【化学】山东省淄博市桓台县第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试（解析版）

【化学】山东省淄博市桓台县第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试（解析版）

山东省淄博市桓台县第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试 第Ⅰ卷 (选择题 共40分)‎ 一、 选择题 (本题共计 15 小题，1-10为单项选择题，每题 2 分；11-15为不定项选择题，每题有1-2个正确选项，每题4分，错选、多选不得分，漏选得2分，共计40分 ) ‎ ‎1.石墨能与熔融金属钾作用，形成石墨间隙化合物，K原子填充在石墨各层碳原子中，比较常见的石墨间隙化合物是青铜色的化合物，其化学式可写作CxK，平面结构如图所示。则x值为(   )‎ A. 12 B. ‎24 ‎C. 60 D. 8‎ ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】可以取三个钾原子形成的小三角形为计算单位，其完全占有的碳原子数是4，占有的钾原子数为×3=，故碳原子数和钾原子数之比是4:=8:1，化学式可写作C8K，x为8，故答案为D。‎ ‎2.下列晶体中,它们的熔点由高到低的顺序排列正确的是(    )‎ ‎①干冰  ②晶体硅 ③金刚石 ④汞 ⑤氯化钠 A. ⑤②③①④ B. ③②⑤①④ ‎ C. ③②⑤④① D. ②③④①⑤‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】②晶体硅和 ③金刚石均属于原子晶体，且C-C键能大于Si-Si键能，则金刚石的熔点比晶体硅高；⑤氯化钠于离子晶体，①干冰属于分子晶体，二氧化碳常温下是气体，④汞常温下是液体，则熔点由高到低的顺序为③②⑤④①，故答案为C。‎ ‎【点睛】考查晶体类型与物质熔点高低判断等，明确晶体的类型以及影响晶体熔高低的因素是解题关键，晶体熔点一般为原子晶体＞离子晶体＞分子晶体，金属晶体熔点有的很高，有的很低，汞常温下为液体，二氧化碳常温下为气体。‎ ‎3.下列各化合物的命名中正确的是(   )‎ A.   3-丁醇 B.   甲基苯酚 C.   2-乙基丙酸 D. 2,3-二乙基-1,3-丁二烯 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．在距离-OH最近的一端开始编号，-OH在2号C，该有机物命名为：2-丁醇，故A错误；‎ B．甲基苯酚，没有指出甲基的位置，正确命名为：邻甲基苯酚，故B错误；‎ C．主链碳原子数是4个，正确的命名为2-甲基丁酸，故C错误；‎ D．的主链包含二个碳碳双键，支链为两个乙基，正确命名为2,3-二乙基-1,3-丁二烯，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎【点睛】考查有机物系统命名方法应用，注意命名原则是解题关键；烷烃命名时，应从离支链近的一端开始编号，当两端离支链一样近时，应从支链多的一端开始编号；含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，并表示出官能团的位置，官能团的位次最小。‎ ‎4.两种气态烃组成的混合物共0.2mol，完全燃烧得0.3mol二氧化碳和‎7.2g水。下列说法正确的是(   )‎ A. 一定没有甲烷 B. 可能是乙烯和丙炔 C. 可能是甲烷和丙炔 D. 一定有乙烯 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】两种气态烃组成混合气体0.2mol，完全燃烧生成0.3ml CO2和‎7.2g水，n(H2O)==0.4mol，设混合烃的平均分子组成为CxHy；平均分子组成中H原子数目为=4，平均分子组成中C原子数目为=1.5，故该混合烃的平均分子式为C1.5H4，根据C原子可知，该烃一定含有CH4，另一种烃含有4个H原子，可能为乙烯、丙炔等，则选项C符合题意，故答案为C。