- 2021-04-20 发布 |
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文档介绍
【物理】云南省景东彝族自治县第一中学2020届高三下学期押题卷试题(解析版)
云南省景东彝族自治县第一中学2020届高三下学期 押题卷试题 一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分。在每小题给出的四个选项中,第14∼18题只有一项符合题目要求,第19∼21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。 1.下列说法正确的是( ) A. 汤姆孙发现了电子并提出了原子具有核式结构 B. 光电效应揭示了光的粒子性,康普顿效应揭示了光的波动性 C. 氢原子光谱表明氢原子的能量是不连续的 D. 处于基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=4的激发态后,可能辐射6种频率的光子 【答案】C 【详解】A.汤姆孙发现了电子,卢瑟福提出了原子具有核式结构,故A错误; B.光电效应和康普顿效应都揭示了光的粒子性,故B错误; C.氢原子光谱表明氢原子的能量是不连续的,故C正确; D.处于基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=4的激发态后,可能辐射3种频率的光子,故D错误。 故选C。 2.甲、乙两个质点分别在两个并排直轨道上运动,其速度随时间的变化规律分别如图中a、b所示,图线a是直线,图线b是抛物线,则下列说法正确的是( ) A. t2时刻乙的运动方向发生了改变 B. t1~t2时间内,甲的平均速度小于乙的平均速度 C. 0~t2时间内,甲的加速度不断增大,乙的加速度不断减小 D. 若t1时刻甲、乙相遇,则t3时刻甲、乙一定再次相遇 【答案】B 【详解】A.0~t3时间内乙的速度一直为正值,则t2时刻乙的运动方向没有发生改变,故A错误; B.因v-t图像的面积等于位移,可知在t1~t2时间内,甲的位移小于乙的位移,则甲的平均速度小于乙的平均速度,故B正确; C.因v-t图像的斜率等于加速度,可知在0~t2时间内,甲的加速度不变,乙的加速度不断减小,故C错误; D.若t1时刻甲、乙相遇,但是由于t1~t3时间内乙的位移大于甲的位移,则t3时刻甲、乙不会再次相遇,故D错误。 故选B。 3.按照我国整个月球探测活动的计划,在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后,第二步是“落月”工程,已在2013年以前完成。假设月球半径为R,月球表面的重力加速度为g0,飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道运动,到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道,到达轨道的近月点B时再次点火进入月球近月轨道绕月球做圆周运动。下列判断不正确的是( ) A. 飞船在轨道上的运行速率 B. 飞船在A点处点火变轨时,动能减小 C. 飞船在轨道绕月球运动一周所需的时间 D. 飞船从A到B运行的过程中机械能变大 【答案】D 【详解】A.万有引力提供向心力 解得 在月球表面 解得 联立解得 故A正确,不符合题意; B.飞船在点变轨后由圆轨道变为椭圆轨道,做向心运动,要求万有引力大于飞船所需向心力,所以飞船应该减速,动能减小,故B正确,不符合题意; C.万有引力提供向心力 结合 解得 故C正确,不符合题意; D.在椭圆轨道上,飞船由点运动至点,只有万有引力做功,机械能守恒,故D错误,符合题意。 故选D。 4.如图所示,一光滑的轻滑轮用细绳悬挂于点;另一细绳跨过滑轮,其一端悬挂小球A,另一端系一位于水平粗糙面上的物体B,绳与竖直方向的夹角为,下列说法正确的是( ) A. 