2017-2018学年河北省永年县一中高二上学期开学考试物理试题 解析版

2017-2018学年河北省永年县一中高二上学期开学考试物理试题 解析版

河北省永年县一中2017-2018学年高二上学期开学考试物理试卷 一、选择题（有单选有多选，选对但不全得2分，共12题，共48分）‎ ‎1. 物体运动时，若其加速度恒定，则物体：‎ A. 一定做匀速直线运动 B. 一定做直线运动 C. 可能做曲线运动 D. 可能做圆周运动。‎ ‎【答案】C 点睛：解决本题的关键知道当物体的速度与加速度方向相同或相反，做直线运动，速度方向与加速度方向不在同一直线上做曲线运动，加速度不变，就是匀变速，加速度变化就是变加速．‎ ‎2. 汽车关闭发动机后前进‎60 m的过程中，速度由‎7 m/s减到‎5 m/s，若再滑行10 s，则汽车又前进了(　　)‎ A. ‎60 m B. ‎40 m C. ‎70m D. ‎‎80 m ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：由速度与位移关系公式，知汽车加速度，设汽车再运动t时间停止，由知，故物体再滑行10s位移为，B正确。‎ 考点：考查了匀变速直线运动规律的应用 ‎3. 如图所示，质量为m的小球悬挂在小车顶棚上，在运动过程中当小球偏离竖直方向θ角时，则下列说法正确的是（ ）‎ A. 小车可能向左减速运动 B. 小车可能向右减速运动 C. 小车的加速度大小 D. 悬挂线的拉力大小 ‎【答案】AC ‎【解析】试题分析：球相对车厢处于静止状态，车厢与球的加速度相同，根据牛顿第二定律得，F=mgtanθ=ma，解得小球的加速度a=gtanθ，方向向右，则小车的加速度大小为gtanθ，方向向右，小车向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动，故AC正确，B错误．由几何关系可知，悬线的拉力，故D错误．故选AC．‎ 考点：牛顿第二定律的应用 ‎【名师点睛】本题为牛顿第二定律中的连接体问题；解决本题的关键知道小球和小车具有相同的加速度，隔离对小球分析，运用牛顿第二定律进行求解。‎ ‎4. 在水平力F的作用下，重为G的物体沿竖直墙壁匀速下滑，如图所示。若物体与墙之间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为（ ）‎ ‎ ‎ A. B. C. G D. ‎ ‎【答案】AC ‎【解析】由题意可知：物体沿竖直墙壁下滑，则受到是滑动摩擦力，所以由Ff=μFN=μF．又由于物体匀速下滑，所以Ff=G．故选AC.‎ ‎5. 在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为‎50 kg，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图所示．在这段时间内下列说法中正确的是(　)‎ ‎ ‎ A. 晓敏同学所受的重力变小了 B. 晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力 C. 电梯一定在竖直向下运动 D. 电梯的加速度大小为，g/5方向一定竖直向下 ‎【答案】D ‎【解析】体重计示数小于体重说明晓敏对体重计的压力小于重力，并不是体重变小，故A错误；晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是一对作用与反作用力，故两者大小相等，B错误；电梯做向上的减速运动也会是失重状态，示数小于其重力，故C错误；以人为研究对象，mg-FN=ma，求得： ，故D正确.‎ ‎6. 小船横渡一条河，船头开行方向始终与河岸垂直．若小船相对水的速度大小不变时，小船的一段运动轨迹如图所示，则河水的流速（　　）‎ A. 由A到B水速一直增大 B. 由A到B水速一直减小 C. 由A到B水速先增大后减小 D. 由A到B水速先减小后增大 ‎【答案】B ‎【解析】试题分析：从轨迹曲线的弯曲形状上可以知道，加速度的方向水平向左，知越靠近B岸水速越小．故B正确，‎ 考点：考查了运动的合成与分解 ‎7. 汽车以一定的速度经过拱形桥顶部时，关于汽车受力以及桥面受力，下列说法正确的是（　　）‎ A. 汽车受到重力、支持力和向心力 B. 汽车在竖直方向上只受重力和桥面对它的支持力 C. 汽车对桥面的压力小于汽车的重力 D. 汽车对桥面的压力大于汽车的重力 ‎【答案】BC ‎【解析】汽车过拱桥，做圆周运动，在最高点，重力和支持力的合力提供向心力，方向指向圆心，不受向心力，故A错误，B正确；根据向心力公式得：， 解得： ，故C正确，D错误，故选BC.‎ ‎8. 小球做匀速圆周运动，半径为R，向心加速度为a，则( )‎ A. 小球的角速度为 B. 小球的运动周期 C. 小球的时间t内通过的位移 D. 