‎ ‎5.下列说法正确的是( )‎ A. 通式为CnH2n的不一定是烯烃，通式为CnH2n+2的一定是烷烃 B. 烃按照有无芳香性可以分为脂环烃和芳香烃 C. 乙烯中的碳碳双键的键能比乙烷中碳碳单键的键能小 D. 石油裂解的目的是提高轻质油的产量和质量 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．通式为CnH2n的不一定是烯烃，也可能是环烷烃，而通式为CnH2n+2的一定是烷烃，故A正确；‎ B．烃按照碳架结构，分为链烃和环烃，其中环烃按照是否含有苯环，分为脂环烃和芳香烃，故B错误；‎ C．乙烯中的碳碳双键的键能比乙烷中碳碳单键的键能大，但比碳碳单键键能的2倍小，故C错误；‎ D．石油裂解是为了获得乙烯，裂化的目的是为了获得轻质油，故D错误；‎ 故答案为A。‎ ‎6.下列操作正确的是( )‎ A. 用溴水可以鉴别苯、CCl4、己烯、苯乙烯 B. 若乙酸乙酯中含有乙酸、乙醇杂质，可加入饱和Na2CO3溶液，然后分液除去 C. 我们可以用溴的四氯化碳溶液除去乙烷中的乙烯 D. 验证丙烯醛CH2=CH-CHO中是否含有碳碳双键，我们一般先采用银镜反应转化醛基，然后加入溴水，如果溴水褪色，则证明该物质含有碳碳双键。‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．溴水与己烯、苯乙烯均能发生加成反应使其褪色，则无法鉴别己烯与苯乙烯，故A错误；‎ B．乙酸与碳酸钠溶液反应，乙醇溶于饱和Na2CO3溶液，而乙酸乙酯不溶于水，且在饱和碳酸钠溶液上层，不互溶，分液后可得纯净的乙酸乙酯，故B正确；‎ C．乙烯能与Br2发生加成反应，乙烷能溶于CCl4，则不能用溴的四氯化碳溶液除去乙烷中的乙烯，故C错误；‎ D．验证丙烯醛CH2=CH-CHO中是否含有碳碳双键，先采用银镜反应转化醛基，然后加入稀盐酸酸化，再滴加溴水，如果溴水褪色，则证明该物质含有碳碳双键，故D错误；‎ 故答案为B。‎ ‎7.下列有机化合物的说法正确的是( )‎ A. 用浓硫酸和乙醇在加热条件下制备乙烯，应该迅速升温到‎140℃‎ B. 与 互为同系物 C. 冬天汽车里用的防冻液是乙醇 D. CH3CH2OH CH3CH2CH3三者沸点、溶解度依次降低 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．浓硫酸和乙醇混合加热到‎170℃‎，发生消去反应生成乙烯，故A错误；‎ B．是芳香醇，而是酚，两者结构不相似，不能称为同系物，故B错误；‎ C．冬天汽车里用的防冻液大多数是乙二醇型的，而不可能是纯的乙醇，乙醇易挥发易燃，故C错误；‎ D．、CH3CH2OH均能与水形成氢键，且氢键数目比乙醇多，则的沸点、溶解度比CH3CH2OH高，而CH3CH2CH3难溶于水，且常温下是气体，即、CH3CH2OH、CH3CH2CH3三者沸点、溶解度依次降低，故D正确；‎ 故答案为D。‎ ‎8.临床证明磷酸氯喹对治疗“新冠肺炎”有良好的疗效。磷酸氯喹的结构如图所示。下列有关磷酸氯喹的说法错误的是（ ）‎ A. 分子式是C18H32ClN3O8P2‎ B. 能发生取代、加成和消去反应 C. 1mol磷酸氯喹最多能与5molH2发生加成反应 D. 分子中的—C1被—OH取代后的产物能与溴水作用生成沉淀 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．根据该分子的结构简式可知分子式为C18H32ClN3O8P2，故A正确；‎ B．Cl原子连接在苯环上，不能发生消去反应，故B错误；‎ C．苯环、碳碳双键、氮碳双键均可加成，所以1mol磷酸氯喹最多能与5molH2发生加成反应，故C正确；‎ D．分子中的—C1被—OH取代后变成酚羟基，且其邻位碳原子有空位，可以与溴水作用生成沉淀，故D正确；‎ 故答案为B。‎ ‎9.