同 解析：已知水稻高秆(T)对矮秆(t)为显性，抗病(R)对感病(r ‎)为显性，两对基因独立遗传，所以性状也发生自由组合，因此后代中会出现高秆抗病、高秆感病、矮秆抗病、矮秆感病四种表现型，A正确；根据题意可知，亲代表现型为高秆、抗病植株可能的基因型为T_R_，F1中高秆∶矮秆＝3∶1，说明两亲本都是Tt，抗病∶感病＝3∶1，说明两亲本都是Rr，因此两亲本的基因型都是TtRr，因此后代群体中基因型种类有3×3＝9种，B正确；以上两株亲本可以分别通过TTRR×ttrr→TtRr或TTrr×ttRR→TtRr获得，C正确；由B项可知，亲本的基因型均为TtRr，D错误。‎ 答案：D ‎4．(2019·江苏南通、徐州联考)玉米籽粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如下图，基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上，现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色∶红色∶白色＝0∶3∶1，则该植株的基因型可能为 (　　)‎ A．MMNNPP　　　　　　B．MmNnPP C．MmNNpp D．MmNnpp 解析：据图分析，白色籽粒的基因型为mm_ _ _ _、M_nn_ _、红色籽粒的基因型为M_N_pp、紫色籽粒的基因型为M_N_P_。基因型为MMNNPP和MmNnPP的个体自交所结玉米籽粒均为紫色，A、B错误；基因型为MmNNpp的籽粒表现为红色，其自交子代籽粒的性状分离比为紫色∶红色(M_NNpp)∶白色(mmNNpp)＝0∶3∶1，C 正确；MmNnpp的籽粒也表现为红色，其自交子代籽粒的性状分离比为紫色∶红色(M_N_pp)∶白色(mmN_pp、M_nnpp、mmnnpp)＝0∶9∶7，D错误。‎ 答案：C ‎5．(2019·甘肃兰州一中调研)科研人员用黑色鲤鱼(简称黑鲤)和红色鲤鱼(简称红鲤)杂交，F1皆表现为黑鲤，F1相互交配的结果见下表。据此分析下列叙述错误的是 (　　)‎ A.F1与红鲤杂交后代中黑鲤与红鲤之比为1∶1‎ B．鲤鱼体色最可能由两对等位基因控制 C．鲤鱼体色的遗传遵循孟德尔遗传定律 D．1号池F2中的红鲤基因型只有一种 解析：F2的性状分离比约为15∶1，而15∶1是9∶3∶3∶1的变式，说明鲤鱼体色是由两对等位基因控制的(用A和a、B和b表示)，且这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律，B、C正确；F2的性状分离比约为15∶1，说明子一代是双杂合子。且双隐性个体表现为红鲤，其余为黑鲤，则F1与红鲤杂交，后代中黑鲤与红鲤之比为3∶1，A错误；根据以上分析可知红鲤的基因型为双隐性aabb，D正确。‎ 答案：A ‎6．(2019·南京市统考)某种狗的毛色的遗传由位于非同源染色体上的两对等位基因(B和b、T与t)控制，其中白、黄、黑色三种色素在细胞内的转化途径如图所示。现选择基因型为BBTT和bbtt的两个品种进行杂交，得到F1，F1之间相互交配得F2。以下分析错误的是(　　)‎ A．F1测交后代的表现型，黑色∶白色∶黄色＝1∶2∶1‎ B．F2中的白色个体的基因型有6种 C．分析实验结果发现F2中性状分离比与理论值有差别，这可能是减数分裂过程中两对基因间发生了交叉互换 D．如果发现在某黑狗的背上长有一块“白斑”，则可能是b基因突变成了B基因 解析：据图分析可知，白色个体基因型为B__T__和B__tt，黑色个体基因型为bbT__，黄色个体基因型为bbtt，因此A、B选项正确；位于同源染色体非姐妹染色单体上的基因才能发生交叉互换，而本题中的两对等位基因位于非同源染色体上，不可能发生交叉互换，C错误；据题分析可知，如果黑色个体的部分体细胞中b基因突变成了B基因，则会形成“白斑”，D正确。