【物理】2020高考二轮复习专练之自我检测7（解析版）

【物理】2020高考二轮复习专练之自我检测7（解析版）

‎2020届物理高考专练之自我检测（七）‎ ‎1、甲、乙两物体零时刻开始从同一地点向同一方向做直线运动，位移一时间图象如图所示，则在时间内( )‎ A．甲的速度总比乙大 B．甲、乙位移相同 C．甲经过的路程比乙小 D．甲、乙均做加速运动 ‎2、如图所示,轻绳一端系在质量为m的物块A上,另一端系在一个套在粗糙竖直杆MN的圆环上.现用水平力F拉住绳子上一点O,使物块A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置,但圆环仍保持在原来位置不动.在这一过程中,环对杆的摩擦力F1和环对杆的压力F2的变化情况是(   )‎ A.F1保持不变,F2逐渐增大 B.F1保持不变,F2逐渐减小 C.F1逐渐增大,F2保持不变 D.F1逐渐减小,F2保持不变 ‎3、如图所示，a、b、c为三颗人造地球卫星，其中a为地球同步卫星，b、c在同一轨道上，三颗卫星的轨道均可视为圆轨道。以下判断正确的是( )‎ A．卫星a的运行周期大于卫星b的运行周期 ‎ B．卫星b的运行速度可能大于‎7.9km/s C．卫星b加速即可追上前面的卫星c ‎ D. 卫星a在运行时有可能经过宜昌市的正上方 ‎4、“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮,是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱,乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是(   )‎ A.摩天轮转动过程中,乘客的机械能保持不变 B.在最高点,乘客重力大于座椅对他的支持力 C.摩天轮转动一周的过程中,乘客重力的冲量为零 D.摩天轮转动过程中,乘客重力的瞬时功率保持不变 ‎5、平面OM和平面ON之间的夹角为30°，其横截面（纸面）如图所示，平面OM上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。一带电粒子的质量为m，电荷量为q（q>0）。粒子沿纸面以大小为v的速度从PM的某点向左上方射入磁场，速度与OM成30°角。已知粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场。不计重力。粒子离开磁场的射点到两平面交线O的距离为( )‎ A. B. C. D.‎ ‎6、质量均为m的小球A、B分别固定在一长为L的轻杆的中点和一端点,如图所示。当轻杆绕另一端点O在光滑水平面上做角速度为ω的匀速圆周运动时,则( )‎ A.处于中点的小球A的线速度为 B.处于中点的小球A的加速度为 C.处于端点的小球B所受的合外力为 D.轻杆段中的拉力与段中的拉力之比为3:2‎ ‎7、如图所示，A、B两板间电压为600V，A板带正电并接地，A、B两板间距离为‎12cm，C点离A板‎4cm，下列说法正确的是( )‎ ‎ A. B. C.电子在C点具有的电势能为-200ev D.电子在C点具有的电势能为200eV ‎8、空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上。t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到的时间间隔内( )‎ A．圆环所受安培力的方向始终不变 B．圆环中的感应电流始终沿顺时针方向 C．圆环中的感应电流大小为 D．圆环中的感应电动势大小为 ‎9、某同学用图a所示的实验装置验证机械能守恒定律,其中打点计时器的电源为交流电源,可以使用的频率有20Hz、30Hz和40Hz,打出纸带的一部分如图b所示。‎ 该同学在实验中没有记录交流电的频率f,需要用实验数据和其他条件进行推算。‎ ‎(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落,利用f和图(b)中给出的物理量可以写出:在打点计时器打出B点时,重物下落的速度大小为_________,打出C点时重物下落的速度大小为________,重物下落的加速度的大小为________。 (2)已测得;当重力加速度大小为,试验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1%。由此推算出f为__________Hz。‎ ‎10、用如图所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：待测电源（电动势约3 V，内阻约2 Ω），保护电阻（阻值10 Ω）和（阻值5 Ω），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干。‎ 实验主要步骤：‎ ‎（1）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；‎ ‎（2）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；‎ ‎（3）以U为纵坐标，I为横坐标，做U–I图线（U、I都用国际单位）；‎ ‎（4）求出U–I图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。