上海市松江区中考物理二模试卷含答案解析

上海市松江区中考物理二模试卷含答案解析

‎2016年上海市松江区中考物理二模试卷 ‎　‎ 一、选择题下列各题均只有一个正确选项 ‎1．在下列各星球中，属于卫星的是（　　）‎ A．月球 B．地球 C．水星 D．太阳 ‎2．“闻其声而知其人”，这句话表明不同人发出的声音具有不同的（　　）‎ A．音调 B．音色 C．响度 D．频率 ‎3．小刚学习了磁的知识后，标出了下列四种情况下磁体的磁极（小磁针的黑端为N极），如图所示，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎4．在下列现象中，属于用热传递方式改变物体内能的是（　　）‎ A．火车经过后，铁轨的温度升高 B．反复弯折后，铁丝的温度升高 C．铁锅烧热后，铁锅的温度升高 D．锯条锯木后，锯条的温度升高 ‎5．如图所示，分别用F1、F2、F3、F4匀速提升同一重物，若不计滑轮本身的重力及摩擦，则（　　）‎ A．F1＜F2＜F3＜F4 B．F1＞F2＞F3＞F4 C．F1=F2=F3＜F4 D．F1=F2=F3＞F4‎ ‎6．如图所示，跳水运动员站在跳板上静止不动，下列说法正确的是（　　）‎ A．跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态 B．运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力 C．跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力 D．跳板对运动员的支持力和运动员所受的重力是一对平衡力 ‎7．如图所示电路中，电源电压保持不变，当电键S由断开到闭合时，则（　　）‎ A．电流表的示数变小，电压表的示数变小 B．电流表的示数变小，电压表的示数变大 C．电流表的示数不变，电压表的示数变小 D．电流表的示数不变，电压表的示数不变 ‎8．如图所示，底面积不同的甲、乙圆柱形轻质容器，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体，甲液体对容器底部的压强等于乙液体对容器底部的压强．现将体积相同，质量、密度为mA、mB、ρA、ρB的A、B两实心球分别浸没在甲、乙两容器的液体中（无液体溢出），若甲容器对地面的压力等于乙容器中液体对容器底部的压力，则下列关系式一定成立的是（　　）‎ A．ρA＞ρ乙 B．ρ甲=ρ乙 C．mA=mB D．ρB＜ρA ‎　‎ 二、填空题（共26分）‎ ‎9．在家庭电路中，　　表用来测量用户消耗的电能．一只标有“220V 110W”字样的用电器正常工作时，通过的电流为　　安．为了减小输电线上的电能损失，远距离输电常采用　　输电．‎ ‎10．汽车已进入百姓家庭，小华驾车兜风，以路边的树木为参照物，他是　　的（选填“运动”或“静止”），当汽车撞上障碍物时会停下来，说明力　　；车上的头枕可以预防车被追尾时由于　　而造成的危害．‎ ‎11．甲、乙两辆质量相同的小车在平直的路面上同时、同地出发向正南方向运动，小明测出它们运动的路程和时间，并依据数据作出了相应的s﹣t图象，如图所示．由图中给出的信息可知，小车甲速度大小为　　米/秒，10秒后，甲、乙两车相距　　米，　　车的动能较大（选填“甲”或“乙”）．‎ ‎12．在原子核中，带正电的粒子是　　．吸烟者“吞云吐雾”时会波及周围人群，这是由于分子在不停地做　　运动造成的．17世纪，　　发现了光的色散现象．‎ ‎13．某物体漂浮在水面上，排开水的体积为2×10﹣4米3，该物体受到的浮力为　　牛，物体所受的重力为　　牛；水面下0.1米深处的水的压强为　　帕．‎ ‎14．某导体两端电压为6伏，通过它的电流为0.5安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　　库，电流做功为　　焦，一盏10瓦的节能灯亮度相当于一盏100瓦的白炽灯，若它们都正常发光10小时，节能灯与白炽灯相比，可节能　　千瓦时．‎ ‎15．如图所示电路中，电源电压不变，且R1＞R2．当闭合S1，断开S2，电压表有示数；断开S1，闭合S2，发现电压表的示数变小．若故障只发生在电阻R1、R2上，则故障可能是　　；用一个完好的小灯替换R后，当闭合S1，断开S2，小灯发光；断开S1，闭合S2，小灯不发光，则一定存在的故障是　　．‎ ‎16．如图甲是研究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止滚下，推动同一木块移动一段距离．图乙是研究“牛顿第一定律”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止滚下，在粗糙程度不同的水平面上运动．请回答以下问题：‎ ‎①设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与　　的关系；设计乙实验的目的是研究小车的运动与所受　　的关系．‎ ‎②甲实验是通过观察　　，从而间接判断钢球动能的大小；乙实验是通过观察小车在粗糙程度不同的水平面上运动的远近，推理得出：　　．‎ ‎　‎ 三、作图题（共8分）‎ ‎17．在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出它受到的重力G．‎ ‎18．在图中，根据给出的入射光线画出折射光线．‎ ‎19．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端的电压．②闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变大．‎ ‎　‎ 四、计算题（共22分）‎ ‎20．物体在50牛的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，5秒内前进了3米．求此过程中拉力做的功W和功率P．‎ ‎21．在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”字样．闭合电键，将滑片移到某一位置时，电流表A1与A的示数分别为0.8安和2安．