重庆市永川区2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题

重庆市永川区2018-2019学年高二下学期期中考试化学试题

高二年级期中化学测试卷 一、选择题(本题包括10小题，每小题2分，每小题只有一个答案符合题意)‎ ‎1.下列有机物属于酚的是（ ）‎ A. C6H5—CH2OH B. HO—C6H4—CH3‎ C. C2H5—OH D. C6H5—CH2CH2OH ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．C6H5—CH2OH为苯甲醇，羟基没有直接连接在苯环上，故A错误；‎ B．羟基与苯环直接相连而构成的化合物是酚，HO—C6H4—CH3羟基直接连接在苯环上，为甲基苯酚，故B正确；‎ C．C2H5—OH为乙醇，羟基直接连接在乙基上，故C错误；‎ D．C6H5—CH2CH2OH为苯乙醇，羟基没有直接连接在苯环上，故D错误；‎ 故选B。‎ ‎【点睛】属于酚的有机物，分子中应含有苯环且羟基直接连接在苯环上，酚羟基具有弱酸性。了解官能团对有机化合物的结构的影响是解答本题的关键。‎ ‎2. 糖尿病患者的尿样中含有葡萄糖，在与新制的氢氧化铜悬浊液共热时，能产生红色沉淀。说明葡萄糖分子中含有 （ ）‎ A. 苯基 B. 甲基 C. 羟基 D. 醛基 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 该反应是检验—CHO的特征反应，答案为D ‎3.已知丁基共有四种.不必试写,立即可断定分子式为C5H10O的醛应有 A. 3种 B. 4种 C. 5种 D. 6种 ‎【答案】B ‎【解析】‎ 试题分析：分子式为C5H10O的醛是丁基与醛基相连接形成的化合物。丁基共有四种，所以丁基与醛基相连接形成的化合物就由四种。因此选项为B。‎ 考点：考查有机物的同分异构体的规律的知识。‎ ‎4.物质的量相等的戊烷、苯、苯酚完全燃烧需要氧气的物质的量依次是X、Y、Zmol，则X，Y，Z的关系是（ ）‎ A. X>Y>Z B. Y>Z>X C. .Z>Y>X D. Y>X>Z ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】根据方程式：戊烷C5H12+8O25CO2+6H2O、苯2C6H6+15O212CO2+6H2O、苯酚C6H5OH+7O26CO2+3H2O，设戊烷、苯、苯酚均为1 mol 时，需O2量依次为8 mol、7.5 mol、7 mol。所以x＞y＞z，故A正确；‎ 故选A。‎ ‎5.将标况下的44.8L甲醛溶解于多少水中，恰好配成40%的福尔马林（ ）‎ A. 60 mL B. 90mL C. 120mL D. 150mL ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】标况下的44.8L甲醛的物质的量为2mol，质量为：2mol×30g/mol=60g，溶液的质量分数为：40%=×100%，则m水=90g，则水的体积为90mL，故B正确；‎ 故选B。‎ ‎6.取相同物质的量的下列有机物，分别在足量氧气中燃烧，消耗氧气最少的（ ）‎ A. 乙烷 B. 乙烯 C. 乙醛 D. 乙醇 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】1mol乙烷在足量氧气中燃烧，消耗氧气3.5mol，1mol乙烯在足量氧气中燃烧，消耗氧气3mol，1mol乙醛在足量氧气中燃烧，消耗氧气2.5mol， 1mol乙醇在足量氧气中燃烧，消耗氧气3mol，则相同物质的量的乙烷、乙烯、乙醛、乙醇，分别在足量氧气中燃烧，消耗氧气最少的是乙醛，故C正确；‎ 故选C。‎ ‎7. 可把苯酚、硫氰化钾、乙醇、氢氧化钠、硝酸银等五种溶液鉴别出来的试剂是 A. 溴水 B. 酚酞溶液 C. 甲基橙溶液 D. FeCl3 溶液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ 溴水可以鉴别苯酚、氢氧化钠和硝酸银，但不能鉴别硫氰化钾和乙醇。