2020年四川省广安市中考物理试卷

2020年四川省广安市中考物理试卷

第 1页 共 24页 ◎ 第 2页 共 24页 2020 年四川省广安市中考物理试卷 一、选择题（每题只有一个选项符合题意，请将所选选项填涂在答题卡上相应位置．每题 2 分，共 24 分） 1. 下列估测与事实最接近的是（ ） A.一本物理课本长 50cm B.通常情况下，你的脉搏 1min 跳动 120 次 C.人的正常体温是 39​ ∘ C D.一只母鸡的重力大约为 20N 2. 下列有关声现象的说法，正确的是（ ） A.中考期间考场周围禁止鸣笛，是在声源处减弱噪声 B.声音可以在真空中传播 C.声音在水中的传播速度比在空气中慢 D.超声波能排除人体内的结石是利用声波传递信息 3. 下列有关机械运动的说法，正确的是（ ） A.通信卫星由近地点向远地点运动过程中，动能增大，重力势能减小 B.小秦骑车匀速转弯，运动状态一定发生了改变 C.体育课上王虎比张明跑得快，则王虎通过的路程比张明多 D.端午节划龙舟比赛时，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是运动的 4. 下列有关热现象的说法，正确的是（ ） A.烧开水时冒出的“白气”是汽化现象 B.用久了的白炽灯内壁变黑是因为白炽灯钨丝在发光时先熔化后凝固依附在灯泡内壁 C.夏天电风扇吹出的风使我们感觉凉爽，是因为风加快了皮肤表面汗液的蒸发，蒸发要吸热 D.冬天，摩擦双手使手发热，是通过热传递的方式改变手的内能 5. 空中运动的足球会落向地面，然后在草坪上继续运动一段距离，最终停下来。对于这一些现象，以下分 析正确的是（ ） A.如果足球在运动时，突然不受任何力的作用，足球会静止 B.足球下落过程中重力势能转化为动能 C.足球在草坪上继续运动是因为足球受到惯性作用 D.足球最终能停下来是因为摩擦力大于惯性 6. 如图所示，凸透镜的焦距为 10cm，此时蜡烛在光屏上成一个清晰的像。凸透镜的位置固定不变，只移动 点燃的蜡烛和光屏，下列说法正确的是（ ） A.把蜡烛移到刻度值为 30cm 处，再向左移动光屏，能在光屏上得到倒立缩小的清晰实像，成像规律可以应 用于照相机 B.把蜡烛移到刻度值为 14cm 处，再向右移动光屏，能在光屏上得到倒立放大的虚像，成像规律可以应用于 投影仪 C.把蜡烛移到刻度值为 5cm 处，再向右移动光屏，能在光屏上得到正立放大的虚像，成像规律可以应用于放 大镜 D.蜡烛在光屏上已成一个清晰的像，如果在蜡烛和凸透镜之间放一个近视眼镜，为了在光屏上重新得到清晰 的像，光屏应向左移动 7. 如图所示，电源电压不变，R1为定值电阻，开关闭合后滑片向右移动时，下列说法错误的是（ ） A.电压表测的是R1两端电压 B.电流表示数变大 C.电压表示数变小 D.电压表与电流表示数之比不变 8. 放在水平地面上完全相同的 a、b 容器内装有不同的液体。将甲、乙两个完全相同的物体分别放入两容器 中，待静止时如图所示且两容器中的液面相平。如果物体所受浮力分别为F甲、F乙，液体对容器底部的压强 分别为pa、pb，容器对水平地面的压力分别为 F​ ′ a、F​ ′ b，对他们的大小关系分析正确的是（ ） A.F甲＝F乙 pa > pb F​ ′ a < F​ ′ b B.F甲 > F乙 pa < pb F​ ′ a > F​ ′ b C.F甲 < F乙 pa > pb F​ ′ a > F​ ′ b D.F甲＝F乙 pa > pb F​ ′ a > F​ ′ b 9. 下列关于温度、热量和内能的说法，正确的是（ ） A.发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体 B.在相同温度下，1kg 的水比 1kg 的冰含有的热量多 第 3页 共 24页 ◎ 第 4页 共 24页 C.一块 0​ ∘ C 的冰熔化成 0​ ∘ C 的水，内能增大 D.物体温度升高，内能不一定增加，但一定要吸收热量 10. 如图所示，水平地面上的建筑工人利用滑轮组，将重为 900N 的物体在 10s 内匀速提升 2m。工人对绳 子竖直向下的拉力为 500N，自身重力为 700N，不计绳重和摩擦阻力。以下说法正确的是（ ） A.工人对地面的压力为 700N B.拉力的功率为 150W C.滑轮组的机械效率为 60% D.动滑轮的自重为 100N 11. 利用如图所示的装置测量小灯泡的电功率，电源电压恒定不变，小灯泡上标有“3.8V“字样。如果闭合开 关，实验操作过程中出现了以下几种情况，分析错误的是（ ） A.无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡不亮，电压表的示数几乎等于电源电压，电流表几乎无示数，原 因可能是小灯泡断路 B.无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡很暗且亮度不变，原因是滑动变阻器同时接入两个下接线柱 C.当小灯泡的实际电压为 2.5V 时，要测量小灯泡的额定功率，需将滑片向左移动 D.电压表无示数，小灯泡不亮，可能是小灯泡短路 12. 如图甲，电源电压保持不变，闭合开关 S，变阻器滑片从 a 端滑到 b 端的过程中，电流表示数 I 与电压 表示数 U 的关系图象如图乙所示。以下分析错误的是（ ） A.电源电压是 3V B.R1 的电阻值是 10Ω C.R2的最大电阻值是 20Ω D.当滑片 P 移到中点时，电阻R1工作 10s 消耗 4J 的电能。 二、填空题（每空 1 分，共 14 分） 甲图中物体的长度________cm，乙图中电能表的读数为________kW ⋅ h。 如图甲所示的电路，当开关闭合后，电流表 a、b 的指针偏转均如图乙所示，则通过L2的电流为________， 灯泡L1和L2的电阻之比是________。 