‎ ‎①求电阻R1的阻值．‎ ‎②若不改动电路各元件的连接，在保证电路所有元件安全使用的情况下，求电阻R2消耗电功率的最大值P2最大．‎ ‎③现有三组定值电阻R1′和变阻器R2′的组合（如表），分别替换原来的电阻R1和变阻器R2．‎ 编号 电阻R1'‎ 变阻器R2'‎ A ‎5 欧 ‎“10Ω 2A”‎ B ‎10欧 ‎“20Ω 1A”‎ C ‎20欧 ‎“50Ω 3A”‎ 要求通过移动变阻器滑片P使电流表A示数的变化量最大，电流表表盘如图（b）所示，电路正常工作．‎ ‎（a）能够实现上述要求的R1′、R2′组合的编号是　　．‎ ‎（b）求滑动变阻器连入电路的阻值范围．‎ ‎22．如图所示，边长为4h的正方体A和轻质薄壁圆柱形容器B置于水平桌面上，容器B中盛有高为5h、体积为5×10﹣3米3的某液体乙（ρ乙=0.8×103千克/米3）．‎ ‎①求液体乙的质量m乙．‎ ‎②若正方体A的质量为5千克，边长为0.1米，求正方体A对地面的压强pA．‎ ‎③已知ρA=1.5ρ乙，从物体A的上方水平切去高为△h的部分，并从容器B中抽出深度同为△h的液体，使物体A和容器B对水平桌面的压强分别为pA'和pB'，通过计算比较pA′和pB′的大小关系及△h对应的取值范围．‎ ‎　‎ 五、实验题（共18分）‎ ‎23．在图（a）中温度计示数为　　℃．如图（b）所示，弹簧测力计的读数为　　牛．如图（c）所示的实验仪器名称是　　．在电学实验中，电流表应　　‎ 在电路中（选填“串联”或“并联”）．‎ ‎24．如图（a）所示，一束激光沿直线射到空水槽底部O点，形成一个光斑．向水槽中注入适量水后，水槽底部光斑移动到O点的　　（选填“左”或“右”）侧．继续沿水槽壁缓慢注水，在此过程中，折射角　　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．如图（b）是探究凸透镜成像规律实验装置，光屏上得到了一个清晰的像（光屏上像未给出），则该像为倒立　　的实像；保持透镜不动，将蜡烛向左移动，为使光屏上再次出现清晰的像，应将光屏向　　移动（选填“左”或“右”）．‎ ‎25．在“测定小灯泡的电功率”实验中，按实验要求提供了两套器材，其中电源电压都为1.5V的整数倍，滑动变阻器分别标有“20Ω 2A”、“10Ω ‎ ‎ 2A”字样，小灯分别标有“2.5V”、“3.8V”字样，所有器材均完好．小强和小明各选一套器材进行实验，他们正确串联电路，把电压表并联在电路中，实验步骤正确．闭合电键后，两电压表的示数如图所示，此时电流表示数均为0.2安，他们在移动滑片P时，小强发现电压表的示数不变，小明发现电压表的示数逐渐变小．他们重新正确连接电路，且实验步骤正确，移动滑动变阻器的滑片，当小灯正常发光时，小强实验的电流表、电压表的指针与刚闭合电键时相比正好分别偏转了3小格、5小格．‎ ‎①据题中的信息可判断：小强所用电源的电压值为　　伏；‎ ‎②小明同学选用的滑动变阻器标有“　　”字样；‎ ‎③求：小强同学所测小灯的额定功率．　　（本小题需写出计算过程）．‎ ‎26．某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示．然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二、表三所示．（设水在相等时间内吸收的热量相等）‎ 表一 100克水 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎1‎ ‎5‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎10‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎15‎ ‎3‎ 表二200克水 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎4‎ ‎2.5‎ ‎1‎ ‎5‎ ‎5‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎7.5‎ ‎3‎ 表三 500克水 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎7‎ ‎5‎ ‎5‎ ‎8‎ ‎10‎ ‎10‎ ‎9‎ ‎15‎ ‎15‎ 分析比较实验序号1、2、3或4、5、6或7、8、9中的相关实验数据，可得出的初步结论是：质量相等的水，　　成正比．‎ ‎②分析比较实验序号　　中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不等的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多．‎ ‎③进一步综合分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中的相关实验数据，可得：当水的　　时，吸收的热量相等．‎ ‎④为了结论更具有普遍性，小张认为还需进一步进行实验，请在表四中填入拟进行实验的数据，以完善他们的探究实验．‎ 表四　　‎ 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎4‎ ‎　　‎ ‎/‎ ‎5‎ ‎　　‎ ‎/‎ ‎6‎ ‎　　‎ ‎/‎ ‎　‎ ‎2016年上海市松江区中考物理二模试卷 参考答案与试题解析 ‎　‎ 一、选择题下列各题均只有一个正确选项 ‎1．在下列各星球中，属于卫星的是（　　）‎ A．月球 B．地球 C．水星 D．太阳 ‎【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程．‎ ‎【分析】解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；绕着恒星转动的是行星；绕着行星运转的是卫星．‎ ‎【解答】解：地球、水星为围绕太阳转动的行星；太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星；而月球是地球的一颗卫星．