下述实验方案能达到实验目的的是( )‎ 编号 A B C D 实验 方案 实验 目的 实验室制备乙酸乙酯 分离乙酸和水 验证溴乙烷在氢氧化钠乙醇溶液中发生消去反应产生的乙烯 收集乙烯并验证它与溴水发生加成反应 A. A B. B C. C D. D ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A、装置中导管不能插入碳酸钠溶液中，因为乙醇和乙酸均是与水互溶的，直接插入会倒吸，A错误；‎ B、乙酸和水互溶，不能直接分液，B错误；‎ C、乙烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，首先通过水除去挥发出来的乙醇，防止干扰乙烯的检验，C正确；‎ D、乙烯的密度小于空气，应该用向下排空气法收集，即应该是短口进，长口出，D错误；答案选C。‎ ‎10.下列说法正确的是(   )‎ A. 2-苯基丙烯 分子中所有碳原子一定在同一平面上 B. 2-甲基-1，3-丁二烯与等物质的量的Br2发生加成反应，产物可能有3种。‎ C. 在银镜反应中为快速析出银镜，我们一般采用玻璃棒搅拌加快反应速率 D. 若苯中含有苯酚杂质，可加入浓溴水使苯酚生成三溴苯酚沉淀，然后过滤除去 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．2-苯基丙烯分子中苯环和碳碳双键之间的碳碳单键可旋转，则所有碳原子不一定在同一平面上，故A错误；‎ B．2-甲基-1，3-丁二烯的结构简式为CH2=C(CH3)-CH=CH2；与等物质的量的Br2反应，反应有1，2-加成反应，产物有两种，1，4-加成反应，产物有一种；生成的产物有3种，故B正确；‎ C．在做银镜反应实验时，不能用玻璃棒搅拌，否则无法在玻璃壁上生成均匀的银镜，故C错误；‎ D．三溴苯酚和过量的溴均能溶于苯，则无法得到纯净的苯，故D错误；‎ 故答案为B。‎ ‎11.下列四种有机化合物的结构简式如下所示，均含有多个官能团，下列有关说法中正确的是(　　)‎ ‎① ②③ ④‎ A. ①属于酚类，能被O2催化氧化 B. ②属于酚类，能使FeCl3溶液显紫色 C. ③可以发生消去反应、加成反应、氧化反应 D. 1 mol ④能与足量的Na发生反应生成3 mol H2‎ ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】A．①能被O2催化氧化，但没有酚羟基，不属于酚类，故A错误； ‎ B．②含有酚羟基，属于酚类，能使FeCl3溶液显紫色，故B正确；‎ C．含-OH，且与-OH相连C的邻位C上有H，可发生消去反应，含有醛基，可发生加成、氧化反应，故C正确；‎ D．④分子结构中含有2个酚羟基和1个羧基，则1 mol ④能与足量的Na发生反应生成1.5 mol H2，故D错误；‎ 故答案为BC。‎ ‎【点睛】考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，含有酚羟基具有酚的性质，具有羧基则具有羧酸的性质，选项A为解答的易错点，易将芳香醇与酚混淆。‎ ‎12.已知  的分子式均为C8H8，下列说法正确的是(　　)‎ A. c可与酸性高锰酸钾溶液反应，a和b不行 B. a、b 二氯代物均有3种，c的二氯代物有6种 C. a的同分异构体中除b、c外，还可以是苯的同系物 D. a、b、c中只有b、c的所有原子处于同一平面 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．b和c分子结构中均含有碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而a不含碳碳双键，与酸性高锰酸钾不反应，故A错误；‎ B．a中只有一个等效氢，一氯代物只有一种，为立方体的顶点，当顶点有一氯原子时，等效氢是3种，则二氯代物共有3种；b中只有一个等效氢，一氯代物只有一种，为CH2=上的一个氢原子被取代，当CH2=上有一氯原子时，剩余等效氢是3种，则二氯代物共有3种；c中，如一个Cl位于1个饱和碳原子，则另一个Cl原子有3种位置，两个Cl原子也可都在C=C键，或不同的C=C键位置，即二氯代物共有6种，故B正确；‎ C．a的同分异构体中除b、c外，还可以是苯乙烯，但不是苯的同系物，故C错误；‎ D．