如图是物理老师在课堂上演示的两个实验示意图。图甲中，老师用毛皮摩擦过的橡胶棒 a 接触验电器的金 属小球 b 时，同学们发现验电器的金属箔片张开了。在这一过程中，电流的方向是________（选填“a 到 b”或 “b 到 a”）。图乙中，是一个通电螺线管，请判断通电螺线管的左端是________极。 新冠疫情突如其来，为了抗击疫情，人们常在家里喷洒消毒药水来消毒杀菌。此刻我们会闻到一股刺激性 的气味，这是________现象。疫情期间，李芳在家里用古筝弹奏优美的乐曲，当她用力拨动琴弦时可以增大 声音的________。 放在水平地面上的物体，质量为 5kg，在 30N 的水平拉力作用下，沿水平方向运动了 10m，所用时间为 20s，那么重力做功________J，拉力的功率是________W(g＝10N/kg)。 如图所示，边长为 10cm 的正方体 A 重力为 1N，在水平向左的力F1＝2N，竖直向上的力F2＝4N 作用下， 沿着墙壁竖直向上做匀速直线运动，则此时 A 受到的滑动摩擦力大小为________，A 对竖直墙壁的压强为 ________ 第 5页 共 24页 ◎ 第 6页 共 24页 灯泡L1标有“12V 12W”，L2标有“12V 6W”，当它们串联时，电路两端允许加的最大电压是________。如果把 两灯泡分别串联或并联接入同一电源下（电源电压不变），L1和L2串联时两灯泡的总功率记为P1，并联时两灯 泡的总功率记为P2，那么P1:P2＝________。（忽略灯丝电阻的变化，灯泡的实际电压不能超过额定电压） 三、作图题（每题 1 分，共 3 分） 请将图中的光路图补充完整。 如图所示，一物体在水平地面上处于静止状态，请画出它的受力示意图。 请将灯泡按照安全用电的要求接入家庭电路中。 四、实验探究题（23、24 题各 5 分，25 题 6 分，共 16 分） 如图是探究“平面镜成像的特点”的实验装置。 （1）此实验中选用两支相同的蜡烛是为了比较像与物的________关系。 （2）实验中把光屏放在蜡烛所成像的位置处，在光屏上并没有看到蜡烛的像，说明平面镜所成的像是 ________。 （3）拿走光屏，将蜡烛 A 向玻璃板靠近 3cm，同时将蜡烛 B 移到 A 像的位置，通过测量我们会发现蜡烛 A 到它在玻璃板中像的距离变化了________cm，此时像的大小________（选填“变大”“变小”或“不变”） 在探究“杠杆平衡条件”的实验中，所用的器材有：每格长度等距的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线、 每个重力都为 0.5N 的钩码若干个。 （1）实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡螺母使杠杆在水平位置静止的目的是：________和消除杠杆 自重对实验的影响。 （2）如甲图所示，杠杆处于平衡状态。若从杠杆的两侧同时减掉一个钩码，那么杠杆的________，（选填 “右”或“左“）端下沉。 （3）在乙图中，将弹簧测力计由竖直方向旋转至沿虚线方向，如果要继续保持杠杆在水平方向静止，测力 计的示数要________（选填“变小”“不变”或“变大”）。 （4）如果忽略杠杆自重对实验的影响，则在丙图中要使杠杆在水平位置保持平衡，弹簧测力计对杠杆的最 小拉力为________。 在探究“电流与电阻关系”的实验中，所用的器材有：电压恒定为 6V 的电源、开关、电流表、电压表、三个 定值电阻(5Ω, 10Ω, 20Ω)、几个规格不同的滑动变阻器、导线若干。 （1）如图所示是某同学连接的电路，图中有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线。上打“×”，并补画 出正确的连线。 （2）电路连接正确后，闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于________（选填“A 端”或“B 端”）。 第 7页 共 24页 ◎ 第 8页 共 24页 （3）分别把 5Ω和 10Ω的定值电阻接入电路中，移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为 2V，记录下电流表 的示数。可是当把 20Ω的定值电阻接入电路中时，该同学无论怎样移动滑片都无法使电压表示数调到控制值， 说明选择的滑动变阻器________。 （4）更换器材后，重新实验，将数据记录在表格中，分析实验数据可得结论：________。 电压 U/V 2 电阻 R/Ω 5 10 20 电流 I/A 0.4 0.2 0.1 五、计算题（26、27 题各 4 分，28 题 5 分，共 13 分） 某同学学习了有关热学的知识后，知道了水的比热容是 4.2 × 103J/(kg ⋅ ​ ∘ C)。 （1）如果用某一品牌的电热水器将质量为 1kg 的水，在一标准大气压下从 20​ ∘ C 加热至沸腾，则水需要吸 收多少热量？ （2）如果该同学所用的电热水器工作时的实际电功率为 1000W，并且热效率（热效率等于水吸收的热量与 用电器消耗电能之比）为 80%，则电热水器加热时间是多少？ 如图所示，将一物体挂在弹簧测力计的挂钩上，测出物体的重力为 10N，把物体浸没在圆柱形容器的水中 （水未溢出），静止时测力计的示数为 6N，已知容器的底面积为 100cm2(g＝10N/kg)。求： （1）物体浸没在水中时所受的浮力； （2）物体的密度； （3）物体浸没在水中时，水对容器底部增大的压强。 如图，电源电压恒定不变，灯泡 L 上标有“6V 3.6W”的字样（灯泡电阻受温度的影响忽略不计）。