酚酞只能鉴别氢氧化钠。甲基橙可以鉴别氢氧化钠。氯化铁和苯酚显紫色，和硫氰化钾显红色，和乙醇互溶，和氢氧化钠产生红褐色沉淀，和硝酸银产生白色沉淀，所以正确的答案是D。‎ ‎8.下列有机物中，是1-丙醇在铜的催化作用下被氧化的产物的同分异构体的是（ ）‎ A. CH3COCH3 B. CH3CH2CHO C. CH3CHOHCH3 D. CH3CH2COOH ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】1-丙醇结构简式为CH3CH2CH2OH，1-丙醇在铜的催化作用下被氧化的产物为，CH3CH2CHO，A.与CH3CH2CHO是同分异构体的是丙酮，结构简式为：CH3COCH3，故A正确；‎ B.CH3CH2CHO是1-丙醇在铜的催化作用下被氧化的产物，故B错误；‎ C.CH3CHOHCH3为2-丙醇，分子式和氧化产物不同，不是氧化产物的同分异构体，故C错误；‎ D.CH3CH2COOH为丙酸，分子式和氧化产物的分子式不同，不是同分异构体，故D错误；‎ 故选A．‎ ‎【点睛】化合物具有相同的分子式．但结构不同，因而产生了性质上的差异，这种现象叫同分异构现象。具有同分异构现象的化合物互为同分异构体，掌握同分异构体的概念是解答本题的关键。‎ ‎9.相同温度，相同物质的量浓度的4种溶液（ ）‎ ‎①CH3COONa ②NaHSO4 ③NaCl ④C6H5ONa 按pH由大到小的顺序排列，正确的是 A. ④>①>③>② B. ①>④>③>②‎ C. ①>②>③>④ D. ④>③>①>②‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】①醋酸钠是强碱弱酸盐，醋酸根离子水解而使其溶液呈碱性；‎ ‎②硫酸氢钠是强酸酸式盐，在水溶液里完全电离而使其溶液呈强酸性；‎ ‎③氯化钠强酸强碱盐，钠离子和氯离子都不水解，则其水溶液呈中性；‎ ‎④苯酚钠是强碱弱酸盐，苯酚根离子水解而使其溶液呈碱性；‎ 其中，醋酸的酸性大于苯酚，所以苯酚根水解程度大于醋酸根离子，则相同浓度的醋酸钠和苯酚钠溶液，苯酚钠的pH大于醋酸钠，则这几种溶液中pH从大到小顺序是：苯酚钠>醋酸钠>氯化钠>硫酸氢钠，故A正确；‎ 故选A。‎ ‎【点睛】根据溶液的酸碱性以及利用盐类的水解程度来确定溶液中pH大小，酸的酸性越弱则酸的酸根离子水解程度越大，则相同浓度的钠盐溶液其pH越大。‎ ‎10. 丙烯和丙醇组成的混合物中氧的质量分数为8%，则此混合物中氢的质量分数为（ ）‎ A. 78% B. 22% C. 14%、 D. 13%‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ 丙醇C3H7OH中，质量比C:H:O为36:8:16，因为O在整个混合物中的质量分数为8%，因此丙醇中的C占混合物的质量分数为18%，丙醇中的H占混合物的质量分数为4%。所以丙醇占混合物的质量分数为18%+4%+8%=30%。丙烯占混合物的质量分数70%，其中的H占混合物的质量分数为70%*（6/（36+6））=10%。所以整个混合物中H的质量分数为4%+10%=14‎ 二、选择题(本题包括18小题，每小题2分，共36分。每题有1-2个选项符合题，少选扣1分，多选、错选均不给分)‎ ‎11. 已知柠檬醛的结构简式为：‎ CH3—C(CH3)＝CH CH2CH2C(CH3)＝CH—CHO，‎ 根据已有知识判断下列说法不正确的是( )‎ A. 可使KMnO4溶液褪色 B. 可与银氨溶液反应生成银镜 C. 可使溴水褪色 D. 被催化加氢的最后产物的结构简式为C10H20O ‎【答案】D ‎【解析】‎ 试题分析：柠檬醛的结构中含有C＝C和—CHO，可使KMnO4溶液褪色，A项正确；—CHO能发生银镜反应，B项正确；C＝C能与溴发生加成，—CHO能与溴水发生氧化反应，使溴水褪色，C项正确；被催化加氢的最后产物的结构简式为C10H22O(饱和醇)，D项错误。