c含有饱和碳原子，具有甲烷结构特点，而b中与碳碳双键直接相连的原子在同一个平面上，则b的所有原子处于同一平面，c中所有原子不可能在同一平面内，故D错误；‎ 故答案为B。‎ ‎13.下列有关叙述正确的是( )‎ A. 乙二酸与乙二醇在浓硫酸的作用下可以发生酯化反应生成八元环酯 B. 新制备的氢氧化铜悬浊液可以鉴别 乙醇、乙酸、乙醛 C. 乙炔、乙苯、聚乙烯、乙醇、乙醛都能使酸性KMnO4褪色 D. 取某卤代烃少许与氢氧化钠溶液共热，然后加硝酸银溶液，看是否有白色沉淀可以验证某卤代烃中是否含有氯元素。‎ ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A．乙二酸与乙二醇在浓硫酸的作用下发生酯化反应生成，是六元环酯，故A错误；‎ B ‎．乙醇不能与新制氢氧化铜悬浊液反应，乙酸能溶解新制氢氧化铜悬浊液，在加热条件下乙醛与新制氢氧化铜悬浊液生成砖红色沉淀，则能用新制备的氢氧化铜悬浊液鉴别 乙醇、乙酸、乙醛，故B正确；‎ C．乙炔、乙苯、乙醇、乙醛都能使酸性KMnO4褪色，但聚乙烯的链节上无碳碳双键，不能使使酸性KMnO4褪色，故C错误；‎ D．取某卤代烃少许与氢氧化钠溶液共热，然后加稀硝酸酸化，再滴加硝酸银溶液，根据是否有白色沉淀判断某卤代烃中是否含有氯元素，故D错误；‎ 故答案为B。‎ ‎14.合成药物异搏定路线中某一步骤如下：‎ 下列说法错误的是( )‎ A. 物质X中所有原子可能在同一平面内 B. 物质X在空气中易被氧化 C. 等物质的量的X、Y分别与NaOH反应，最多消耗NaOH的物质的量之比为1∶2‎ D. 等物质的量的X、Z 分别与H2加成，最多消耗H2的物质的量之比为4：6‎ ‎【答案】AD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．X中苯环、羰基均为平面结构，但甲基中的碳是sp3杂化，为立体结构，则分子内所有原子不可能在同一平面内，故A错误；‎ B．X中含有酚羟基，性质不稳定，易被氧气氧化，故B正确；‎ C．X中只有酚羟基能和NaOH反应，而Y中酯基水解生成的羧基能和NaOH反应，溴原子水解生成的HBr能和NaOH反应，所以等物质的量的X、Y分别与NaOH反应，最多消耗NaOH的物质的量之比为1:2，故C正确；‎ D．X分子结构中的苯环和羰基均能和H2发生加成反应，Z分子结构中的苯环和碳碳双键能和H2发生加成反应，但酯基不能和H2发生加成反应，则等物质的量的X、Z 分别与H2加成，最多消耗H2的物质的量之比为4:5，故D错误；‎ 故答案为AD。‎ ‎15.下列有关叙述正确的是( )‎ A. 1mol该有机物与NaOH溶液反应消耗氢氧化钠3mol B. 若乙酸分子中的氧都是18O，乙醇分子中的氧都是16O，二者在浓H2SO4作用下发生反应，一段时间后，分子中含有18O的物质有3种 C. 某中性有机物C8H16O2在稀硫酸的作用下加热得到X和Y两种有机物，Y经氧化可最终得到X，则该中性有机物的结构可能有4种 D. 已知，那么要生成，原料可以是1-丁炔和2-异丙基-1.3-丁二烯 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】A．羧基和酯基均能与NaOH反应，其中羧酸苯酯水解生成的酚也能和NaOH反应，则1mol该有机物与NaOH溶液反应消耗氢氧化钠4mol，故A错误；‎ B．若乙酸分子中的氧都是18O，乙醇分子中的氧都是16O，二者在浓H2SO4作用下发生酯化反应的化学方程式为：CH‎3C18O18OH+H16OCH2CH3CH‎3C18O16OCH2CH3+H218O，根据反应可知，酯化反应是可逆反应，所以含有18O的物质有：CH‎3C18O18OH、CH‎3C18O16OCH2CH3、H218O三种物质，故B正确；‎ C．中性有机物C8H16O2在稀硫酸作用下可生成两种物质，可见该中性有机物为酯类。由“Y经氧化最终可得到X”，说明X与Y中碳原子数相等，碳架结构相同，且Y应为羟基在碳链端位的醇，X则为羧酸，故Y为CH3CH2CH2CH2OH或(CH3)2CHCH2OH，对应的X为CH3CH2CH2COOH或(CH3)2CHCOOH，从而推知该中性有机物的结构只有和两种，故C错误；‎ D．