‎ 回答下列问题：‎ ‎（1）电压表最好选用_____；电流表最好选用_____。‎ A．电压表（0~3 V，内阻约15 kΩ） B．电压表（0~3 V，内阻约3 kΩ）‎ C．电流表（0~200 mA,内阻约2 Ω） D．电流表（0~30 mA,内阻约2 Ω）‎ ‎（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大。两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_____。‎ A．两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱 B．两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱 C．一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱 D．一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱 ‎（3）选用k、a、和表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=______，r=______，代入数值可得E和r的测量值。‎ ‎11、如图所示,长的轻质细绳上端固定,下端连接一个可视为质点的带电小球,小球静止在水平向右的匀强电场中,绳与竖直方向的夹角。已知小球所带电荷量,匀强电场的场强,取重力加速度,,,求:‎ ‎（1）小球所受电场力F的大小。‎ ‎（2）小球的质量m。 （3）将电场撤去,小球回到最低点时速度v的大小。‎ ‎12、光滑水平面上放着质量的物块A与质量的物块B,A与B均可视为质点,A靠在竖直墙壁上,A、B间夹一个被压缩的轻弹簧(弹簧与A、B均不拴接),用手挡住B不动,此时弹簧弹性势能。在A、B间系一轻质细绳,细绳长度大于弹簧的自然长度,如图所示。放手后B向右运动,绳在短暂时间内被拉断,之后B冲上与水平面相切的竖直半圆光滑轨道,其半径R=‎0.5m,B恰能到达最高点C。取,求:‎ ‎(1)绳拉断后瞬间B的速度的大小;‎ ‎(2)绳拉断过程绳对B的冲量I的大小;‎ ‎(3)绳拉断过程绳对A所做的功W。‎ ‎13、[物理选修3-3]‎ ‎(1)下列说法正确的是( )‎ A．水池中水的温度相同，水底一小气泡因扰动而上升时一定吸热 B．悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显 C．同一容器中同种气体所有的分子运动速率基本相等 D．熵增加原理说明一切自然过程总是向着分子热运动的无序性增大的方向进行 E. 压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力 ‎(2)如图所示，内壁光滑的气缸水平放置，厚度不计的活塞与气缸底部之间封闭了一定质量的理想气体，气体初始温度为，此时活塞与气缸底部之间的距离为.在活塞的左侧处有固定的卡环，大气压强.求：‎ ‎①要使活塞能缓慢达到卡环位置，封闭气体的温度至少升高到多少？‎ ‎②当封闭气体的温度缓慢升到T＝450K时，封闭气体的压强为多少？‎ ‎14、[选修3-4]‎ ‎（1）梳子在梳头后带上电荷,摇动这把梳子在空中产生电磁波.该电磁波(   ) ‎ A.是横波 B.不能在真空中传播 C.只能沿着梳子摇动的方向传播 D.在空气中的传播速度约为3×‎108m/ s （2）两束单色光A、B的波长分别为、,且,则__________(选填“A”或“B”)在水中发生全反射时的临界角较大.用同一装置进行杨氏双缝干涉实验时,可以观察到__________(选填“A”或“B”)产生的条纹间距较大.‎ ‎3.一列简谐横波沿x轴正方向传播,在x=0和x=‎0.6m处的两个质点A、B的振动图象如图所示.已知该波的波长大于‎0.6m,求其波速和波长 答案解析 ‎1 B 解析：在图象中,图线斜率表示物体的速度,由题图可知在时刻,乙的速度大于甲的速度,A错误;时间内,甲、乙初始位置相同,末位置相同,二者位移相同,B正确;甲、乙从同一地点向同一方向做直线运动,位移相同,路程相等,C错误;甲图线的斜率不变,甲做匀速运动,D错误. 故选B.‎ ‎2 B 解析：以圆环、物块A及轻绳整体为研究对象,受力情况如图甲所示,根据平衡条件得,杆对环的摩擦力,保持不变,杆对环的弹力;以结点O为研究对象,受力情况如图乙所示,由平衡条件得,,物块A从图中实线位置缓慢下降到虚线位置过程中,θ逐渐减小,则F逐渐减小,逐渐减小。所以保持不变,逐渐减小,由牛顿第三定律知不变,减小,选项B正确。‎ ‎3 A 解析：A. 根据万有引力提供向心力得，轨道半径越大，周期越大，可知a的运行周期大于卫星b的运行周期，故A正确。‎ B. 根据,得，轨道半径越小，速度越大，当轨道半径等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度，故b的速度小于第一宇宙速度‎7.9km/s，故B错误。‎ C. 卫星b加速后需要的向心力增大，大于万有引力，所以卫星将做离心运动，所以不能追上前面的卫星c，故C错误。‎ D. a为地球同步卫星，在赤道的正上方，不可能经过宜昌市的正上方。故D错误。‎ 故选：A。