R1＝30Ω， 滑动变阻器R2的最大阻值为 50Ω，当 S、S1闭合，S2断开且滑片 P 在 b 端时，电流表的示数为 0.2A．求： （1）灯泡正常工作时的电阻； （2）电源电压； （3）断开S1，闭合 S、S2，调节滑动变阻器的滑片，电阻R1消耗的电功率变化范围。 第 9页 共 24页 ◎ 第 10页 共 24页 参考答案与试题解析 2020 年四川省广安市中考物理试卷 一、选择题（每题只有一个选项符合题意，请将所选选项填涂在答题卡上相应位置．每题 2 分，共 24 分） 1. 【答案】 D 【考点】 重力大小的估测 温度 时间的估测 长度的估测 【解析】 不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符 合实际的是哪一个。 【解答】 A、一根筷子的长度约 25cm，物理课本的长度略大于此数值，在 26cm 左右。故 A 不符合实际； B、正常情况下，人的脉搏跳动一次的时间接近 1s，1min 跳动的次数在 70 次左右。故 B 不符合实际； C、正常情况下，人的体温在 37​ ∘ C 左右，变化幅度很小。故 C 不符合实际； D、一只母鸡的质量在 2kg 左右，受到的重力在 G＝mg＝2kg × 10N/kg＝20N 左右。故 D 符合实际。 2. 【答案】 A 【考点】 声音的传播条件 声速的大小跟介质温度的关系 防治噪声的途径 声与能量 声速 【解析】 （1）防治噪声的途径有三个：在声源处减弱、在传播过程中减弱和在人耳处减弱； （2）真空不能传声； （3）声音的传播需要介质，声音在水中的传播速度比在空气中快； （4）声音能传递信息，也能传递能量。 【解答】 A、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故 A 正确。 B、声音的传播需要介质，真空不能传声，故 B 错误； C、声音的传播速度与介质的种类有关，通常情况下声音在固体中传播速度最快，在液体中次之，在气体中 最慢，所以声音在水中的传播速度比在空气中快，故 C 错误； D、用超声波排除人体内的结石是利用声波能传递能量，D 错误。 3. 【答案】 B 【考点】 运动快慢的比较 参照物及其选择 物体运动状态变化的原因 动能和势能的大小变化 【解析】 （1）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动能的影响因素时质 量和速度； （2）物体处于静止或匀速直线运动状态时，运动状态不变； （3）路程的多少与速度和时间有关； （4）被研究的物体和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的，如果未发 生变化，则物体是静止的。 【解答】 A、通信卫星由近地点向远地点运动过程中，质量不变、高度增大，势能增大；质量不变、速度减小，动能 减小，故 A 错误； B、小秦骑车匀速转弯，运动的方向发生了变化，所以运动状态一定发生了改变，故 B 正确； C、体育课上王虎比张明跑得快，说明王虎的速度大，由于不知道时间的大小，所以无法比较通过的路程的 多少，故 C 错误； D、以龙舟上的鼓为参照物，龙舟和鼓的位置关系没有发生变化，所以，以龙舟上的鼓为参照物龙舟是静止 的，故 D 错误。 4. 【答案】 C 【考点】 升华和凝华的定义和特点 做功改变物体内能 液化及液化现象 影响蒸发快慢的因素 【解析】 （1）物质由气态变为液态叫液化； （2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华。 （3）影响蒸发快慢的因素有：液体的温度；液体的表面积；液体表面的空气流动速度。蒸发吸热有致冷作 用； （4）改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的 转化。 【解答】 A、“白气”是水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故 A 错误； B、用久了的白炽灯内壁变黑是因为白炽灯钨丝在发光时先升华后凝华依附在灯泡内壁上造成的，故 B 错误； C、夏天用电风扇对着人扇风，加快了人体表面的空气流动，促进了汗液的蒸发，且蒸发是吸热的，所以人 感到凉爽，故 C 正确； D、摩擦双手使手发热，克服摩擦做功，手的内能增大、温度升高，是通过做功改变内能。 5. 第 11页 共 24页 ◎ 第 12页 共 24页 【答案】 B 【考点】 惯性 动能和势能的转化与守恒 力与运动的关系 【解析】 （1）物体不受力时，会保持静止状态或匀速直线运动状态； （2）根据动能和重力势能的影响因素分析动能、重力势能变化，减小的能量转化为增大的能量； （3）物体具有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性不是力； （4）力是改变物体的运动状态的原因。 【解答】 A、如果足球在运动时，突然不受任何力的作用，则足球的运动状态不会改变，将做匀速直线运动，故 A 错 误； B、足球下落过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度变大，动能变大，是重力势能 转化为动能，故 B 正确； C、足球在草坪上继续运动是因为足球具有惯性，惯性是一种性质，不是力，不能说受惯性作用，故 C 错误； D、足球最终能停下来是因为足球受到摩擦力的作用，惯性不是力，摩擦力不能与惯性比较，故 D 错误。 6. 【答案】 A 【考点】 凸透镜成像规律及其探究实验 【解析】 （1）u > 2f，成倒立、缩小的实像，2f > v > f，应用于照相机； （2）f < u < 2f 时，成倒立、放大的实像，此时 v > 2f。