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎2．“闻其声而知其人”，这句话表明不同人发出的声音具有不同的（　　）‎ A．音调 B．音色 C．响度 D．频率 ‎【考点】音色．‎ ‎【分析】音色反映了声音的品质与特色．不同物体发出的声音，其音色是不同的，因此我们才能分辨出不同人的讲话、不同乐器的演奏等．‎ ‎【解答】解：因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声而知其人”，这句话表明不同人发出的声音具有不同的音色，‎ 故选B．‎ ‎　‎ ‎3．小刚学习了磁的知识后，标出了下列四种情况下磁体的磁极（小磁针的黑端为N极），如图所示，其中正确的是（　　）‎ A． B． C． D．‎ ‎【考点】磁感线及其特点；通电螺线管的磁场．‎ ‎【分析】根据磁场的性质及磁感线的特点分析即可；某点磁场的方向实际就是小磁针静止时北极所指的方向，而在磁体外部磁感线的方向是由N出发回到S极，实际磁场的方向与磁感线方向是一致的；根据上述规律即可选择出正确的选项．‎ ‎【解答】解：A、由安培定则可以判定螺线管的上端是S极，则磁感线方向是回到S极的，故小磁针的N极指向也是指向S极，故A正确；‎ B、磁感线的方向与小磁针N极的指向是相同的，故B错误；‎ C、磁感线的方向与小磁针N极的指向是相同的，故C错误；‎ D、根据磁极间相互作用的规律可知：异名磁极相互吸引，则小磁针将按逆时针方向旋转，故D错误．‎ 故选A．‎ ‎　‎ ‎4．在下列现象中，属于用热传递方式改变物体内能的是（　　）‎ A．火车经过后，铁轨的温度升高 B．反复弯折后，铁丝的温度升高 C．铁锅烧热后，铁锅的温度升高 D．锯条锯木后，锯条的温度升高 ‎【考点】热传递改变物体内能．‎ ‎【分析】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．‎ ‎【解答】解：A、火车轮子与轨道相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式增加了物体的内能，不符合题意；‎ B、弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能，不符合题意；‎ C、加热铁锅，是通过热传递改变锅的内能，符合题意；‎ D、锯木头时，锯子和木头相互摩擦做功，机械能转化为内能，故不符合题意；‎ 故选C．‎ ‎　‎ ‎5．如图所示，分别用F1、F2、F3、F4匀速提升同一重物，若不计滑轮本身的重力及摩擦，则（　　）‎ A．F1＜F2＜F3＜F4 B．F1＞F2＞F3＞F4 C．F1=F2=F3＜F4 D．F1=F2=F3＞F4‎ ‎【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点．‎ ‎【分析】根据定滑轮不省力，动滑轮省一半力的特点进行分析即可．‎ ‎【解答】解：不计滑轮本身的重力及摩擦的情况下；‎ a、b、c图是定滑轮，只能改变力的方向，不省力也不费力；故F1=F2=F3=G．‎ d图用的是动滑轮；能够省一半的力，故F4=G．‎ 所以，F1=F2=F3＞F4．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎6．如图所示，跳水运动员站在跳板上静止不动，下列说法正确的是（　　）‎ A．跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态 B．运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力 C．跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对平衡力 D．跳板对运动员的支持力和运动员所受的重力是一对平衡力 ‎【考点】力的作用效果；平衡力的辨别．‎ ‎【分析】力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状；‎ 二力平衡的条件是：二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上；‎ ‎【解答】解：A、跳板被压弯，而跳水运动员站在跳板上静止不动，说明跳板的形状发生了改变，运动员的运动状态没有发生改变，故A错误；‎ B、运动员对跳板的压力和运动员所受的重力的受力物体分别是跳板和运动员；这两个力不是作用在同一物体上，不是一对平衡力．故B错误；‎ C、跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力的受力物体分别是运动员和跳板，这两个力不是作用在同一物体上，不是一对平衡力，故C错误；‎ D、跳板对运动员的支持力和运动员所受的重力受力物体是运动员，这两个力作用在同一物体上，二力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，是一对平衡力；故D正确；‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎7．如图所示电路中，电源电压保持不变，当电键S由断开到闭合时，则（　　）‎ A．电流表的示数变小，电压表的示数变小 B．电流表的示数变小，电压表的示数变大 C．电流表的示数不变，电压表的示数变小 D．电流表的示数不变，电压表的示数不变 ‎【考点】欧姆定律的应用．‎ ‎【分析】由电路图可知，电键S断开时，电路为滑动变阻器的简单电路；电键S闭合时，滑动变阻器与灯泡并联，电压表始终测电源的电压，电流表始终测通过滑动变阻器的电流，根据电源的电压不变可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知电流表示数的变化．‎ ‎【解答】解：‎ 由电路图可知，电键S断开时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源电压；电键S闭合时，滑动变阻器与灯泡并联，电压表始终测电源电压，电流表始终测通过滑动变阻器的电流．