已知，则1-丁炔和2-异丙基-1.3-丁二烯可发生加成反应生成，故D正确；‎ 故答案为BD。‎ 第II卷(非选择题,共60分)‎ ‎16.通常情况下，氯化钠、氯化铯、二氧化碳和二氧化硅的晶体结构分别如下图所示 ‎(1) 在NaCl的晶胞中，与Na+最近且等距的Na+有_____个，在NaCl的晶胞中有Na+_____个，Cl-____个 ‎(2)在CsCl的晶胞中，Cs+与Cl-通过_________结合在一起。‎ ‎(3) 1mol二氧化硅中有______mol硅氧键。‎ ‎(4)设二氧化碳的晶胞密度为a g/cm3，写出二氧化碳的晶胞参数的表达式为____n m (用含NA的代数式表示)‎ ‎【答案】 (1). 12 (2). 4 (3). 4 (4). 离子键 (5). 4 (6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)氯化钠晶体中氯离子位于定点和面心，钠离子位于边和体心；‎ ‎(2)阴、阳离子之间的静电作用为离子键；‎ ‎(3)二氧化硅是原子晶体，每个硅原子与4个氧原子形成硅氧键；‎ ‎(4)晶胞中CO2分子数目为8+6=4，晶胞的质量为g，晶胞的体积为(anm)3=(a×10‎-7cm)3，晶胞的密度。‎ ‎【详解】(1)晶胞中位于体心的钠离子和位于边上Na+的短离最近，则最近且等距的Na+共有12个Na+；晶胞中Na+的个数为1+12=4，Na+的个数为8+6=4；‎ ‎(2)在CsCl的晶胞中，Cs+与Cl-通过离子键结合在一起；‎ ‎(3)二氧化硅是原子晶体，每个硅原子与4个氧原子形成硅氧键，则1mol二氧化硅中有4mol硅氧键；‎ ‎(4)晶胞中CO2分子数目为8+6=4，晶胞的质量为g，晶胞的体积为(anm)3=(a×10‎-7cm)3，晶胞的密度，则a=nm=nm。‎ ‎【点睛】均摊法确定立方晶胞中粒子数目的方法是：①顶点：每个顶点的原子被8个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；②棱：每条棱的原子被4个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；③面上：每个面的原子被2个晶胞共有，所以晶胞对顶点原子只占份额；④内部：内部原子不与其他晶胞分享，完全属于该晶胞。‎ ‎17.有机物A常用于食品行业，已知‎9.2 g A在足量的O2中充分燃烧，将生成的混合气体依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，二者分别增重‎3.6g和‎8.8 g，经检验剩余气体为O2。‎ ‎(1)有机物A的质谱图如下图所示，从图中可知其相对分子质量是___。‎ ‎(2)A的结构简式为___。‎ ‎(3)用A进行下列反应 ‎①银镜反应：A在进行银镜反应之前必须在其中加入一定量的_______，因为_______ 。‎ ‎②A发生银镜反应的化学方程式为_____________ 。‎ ‎③写出A和乙醇反应的化学方程式___________。‎ ‎【答案】 (1). 46 (2). HCOOH (3). 氢氧化钠溶液 (4). 反应必须在碱性的条件下发生 (5). ‎ ‎(6). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ ‎(1)有机物A的质谱图中最大质荷比为46；‎ ‎(2) 浓硫酸增重‎3.6g为水的质量，碱石灰增重‎8.8g为二氧化碳的质量，根据原子守恒确定C、H原子数目，结合相对分子质量确定氧原子数目，进而确定有机物分子式；‎ ‎(3) 甲酸含有醛基，可以发生银镜反应，银镜反应的条件是在碱性条件下发生；甲酸和乙醇可以发生酯化反应。