将B向左移动少许,若B仍能保持静止,则B与地面的摩擦力变大 B. 增大小球A的质量,若B仍能保持静止,则B与地面的摩擦力变大 C. 无论物体B在水平面上左移还是右移,只要移动后B仍能保持静止且移动距离很小,角将不变 D. 无论物体B在水平面上左移还是右移,只要移动后B仍能保持静止,绳上的张力大小不变 【答案】B 【详解】AB.细绳对B的拉力等于球A的重力,则B与地面之间的摩擦力 fB=Tcosθ=mAgcosθ 将B向左移动少许,若B仍能保持静止,则θ角变大,则B与地面摩擦力变小;增大小球A的质量,若B仍能保持静止,则B与地面的摩擦力变大,选项A错误,B正确; CD.因为滑轮两边绳子的拉力相等,则OO′总是在∠AOB的角平分线上,若物体B在水平面上左移,则∠AOB减小,则α角减小,滑轮两边细绳的合力变大,即OO′绳上的张力变大;同理物体B在水平面上右移,则∠AOB变大,则α角增加,滑轮两边细绳的合力变小,即OO′绳上的张力变小,选项CD错误;故选B。 5.如图所示,斜边长为a等腰直角三角形ABC处于一匀强磁场中,比荷为的电子以速度从A点沿AB方向射入磁场,欲使电子能经过BC边,则磁感应强度B的取值应为( ) A. B. C. D. 【答案】C 【详解】若电子恰能经过C点,则轨道半径 则由 可得此时 则欲使电子能经过BC边,则磁感应强度B的取值 故选C。 6.在如图所示的电路中,理想变压器原、副线圈匝数之比为5:1,a、b两端接入电压的瞬时表达式为,副线圈接火灾报警器(报警器未画出),图中电压表和电流表均为理想交流电表,R0为定值电阻,L为电阻恒定的指示灯,RT为热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小。下列说法中正确的是( ) A. 电压表的示数为V B. 当RT处出现火灾时,电压表示数将变大 C. 当RT处出现火灾时,电流表示数将变大 D. 当RT处出现火灾时,指示灯L将变暗 【答案】CD 【详解】A.变压器初级电压有效值为U1=220V,则次级电压 即电压表的示数为44V,选项A错误; BCD.当RT处出现火灾时,电阻减小,则次级总电阻减小,而次级电压是不变的,即电压表示数不变,则次级电流变大,由可知,初级电流变大,即电流表示数将变大;由于R0上电压变大,可知灯泡L上的电压减小,则灯泡变暗,故选项B错误,CD正确。 故选CD。 7.如图所示,竖直面内两段半径均为R的光滑半圆形细杆平滑拼接组成“S”形轨道,一个质量为m的小环套在轨道上,小环从轨道最高点由静止开始下滑,下滑过程中始终受到一个水平恒力F的作用,小环能滑到最低点,重力加速度大小为g,则小环从最高点下滑到最低点的过程中( ) A. 小环机械能守恒 B. 外力F一直做正功 C. 小环在最低点的速度大小为 D. 在最低点小环对轨道的压力大小 【答案】CD 【详解】AB.小环从最高点下滑到最低点的过程中,水平恒力F先做正功,后做负功,再做正功,则小球的机械能先增加,后减小,再增加,选项AB错误; C.从最高点到最低点,恒力F做功为零,则由能量关系 解得 选项C正确; D.在最低点时 解得 FN=9mg 选项D正确。 故选CD。 8.如图甲所示,一个匝数为n的圆形线圈(图中只画了2匝),面积为S,线圈的电阻为R,在线圈外接一个阻值为R的电阻和一个理想电压表,将线圈放入垂直线圈平面指向纸内的磁场中,磁感应强度随时间变化规律如图乙所示,下列说法正确的是( ) A. 0~t1时间内P端电势高于Q端电势 B. 0~t1时间内电压表的读数为 C. t1~t2时间内R上电流为 D. t1~t2时间内P端电势高于Q端电势 【答案】AC 【详解】A.时间内,垂直纸面向里磁场逐渐增大,根据楞次定律可知线圈中感应电流产生的磁场垂直纸面向外,根据右手定则可知电流从流出,从流入,所以端电势高于端电势,故A正确; B.