‎ 电源电压不变，无论当电键S由断开到闭合时，电压表都测的是电源电压，所以其示数不变；‎ 因为并联电路中各支路独立工作、互不影响；‎ 所以当电键S由断开到闭合时，通过滑动变阻器的电流不变，即电流表的示数不变．‎ 故选D．‎ ‎　‎ ‎8．如图所示，底面积不同的甲、乙圆柱形轻质容器，分别盛有密度为ρ甲、ρ乙两种液体，甲液体对容器底部的压强等于乙液体对容器底部的压强．现将体积相同，质量、密度为mA、mB、ρA、ρB的A、B两实心球分别浸没在甲、乙两容器的液体中（无液体溢出），若甲容器对地面的压力等于乙容器中液体对容器底部的压力，则下列关系式一定成立的是（　　）‎ A．ρA＞ρ乙 B．ρ甲=ρ乙 C．mA=mB D．ρB＜ρA ‎【考点】液体压强计算公式的应用；压力及重力与压力的区别．‎ ‎【分析】（1）根据液体的压强公式为p=ρgh可判断液体的密度关系；‎ ‎（2）根据压强的定义式p=，变形后可得F=pS；结合题目条件可做出增大的压力之间的关系；然后将增大的压力与液体的重力相联系，进而判断出两球质量和密度之间的大小关系．‎ ‎【解答】解：（1）因为是圆柱形容器，液体对容器底部的压力等于液体的重力，根据p=可知，压强相等时，受力面积越小，压力也越小，所以G甲＜G乙；‎ 而甲容器对地面的压力F甲=G甲+GA=G甲+ρAgVA（轻质容器，容器的质量可忽略不计），‎ 乙容器中液体对容器底的压力F乙液=G乙+G排=G乙+ρ乙gVB；‎ 根据甲容器对地面的压力等于乙容器中液体对容器底部的压力及G甲＜G乙，可判断ρAgvA＞ρ乙gvB 所以ρA＞ρ乙，故A正确；‎ ‎（2）根据p=ρgh可知，压强相等的情况下，深度大的液体密度小，即ρ甲＜ρ乙，故B错误；‎ ‎（3）乙容器对地面的压力F乙=G乙+GB，‎ 根据乙容器对地面的压力大于乙容器中液体对底部的压力得到G乙+GB＞G甲+GA 而G甲＜G乙所以无法判断GB和GA的大小关系，也就不能确定质量和密度的关系，所以C和D不一定成立．‎ 故选：A．‎ ‎　‎ 二、填空题（共26分）‎ ‎9．在家庭电路中，　电能　表用来测量用户消耗的电能．一只标有“220V 110W”字样的用电器正常工作时，通过的电流为　0.5　安．为了减小输电线上的电能损失，远距离输电常采用　高压　输电．‎ ‎【考点】电功率与电压、电流的关系；电功的测量．‎ ‎【分析】①用来测量用户消耗的电能仪表是电能表．‎ ‎②已知白炽灯的电功率和工作时间，根据公式P=UI求出该用电器的正常工作的电流．‎ ‎③远距离输电，当功率一定时，提高电压，从而使电线中的电流减小，则电线上损失的电能减小．‎ ‎【解答】解：①电能表是用来测量用户消耗电能的，‎ ‎②根据P=UI可得，通过该用电器的正常工作的电流：I===0.5A．‎ ‎③当输出功率一定时，若提高电压，则由P=IU可知，电流降低，从而使电线上电阻的损失的功率减小，进而减小电能的损失．‎ 故答案为：电能；0.5；高压．‎ ‎　‎ ‎10．汽车已进入百姓家庭，小华驾车兜风，以路边的树木为参照物，他是　运动　的（选填“运动”或“静止”），当汽车撞上障碍物时会停下来，说明力　可以改变物体的运动状态　；车上的头枕可以预防车被追尾时由于　惯性　而造成的危害．‎ ‎【考点】参照物及其选择；力的作用效果；惯性．‎ ‎【分析】①解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；‎ ‎②力的作用效果：改变物体的形状，改变物体的运动状态；‎ ‎③惯性是保持原来运动状态不变的性质．‎ ‎【解答】解：‎ 小华驾车兜风，当以路边的树木为参照物时，人和车相对于树木的位置在改变，所以小华是运动的；‎ 当汽车撞上障碍物时会停下来，说明力可以改变物体的运动状态；‎ 刹车时，人由于具有惯性，要保持原来的运动状态，很容易向前撞去，所以要使用安全带；而汽车被追尾时，人由于具有惯性，要保持原来的运动状态，很容易向后撞去，因此汽车座位上的头枕，可以预防汽车被追尾时造成的危害．‎ 故答案为：运动；可以改变物体的运动状态；惯性．‎ ‎　‎ ‎11．甲、乙两辆质量相同的小车在平直的路面上同时、同地出发向正南方向运动，小明测出它们运动的路程和时间，并依据数据作出了相应的s﹣t图象，如图所示．由图中给出的信息可知，小车甲速度大小为　1　米/秒，10秒后，甲、乙两车相距　5　米，　甲　车的动能较大（选填“甲”或“乙”）．‎ ‎【考点】速度公式及其应用；动能和势能的大小变化．‎ ‎【分析】解答本题首先要明确各图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；其次注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；再次是明确图象所表示的物理意义；最后对照各个选项提出的问题作出判断．‎ ‎【解答】解：由图象知甲车的速度v甲===1m/s；‎ 乙的速度v乙===0.5m/s；‎ 甲、乙两辆小车在平直的路面上同时、同地出发向正南方向运动，‎ 根据v=可得10s后甲车通过的距离： =v甲t=1m/s×10s=10m，‎ 由图象可知10s后乙车通过的距离： =5m，‎ 则10秒后，甲、乙两车相距10m﹣5m=5m；‎ 甲、乙两辆小车质量相同，v甲＞v乙，‎ 所以，甲车的动能较大．‎ 故答案为：1；5；甲．‎ ‎　‎ ‎12．在原子核中，带正电的粒子是　质子　．吸烟者“吞云吐雾”时会波及周围人群，这是由于分子在不停地做　无规则　运动造成的．17世纪，　牛顿　发现了光的色散现象．‎ ‎【考点】分子的运动；原子的核式模型；光的色散．‎ ‎【分析】（1）根据对原子核组成的了解答题．‎ ‎（2）扩散现象，是指分子在永不停息地做无规则运动．吸烟时，烟分子在空气中进行扩散．‎ ‎（3）17世纪，英国物理学家牛顿发现了光的色散现象．‎ ‎【解答】解：（1）原子核由带正电的质子与不带电的中子组成；‎ ‎（2）只要有人在房间里吸烟，由于烟分子在空气中进行不停地无规则运动，一会儿房间会充满烟味，这是分子的扩散现象；‎ ‎（3）最早发现日光的色散现象的物理学家是牛顿．‎ 故答案为：质子；无规则；牛顿．‎ ‎　‎ ‎13．某物体漂浮在水面上，排开水的体积为2×10﹣4米3，该物体受到的浮力为　1.96　牛，物体所受的重力为　1.96　牛；水面下0.1米深处的水的压强为　980　帕．