‎ 答案：C 能力创新 ‎7．(2019·陕西名校第二次月考)天竺鼠身体较圆，唇形似兔，‎ 是鼠类宠物中最温驯的一种，受到人们的喜爱。科学家通过研究发现，该鼠的毛色由两对基因控制，这两对基因分别位于两对常染色体上。现有一批基因型为BbCc的天竺鼠，已知B决定黑色毛，b决定褐色毛，C决定毛色存在，c决定毛色不存在(即白色)。则这批天竺鼠繁殖后，子代中黑色、褐色与白色的理论比值为(　　)‎ A．9∶4∶3 B．9∶3∶4‎ C．9∶1∶6 D．9∶6∶1‎ 解析：BbCc自交的后代中，B__C__基因组成的为黑色，占9/16，bbC__基因组成的为褐色，占3/16；所有含cc基因型的(包括B__cc、bbcc)都为白色，占总数的1/4。‎ 答案：B ‎8．(2019·山东省名校联盟考前模拟)古比鱼尾形由位于常染色体上的三对独立遗传的基因决定，相关基因、酶以及尾形关系如下图示，据此推测错误的是(　　)‎ A．由图可知基因可通过控制酶的合成影响代谢过程，从而控制生物的性状 B．基因型相同的杂合三角尾鱼相互交配，子一代的基因型最少3种、最多27种 C．圆尾鱼与扇尾鱼杂交，子—代中圆尾：扇尾：三角尾数量比可能出现2∶1∶1‎ D．让圆尾鱼相互交配，子一代中出现其它尾形的原因可能是由于基因重组所致 解析：由题图可知基因可通过控制酶的合成影响代谢过程，从而控制生物的性状，A项正确；根据题图解可知三角尾鱼的大致的基因型为D_A_bb_，基因型相同的杂合三角尾鱼相互交配，如aabbDd×aabbDd、AabbDD×AabbDD和Aabbdd×Aabbdd的子一代基因型都最少，有3种。而AaBbDd×AaBbDd的子一代基因型最多，有3×3×3＝27种，B项正确；根据题图解可知圆尾鱼的大致的基因型为aa_ _dd，扇尾鱼的大致的基因型为A_B_dd，当圆尾鱼的基因型为aabbdd、扇尾鱼的基因型为AaBbdd时，二者杂交获得的子一代的基因型及比例为1/4AaBbdd(扇形)、1/4Aabbdd(三角尾)、1/4aaBbdd(圆尾)、1/4aabbdd(圆尾)，则子一代中圆尾∶扇尾∶三角尾＝2∶1∶1，C项正确；圆尾鱼的大致的基因型为aa_ _dd，让圆尾鱼相互交配，子一代中全部是圆尾鱼，一般不会出现其它尾形，如果子一代中出现其它尾形，则可能是基因突变所致，D项错误。‎ 答案：D ‎9．(2019·广东省惠州市模拟)某二倍体植物有高茎与矮茎、红花与白花两对相对性状，且均各只受一对等位基因控制。现有一高茎红花亲本，其自交后代表现型及比例为高茎红花∶高茎白花∶矮茎红花∶矮茎白花＝5∶3∶3∶1，下列分析错误的是(　　)‎ A．控制上述两对相对性状的基因遗传时遵循自由组合定律 B．出现5∶3∶3∶1的原因是可能存在某种基因型植株(合子)致死现象 C．出现5∶3∶3∶1的原因是可能存在某种基因型配子致死现象 D．自交后代中高茎红花均为杂合子 解析：设高茎与矮茎、红花与白花分别受一对等位基因A和a、B和b控制。一高茎红花亲本自交后代出现4种类型，则该亲本的基因型为AaBb，又因自交后代的性状分离比为5∶3∶3∶1说明控制这两对相对性状的两对等位基因位于两对同源染色体上，其遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；理论上该高茎红花亲本自交后代性状分离比为9∶3∶3∶1，而实际上却为5∶3∶3∶1，若将5∶3∶3∶1拆开来分析，则有高茎∶矮茎＝2∶1，红花∶白花＝2∶1，说明在后代中不存在AA和BB的个体，进而推知：出现5∶3∶3∶1的原因可能是基因型为AB的雌配子或雄配子致死，B错误，C正确；综上分析可推知：在自交后代中，高茎红花的基因型为AABb、AaBB、AaBb，均为杂合子，D正确。