时间内,根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 电压表所测为路端电压,根据串联分压规律可知电压表示数 故B错误; C.时间内,根据法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 根据闭合电路欧姆定律可知通过回路的电流 故C正确; D.时间内,根据楞次定律可知电流从流出,从流入,所以端电势低于端电势,故D错误。 故选AC。 二、实验题(共15分) 9.小明在课本上查到“木—木”的动摩擦因数为0.3,打算对这个数据进行检验,设计了以下实验: (1)如图所示,将质量为M的待测木块放在水平放置的长木板上,通过跨过滑轮的细绳与沙桶相连,增加沙桶中沙的质量,直到轻推木块,木块恰能做匀速直线运动,若此时沙桶及沙的总质量为m,则动摩擦因数_______。 (2)由于找不到天平,小明进行了如下实验步骤: ①取下沙桶,在木板上固定打点计时器,将纸带一端系在木块上,并穿过打点计时器; ②将木板不带滑轮的一端垫高,直到轻推木块,木块能做匀速直线运动; ③挂上沙桶(沙桶及沙的总质量保持不变),接通电源,待打点稳定后释放木块,得到如图纸带(相邻两计数点间还有1个点未画出)。已知打点计时器的频率为50Hz,根据纸带数据,可求得木块运动的加速度a=______m/s2。(保留2位有效数字)。 (3)若当地的重力加速度大小为9.8m/s2,则可求得________(保留2位有效数字)。 【答案】(1). (2). 2.4 (3). 0.32 【详解】(1)[1].由题意可知,物块匀速运动时满足 即 (2)[2].根据 解得 (3)[3].由牛顿第二定律 又 联立解得 10.某物理兴趣小组在学了闭合电路欧姆定律后,欲测量一节干电池的电动势E和内阻r,能够使用的实验器材有: A.干电池一节 B.毫安表A1(量程0~0.2mA,内阻为1.0) C.毫安表A2(量程0~300mA,内阻约为0.03) D.滑动变阻器R(0~20) E.定值电阻R0(阻值为3.0) F.定值电阻R1(阻值为9999.0) G.开关、导线若干 (1)在实验开始之前,该小组先用多用电表直流电压“2.5V”档进行初测,结果如图(a)所示,则该干电池的电动势约为__________V。 (2)该实验小组讨论后,决定采用如图(b)所示的实验电路进行测量,则甲处应选毫安表__________(填“A1”或“A2”),乙处应选毫安表__________(填“A1”或“A2”)。 (3)实验开始后,逐渐减小滑动变阻器接入电路中的阻值,得到毫安表A1、A2的多组数据I1、I2,作出的I1—I2图线如图(c)所示,则该电池的电动势E=__________V,内阻r=__________(计算结果保留两位小数)。 【答案】 (1). 1.45V (2). A1 A2 (3). 1.47(l.46~1.49均可) 3.47(3.40~3.63均可) 【详解】(1)[1].由表盘指针可知,干电池的电动势约为1.45V; (2)[2][3].图中甲处应该用已知内阻的毫安表A1与定值电阻R1串联构成电压表;乙处应选毫安表A2; (3)[4][5].根据改装原理可知,电压表测量的路端电压为 U=(9999+1)I1=10000I1 根据闭合电路欧姆定律可知 10000I1=E-I2(r+R0) 根据图象可知纵轴截距I1=0.147mA,则对应的电动势值为 E=1.47V 图象的斜率表示内阻,故有 故有 r=3.47Ω 11.长为L=2m、质量为M=0.3kg长木板锁定在光滑水平面上,一个质量为m=0.1kg的物块从长木板的左端以=4m/s的水平速度滑上长木板,结果物块刚好滑到长木板的右端,重力加速度g取10m/s2,物块可视为质点。 (1)求物块与长木板间的动摩擦因数; (2)若解除长木板的锁定,将物块放在长木板的右端,给长木板一个大小为=4m/s的向右的瞬时初速度。