利用其可制成投影仪； （3）u < f 时，成正立、放大的虚像，应用于放大镜； （4）近视镜片是凹透镜，对光线起发散作用。 【解答】 A、蜡烛移到刻度值为 30cm 处，u > 2f，成倒立、缩小的实像，像距 2fv > f，光屏应向左移动，是照相机工 作原理，故 A 正确； B、蜡烛移到刻度值为 14cm 处，2f > u > f，成倒立、放大的实像，故 B 错误； C、蜡烛移到刻度值为 5cm 处，u < f，成正立、放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，故 C 错误； D、近视镜片是凹透镜，对光线起发散作用，放置后，光线延迟会聚，像距变大，应向右移动光屏才能得到 清晰的像，故 D 错误。 7. 【答案】 B 【考点】 电路的动态分析 【解析】 A、两电阻串联，电压表测R1两端的电压； B、电流表测电路的电流，开关闭合后滑片向右移动时，分析变阻器连入电路的电阻变变化，由欧姆定律确 定电流表示数变化； C、根据 U＝IR 分析R1两端的电压变化； D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数之比大于R1的大小，据此分析。 【解答】 A、两电阻串联，电压表测R1的电压，故 A 正确； B、电流表测电路的电流，滑片向右移动时，变阻器连入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律 可知，电流表示数变小，故 B 错误； C、根据 U＝IR，R1两端的电压变小，电压表示数变小，故 C 正确； D、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数之比大于R1的阻值，所以比值不变，故 D 正确。 8. 【答案】 D 【考点】 压力及重力与压力的区别 物体的浮沉条件及其应用 压强大小比较 【解析】 （1）根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系； （2）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系； 根据由 p＝ρgh 分析甲容器底部受到的液体压强与乙容器底部受到的液体压强关系； （3）把甲、乙两个容器作为一个整体，它们对桌面的压力都等于容器、容器内液体和小球的重力，据此分 析解答即可。 【解答】 完全相同的两个物体，则其重力相等，甲漂浮，浮力等于重力，乙悬浮，浮力等于重力；故两容器中物体受 到的浮力相同，即F甲＝F乙； 物体在甲中漂浮，则ρ甲 > ρ物，在乙中悬浮，则ρ乙＝ρ物，可知甲中液体密度比乙中液体密度大，即ρ甲 > ρ乙， 又因为ha＝hb，由 p＝ρgh 可知，甲容器底部受到的液体压强大于乙容器底部受到的液体压强，即pa > pb； 因为液体体积相同时，甲液体的密度大，所以甲液体质量大，重力大，两个完全相同的容器，则容器重力相 等，完全相同的两个物体，则物体重力相等，把甲、乙两个容器作为一个整体，它们对桌面的压力都等于容 器、容器内液体和小球的重力，所以它们对桌面的压力的大小Fa′ > Fb′，故 D 正确。 9. 【答案】 C 【考点】 温度、热量与内能的关系 【解析】 （1）热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。 （2）根据热量的描述进行判断； （3）内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，内能增加，温度不变。 （4）物体温度升高，内能一定增加； 改变物体内能的方式有做功和热传递。 【解答】 A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度；故 A 错误； B、热量不是状态量，不能说含有或者具有热量，故 B 错误； C、一块 0​ ∘ C 的冰熔化成 0​ ∘ C 的水后，吸收热量，温度不变，内能增加；故 C 正确； 第 13页 共 24页 ◎ 第 14页 共 24页 D、物体温度升高，内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故 D 错误。 10. 【答案】 D 【考点】 滑轮组绳子拉力的计算 压力及重力与压力的区别 滑轮（组）的机械效率 功率的计算 【解析】 （1）对工人进行受力分析，工人受重力，绳子拉力和地面的支持力，据此可求工人对地面的压力； （2）根据v绳＝nv物求出绳端移动的速度，根据 P = W t = Fs t = Fv 求出拉力的功率； （3）根据η = W W × 100% = Gh Fs × 100% = Gh Fnh × 100% = G nF × 100%求出滑轮组的机械效率。 （4）根据 F = 1 n (G + G动)可求动滑轮重。 【解答】 A、工人受竖直向下的重力 G、竖直向上的拉力 F、竖直向上的支持力F支， 由力的平衡条件可得：F + F支＝G， 则F支＝G − F＝700N − 500N＝200N， 因为地面对人的支持力和人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等， 所以工人对地面的压力：F压＝F支＝200N；故 A 错误； B、物体速度：v物 = h t = 2m 10s = 0.2m/s， 由图可知 n＝2，绳端移动的速度： v绳＝nv物＝2 × 0.2m/s＝0.4m/s， 拉力的功率： P＝Fv绳＝500N × 0.4m/s＝200W，故 B 错误； C、此滑轮组的机械效率： η = W W × 100% = Gh Fs × 100% = Gh Fnh × 100% = G nF × 100% = 900N 2×500N × 100%＝90%，故 C 错误； D、由 F = 1 n (G + G动)可得动滑轮重： G动＝nF − G＝2 × 500N − 900N＝100N，故 D 正确。 