‎ 考点：醛的结构和性质。‎ ‎12.下列有关银镜反应的说法中，正确的是（ ）‎ A. 配置银氨溶液时氨水必须过量 B. 1 mol甲醛发生银镜反应最多生成2 molAg C. 银镜反应通常采用水浴加热 D. 铸银镜反应后的试管一般采用浓硝酸洗涤 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.配制银氨溶液时氨水不能过量，过量会生成易爆物质，故A错误；‎ B.甲醛中含2个-CHO，故1mol甲醛能反应生成4molAg，故B错误；‎ C.水浴加热能保证试管受热均匀，且易于控制反应温度，直接加热受热不均匀，故C正确；‎ D.银和盐酸不反应，银镜反应所得的银镜，应用稀硝酸洗涤，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎13.下列实验中，能证明苯酚的酸性极弱的是（ ）‎ A. 跟氢氧化钠溶反应生成苯酚钠 B. 跟FeCl3溶液作用显紫色 C. 二氧化碳通入苯酚溶液能游离出苯酚 D. 常温下苯酚在水中溶解度不大 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A. 苯酚和碱发生中和反应，说明苯酚具有酸性，但不能说明苯酚的电离程度，所以不能证明苯酚是弱酸，故A错误；‎ B. 苯酚和氯化铁溶液发生显色反应，不能说明苯酚具有酸性，这是苯酚的特征反应，可以鉴别苯酚，故B错误；‎ C.‎ ‎ 较强酸能和较弱酸的盐反应生成较弱酸，二氧化碳通入苯酚钠溶液能生成苯酚，碳酸是弱酸，则苯酚是比碳酸还弱的酸，能证明苯酚是弱酸，故C正确；‎ D. 常温下苯酚在水中溶解度不大不能说明苯酚具有酸性且酸性大小，所以不能证明苯酚是弱酸，故D错误；‎ 故选C。‎ ‎14.下列溶液中，通入过量的CO2后，溶液变浑浊的是（ ）‎ A. B. Na2SiO3 C. Ca(OH)2 D. CaCl2‎ ‎【答案】AB ‎【解析】‎ ‎【详解】A.碳酸的酸性大于苯酚的酸性，所以向苯酚钠溶液中通入二氧化碳气体会生成苯酚，苯酚难溶于水，A正确；‎ B. 碳酸的酸性大于硅酸，所以向Na2SiO3溶液中通入二氧化碳气体后，会生成硅酸，硅酸难溶于水，故B正确；‎ C.二氧化碳通入石灰水中先生成碳酸钙沉淀，但二氧化碳过量，碳酸钙将转化为易溶的碳酸氢钙，C不正确；‎ D.CO2与CaCl2不反应，故D错误；‎ 故选AB。‎ ‎15.下列物质中，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是（ ）‎ A. SO2的溶液 B. 苯 C. 福尔马林 D. 氢溴酸 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A.二氧化硫具有还原性，能被高锰酸钾氧化，使高锰酸钾褪色，故A不符合题意；‎ B.苯不能使高锰酸钾褪色，故B符合题意；‎ C.福尔马林的主要成分是甲醛，具有还原性，能与高锰酸钾发生氧化还原反应，即使高锰酸钾褪色，故C不符合题意；‎ D. 氢溴酸，能和高锰酸钾发生氧化还原反应，能使高锰酸钾褪色，故D不符合题意。‎ 故选B。‎ ‎16.下列关于甲醛和乙醛的描述中正确的是（ ）‎ A. 常温下，甲醛和乙醛都是无色有刺激性气味的液体 B. 甲醛和乙醛都易溶于水和乙醇 C. 甲醛和乙醛都既具有氧化性，又具有还原性 D. 等物质的量的甲醛和乙醛分别跟足量的银氨溶液反应，生成等量的银 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.甲醛俗称蚁醛，常温下为气体，乙醛常温下为液体，故A错误；‎ B.甲醛和乙醛的官能团均为-CHO，而醛基为亲水基，故两者均溶于水，而由于有机物之间的互溶性比较好，故两者均易溶于乙醇等有机溶剂，故B正确；‎ C.甲醛和乙醛的官能团均为-CHO，而-CHO既有氧化性又有还原性，既能被氧化为-COOH，又能被还原为羟基，故C正确；‎ D.1mol甲醛中含2mol-CHO，故1mol甲醛能生成4mol银，而1mol乙醛生成2mol银，故D错误；‎ 故选BC。