试分析物块会不会从长木板上滑离,如果能滑离,求物块滑离木板时的速度;如果不能滑离,求物块与长木板最后的共同速度。 【答案】(1)0.4;(2)不能滑离,3m/s 【详解】(1)物块刚好滑到长木板的右端时,只有摩擦力做功,则有 代入数据可得 μ=0.4 (2)假设物块不能滑离木板,则二者的末速度一定相等,选取长木板的初速度的方向为正方向,由动量守恒定律可得 Mv0=(m+M)v 代入数据可得 v=3m/s 设物块在木板上滑动的距离为x,则有 代入数据可得 x=1.5m<2m 可知物块不能滑离木板。物块与长木板最后的共同速度为3m/s。 12.如图所示,两平行金属导轨置于水平面(纸面)内,导轨间距为l,左端连有一阻值为R的电阻。一根质量为m、电阻也为R的金属杆置于导轨上,金属杆右侧存在一磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场区域。给金属杆一个瞬时冲量使它水平向右运动,它从左边界进入磁场区域的速度为v0,经过时间t,到达磁场区域右边界(图中虚线位置)时速度为。金属杆与导轨始终保持垂直且接触良好,它们之间的动摩擦因数为μ。除左端所连电阻和金属杆电阻外,其他电阻忽略不计。求: (1)金属杆刚进入磁场区域时的加速度大小; (2)金属杆在滑过磁场区域的过程中金属杆上产生的焦耳热。 【答案】(1) ;(2) 【详解】(1)金属杆刚进入磁场时,有 金属杆受到的摩擦力 由牛顿第二定律 联立以上各式解得 (2)当金属杆速度为时,产生的感应电动势 感应电流 金属杆受到的安培力 由动量定理得,在短暂的时间内有 即 对上式从金属杆进入磁场到离开磁场,求和得 式中为磁场区域左、右边界的距离,解得 设此过程中金属杆克服安培力做功为,由动能定理 联立以上各式,解得此过程中回路产生的焦耳热为 则金属杆产生的焦耳热为 13.下列说法中正确的是( ) A. 晶体的导热性能一定是各向异性的 B. 物体从单一热源吸收的热量有可能全部用于做功 C. 扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息地运动 D. 足球充足气后很难被压缩,是因为足球内气体分子间斥力作用的结果 E. 夏天中午时车胎内的气压比清晨时高,且车胎体积增大,则胎内气体对外界做功,内能增大(胎内气体质量不变且可视为理想气体) 【答案】BCE 【详解】A.多晶体的导热性能是各向同性的,选项A错误; B.根据热力学第二定律,物体从单一热源吸收的热量有可能全部用于做功,但要引起其他的变化,选项B正确; C.扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息地运动,选项C正确; D.足球充足气后很难被压缩,是因为足球内气体压强作用的缘故,与分子间斥力无关,选项D错误; E.夏天中午温度比清晨时温度高,则气体内能变大,车胎体积增大,则胎内气体对外界做功,选项E正确。 故选BCE。 14.横截面积处处相同的U形玻璃管竖直放置,左端封闭,右端开口。初始时,右端管内用h1=4cm的水银柱封闭一段空气柱A,左端管内用水银封闭长为L=14cm的空气柱B,这时水银柱左右两液面高度差为h2=8cm,如图甲所示。已知大气压强p0=76.0cmHg,环境温度不变。求: (1)初始时空气柱B的压强(以cmHg为单位); (2)若将U形玻璃管缓慢旋转,使U形管竖直倒置(水银未混合未溢出),如图乙所示。当管中水银静止时空气柱B的长度L′。 【答案】(1)72cmHg;(2)12cm 【详解】(1)空气柱A的压强为 空气柱B的压强为 (2)若将U形玻璃管缓慢旋转,使U形管竖直倒置,则此时空气柱A的压强为 设B气体上部的两边玻璃管内的水银液面差为h3,则空气柱B的压强为 pB'=pA′+ h3 空气柱B的长度 由玻意耳定律可得 pBL=pB'L' 联立解得 h3=12cm 空气柱B的长度L′=12cm查看更多