‎ ‎【详解】(1) 有机物A的质谱图中最大质荷比为46，则其相对分子质量是46；‎ ‎(2) ‎9.2 g A的物质的量为=0.2mol，‎3.6g水的物质的量为=0.2mol，n(H)=0.4mol，‎8.8g二氧化碳的物质的量为：=0.2mol，n(C)=n(CO2)=0.2mol，A分子中N(C)==1，N(H)==2，N(O)==2，故有机物A分子式为CH2O2，其结构简式为HCOOH；‎ ‎(3) ①银镜反应的条件是在碱性条件下发生，在甲酸进行银镜反应前，必须在其中加入一定量的碱，可以加NaOH溶液；‎ ‎②甲酸含有醛基，能发生银镜反应，反应方程式为：；‎ ‎③HCOOH和乙醇发生酯化反应的化学方程式为。‎ ‎18.乙酸异戊酯是组成蜜蜂信息素的成分之一,具有香蕉的香味,实验室制备乙酸异戊酯的反应、装置示意图和有关数据如下:‎ ‎ ‎ ‎++H2O 相对分子质量 密度/(g·cm-3)‎ 沸点/℃‎ 水中溶解性 异戊醇 ‎88‎ ‎0.812 3‎ ‎131‎ 微溶 乙酸 ‎60‎ ‎1.049 2‎ ‎118‎ 溶 乙酸异戊酯 ‎130‎ ‎0.867 0‎ ‎142‎ 难溶 实验步骤:‎ 在A中加入‎4.4 g异戊醇、‎6.0 g乙酸、数滴浓硫酸和2～3片碎瓷片,开始缓慢加热A,回流50 min,反应液冷至室温后倒入分液漏斗中,分别用少量水、饱和碳酸氢钠溶液 和水 洗涤,分出的产物加入少量无水MgSO4固体,静置片刻,过滤除去MgSO4固体,进行蒸馏纯化,收集140～‎143℃‎馏分,得乙酸异戊酯‎3.9 g。回答下列问题:‎ ‎(1)仪器B的名称是________，它的作用是____________________。‎ ‎(2)在洗涤操作中,第一次水洗的主要目是___________________________‎ 第二次水洗的主要目的是_______________________________________。‎ ‎(3)在洗涤、分液操作中,应充分振荡,然后静置,待分层后____(填标号)。‎ a.直接将乙酸异戊酯从分液漏斗的上口倒出 b.直接将乙酸异戊酯从分液漏斗的下口放出 c.先将水层从分液漏斗的下口放出,再将乙酸异戊酯从下口放出 d.先将水层从分液漏斗的下口放出,再将乙酸异戊酯从上口倒出 ‎(4)本实验中加入过量乙酸的目的是______________________________。‎ ‎(5)实验中加入少量无水MgSO4的目的是___________________________。‎ ‎(6)在蒸馏操作中,仪器选择及安装都正确的是____(填标号)。‎ ‎(7)本实验的产率是____(填标号)。‎ a.30% b.40% c. 60% d.90%‎ ‎(8)在进行蒸馏操作时,若从‎130℃‎便开始收集馏分,会使实验的产率偏____(填“高”或“低”),其原因是____________________________________。‎ ‎【答案】 (1). 球形冷壁管 (2). 冷凝回流 (3). 除去硫酸和过量的乙酸 (4). 除去碳酸氢钠溶液 (5). d (6). 提高醇的转化率 (7). 干燥乙酸异戊酯 (8). b (9). c (10). 高 (11). 会收集少量未反应的异戊醇 ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 在装置A中加入反应混合物和2～3片碎瓷片，开始缓慢加热A，利用冷凝管冷凝回流50分钟，反应液冷至室温后，倒入分液漏斗中，先用少量水洗掉大部分硫酸和醋酸，再用水洗涤碳酸氢钠溶液，分出的产物加入少量无水硫酸镁固体作干燥剂，静置片刻，过滤除去硫酸镁固体，进行蒸馏纯化，收集140～‎143℃‎馏分，得乙酸异戊酯，还考查了反应物转化率的提高方法，同时进行产率的计算有误差分析。