‎ ‎4 B 解析：摩天轮转动过程中乘客的动能不变,重力势能一直变化,故机械能一直变化,A错误;在最高点乘客具有竖直向下的向心加速度,重力大于座椅对他的支持力,B正确;摩天轮转动一周的过程中,乘客重力的冲量等于重力与周期的乘积,C错误;重力瞬时功率等于重力与速度在重力方向上的分量的乘积,而转动过程中速度在重力方向上的分量是变化的,所以重力的瞬时功率也是变化的,D错误。‎ ‎5 D 解析：如图所示为粒子在匀强磁场中的运动轨迹示意图,设出射点为P,粒子运动轨迹与ON的交点为Q,粒子入射方向与OM成30°角,则射出磁场时速度方向与MO成30°角,由几何关系可知PQ⊥ON,故出射点到O点的距离为轨迹圆直径的2倍,即4R,又粒子在匀强磁场中 运动的轨迹半径,所以D正确 。‎ ‎6 CD 解析：处于中点的小球A的运动半径为,线速度为,选项A错误。处于中点的小球A的加速度为,选项 B错误。处于端点的小球B的向心加速度，由牛顿第二 定律可知小球B所受的合外力为，选项C正确。设轻杆段中的拉力为，轻杆段中的拉力为,对小球A由牛顿第二定律可得,对小球B由牛顿第二定律可得,联立解,选项D正确。‎ ‎7 BD 解析： AB间有匀强电场，场强为,AC间的电势差为 UAC=Ed1=5000×0.04V=200V，因A带正电且电势为零，C点电势低于A点的电势，故φC=-UAC=-200V，故A错误，B正确；‎ 电子在C点具有的电势能EP=φC×(-e)=200eV；故C错误，D正确；‎ 故选BD.‎ ‎8 BC 解析：AB、根据B-t图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t0‎ 时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向的方向在时刻发生变化，则A错误，B正确；‎ CD、由闭合电路欧姆定律得：，又根据法拉第电磁感应定律得：，又根据电阻定律得：，联立得：，则C正确，D错误。‎ ‎9答案：(1);;(2)40‎ 解析：(1)打出B点时,重物下落的速度等于段的平均速度,所以; 同理打出C点时,重物下落的速度; 由加速度的定义式得. (2)由牛顿第二定律得:,解得:,代入数值解得:.‎ ‎10答案：（1）A,C（2）C（3）, ‎ 解析：（1）电压表最好选用内阻较大的A；电路中最大电流约为，电流表选用C;‎ ‎（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，说明外电路的电阻变大，滑动变阻器电阻变大，则两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是必有一条导线接在电阻丝左端接线柱，另一条导线接在滑动变阻器金属杆接线柱上，故选C;‎ ‎（3）图线在U轴上的截距等于电动势E，则；斜率的绝对值等于内阻与之和，则。‎ ‎11答案：（1）（2）（3）‎ 解析：（1）由得. （2）对小球进行受力分析,如下图。因为小球静止,处于平衡状态,所以,由共点力的平衡条件得.即:. ‎ ‎ （3）由动能定理得:,.‎ ‎12‎ ‎（1）设B在绳被拉断后瞬时的速率为，到达C点的速率为，根据B恰能到达最高点C有： 对绳断后到B运动到最高点C这一过程应用动能定理： 由①②解得：； （2）设弹簧恢复到自然长度时B的速率为，取向右为正方向，弹簧的弹性势能转化给B的动能： 根据动量定理有：‎ 由③④解得：，其大小为； （3）设绳断后A的速率为，取向右为正方向，根据动量守恒定律有：‎ ‎ 根据动能定理有：‎ ‎ 由⑤⑥解得：W=8J。‎ ‎13答案：(1) ABD ‎(2) ①对活塞中的气体，‎ 缓慢可知，‎ 又 联立得 ‎②因可判断活塞处于卡环位置，此时体积V = V2 ‎ 故，得 解析：（1）气泡上升过程压强不断减小，气泡逐渐胀大，就要对外做功，然而温度还不变，于是它肯定不断吸热。所以A正确。悬浮在液体中的颗粒越小,在某一瞬间跟它相撞击的分子数越小.布朗运动微粒大小在10‎-6m数量级,液体分子大小在10‎-10m数量级,撞击作用的不平衡性就表现得越明显,因此,布朗运动越明显.B正确。同一容器中同种气体所有的分子运动速率不一定相等，C错误。按机械能与内能转化的方向性表述：不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响．熵增加原理的内容：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小．如果过程可逆，则熵不变；如果过程不可逆，则熵增加． 从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度更大的方向发展．所以D正确。分子间的引力和斥力是同时存在的，它们的大小随分子间的距离而发生变化。当时，合力表现为斥力，当时，合力表现为引力。E错误。所以选择ABD。‎ ‎14答案：（1）AD; （2）A; A; （3）v=‎2m/s ; λ=‎‎0.8m 解析：（1）摇动的梳子在空中产生电磁波,电磁波是横波,选项A正确;电磁波能在真空中传播,选项B错误;电磁波传播的方向与振动方向垂直,选项C错误;电磁波在空气中传播的速度约为光速,选项D正确。 （2）波长越长,频率越小,折射率越小,根据临界角,可知波长越大临界角越大,所以A光的临界角大;双缝干涉条纹的间距,因为A光的波长较长,所以A光产生的条纹间距较大。 （3）由图象可知,周期T=0.4s由于波长大于‎0.6m,由图象可知,波从A到B的传播时间Δt=0.3s波速,代入数据得v=‎2 m/s  波长λ=vT,代入数据得λ=‎‎0.8m ‎ ‎