‎ ‎【点睛】甲醛和乙醛的结构特点以及物理性质和化学性质：①常温下，甲醛为气体；②-CHO为亲水基；③-CHO既有氧化性又有还原性；④1mol甲醛中含2mol-CHO是解答本题的关键。‎ ‎17. 下列反应中有机物被还原的是( )‎ A. 乙醛发生银镜反应 B. 新制Cu(OH)2与乙醛反应 C. 乙醛加氢制乙醇 D. 乙醛制乙酸 ‎【答案】C ‎【解析】‎ 有机物分子中“加氧去氢”发生氧化反应，“加氢去氧”发生还原反应。A、B、D三项均是由—CHO转化为—COOH，故发生氧化反应；C项，—CHO转化为—CH2OH，故发生还原反应。‎ ‎18.在实验室里不宜长期放置，应在使用时配制的溶液的是（ ）‎ ‎①酚酞试剂 ②银氨溶液 ③Na2CO3溶液 ④氢氧化铜悬浊液 ⑤酸化FeCl3 ⑥氯水 A. 只有②④ B. 只有① C. 只有②④⑥ D. 全部 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】①酚酞试剂放置不会变质，不需要在使用时新配制；‎ ‎②银氨溶液长久放置易生成易爆的物质，因此需要随用随配；‎ ‎③碳酸钠溶液放置不会变质，不需要在使用时重新配制；‎ ‎④氢氧化铜悬浊液长久放置易形成氢氧化铜沉淀，因此需要随用随配；‎ ‎⑤酸化的氯化铁溶液放置不会变质，不需要在使用时重新配制；‎ ‎⑥氯水长时间放置，氯水中的次氯酸会发生分解生成盐酸，所以长时间搁置的氯水就是极稀的盐酸，因此需要随用随配。故C正确；‎ 故选C。‎ ‎19.漆酚，若涂在物体表面，在空气中干燥时会产生黑色漆膜，则漆酚不具有的化学性质是（ ）‎ A. 可与烧碱溶液反应 B. 可与溴水发生取代反应 C. 可与酸性高锰酸钾溶液褪色 D. 可与碳酸氢钠溶液反应放出二氧化碳 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．漆酚含酚羟基-OH，具有酸性，则可以烧碱溶液发生中和反应，故A正确；‎ B．酚羟基-OH的邻位和对位与溴水发生取代反应，苯环的侧链中含不饱和键，与溴水发生加成反应，故B正确；‎ C．漆酚含酚羟基-OH，则可以使KMnO4酸性溶液褪色，故C正确；‎ D．漆酚不含-COOH，酚羟基-OH的酸性较弱，不能跟NaHCO3溶液反应，故D错误；‎ 故选D。‎ ‎【点睛】掌握有机物中官能团的性质，结合苯酚和苯、烯烃的性质是解答本题的关键。‎ ‎20.烯烃在一定条件下发生氧化反应时，C=C双键发生断裂，RCH=CHR1可以氧化RCHO和R1CHO，在该条件下，下列烯烃分别被氧化后产物可能有乙醛的是（ ）‎ A. CH3CH=CH(CH2)2CH3 B. CH2=CH (CH2)3CH3‎ C. CH3CH=CHCH=CHCH3 D. CH3CH2CH=CHCH2CH3‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A. CH3CH=CH(CH2)2CH3发生氧化反应时，生成乙醛和CH3(CH2)2CHO，故A符合题意；‎ B. CH2=CH (CH2)3CH3发生氧化反应时，生成甲醛和CH3(CH2)3CHO，故B不符合题意；‎ C. CH3CH=CHCH=CHCH3发生氧化反应时，生成乙醛和OHC-CHO，故C符合题意；‎ D. CH3CH2CH=CHH2CH3发生氧化反应时，生成CH3CH2CHO，故D不符合题意；‎ 故选AC。‎ ‎【点睛】根据题干信息提示，分析比较产物，是解答本题的关键。‎ ‎21.苯在催化剂存在下与液溴反应，而苯酚与溴水反应不用加热也不需催化剂，原因是（ ）‎ A. 苯环与羟基相互影响，使苯环上氢原子活泼 B. 苯环与羟基相互影响，使羟基上氢原子变活泼 C. 羟基影响了苯环，使苯环上的氢原子变活泼 D. 