11. 【答案】 C 【考点】 探究用电器的电功率实验 【解析】 A、若电流表示数为 0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则 与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了； B、无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡很暗且亮度不变，则电路的电流很小，变阻器没有了变阻的作 用，据此分析； C、灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确 滑片移动的方向； D、电压表无示数，小灯泡不亮，可能是小灯泡短路，也可能整个电路断路。 【解答】 A、无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡不亮，电流表几乎无示数，则电路可能断路；电压表的示数几 乎等于电源电压，说明电压表与电源连通，原因是小灯泡断路，故 A 正确； B、无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡很暗且亮度不变，则电路的电流很小，变阻器没有了变阻的作 用，故原因是滑动变阻器同时接入两个下接线柱，故 B 正确； C、灯在额定电压下正常发光，示数为 2.5V 小于灯的额定电压 3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的 规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，故 C 错 误； D、电压表无示数，小灯泡不亮，若电流表有示数，可能是小灯泡短路；若电流表无示数，则可能整个电路 断路，故 D 正确。 12. 【答案】 D 【考点】 欧姆定律的应用 电功的计算 【解析】 AB、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流， 变阻器滑片在 a 端时分析电路连接，由图知最小电流和对应的电压，由欧姆定律求出R1； 滑在 b 端时分析电路的连接，由图乙知电电源电压； C、根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器滑片在 a 端时R2的最大值； D、当滑片 P 移到中点时可知变阻器连入电路的电阻，由串联电路的规律及分压原理得出R1的电压，根据 W = U1​ ′2 R1 t 求出电阻R1工作 10s 消耗的电能。 【解答】 AB、两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流， 变阻器滑片在 a 端时，变阻器的最大电阻与R1串联，电路的电流最小，由图乙知I1＝0.1A，对应的电压表示 数为 1V，由欧姆定律，R1 = U1 I1 = 1V 0.1A = 10Ω；B 正确； 滑在 b 端时，为R1的简单电路，电压表示数即电源电压，由图乙知，电源电压 U＝3V；A 正确； C、根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器滑片在 a 端时，R2的最大值： R2 大 = U−U1 I1 = 3V−1V 0.1A = 20Ω，C 正确； D、当滑片 P 移到中点时，变阻器连入电路的电阻为：R滑＝0.5 × 20Ω＝10Ω＝R1，由分压原理，两电阻电压 第 15页 共 24页 ◎ 第 16页 共 24页 相等，根据串联电路电压的规律，R1的电压为：U1′ = 3V 2 = 1.5V， 电阻R1工作 10s 消耗的电能：W = U1​ ′2 R1 t = (1.5V)2 10Ω × 10s＝2.25J，D 错误。 二、填空题（每空 1 分，共 14 分） 【答案】 2.00,2131.6 【考点】 长度的测量 电能表参数的理解与电功的测量 【解析】 （1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端没从 0 开始，把 1.00cm 处当作“0”刻度，读出 末端刻度值，减去 1.00cm 即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位； （2）电能表的读数方法：最后一位是小数、单位 kW ⋅ h。 【解答】 物体起始端对应的刻度值为 2.50cm，末端对应刻度值为 4.50cm，物体长度为 4.50cm − 2.50cm＝2.00cm。 （2）电能表的读数时最后一位是小数、单位 kW ⋅ h，其示数为 2131.6kW ⋅ h。 故答案为：2.00；2131.6。 【答案】 1.2,4:1 【考点】 并联电路的电流规律 欧姆定律的应用 【解析】 （1）分析电路可知：两灯并联，电流表 b 测的是干路电流，电流表 a 测的是L1所在支路的电流； 由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表 b 选用的应该是大量程(0 ∼ 3A)，a 选用 的是小量程(0 ∼ 0.6A)； 然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大 小。 （2）由于并联电路中，各支路两端电压相等，由欧姆定律公式变形可求得灯泡L1和L2的电阻之比。 