小球在时间t内通过的位移 ‎【答案】BD ‎【解析】由a=ω2R，得，故A错误；由得：，故B正确；由a=得： ，小球在时间t内通过的路程：s=vt=t，故D正确；C错误；故选BD.‎ ‎9. 发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（ ）‎ A. 卫星在轨道3上速率大于在轨道1的速率 B. 卫星在轨道3上角速度小于在轨道1的角速度 C. 卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度 D. 卫星在轨道2上经过P点时的加速度小于它在轨道3上经过P点时的加速度 ‎【答案】B ‎【解析】卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有： 可得：， 则知，卫星的轨道半径越大，角速度和线速度越小，所以卫星在轨道3上的角速度和线速度均比在轨道1上的小．故A错误，B正确．根据牛顿第二定律得：，得：，则知卫星经过同一点时加速度一定，则卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度，卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度，故CD错误；故选B.‎ 点睛：本题的关键是要抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度以及向心加速度的表达式，再进行讨论．‎ ‎10. 如图所示,某段滑雪雪道倾角为30°,总质量为m(包括雪具在内)的滑雪运动员从距底端高为h处的雪道上由静止开始匀加速下滑,加速度为g。在他从上向下滑到底端的过程中,说法正确的是(　　)‎ ‎ ‎ A. 运动员减少的重力势能全部转化为动能 B. 运动员获得的动能为mgh C. 运动员克服摩擦力做功为mgh D. 下滑过程中系统减少的机械能为mgh ‎【答案】D ‎【解析】A、人在下滑过程中受到重力、支持力及摩擦力的作用，存在摩擦生热，所以运动员减少的重力势能转化为动能和内能，故A错误； B、由牛顿第二定律可知，人受到的合力，合力的功 ‎，由动能定理可知，运动员获得的动能为，‎ 故B错误； C、物体合外力，故摩擦力大小为，运动员克服摩擦力所做的功，故C错误； D、根据功能关系知，运动员克服摩擦力做的功等于机械能的减少量，故机械能减小了 ‎，故D正确。‎ 点睛：在理解功能关系时应抓住：重力做功等于重力势能的变化量，摩擦力做功等于机械能的改变量，而合力做功等于动能的变化量。‎ ‎11. 人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地，膝盖弯曲让身体重心继续下降．着地过程这样做，可以减小（　　）‎ A. 人动量变化的时间 B. 人受到的冲量 C. 人的动量变化量 D. 人的动量变化率 ‎【答案】D ‎【解析】试题分析：人着地的初速度一定，末速度为零，根据动量定理可知：，即，所以为保护好身体，就是要减少人与地面之间的作用力F，即减少，即动量的变化率，选项D 正确；‎ 考点：动量定理；‎ ‎12. 质量为m1=‎1kg和m2（未知）的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间极短，其x-t图象如图所示，则（　　）‎ ‎ ‎ A. 此碰撞一定为弹性碰撞 B. 被碰物体质量为‎2kg C. 碰后两物体速度相同 D. 此过程有机械能损失 ‎【答案】A ‎【解析】试题分析：由图象可知，碰撞前m2是静止的，m1的速度为：v1=‎4m/s，碰后m1的速度为：v1′=‎-2m/s，m2的速度为：v2′=‎2m/s，两物体碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2′，‎ 即：1×4=1×（-2）+m2×2，解得：m2=‎3kg；‎ 碰撞前总动能：Ek=Ek1+Ek2=m1v12+m2v22=×1×42+×3×02=8J，‎ 碰撞后总动能：Ek′=Ek1′+Ek2′=m1v1′2+m2v2′2=×1×（-2）2+×3×22=8J，‎ 碰撞前后系统动能不变，故碰撞是弹性碰撞，故A正确，BCD错误；故选A.‎ 考点：s-t图像；动量守恒定律.‎ ‎【名师点睛】本题主要考查了动量守恒定律得应用以及x-t图线，首先要知道x-t图线的斜率等于物体的速度；同时要知道判断是否为弹性碰撞的方法是看机械能是否守恒，若守恒，则是弹性碰撞，若不守恒，则不是弹性碰撞.‎ 二、实验题（每题8分，共16分）‎ ‎13. 如图为实验室中验证动量守恒实验装置示意图 ‎(1) 若入射小球质量为m1,半径为r1;被碰小球质量为m2,半径为r2,则（____）‎ A.m1>m2，r1>r2 B. m1>m2，r1m2，r1=r2 D. m1

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