苯环影响羟基，使羟基上的氢原子变活泼 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】由于羟基是很强的邻、对位定位基，酚中p-π共轭使苯环上的电子云密度增大，所以苯酚很容易发生亲电取代反应，且生成在酚羟基的邻、对位取代为主的产物，即羟基影响了苯环，使苯环上的氢原子变活泼，而导致苯酚比苯易发生取代反应，故C正确；‎ 故选C。‎ ‎22.在乙醛与氢氧化铜反应生成红色沉淀的实验中，关键操作是（ ）‎ A. 乙醛要过量 B. CuSO4要过量 C. NaOH要过量 D. 氢氧化铜要新制 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】乙醛与氢氧化铜反应：在NaOH溶液中加入几滴CuSO4溶液，发生反应的离子方程式是：Cu2++2OH-=Cu(OH)2‎ ‎↓，在其中加入乙醛溶液并加热煮沸，可观察到的现象是：溶液中出现砖红色的沉淀，反应的化学方程式为：CH3CHO+2 Cu(OH)2CH3COOH+2H2O+Cu2O↓，此反应可用于检验醛基，‎ A．乙醛与氢氧化铜反应，实验步骤是在试管里加入10%氢氧化钠溶液2mL，滴入2%的硫酸铜溶液4～6滴，振荡后加入乙醛溶液0.5mL，乙醛无需过量，故A错误；‎ B．乙醛与氢氧化铜反应，实验步骤是在试管里加入10%的氢氧化钠溶液2mL，滴入2%的硫酸铜溶液4～6滴，得到新制的氢氧化铜絮状沉淀，无需过量，故B错误；‎ C．乙醛与氢氧化铜反应，需要在碱溶液中进行，NaOH要稍微过量，故C正确；‎ D．长期放置的氢氧化铜易形成大颗粒状沉淀吸附试管底部，新制的氢氧化铜沉淀呈絮状，溶于过量的氢氧化钠生成四羟基铜酸钠，使反应顺利进行，故D正确；‎ 故选CD。‎ ‎23.广泛存在于食物(如桑椹，花生，尤其是葡萄)中，具有抗癌性能够它可能跟1mol该化合物起反应的Br2或H2的最大用量分别是（ ）‎ A. 1mol，1mol B. 3.5mol，7mol C. 3.5mol，6mol D. 6mol，7mol ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】分子中共含有3个酚羟基，1mol该化合物可与5mol Br2发生取代反应，含有1个碳碳双键，则1mol该化合物可与1mol Br2发生加成反应，共消耗6mol溴；分子中含有2个苯环，1个碳碳双键，则1mol该化合物可与7mol氢气发生加成反应。故D正确；‎ 故选D。‎ ‎24.(CH3)2CHCH2OH是某有机物的加氢还原产物，该有机物可能是（ ）‎ A. 乙醛的同系物 B. 丙醛的同分异构体 C. CH2=C(CH3)CHO D. CH3CH2COCH3‎ ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】A. (CH3)2CHCH2OH是某有机物的加氢还原产物，则原有机物是异丁醛，烃基部分为C3H7，比乙醛的烃基部分多2个CH2，符合同系物的条件，故A正确；‎ B. (CH3)2CHCH2OH 中有4个碳，而丙醛的同分异构体只能给3个，丙醛的同分异构体为丙酮，加成反应得到2−丙醇，故B错误；‎ C. CH2=C(CH3)CHO中碳碳双键发生加成，醛基被还原为醇羟基，CH2=C(CH3)CHO+2H2→CH3CH(CH3)CH2OH，故C正确；‎ D. CH3CH2COCH3加氢的还原产物是2-丁醇，与题干不符，故D错误；‎ 故选AC。‎ ‎25.下列物质久置于空气中，颜色发生变化的是（ ）‎ A. 亚硫酸钠 B. 苯酚 C. 过氧化钠 D. 氧化钙 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A.亚硫酸钠在空气中易被氧化为硫酸钠，但颜色不会变化，故A不符合题意；‎ B.苯酚在空气中易被氧化为粉红色，故颜色发生变化，故B符合题意；‎ C.硫酸铜晶体在空气中失去结晶水，颜色从蓝色变为白色，故C符合题意；‎ D.氧化钙在空气中与二氧化碳、水反应，最终生成碳酸钙，颜色仍然是白色固体，故D不符合题意。‎ 故选BC。‎ ‎26.下列物质中，能和溴水反应的是（ ）‎ A. 甲苯 B. 苯 C. 苯酚 D. 