‎ 答案：B ‎10．(2019·黑龙江省齐齐哈尔市一模)某种自花传粉的植物，抗病和易感病分别由基因R、r控制，细胞中另有一对等位基因B、b对抗病基因的抗性表达有影响，BB使植物抗性完全消失，Bb使抗性减弱，表现为弱抗病。将易感病与抗病植株杂交，F1都是弱抗病，自交得F2表现易感病∶弱抗病∶抗病的比分别为7∶6∶3‎ ‎。下列推断正确的是(　　)‎ A．亲本的基因型是RRBB、rrbb B．F2的弱抗病植株中纯合子占1/3‎ C．F2中全部抗病植株自交，后代抗病植株占8/9‎ D．不能通过测交鉴定F2易感病植株的基因型 解析：根据前面的分析可知，亲本的基因型为bbRR和BBrr，A错误；F2弱抗性的基因型是BbR_，包括BbRR和BbRr两种，没有纯合子，B错误；F2中抗病植株的基因型是bbRR和bbRr两种，比例为1∶2，所以抗性植株自交，其中bbRR的后代全部是抗性；bbRr自交，后代抗性∶不抗性＝3∶1，因此F2全部抗病植株自交，后代不抗病的比例是2/3×1/4＝1/6，抗病植株占1－1/6＝5/6，C错误；F2中易感病植株的基因型包括BBrr、Bbrr、bbrr、BBRR、BBRr，它们与bbrr测交，后代都是易感病个体，因此不能用测交法判断F2易感病个体的基因型，D正确。‎ 答案：D ‎11．(2019·大连统考)某种植物果实重量由三对等位基因控制，这三对基因分别位于三对同源染色体上，对果实重量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实重量分别为150 g和270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂交，F1中重量为170 g的果实所占比例为(　　)‎ A. B. C. D. 解析：根据题意分析可知：控制植物果实重量的三对等位基因(用A和a、B和b、C和c表示)分别位于三对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。由于基因对果实重量的增加效应相同且具叠加性，隐性纯合子的果实重量为150 g，而显性纯合子的果实重量为270 g，所以三对等位基因中每个显性基因可增重(270－150)÷6＝20(g)。由于每个显性基因可增重20 g，所以重量为170 g的果实的基因型中含有一个显性基因。三对基因均杂合的两植株(AaBbCc)杂交，F1中含一个显性基因的个体基因型为Aabbcc、aaBbcc、aabbCc 3种，所占比例为×××3＝。‎ 答案：B ‎12．(2019·湖北沙市模拟联考)蓝铃花(2n＝72)是一种观赏植物，进行自花传粉，其花色(紫色、蓝色、白色)由三对等位基因(A、a，B、b，E、e)控制，下图为基因控制物质合成的途径。请分析回答下列问题：‎ ‎(1)研究已知，基因A的表达产物对基因B的表达具有抑制作用，所以有A基因存在时，花色为________。‎ ‎(2)现让一株纯合的白花与纯合的蓝花植株进行杂交，F1全为紫花，F2中蓝花、白花、紫花植株的比例为3∶4∶9。可知图中有色物质Ⅰ 呈________色，亲本的基因型分别是________。‎ ‎(3)现有一基因型为AaBbee的植株(如图甲)，进行自交，理论上其后代的表现型及其比例为________，但实际情况与理论值差异较大。经显微观察发现植株发生了变异，由图甲变成了图乙或图丙，这种变异属于染色体结构变异中的________。