【解答】 由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以 b 选择的量程是 0 ∼ 3A，分度值为 0.1A，所以 电流表 b 的示数为I总＝1.5A，即干路电流为 1.5A(1)电流表 a 选择的量程是 0 ∼ 0.6A，分度值是 0.02A，所以 电流表的示数为I1＝0.3A，即通过灯L1的电流为 0.3A(2)则通过灯L2的电流大小为：I2＝I总 − I1＝1.5A − 0.3A＝ 1.2A。 （2）由于并联电路中，各支路两端电压相等，都等于电源电压，即 U＝U1＝U2， 由 I = U R 可得，灯泡L1和L2的电阻之比R1 R2 = U1 I1 U2 I2 = I2 I1 = 1.2A 0.3A = 4:1。 故答案为：1.2；4:1。 【答案】 b 到 a,S 【考点】 电流的方向 安培定则 【解析】 ①正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反； ②根据电流方向，利益安培定则判断螺线管的 N、S 极。 【解答】 由图知： ①毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，有多余的电子。橡胶棒 a 接触验电器的金属小球 b 时，电子通过金属杆转移 到验电器的箔片上，由于同种电荷相互排斥，所以箔片张开。由于电子带负电，而物理学规定正电荷定向移 动的方向为电流的方向，所以此过程中电流方向是从 b 到 a； ②根据安培定则，伸出右手，让四指弯曲所指的方向为电流的方向，右手的大拇指指示螺线管的 N 极（螺 线管的右端），所以通电螺线管的右端是 N 极，左端为 S 极。 【答案】 扩散,响度 【考点】 扩散现象 响度与振幅的关系 【解析】 （1）不同物质接触时，分子彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子无规则运动的结果； （2）响度与发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。 【解答】 （2）琴弦振动发出声音的响度与弦振动幅度有关：用力拨动琴弦，弦振动幅度变大，发出声音的响度变大， 故答案为：扩散；响度。 【答案】 0,15 【考点】 功的计算 功率的计算 【解析】 （1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离；据此确定重力是否做 功，若做功，利用 W＝Gh 计算。 （2）知道拉力大小和物体在拉力方向上移动的距离，利用 W＝Fs 求拉力所做的功；知道做功时间，再利用 P = W t 求拉力的功率。 【解答】 物体在水平方向移动，重力的方向竖直向下，物体在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即重力 做功为 0J。 拉力做的功：W＝Fs＝30N × 10m＝300J； 拉力做功的功率：P = W t = 300J 20s = 15W。 【答案】 3N,200Pa 【考点】 压强的计算公式及其应用 摩擦力的大小 【解析】 第 17页 共 24页 ◎ 第 18页 共 24页 （1）物体 A 沿着墙壁竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力，此时在竖直方向上物体 A 受到 重力、推力、滑动摩擦力的作用，并且F2＝G + f，据此求物体 A 受到的滑动摩擦力大小； （2）由于固体能大小不变的传递压力，A 对竖直墙壁的压力等于F1，求出受力面积，利用 p = F S 求 A 对竖直 墙壁的压强。 【解答】 （2）因为固体能大小不变的传递压力， 所以 A 对竖直墙壁的压力： F压＝F1＝2N， 受力面积 S＝10cm × 10cm＝100cm2＝0.01m2， A 对竖直墙壁的压强： p = F S = 2N 0.01m2 = 200Pa。 故答案为：3N；200Pa。 【答案】 18V,2:9 【考点】 电功率的计算 【解析】 知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据 P = U2 R 求出两灯泡的电阻。 （1）利用额定电压和额定功率求出两灯正常发光时的电流和串联电流相等，确定电路中实际最大电流，结 合欧姆定律求出串联电路两端最大电压； （2）两灯泡串联接在某一电源两端，根据 P = U2 R 求出两灯泡消耗的总功率；两灯泡并联接在该电源上时，根 据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用 P = U2 R 求出消耗的总功率，进一步求出串并联电路消耗的总功率之 比。 【解答】 （1）由 P＝UI 可得，L1的额定电流：I1 = P1 U1 = 12W 12V = 1A，I2 = P2 U2 = 6W 12V = 0.5A， 因为I1 > I2，所以串联时电路中最大电流为I2＝0.5A， 由 I = U R 可得，串联时，电路两端允许加的最大电压：U＝I2(R1 + R2)＝0.5A × (12Ω + 24Ω)＝18V(1)(2)两灯泡串联 接在电源电压为 U 的两端，电路消耗的总功率：P串 = U2 R1+R2 = U2 12Ω+24Ω = U2 36Ω 两灯泡并联接在该电源上时，电路消耗的总功率：P并 = U2 R1 + U2 R2 = U2 12Ω + U2 24Ω 则串并联电路消耗的总功率之比：P串:P并 = U2 36Ω ：( U2 12Ω + U2 24Ω )＝2:9。 故答案为：18；2:9。 