苯乙烯 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】A.甲苯与溴水不反应，故A错误；‎ B.苯与溴水不反应，故B错误；‎ C.苯酚能够与溴水反应生成2,4,6—三溴苯酚，故C正确；‎ D苯乙烯分子中含有碳碳双键，能够与溴发生加成反应，故D正确；‎ 故选CD。‎ ‎27.区别1-丙醇和2-丙醇的方法是（ ）‎ A. 加金属钠 B. 加银氨溶液 C. 在铜存在下和氧气反应 D. 在铜存在下和氧气反应后的产物中再加银氨溶液 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】1-丙醇和2-丙醇的结构简式分别为CH3CH2CH2OH、CH3CH(OH)CH3， ‎ A.1-丙醇和2-丙醇都含有羟基，都能与金属钠反应产生气体，现象相同，不能用金属钠鉴别，故A错误；‎ B.1-丙醇和2-丙醇都没有醛基，与银氨溶液都不反应，不能用银氨溶液鉴别，故B错误；‎ C.1-丙醇和2-丙醇在Cu存在下与O2都能反应，现象相同，不能用来鉴别，故C错误；‎ D. 1-丙醇和2-丙醇在C'u存在下与O2都能反应，前者生成丙醛，后者生成丙酮，再加入银氨溶液，丙醛能发生银镜反应，而丙酮不能，可以用来鉴别，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎28.某有机物的分子式为C5H10O，它能发生银镜反应，若将它与H2加成，所得产物结构简式可能是（ ）‎ A. (CH3)3CCH2OH B. (CH3CH2)2CHOH C. CH3(CH2)3CH2OH D. CH3CH2C(CH3)2OH ‎【答案】AC ‎【解析】‎ ‎【详解】有机物的分子式为C5H10O，它能发生银镜反应和加成反应，则该有机物一定含有醛基，其可能的同分异构体有：CH3CH2CH2CH2−CHO、CH3CH(CH3)CH2CHO、CH3CH2CH(CH3)CHO、(CH3)3CCHO，醛跟H2的加成反应是发生在醛基上，使之转化为：−CH2OH，得到的醇羟基必定在碳链的端点碳上，所以所得产物结构简式可能是CH3(CH2)3CH2OH和(CH3)3CCH2OH，故AC正确；‎ 故选AC。‎ 三、填空题 ‎29.下列反应中，反应物中的有机物发生还原反应的是_____，发生氧化反应的是____。‎ ‎①由乙醇制取乙醛 ②由乙醛制取乙醇 ‎③乙醛的银镜反应 ④甲醛与新制的氢氧化铜反应 ‎⑤乙烯与氢气的加成 ⑥乙炔使酸性高锰酸钾溶液褪色 ‎⑦丙酮(CH3COCH3)与氢气生成2-丙醇 ⑧甲烷的燃烧反应 ‎【答案】 (1). ②⑤⑦ (2). ①③④⑥⑧‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据醛基、羟基、碳碳双键、碳碳叁键等官能团的性质分析解答。‎ ‎【详解】①由乙醇制取乙醛，乙醇被催化氧化生成乙醛，该反应是氧化反应；‎ ‎②由乙醛制取乙醇，乙醛和氢气在一定条件下反应生成乙醇，该反应是还原反应；‎ ‎③乙醛的银镜反应是乙醛被银氨溶液氧化生成乙酸的反应，为氧化反应；‎ ‎④甲醛与新制的氢氧化铜反应是甲醛被氧化生成甲酸，该反应是氧化反应；‎ ‎⑤乙烯与氢气的加成为乙烯的还原反应；‎ ‎⑥乙炔使高锰酸钾酸性溶液褪色，乙炔被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，为氧化反应；‎ ‎⑦丙酮(CH3COCH3)与氢气生成2−丙醇的反应是还原反应；‎ ‎⑧甲烷的燃烧反应为氧化反应；‎ 所以还原反应的是②⑤⑦，发生氧化反应的是①③④⑥⑧，‎ 故答案为：②⑤⑦；①③④⑥⑧‎ ‎【点睛】有机物的燃烧反应都是氧化反应，醇被氧化生成醛为氧化反应，醛被氧化生成羧酸为氧化反应，有机物和氢气的反应为还原反应，不饱和烃被酸性高锰酸钾溶液氧化的反应是氧化反应。‎ ‎30.为了防止水源污染，用简单又现象明显的方法检验某工厂排放的污水中有无苯酚，此方法是_________。