‎ ‎【考点】浮力大小的计算；液体的压强的计算．‎ ‎【分析】（1）物体漂浮在水面上，知道排开水的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；‎ ‎（2）利用漂浮条件求物体所受的重力；‎ ‎（3）根据液体压强公式p=ρgh求水面下0.2米深处的水的压强．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）物体受到的浮力：‎ F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×2×10﹣4m3×9.8N/kg=1.96N；‎ ‎（2）因为物体漂浮在水面上，‎ 所以物体重力：‎ G=F浮=1.96N；‎ ‎（3）水面下0.1m深处的水的压强：‎ p=ρgh=1×103kg/cm3×9.8N/kg×0.1m=980Pa．‎ 故答案为：1.96；1.96；980．‎ ‎　‎ ‎14．某导体两端电压为6伏，通过它的电流为0.5安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为　5　库，电流做功为　30　焦，一盏10瓦的节能灯亮度相当于一盏100瓦的白炽灯，若它们都正常发光10小时，节能灯与白炽灯相比，可节能　0.9　千瓦时．‎ ‎【考点】电量及其计算；电功的计算．‎ ‎【分析】已知通过的电流和通电时间，根据公式Q=It可求电荷量，根据公式W=QU可求电流做的功，‎ 先计算一盏节能灯比一盏白炽灯节省的功率，再根据公式W=Pt可求节省的电能．‎ ‎【解答】解：10秒内通过该导体横截面的电荷量Q=It=0.5A×10s=5C，电流做功W=QU=5C×6V=30J，‎ 节能灯与白炽灯相比，可节能△W=（P1﹣P2）t=（0.1kw﹣0.01kW）×10h=0.9kw•h．‎ 故答案为 5；30；0.9．‎ ‎　‎ ‎15．如图所示电路中，电源电压不变，且R1＞R2．当闭合S1，断开S2，电压表有示数；断开S1，闭合S2，发现电压表的示数变小．若故障只发生在电阻R1、R2上，则故障可能是　R1短路、R2断路或R1短路同时R2断路　；用一个完好的小灯替换R后，当闭合S1，断开S2，小灯发光；断开S1，闭合S2，小灯不发光，则一定存在的故障是　R2断路　．‎ ‎【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．‎ ‎【分析】（1）当闭合S1，断开S2，R1和R串联，电压表测量R两端电压；断开S1，闭合S2，R2和R串联，电压表测量R两端电压，根据串联电路电压的特点可知电路故障的原因；‎ ‎（2）用一个完好的小灯替换R后，当闭合S1，断开S2，R1和灯泡串联；断开S1，闭合S2，R2和灯泡串联，根据灯泡的发光情况可知电路发生短路还是断路．‎ ‎【解答】解：‎ ‎（1）当闭合S1，断开S2，R1和R串联，电压表测量R两端电压；断开S1，闭合S2，R2和R串联，电压表测量R两端电压；而电压表的示数变小；‎ ‎ 当R1发生短路时，闭合S1，断开S2，电压表测量电源电压；因此当断开S1，闭合S2时，电压表的示数变小；‎ 当R2断路时，断开S1，闭合S2时，电压表示数变为零；因此电压表示数变小的故障原因可能是R1短路、R2断路或R1短路同时R2断路；‎ ‎（2）用一个完好的小灯替换R后，当闭合S1，断开S2，R1和灯泡串联；断开S1，闭合S2，R2和灯泡串联；灯泡由发光到不发光，说明灯泡不发光的原因为电路发生断路，即R2断路．‎ 故答案为：R1短路、R2断路或R1短路同时R2断路；R2断路．‎ ‎　‎ ‎16．如图甲是研究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让质量不同的钢球从斜面上同一高度由静止滚下，推动同一木块移动一段距离．图乙是研究“牛顿第一定律”的实验装置，实验中让同一小车从斜面上相同的高度由静止滚下，在粗糙程度不同的水平面上运动．请回答以下问题：‎ ‎①设计甲实验的目的是研究钢球动能的大小与　质量　的关系；设计乙实验的目的是研究小车的运动与所受　摩擦力　的关系．‎ ‎②甲实验是通过观察　木块移动的距离　，从而间接判断钢球动能的大小；乙实验是通过观察小车在粗糙程度不同的水平面上运动的远近，推理得出：　物体不受力的作用，运动状态不发生改变　．‎ ‎【考点】探究影响物体动能大小的因素．‎ ‎【分析】①动能的大小与物体的质量和速度有关，探究动能与质量关系时，控制速度不变；探究动能与速度关系时，控制质量不变．图乙是研究小车的运动与所受摩擦力的关系，此时应该让接触面的粗糙程度不同；‎ ‎②在钢球质量不变的情况下，要探究动能大小与速度的关系；木块被推动的距离越远，表明动能越大，这种方法称为转换法，即将不易观察或测量的量转换为容易观察和测量的量来进行研究的方法；根据控制变量法的要求，应控制小车在滑下时具有相同的速度；小车受到的阻力不同，其运动的距离也会不同，如果阻力无限小，则物体接近于不受力，将会做匀速直线运动．‎ ‎【解答】解：①甲图中实验中让不同的钢球从同一个斜面上同一的高度由静止开始运动，“同一高度”控制了小球的高度不变，运动的速度也就相同，小球的质量不同，因此该实验探究的是小球动能与质量的关系．‎ 乙实验中的小车与地面的粗糙程度不同，所以是研究小车的运动与所受摩擦力的关系．‎ ‎②甲实验中，钢球质量不变，目的是探究钢球动能大小与速度的关系；实验中通过观察木块被推动的距离，来判断钢球动能的大小，这是转换法的运用；让小车从斜面的相同高度滑下，是为了使其具有相同的速度；需要观察的是在粗糙程度不同的水平面上小车运动距离的长短，进而判断小车所受阻力的大小，可以推理得出的结论是：物体不受力的作用，运动状态不发生改变．‎ 故答案为：①质量；力；‎ ‎②木块移动的距离；物体不受力的作用，运动状态不发生改变．‎ ‎　‎ 三、作图题（共8分）‎ ‎17．在图中，重为4牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出它受到的重力G．‎ ‎【考点】重力示意图．‎ ‎【分析】先画出标度，然后根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心表示出重力的大小和方向．