三、作图题（每题 1 分，共 3 分） 【答案】 【考点】 透镜的光路图 【解析】 先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点（三条特殊光线）作图。 【解答】 指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴，过光心的光线经凹透镜后传播方向不变， 【答案】 【考点】 力的示意图 【解析】 物体静止在水平地面上，受到了平衡力的作用，故物体受到了竖直向下的重力和竖直向上的支持力是一对平 衡力，大小相等，方向相反； 【解答】 过物体重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向画一条带箭头、等长的线段，分别表示重力和支持力，分别 用符号 G 和 F 表示。 【答案】 根据安全用电的要求，家庭电路中电灯的接法：开关接在火线与灯之间，灯接在零线与开关之间，如下图所 示： 【考点】 家庭电路的连接 【解析】 家庭电路中，为保证安全，灯接在零线与开关之间，开关接在火线与灯之间，在更换灯泡时，断开开关，切 断火线，操作更安全。 【解答】 根据安全用电的要求，家庭电路中电灯的接法：开关接在火线与灯之间，灯接在零线与开关之间，如下图所 示： 第 19页 共 24页 ◎ 第 20页 共 24页 四、实验探究题（23、24 题各 5 分，25 题 6 分，共 16 分） 【答案】 大小 虚像 6,不变 【考点】 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 【解析】 （1）掌握等效替代法，为了探究像与物体的大小关系，用了两根完全相同的蜡烛。 （2）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接。 （3）平面镜成像，像物到镜面距离相等，像大小跟物体的大小相等。 【解答】 实验中选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系； 因为虚像不能用光屏承接，所以光屏放在蜡烛 B 的位置上，发现光屏上不能承接到像，说明平面镜成的像是 虚像。 将蜡烛 A 向玻璃板靠近 3cm，蜡烛 A 的像也向玻璃板靠近 3cm；因此，再将蜡烛 B 移到 A 像的位置，通过测 量，发现蜡烛 A 与它在玻璃板中像的距离变化了 6cm；平面镜所成的像与物体等大，此过程像的大小不变。 【答案】 便于测量力臂 右 变大 1.2N 【考点】 探究杠杆的平衡条件实验 【解析】 （1）实验前先要调节杠杆在水平位置平衡，这是为使杠杆所受的重力通过支点，从而可以不考虑杠杆的重 力对其转动的影响，实验中杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂； （2）根据题意，求出两边的力和力臂的乘积，若力与力臂乘积相等，杠杆仍平衡；若不相等，杠杆将向力 和力臂乘积大的那边倾斜，据此分析答题； （3）由杠杆平衡条件可算出拉力大小；弹簧测力计斜拉时，拉力力臂变小，拉力变大； （4）弹簧测力计若在杠杆上施加最小的力 F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向下，使动 力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力，根据杠杆的平衡条件可求弹簧测力计的最小拉力。 【解答】 实验前将杠杆中点置于支架上，调节平衡螺母使杠杆在水平位置静止的目的是：便于测量力臂和消除杠杆自 重对实验的影响。 设一个钩码的重为 G，一个格为 L， 支点两侧同时各减掉一个钩码， 支点左边力与力臂的乘积为：G × 6L＝6GL， 右边力与力臂的乘积为：2G × 4L＝8GL， 左边力与力臂的乘积小于右边力与力臂的乘积， 则杠杆右边，即右端将向下倾斜； 弹簧测力计斜拉时，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大。 弹簧测力计若在杠杆上施加最小的力 F，使杠杆在水平位置平衡，该力在杠杆的最左侧，力的方向应该垂直 杠杆向下，使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力，根据杠杆的平衡条件可得： F × 10L＝4G × 6L， 解得，F＝2.4G＝2.4 × 0.5N＝1.2N。 【答案】 如上； A 端 最大电阻过小 电压一定时，电流与电阻成反比 【考点】 探究电流与电压、电阻的关系实验 【解析】 （1）原电路中，电阻和电压表短路了，电阻应和电流表串联，电压表与电阻并联； （2）为保护电路，闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处； （3）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电 压，根据分压原理，求出当接入 20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻分析； （4）横向分析表中数据得出结论。 【解答】 原电路中，电阻和电压表短路了，电阻应和电流表串联，电压表与电阻并联，如下所示： 电路连接正确后，闭合开关前滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处的 A 端； 电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U − UV＝6V − 2V＝ 4V，变阻器分得的电压为电压表示数的 2 倍，根据分压原理，当接入 20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻 为 R滑＝2 × 20Ω＝40Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少 40Ω的滑动变阻器，当把 20Ω的定值电阻 接入电路中时，该同学无论怎样移动滑片都无法使电压表示数调到控制值，说明选择的滑动变阻器最大电阻 过小； 横向分析表中数据，电阻增大为原来的几倍，通过的电流减小为原来的几分之一，即得出的结论是：电压一 定时，电流与电阻成反比。 