从废水回收苯酚的方法是（1）用有机溶剂萃取废液中的苯酚；（2）加入某种药品的水溶液使苯酚与有机溶剂分离；（3）通入某物质又析出苯酚。写出步骤（2）、（3）的化学方程式_________、_________。‎ ‎【答案】 (1). 加FeCl3溶液，看是否变紫 (2). C6H5OH+NaOH →C6H5ONa+H2O (3). C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据苯酚的性质分析解答；根据有机化合物和无机化合物的性质差异分析解答。‎ ‎【详解】取样品，滴加FeCl3溶液，如果出现紫色，证明污水中含有苯酚；苯酚可以和氢氧化钠反应得到苯酚钠溶液，苯酚钠溶液和有机溶剂是互不相溶的，与有机溶剂脱离，然后向苯酚钠溶液中通入二氧化碳可以得到苯酚，发生的反应为：C6H5OH+NaOH→C6H5ONa+H2O，C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-，故答案为：加FeCl3溶液，看是否变蓝； C6H5OH+NaOH →C6H5ONa+H2O；C6H5ONa+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-。‎ ‎31.完成下列方程式 ‎①CH3CH2CHO +Cu(OH)2_________‎ ‎②OHC-CHO+Ag(NH3)2OH(足量)________‎ ‎③+H2(足量)________‎ ‎④+O2_________‎ ‎【答案】 (1). CH3CH2CHO+2Cu(OH)2CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O (2). OHC-CHO+4Ag(NH3)2OH(足量)(COONH4)2+6NH3+2H2O+4Ag↓ (3). +4H2(足量) (4). 2+O22+2H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据醛基的特征反应：银镜反应和与新制的氢氧化铜悬浊液反应原理分析解答。‎ ‎【详解】①醛基与新制氢氧化铜悬浊液发生氧化还原反应，生成砖红色沉淀Cu2O和羧基，即CH3CH2CHO +Cu(OH)2反应生成CH3CH2COOH和Cu2O，方程式：CH3CH2CHO +2Cu(OH)2CH3CH2COOH+Cu2O↓+2H2O；‎ ‎②醛基与银氨溶液反应即银镜反应，生成Ag，则反应方程式为：OHC-CHO+4Ag(NH3)2OH(足量) (COONH4)2+6NH3+2H2O+4Ag↓；‎ ‎③苯环和醛基都能与氢气发生加成反应，则方程式为：+4H2(足量) ；‎ ‎④羟基位于2号C原子上，与氧气发生催化氧化反应，生成酮，则反应方程式为：+O22+2H2O ‎32.分别取1 molA、B、C、D、E、F六种有机物，使它们充分燃烧，都生成44.8LCO2(标况)，D和E是碳、氢、氧的化合物，两都互为同分异构体，E被氧化成A，A继续氧化成B，C和F都发生聚合反应，C和氯化氢加成生成F。试推断有机化合物A、B、C、D、E、F的结构简式。‎ A．___、B．____、C．___、D．___、E．___、F．___‎ ‎【答案】 (1). CH3CHO (2). CH3COOH (3). CHCH (4). CH3-O-CH3 (5). CH3CH2OH (6). CH2=CHCl ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据碳碳双键、碳碳叁键、醛基、羧基、羟基等官能团的性质分析解答。‎ ‎【详解】标况下，44.8LCO2即2mol，故A．B．C．D．E、F六种有机物分子中含,2个C原子，由于E被氧化成A，A继续氧化成B，则E含有-OH、A含有-CHO、B含有-COOH，E是碳、氢、氧的化合物，则E为乙醇、A为乙醛、B为乙酸，D和E两者互为同分异构体，D为二甲醚，C和F都发生聚合反应，C和氯化氢加成生成F，则C与F都含有不饱和键，故C为乙炔，F为氯乙烯，故结构简式，A为CH3CHO、B为CH3COOH、C为CH≡CH、D为CH3OCH3、E为CH3CH2OH、F为CH2=CHCl；‎ ‎33.