‎ ‎【解答】解：画出大小表示2N的标度，然后过物体重心作竖直向下的重力，使线段长度为标度的2倍．如图所示：‎ ‎．‎ ‎　‎ ‎18．在图中，根据给出的入射光线画出折射光线．‎ ‎【考点】透镜的光路图．‎ ‎【分析】仔细观察入射光线和折射光线的特点，根据凸透镜的光学特点作图．‎ ‎【解答】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如图所示：‎ ‎　‎ ‎19．在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请以笔画线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端的电压．②闭合电键，当变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数变大．‎ ‎【考点】实物的电路连接．‎ ‎【分析】电键S闭合后，电压表测量灯泡两端电压，向右移动滑动变阻器的滑片时，电压表示数变大说明滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小，灯泡分得的电压变大，因此滑片向右移动滑动变阻器接入电路的电阻减小，再按一上一下的原则串联在电路中．‎ ‎【解答】解：灯泡与滑动变阻器串联，滑片右移，滑动变阻器接入电路的电阻变小，故将右下接线柱与开关右接线柱相连，并将电压表的负接线柱与灯泡左接线柱相连；如下图所示：‎ ‎　‎ 四、计算题（共22分）‎ ‎20．物体在50牛的水平拉力作用下沿水平方向做匀速直线运动，5秒内前进了3米．求此过程中拉力做的功W和功率P．‎ ‎【考点】功的计算；功率的计算．‎ ‎【分析】知道拉力的大小和前进的距离，根据W=Fs求出此过程中拉力做的功，又知道运动的时间，根据P=求出拉力的功率．‎ ‎【解答】解：此过程中拉力做的功：‎ W=Fs=50N×3m=150J，‎ 拉力的功率：‎ P===30W．‎ 答：此过程中拉力做的功为150J，功率为30W．‎ ‎　‎ ‎21．在图（a）所示的电路中，电源电压为12伏保持不变，滑动变阻器R2标有“20Ω 2A”字样．闭合电键，将滑片移到某一位置时，电流表A1与A的示数分别为0.8安和2安．‎ ‎①求电阻R1的阻值．‎ ‎②若不改动电路各元件的连接，在保证电路所有元件安全使用的情况下，求电阻R2消耗电功率的最大值P2最大．‎ ‎③现有三组定值电阻R1′和变阻器R2′的组合（如表），分别替换原来的电阻R1和变阻器R2．‎ 编号 电阻R1'‎ 变阻器R2'‎ A ‎5 欧 ‎“10Ω 2A”‎ B ‎10欧 ‎“20Ω 1A”‎ C ‎20欧 ‎“50Ω 3A”‎ 要求通过移动变阻器滑片P使电流表A示数的变化量最大，电流表表盘如图（b）所示，电路正常工作．‎ ‎（a）能够实现上述要求的R1′、R2′组合的编号是　C　．‎ ‎（b）求滑动变阻器连入电路的阻值范围．‎ ‎【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．‎ ‎【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流．‎ ‎①根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1的阻值；‎ ‎②根据并联电路的电流特点求出电流表A示数最大时通过R2的电流，然后与电流表A1的量程和R2允许通过的最大电流确定通过R2的最大电流，根据P=UI求出电阻R2消耗电功率的最大值；‎ ‎③当定值电阻的阻值越大、滑动变阻器允许通过的电流最大时干路电流的变化量最大，据此确定R1′、R2′的组合；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1′的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2′的最大电流，此时R2′接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出其大小，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值范围．‎ ‎【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R2支路的电流．‎ ‎①因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，‎ 所以，通过R1的电流：‎ I1=I﹣I2=2A﹣0.8A=1.2A，‎ 因并联电路中各支路两端的电压相等，‎ 所以，由I=可得，电阻R1的阻值：‎ R1===10Ω；‎ ‎②当电流表A示数I′=3A时，通过R2的电流：‎ I2′=I′﹣I1=3A﹣1.2A=1.8A，‎ 因电流表A1的量程为0～3A、R2允许通过的最大电流为2A，‎ 所以，通过R2的最大电流为1.8A，‎ 则电阻R2消耗电功率的最大值：‎ P2最大=UI2′=12V×1.8A=21.6W；‎ ‎③（a）当定值电阻的阻值越大、滑动变阻器允许通过的电流最大时，干路电流的变化量最大，‎ 所以，R1′、R2′组合的编号是C；‎ ‎（b）通过R1′的电流：‎ I1′===0.6A，‎ 当电流表A示数I′=3A时，通过R2′的电流：‎ I2″=I′﹣I1′=3A﹣0.6A=2.4A，‎ R2′接入电路中的最小电阻：‎ R2′===5Ω，‎ 则滑动变阻器连入电路的阻值范围为5Ω～50Ω．‎ 答：①电阻R1的阻值为10Ω；‎ ‎②电阻R2消耗电功率的最大值为21.6W；‎ ‎③（a）C；（b）滑动变阻器连入电路的阻值范围为5Ω～50Ω．‎ ‎　‎ ‎22．如图所示，边长为4h的正方体A和轻质薄壁圆柱形容器B置于水平桌面上，容器B中盛有高为5h、体积为5×10﹣3米3的某液体乙（ρ乙=0.8×103千克/米3）．‎ ‎①求液体乙的质量m乙．‎ ‎②若正方体A的质量为5千克，边长为0.1米，求正方体A对地面的压强pA．