让这株变异植株与基因型为aabbee的白花植株进行测交，若后代的表现型及其比例为________，则这株植株的基因组成应为图乙；若后代的表现型及其比例为________，则这株植株的基因组成应为图丙。(注：均不考虑交叉互换，各种配子和个体均能成活)‎ 解析：(1)根据图示分析已知B控制有色物质Ⅰ，E控制有色物质Ⅱ，A基因对基因B的表达有抑制作用，当A基因存在时，则不能合成有色物质Ⅰ，花色为白色。(2)选取纯合的白色与紫花植株进行杂交，F1全为紫花，F2中蓝花、白花、紫花植株的比例为3∶4∶9，说明F1紫花为双杂合子aaBbEe，则有色物质Ⅰ是蓝花，有色物质Ⅱ是紫花，同时也说明亲本蓝花的基因型是aaBBee，由于F1紫花为双杂合子aaBbEe，则白花的基因型是aabbEE。(3)现有一基因型为AaBbee的植株，进行自交，后代植株的基因型及比例为A_B_ee(白花)∶A_bbee(白花)∶aaB_ee(蓝花)∶aabbee(白花)＝9∶3∶3∶1，即表现型与比例为白花∶蓝花＝13∶3，但实际情况与理论值差异较大，经显微观察发现植株发生了变异，由图甲变成了图乙或丙，‎ 都发生了染色体结构的变异中的易位，让这株变异植株与基因型为aabbee的白花植株进行测交，基因组成应为图乙时，则配子组成为aABe、abe、ABe、be，测交形成的后代为aaABbee(白花)、aabbee(白花)、AaBbee(白花)、abbee(白花)，即后代的白花为100%；植物的基因组成为图丙时产生的配子为aBe、Aabe、Be、Abe，测交形成的后代为aaBbee(蓝花)、Aaabbee(白花)、aBbee(蓝花)、Aabbee(白花)，若后代的表现型及其比例为白花∶蓝花＝1∶1。‎ 答案：(1)白色 ‎(2)蓝　aabbEE和aaBBee(顺序不能颠倒)‎ ‎(3)白花∶蓝花＝13∶3　易位　白花100%(白花∶蓝花∶紫花＝1∶0∶0)　白花∶蓝花＝1∶1‎ ‎13．(2019·湖北部分中学联考)某种开花植物细胞中，基因A(a)和基因B(b)分别位于两对同源染色体上。将纯合的紫花植株(基因型为AAbb)与纯合的红花植株(基因型为aaBB)杂交，F1全开紫花，自交后代F2中，紫花∶红花∶白花＝12∶3∶1。回答下列问题：‎ ‎(1)该种植物花色性状的遗传遵循________定律。基因型为AaBb的植株，表现型为________。‎ ‎(2)若表现型为紫花和红花的两个亲本杂交，子代的表现型和比例为2紫花∶1红花∶1白花。则两亲本的基因型分别为________。‎ ‎(3)为鉴定一紫花植株的基因型，将该植株与白花植株杂交得子一代，子一代自交得子二代。请回答下列问题：‎ ‎①表现为紫花的植株的基因型共有________种。‎ ‎②根据子一代的表现型及其比例，可确定出待测三种紫花亲本基因型，具体情况为________。‎ ‎③根据子一代的表现型及其比例，尚不能确定待测紫花亲本基因型。若子二代中，紫花∶红花∶白花的比例为________，则待测紫花亲本植株的基因型为AAbb。‎ 解析：(1)根据题意可判断紫花基因型为A__B__、A__bb。(2)紫花(A__B__或A__bb)与红花(aaB__)杂交，后代中出现白花(aabb)，可确定两亲本均含有基因a和b，根据子代表现型比例可进一步判断亲本基因型。(3)将紫花植株的6种可能的基因型分别与白花(aabb)杂交，分析子一代的表现型可确定亲本三种紫花基因型：AaBB(子代为1紫∶1红)、AaBb(子代为2紫花∶1红花∶1白花)和Aabb(子代为1紫∶1白)，另三种基因型测交子一代均为紫花；若亲本为AAbb，子一代为Aabb，子二代应为3A__bb(紫)、1aabb(白)。‎ 答案：(1)基因的自由组合　紫花 ‎(2)Aabb和aaBb ‎(3)①6　②AaBB、AaBb和Aabb　③3∶0∶1‎