实验室配制少量银氨溶液的方法是先向试管中加入____，然后______，其离子反应方程式为_____、____，向银氨溶液中滴加少量的乙醛，____片刻即可在试管内壁形成银镜，离子方程式为_____。‎ ‎【答案】 (1). AgNO3 (2). 加稀氨水至常常恰好溶解为止 (3). Ag+ +NH3•H2O=AgOH↓+NH4+ (4). AgOH+2NH3•H2O=［Ag(NH3)2］-+OH-+2H2O (5). 水浴加热 (6). CH3CHO+2[Ag(NH3)2]-‎ ‎ +2OH- →CH3COO-+NH4++2Ag↓+3NH3+H2O ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 根据醛基的特征反应—银镜反应化学反应原理分析解答。‎ ‎【详解】配制少量银氨溶液的方法是先在试管中加入少量硝酸银溶液1-2mL，边振荡边逐滴加入稀氨水，至生成的沉淀恰好溶解为止，发生Ag++NH3•H2O=AgOH↓+NH4+；AgOH+2 NH3•H2O=[Ag(NH3)2]-+OH-+2H2O，然后加乙醛，并水浴加热，发生氧化反应生成银镜，该银镜反应的离子方程式为CH3CHO+2[Ag（NH3）2]-+2OH-→CH3COO-+NH4++2Ag↓+3NH3+H2O，‎ ‎【点睛】乙醛因为含有醛基，能够与银氨溶液水浴加热反应生成银单质，醛基也能与新制的氢氧化铜悬浊液加热反应生成砖红色沉淀即Cu2O，可以利用这两个特殊反应验证有机化合物中是否含有醛基。‎ 四、计算题 ‎34.将含有C．H、O的有机物3.24 g，装入元素分析装置，通入足量的O2使它完全燃烧，将生成的气体依次通过氯化钙干燥管A和碱石灰干燥管B。测得A管质量增加了2.16g，B管增加了9.24g。已知该有机物的相对分子质量为108。‎ ‎（1）燃烧此化合物3.24g，须消耗氧气的质量是多少______？‎ ‎（2）求此化合物的分子式______？（要有简单计算过程）‎ ‎（3）该化合物1分子中存在1个苯环和1个羟基，试写出它的同分异构体的结构简式______。（计算要有文字说明过程）‎ ‎【答案】 (1). 8.16g (2). C7H8O (3). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 将生成的气体依次通过CaCl2管(A)和碱石灰(B),A管质量增加了2.16g，应为水的质量，B管增加了9.24g，应为二氧化碳的质量，根据有机物的相对分子质量可以知道一定物质的量的有机物中含有的C、H原子个数，结合质量守恒计算是否含有O，并计算O原子个数，‎ 以此计算分子式，从质量守恒的角度计算耗氧量，结合有机物的性质判断可能的结构。‎ ‎【详解】(1)A管质量增加了2.16g 为生成水的质量，B管增加了9.24g为生成二氧化碳的质量，根据质量守恒可知，消耗氧气的质量=2.16+9.24-3.24=8.16g；正确答案：8.16g。‎ ‎ (2)试管A吸水质量增加2.16g ,为生成水的质量,水的物质的量=2.16/18=0.12mol,含H为0.24mol，碱石灰吸CO2增加9.24g ,即生成二氧化碳的物质的量=9.24/44=0.21mol，该有机物物质的量为=3.24/108=0.03mol，所以有机物分子中：N(C)=0.21/0.03=7， N(H)=0.12×2/0.03=8，N(O)=(108-12×7-8)/16=1，所以有机物的分子式为：C7H8O ；正确答案：C7H8O。‎ ‎(3)若该有机物属于芳香族化合物,含有1个苯环, C7H8O 的不饱和度=（2×7+2-8）/2=4，侧链不含不饱和键，若只有1个侧链，则为-CH2OH或-OCH3；若侧链有2个，为-OH、-CH3,有邻、间、对三种位置关系；该化合物1分子中存在1个苯环和1个羟基，故符合条件的有机物的结构简式为:；正确答案：。‎ ‎ ‎