‎ ‎【详解】(1)由装置中仪器的结构可知，仪器B的名称为球形冷凝管，其作用是冷凝回流；‎ ‎(2)反应后的溶液要经过多次洗涤，在洗涤操作中，第一次洗涤的主要目的是除去大部分催化剂硫酸和醋酸；第一步中饱和碳酸氢钠溶液既可以除去未洗净的醋酸，也可以降低酯的溶解度，但第一步洗涤后生成的酯中混有碳酸氢钠，所以第二次水洗，主要目的是除去产品中残留的碳酸氢钠；‎ ‎(3)由于酯的密度比水小，二者互不相溶，因此水在下层，酯在上层；分液时，要先将水层从分液漏斗的下口放出，待到两层液体界面时关闭分液漏斗的活塞，再将乙酸异戊酯从上口放出，所以正确的为d；‎ ‎(4)酯化反应是可逆反应，增大反应物的浓度可以使平衡正向移动；增加一种反应物的浓度，可以使另一种反应物的转化率提高，因此本实验中加入过量乙酸的目的是提高转化率；‎ ‎(5)实验中加入少量无水硫酸镁的目的是吸收酯中少量的水分，对乙酸异戊酯进行干燥；‎ ‎(6)在蒸馏操作中，温度计的水银球要放在蒸馏烧瓶的支管口处，所以ad错误；c中使用的是球形冷凝管容易使产品滞留，不能全部收集到锥形瓶中，因此仪器及装置安装正确的是b；‎ ‎(7)乙酸的物质的量为：n==0.1mol，异戊醇的物质的量为：n==0.05mol，由于乙酸和异戊醇是按照1：1进行反应，所以乙酸过量，生成乙酸异戊酯的量要按照异戊醇的物质的量计算，即理论上生成0.05mol乙酸异戊酯；实际上生成的乙酸异戊酯的物质的量为==0.03mol，所以实验中乙酸异戊酯的产率为：×100%=60%，故答案为：c；‎ ‎(8)在进行蒸馏操作时，若从‎130℃‎便开始收集馏分此时的蒸气中含有异戊醇，会收集少量的未反应的异戊醇，因此会导致产率偏高。‎ ‎19.某有机物的合成线路如下：‎ ‎ ‎ 已知：RCH2CH=CH2 ‎ ‎(1)C的名称是_____________________。‎ ‎(2)B中含有的官能团是_____________________。‎ ‎(3)反应①、③的有机反应类型分别_______________________。‎ ‎(4)下列说法正确的是__________(填字母编号)。‎ a．1 mol E与足量的新制Cu(OH)2溶液反应能生成2mol Cu2O b．F的核磁共振氢谱有4个峰，且峰面积比为1：1：1：1‎ c．可以用NaHCO3鉴别E和F d．B分子不存在顺反异构 ‎(5)写出反应③的化学方程式___________;‎ ‎(6)写出反应⑤的化学方程式____________;‎ ‎(7)的同分异构体中同时符合下列条件的芳香族化合物共有__________种，其中苯环上一氯代物有两种的结构简式为_______。‎ a．能发生消去反应    b．能与过量浓溴水反应生成白色沉淀 ‎【答案】 (1). 1,2,3-三溴丙烷 (2). 碳碳双键 溴原子 (3). 消去反应，取代反应或者水解反应 (4). acd (5). +3NaOH+3NaBr (6). (7). 6 (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ CH3CH2CH2Br在氢氧化钠乙醇溶液中发生消去反应生成A为CH3CH=CH2，CH3CH=CH2在NBS作用发生取代反应生成B为BrCH2CH=CH2，BrCH2CH=CH2与Br2发生加成反应生成C为BrCH2CHBrCH2Br，BrCH2CHBrCH2Br在氢氧化钠水溶液条件下发生水解反应生成D为HOCH2CH(OH)CH2OH，结合反应⑤中高聚物的结构可知，发生催化氧化生成E为，E进一步发生氧化反应生成F为，据此分析解答。‎ ‎【详解】(1)C的结构简式为BrCH2CHBrCH2Br，其名称是1,2,3-三溴丙烷；‎ ‎(2) B为BrCH2CH=CH2，B中含有的官能团的名称是碳碳双键和溴原子；‎ ‎(3) 反应①、③的有机反应类型分别是消去反应、取代反应或水解反应；‎ ‎(4) a．E的结构简式为，含有2个醛基，则1 mol E与足量的新制Cu(OH)2溶液反应能生成2mol Cu2O，故a正确；‎ b．F的结构简式为，只有3种等效氢，即核磁共振氢谱有3个峰，且峰面积比为1:1:1，故b错误；‎ c．E为，F为，醛基和碳酸氢钠不反应、羧基和碳酸氢钠反应，所以可以用NaHCO3鉴别E和F，故c正确；‎ d．B为BrCH2CH=CH2，其中1个不饱和碳原子上连接2个氢原子，则B分子不存在顺反异构，故d正确；‎ 故答案为acd；‎ ‎(5)反应③为BrCH2CHBrCH2Br的碱性水解，发生反应的化学方程式为+3NaOH+3NaBr；‎ ‎(6) 反应⑤发生缩聚反应的化学方程式为；‎ ‎(7) 的同分异构体中同时符合下列条件的芳香族化合物：‎ a．能发生消去反应，说明含有醇羟基且连接醇羟基的碳原子相邻碳原子上含有氢原子；‎ b．