‎ ‎③已知ρA=1.5ρ乙，从物体A的上方水平切去高为△h的部分，并从容器B中抽出深度同为△h的液体，使物体A和容器B对水平桌面的压强分别为pA'和pB'，通过计算比较pA′和pB′的大小关系及△h对应的取值范围．‎ ‎【考点】压强的大小及其计算；密度公式的应用；液体压强计算公式的应用．‎ ‎【分析】（1）知道液体乙的体积和密度，根据m=ρV求出液体乙的质量；‎ ‎（2）正方体A对地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据面积公式求出底面积即为受力面积，根据p=求出对地面的压强；‎ ‎（3）根据G=mg、m=ρV和p=得出正方体对水平地面的压强，然后表示出从物体A的上方水平切去高为△h的部分后剩余部分对水平地面的压强，再表示出从容器B中抽出深度同为△h的液体容器B对水平桌面的压强，两者相等时求出△h的值，进一步得出答案．‎ ‎【解答】解：①由ρ=可得，液体乙的质量：‎ m乙=ρ乙V乙=0.8×103kg/m3×5×10﹣3m3=4kg；‎ ‎②正方体A对地面的压力：‎ FA=GA=mAg=5kg×9.8N/kg=49N，‎ 受力面积：SA=（0.1m）2=0.01m2，‎ 正方体A对地面的压强：‎ pA===4900Pa；‎ ‎③正方体对水平地面的压强：‎ p======ρgh，‎ 则从物体A的上方水平切去高为△h的部分后，剩余部分对水平地面的压强：‎ pA′==ρAg（4h﹣△h）=1.5ρ乙g（4h﹣△h）‎ 圆柱形容器B为轻质薄壁容器，从容器B中抽出深度同为△h的液体，容器B对水平桌面的压强：‎ pB′=p液=ρ乙g（5h﹣△h），‎ 设pA'=pB'，则 1.5ρ乙g（4h﹣△h）=ρ乙g（5h﹣△h）‎ 解得：△h=2h；‎ 当0＜△h＜2h时，pA'＞pB'；‎ 当△h=2h时，pA'=pB'；‎ 当2h＜△h＜4h时，pA'＜pB'．‎ 答：①液体乙的质量为4kg；‎ ‎②正方体A对地面的压强为4900Pa；‎ ‎③当0＜△h＜2h时，pA'＞pB'；当△h=2h时，pA'=pB'；当2h＜△h＜4h时，pA'＜pB'．‎ ‎　‎ 五、实验题（共18分）‎ ‎23．在图（a）中温度计示数为　5　℃．如图（b）所示，弹簧测力计的读数为　3.4　牛．如图（c）所示的实验仪器名称是　U形管压强计　．在电学实验中，电流表应　串联　在电路中（选填“串联”或“并联”）．‎ ‎【考点】温度计的使用及其读数；弹簧测力计的使用与读数；探究液体压强的特点实验；电流表的使用．‎ ‎【分析】（1）判断温度计的示数：首先判断是零上还是零上，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数，即分度值是多少．‎ ‎（2）弹簧测力计读数时，先观察量程和温度值，然后根据指针所在位置进行读数．‎ ‎（3）U形管压强计用来测量液体压强的仪器．‎ ‎（4）在使用电流表时，电流表要与被测电路串联，电流要从正接线柱入、负接线柱出 ‎【解答】解：（1）由图（a）知，0℃在下方，液柱远离0℃，是零上．每一个大格是10℃和每一个小格是1℃，示数为5℃．‎ ‎（2）由图（b）可知，该弹簧测力计的分度值是0.2N，指针所在位置是3N下面第2个小格上，故读数是3.4N．‎ ‎（3）如图（c）所示的实验仪器名称是U形管压强计．‎ ‎（4）电流表要与被测电路串联，将电流表接入电路中，电流要从正接线柱入、负接线柱出．‎ 故答案为：5；3.4；U形管压强计；串联．‎ ‎　‎ ‎24．如图（a）所示，一束激光沿直线射到空水槽底部O点，形成一个光斑．向水槽中注入适量水后，水槽底部光斑移动到O点的　左　（选填“左”或“右”）侧．继续沿水槽壁缓慢注水，在此过程中，折射角　不变　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．如图（b）是探究凸透镜成像规律实验装置，光屏上得到了一个清晰的像（光屏上像未给出），则该像为倒立　缩小　的实像；保持透镜不动，将蜡烛向左移动，为使光屏上再次出现清晰的像，应将光屏向　左　移动（选填“左”或“右”）．‎ ‎【考点】凸透镜成像规律及其探究实验；光的折射现象及其应用．‎ ‎【分析】（1）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变，称为光的折射．‎ ‎（2）根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．‎ u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜．凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大．‎ ‎【解答】解：（1）水槽内没有注水时，光沿直线传播，照射到O点；当向水槽内注入适量的水后，光从空气斜射入水中发生折射，折射角小于入射角，折射光线偏向法线，因此水槽底部光斑移动到O点的左侧；‎ 继续沿水槽壁缓慢注水，折射光线逐渐向左移动，但是入射角不变，折射角的大小也不变．‎ ‎（2）已知光屏上能得到实像，根据b图可知，此时的物距要大于像距（物距大于2倍焦距），成倒立、缩小的实像，应用于照相机；将蜡烛向左移动，物距增大，为使在光屏上得到清晰的像，根据凸透镜成像规律“物近像远，物远像近”可知，像距应减小，所以同时将光屏也向左移动．‎ 故答案为：（1）左；不变；（2）缩小；左．‎ ‎　‎ ‎25．在“测定小灯泡的电功率”实验中，按实验要求提供了两套器材，其中电源电压都为1.5V的整数倍，滑动变阻器分别标有“20Ω 2A”、“10Ω 2A”字样，小灯分别标有“2.5V”、“3.8V”字样，所有器材均完好．小强和小明各选一套器材进行实验，他们正确串联电路，把电压表并联在电路中，实验步骤正确．闭合电键后，两电压表的示数如图所示，此时电流表示数均为0.2安，他们在移动滑片P时，小强发现电压表的示数不变，小明发现电压表的示数逐渐变小．他们重新正确连接电路，且实验步骤正确，移动滑动变阻器的滑片，当小灯正常发光时，小强实验的电流表、电压表的指针与刚闭合电键时相比正好分别偏转了3小格、5小格．