五、计算题（26、27 题各 4 分，28 题 5 分，共 13 分） 【答案】 第 21页 共 24页 ◎ 第 22页 共 24页 水需要吸收 3.36 × 105J 热量； 电热水器加热时间是 420s。 【考点】 电功与热量的综合计算 【解析】 （1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用公式 Q＝cm(t − t0)可求水吸收的热量。 （2）已知热效率，由η = Q W 可求得用电器消耗电能，已知实际电功率，再利用 P = W t 公式变形可求得电热水器 加热时间。 【解答】 水的比热 c＝4.2 × 103J/(kg ⋅ ​ ∘ C)，水的质量m水＝1kg，水的初温t0＝20​ ∘ C，水的末温 t＝100​ ∘ C， 水需要吸收的热量： Q吸＝cm水(t − t0)＝4.2 × 103J/(kg ⋅ ​ ∘ C) × 1kg × (100​ ∘ C − 20​ ∘ C)＝3.36 × 105J。 已知热效率η＝80%， 由η = Q W 可得用电器消耗电能： W = Q η = 3.36×105J 80% = 4.2 × 105J。 已知实际电功率 P＝1000W， 由 P = W t 公式变形可得电热水器加热时间： t = W P = 4.2×105J 1000W = 420s， 【答案】 物体浸没在水中时所受的浮力为 4N； 物体的密度为 2.5 × 103kg/m3； 物体浸没在水中时，水对容器底部增大的压强为 400Pa。 【考点】 密度的计算 液体压强的计算公式及其应用 浮力大小的计算 阿基米德原理 【解析】 （1）利用称重法求物体受到的浮力； （2）利用 G＝mg 求物体的质量，利用阿基米德原理的推导公式F浮＝ρ水V排g 求物体排开水的体积，由于物 体浸没在水中，物体的体积等于排开水的体积，再利用密度公式求物体密度； （3）利用V排＝S容h 求容器内水的深度增大值，利用 p＝ρgh 求水对容器底部压强的增大值。 【解答】 物体浸没在水中时受到的浮力： F浮＝G − F示＝10N − 6N＝4N； 物体的质量： m = G g = 10N 10N/kg = 1kg， 由F浮＝ρ水V排g 得排开水的体积： V排 = F ρg = 4N 1×103kg/m3×10N/kg = 4 × 10−4m3， 因为物体浸没在水中， 所以物体的体积：V＝V排＝4 × 10−4m3， 物体密度为： ρ = m V = 1kg 4×10−4m3 = 2.5 × 103kg/m3； 由V排＝S容h 得容器内水的深度增大值： △ h = V S = 4×10−4m3 100×10−4m2 = 0.04m， 水对容器底部压强的增大值： △ p＝ρ水g △ h＝1 × 103kg/m3 × 10N/kg × 0.04m＝400Pa。 【答案】 灯泡正常工作时的电阻为 10Ω； 电源电压为 12V； 断开S1，闭合 S、S2，调节滑动变阻器的滑片，电阻R1消耗的电功率变化范围为 0.675W ∼ 4.8W。 【考点】 欧姆定律的应用 电功率的计算 【解析】 （1）根据灯泡 L 上标有“6V 3.6W”字样的含义，由 P＝UI 求出灯的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡正常工 作时的电阻； （2）当 S、S1闭合，S2断开且滑片 P 在 b 端时，分析电路连接，根据串联电阻的规律及欧姆定律求出电源电 压为； （3）断开S1，闭合 S、S2，R1与变阻器串联，电流表测电路的电流，当变阻器滑片移动到 b 时，变阻器连入 电路的电阻最大，由电阻的串联和欧姆定律得出通过R1的最小电流，根据 P＝I2 × R 得出电阻R1消耗的最小电 功率； 当变阻器滑片移动到 a 时，为R1的简单电路，由欧姆定律得出R1的最大电流，根据 P＝UI 求出电阻R1消耗的 最大电功率。 【解答】 灯泡 L 上标有“6V 3.6W”的字样，表示灯的额定电压为 6V，额定功率为 3.6W，由 P＝UI，灯的额定电流为： IL = PL UL = 3.6W 6V = 0.6A； 根据欧姆定律，灯泡正常工作时的电阻： 第 23页 共 24页 ◎ 第 24页 共 24页 RL = UL IL = 6V 0.6A = 10Ω； 当 S、S1闭合，S2断开且滑片 P 在 b 端时，L 与变阻器的最大电阻串联，电流表测电路的电流，电流表的示数 为 0.2A，根据串联电阻的规律及欧姆定律，电源电压为： U＝I(RL + R2)＝0.2A × (10Ω + 50Ω)＝12V； 断开S1，闭合 S、S2，R1与变阻器串联，电流表测电路的电流，当变阻器滑片移动到 b 时，变阻器连入电路的 电阻最大，由电阻的串联和欧姆定律，通过R1的电流最小为： I小 = U R1+R = 12V 30Ω+50Ω = 0.15A， 故电阻R1消耗的最小电功率： P小＝I小 2 × R1＝(0.15A)2 × 30Ω＝0.675W； 当变阻器滑片移动到 a 时，为R1的简单电路，R1的最大电流为： I大 = U R1 = 12V 30Ω = 0.4A， 故电阻R1消耗的最大电功率： P大＝UI大＝12V × 0.4A＝4.8W； 电阻R1消耗的电功率变化范围为 0.675W ∼ 4.8W。