能与过量浓溴水反应生成白色沉淀，说明含有酚羟基，‎ 则其取代基为-OH、-CH2CH2OH，有邻间对三种结构；如果取代基为-OH、-CH(OH)CH3，有邻间对三种结构，所以符合条件的有6种；其中苯环上一氯代物有两种结构简式为 ‎。‎ ‎【点睛】考查有机物推断，根据某些物质的结构简式、反应条件及题给信息进行推断，常见反应条件与发生的反应原理类型：①在NaOH的水溶液中发生水解反应，可能是酯的水解反应或卤代烃的水解反应；②在NaOH的乙醇溶液中加热，发生卤代烃的消去反应；③在浓H2SO4存在的条件下加热，可能发生醇的消去反应、酯化反应、成醚反应或硝化反应等；④能与溴水或溴的CCl4溶液反应，可能为烯烃、炔烃的加成反应；⑤能与H2在Ni作用下发生反应，则为烯烃、炔烃、芳香烃、醛的加成反应或还原反应；⑥在O2、Cu(或Ag)、加热(或CuO、加热)条件下，发生醇的氧化反应；⑦与O2或新制的Cu(OH)2悬浊液或银氨溶液反应，则该物质发生的是—CHO的氧化反应。(如果连续两次出现O2，则为醇→醛→羧酸的过程)。‎ ‎20.化合物G是一种药物合成中间体，其合成路线如下：‎ ‎ ‎ 回答下列问题：‎ ‎(1)C中的官能团名称是________________。‎ ‎(2)碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。在B的结构简式中，用星号(*)标出B中的手性碳_____________________。‎ ‎(3)写出具有六元环结构、且环上只有1个取代基,并能与NaOH溶液发生反应的C的同分异构体的结构简式______________。(不考虑立体异构，只需写出2个) ‎ ‎(4)反应④所需的试剂和条件是____________________。‎ ‎(5)②、⑤的反应类型是____________________。‎ ‎(6)写出F到G反应方程式_____________ 、_______________。‎ ‎(7)乙酸苯甲酯()是一种常用香料，设计以甲苯和乙酸为原料制备乙酸苯甲酯的合成路线：__________(无机试剂任选)。‎ ‎【答案】 (1). 羟基、羰基 (2). (3). (4). C2H5OH/浓硫酸 加热 (5). 加成反应；取代反应 (6). + OH-+C2H5OH (7). +H+ (8). ‎ ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ A发生氧化反应生成B，B发生加成反应生成C，C发生氧化反应生成D，根据E结构简式知，D为，D发生酯化反应生成E，F先发生碱性条件下水解然后酸化得到 G，根据E、G结构简式知，E发生取代反应生成F，F为；‎ ‎(7)甲苯与液溴在光照条件下发生取代反应生成，然后在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成，最后与乙酸发生酯化反应生成。‎ ‎【详解】(1)C的结构简式为，含有官能团名称是羟基、羰基；‎ ‎(2)B的结构简式为，其中带*碳原子为手性碳；‎ ‎(3) C的结构简式为，其同分异构体的条件是：具有六元环结构、且环上只有1个取代基，并能与NaOH溶液发生反应，说明含有羧基或酯基，则满足条件的同分异构体的结构简式可能是、、或等；‎ ‎(4)反应④为D发生酯化反应生成E，所需的试剂和条件是C2H5OH/浓硫酸并加热；‎ ‎(5) B发生加成反应生成C，说明反应②为加成反应；E发生取代反应生成F，说明反应⑤的反应类型是取代反应；‎ ‎(6) F→G的反应方程式包括+ OH-+C2H5OH和+H+ ；‎ ‎(7)甲苯与液溴在光照条件下发生取代反应生成，然后在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成，最后与乙酸发生酯化反应生成，合成路线流程图为：。‎ ‎【点睛】根据的结构特点分析合成的原料，再结合正推与逆推相结合进行推断，充分利用反应过程C原子数目，对学生的逻辑推理有较高的要求。本题难点是同分异构体判断，注意题给条件，结合官能团的性质分析。‎