‎ ‎①据题中的信息可判断：小强所用电源的电压值为　6　伏；‎ ‎②小明同学选用的滑动变阻器标有“　10Ω 2A　”字样；‎ ‎③求：小强同学所测小灯的额定功率．　0.65W　（本小题需写出计算过程）．‎ ‎【考点】电功率的测量．‎ ‎【分析】先根据两灯泡的额定电压和电压表指针的位置确定电压表的量程，并读出示数；然后根据滑动变阻器接入电路的阻值以及欧姆定律计算滑动变阻器两端电压；再根据小强正确连接电路，并使灯泡正常发光，结合电压表、电流表指针的偏转计算出电路中的电流以及灯泡两端电压的变化量，根据串联电路电压的规律和灯泡的额定电压确定小强选择的灯泡，结合电源电压为1.5V的整数倍得出小强选择的电源电压，以及小强和小明选择滑动变阻器的型号；最后根据P=UI求出小强所测灯泡的额定功率．‎ ‎【解答】解：（1）因为两灯泡的额定电压分别为2.5V和3.8V，因此根据图示电压表指针的位置可知，电压表的量程均为0～3V，分度值都为0.1V，示数分别为1.2V和2V；‎ 闭合电键后，电流表示数均为0.2安，因此此时电路电流都为0.2A，滑动变阻器接入电路的阻值都为最大值；‎ 由I=可知，此时滑动变阻器两端电压分别为：U1=IR1=0.2A×20Ω=4V；U2=0.2A×10Ω=2V；‎ 连接电路正确后，移动滑动变阻器的滑片，使小灯正常发光时，此时滑动变阻器接入电路的阻值将减小，而小强实验的电流表、电压表的指针与刚闭合电键时相比正好分别偏转了3小格、5小格，因此此时电路电流为0.2A+3×0.02A=0.26A；灯泡两端电压增加量为△U=5×0.1V=0.5V；由于电压表示数刚好等于灯泡的额定电压，因此然后结合电压表示数可知，小强选择的灯泡为额定电压为2.5V的灯泡；再结合U1、U2可知，小强选择的电源为2V+4V=6V；‎ ‎（2）根据上述分析可知，小强选择的滑动变阻器为“20Ω 2A”，小明选择的滑动变阻器为“10Ω 2A”；‎ ‎（3）根据上述分析可知，小强同学所测的小灯的额定功率：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W．‎ 故答案为：（1）6；（2）10Ω 2A；（3）0.65W．‎ ‎　‎ ‎26．某小组同学通过实验探究液体吸收热量的多少与哪些因素有关，他们用相同的酒精灯对一定质量的水进行加热，并测出水升高的温度和相应的加热时间，实验结果如表一所示．然后他们改变水的质量继续进行探究，水升高的温度和相应的加热时间结果如表二、表三所示．（设水在相等时间内吸收的热量相等）‎ 表一 100克水 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎1‎ ‎5‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎10‎ ‎2‎ ‎3‎ ‎15‎ ‎3‎ 表二200克水 实验 升高温度 加热时间 ‎（分钟）‎ 序号 ‎（℃）‎ ‎4‎ ‎2.5‎ ‎1‎ ‎5‎ ‎5‎ ‎2‎ ‎6‎ ‎7.5‎ ‎3‎ 表三 500克水 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎7‎ ‎5‎ ‎5‎ ‎8‎ ‎10‎ ‎10‎ ‎9‎ ‎15‎ ‎15‎ 分析比较实验序号1、2、3或4、5、6或7、8、9中的相关实验数据，可得出的初步结论是：质量相等的水，　吸收的热量与升高的温度　成正比．‎ ‎②分析比较实验序号　1、5、7（或2、8，或3、9）　中相关实验数据，可以得出的初步结论是：质量不等的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多．‎ ‎③进一步综合分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中的相关实验数据，可得：当水的　质量与升高温度的乘积相等　时，吸收的热量相等．‎ ‎④为了结论更具有普遍性，小张认为还需进一步进行实验，请在表四中填入拟进行实验的数据，以完善他们的探究实验．‎ 表四　100克酒精　‎ 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎4‎ ‎　5　‎ ‎/‎ ‎5‎ ‎　10　‎ ‎/‎ ‎6‎ ‎　15　‎ ‎/‎ ‎【考点】探究比热容的实验．‎ ‎【分析】（1）分析表中的数据，分析加热时间与升高温度的关系，注意加热时间反应了吸收热量的多少；‎ ‎（2）比较三个表格中的数据，利用控制变量法进行分析，注意质量不同，吸收热量与温度、质量的关系；‎ ‎（3）分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中的相关实验数据得出加热时间相同的数据中存在的规律；‎ ‎（4）根据Q=cm△t可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关，据此完成表格四．‎ ‎【解答】解：①分析比较实验序号1、2、3或4、5、6或7、8、9中的相关实验数据可知，水的质量相等，加热时间的比值与升高温度的比值相等，因此可得出的结论为：质量相等的水，吸收的热量与升高的温度成正比．‎ ‎②分析比较实验序号 1、5、7（或2、8，或3、9）中的相关实验数据可知，质量不同的水，加热时间越长，升高的温度越高，即质量不等的水，升高相同的温度，质量越大，吸收的热量越多．‎ ‎③进一步综合分析比较实验序号1、4或2、5或3、6中的相关实验数据可知，加热时间相同，质量与升高温度的乘积相等，因此可得出的结论为：当水的质量与升高温度的乘积相等时，吸收的热量相等．‎ ‎④根据Q=cm△t可知，液体吸收热量的多少与质量、物质的种类以及温度的变化量有关；为了结论更具有普遍性，还需要探究吸收热量的多少与物质种类的关系，因此还需补充质量相同的不同液体，因此表四中的数据如下：‎ 表四100g酒精 实验 序号 升高温度 ‎（℃）‎ 加热时间 ‎（分钟）‎ ‎4‎ ‎5‎ ‎/‎ ‎5‎ ‎10‎ ‎/‎ ‎6‎ ‎15‎ ‎/‎ 故答案为：①吸收的热量与升高的温度；②1、5、7（或2、8，或3、9）；③质量与升高温度的乘积相等；④100克酒精；5、10、15（答案合理均可）．‎ ‎　‎ ‎2016年10月21日