贵州省黔东南州2020年中考物理真题试卷（附解析）

贵州省黔东南州2020年中考物理真题试卷（附解析）

贵州省黔东南州2020年中考物理真题试卷 一、选择题：（每小题3分，共24分。每小题只有一个答案是正确的，请用2B铅笔将答题卡上的对应字母标号涂黑）‎ ‎1.下列估测最接近于实际的是（　　）‎ A. 一支全新2B铅笔的长度约为20cm B. 人步行的速度约为5m/s C. 一个普通中学生的重力约为50N D. 人感到舒适的气温约为39°C ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A．一支全新2B铅笔的长度在20cm左右，故A符合实际；‎ B．普通人步行的速度约为1.2m/s，故B不符合实际；‎ C．一个普通中学生的重力约为500N，故C不符合实际；‎ D．人感到舒适的气温约为25°C，故D不符合实际。‎ 故选A。‎ ‎2.如图是镇远县某次赛龙舟比赛活动中，某龙舟上的鼓手正在击鼓号令的场景。关于鼓声，下面的说法中错误的是（　　）‎ A. 鼓声是由鼓面振动产生的 B. 鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大 C. 鼓声传进教室，影响听课，所以鼓声是噪音 D. 鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．声音是由物体振动产生的，所以鼓声是由鼓面振动产生的，故A正确，不符合题意；‎ B．响度指的是声音的大小，鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大，故B正确，不符合题意；‎ C．鼓声传进教室，影响老师、学生正常上课、听课，所以是噪音，故C正确，不符合题意；‎ 19‎ D．鼓手敲击鼓面越快，鼓面振动越快，音调越高，故D错误，符合题意。‎ 故选D。‎ ‎3.中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（　　）‎ A. “已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热 B. “斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热 C. “月落乌啼霜满天”，霜的形成是凝华现象，需要吸热 D. “露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热 ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故A错误；‎ B．“斜月沉沉藏海雾”，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；‎ C．“月落乌啼霜满天”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故C错误；‎ D．“露似真珠月似弓”，露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故D正确。‎ 故选D。‎ ‎4.如图所示，一些金属条被科技馆工作人员按特殊的方式摆放后，在灯光的照射下就出现了栩栩如生的“飞机”，与“飞机”的形成原理相同的是（　　）‎ A. 坐井观天，所见甚小 B. 海市蜃楼 C. 雨后彩虹 D. 镜中“花”、水中“月”‎ ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】金属条被科技馆工作人员按特殊的方式摆放后，在灯光的照射下就出现了栩栩如生的“飞机”，其形成原理是光的直线传播。‎ A．坐井观天，所见甚小，是光的直线传播现象，故A符合题意；‎ B．海市蜃楼是光经过不同密度的空气层后发生折射，使远处景物显示在半空中或地面上的 19‎ 奇异幻景，属于光的折射现象，故B不符合题意；‎ C．雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，即光的色散，属于光的折射，故不符合题意；‎ D．镜中“花”、水中“月”均属于平面镜成像，其形成原理是光的反射，故不符合题意。‎ 故选A。‎ ‎5.常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能．若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；‎ ‎6.如图所示四个装置中工作原理与发电机相同的是 A. 电磁起重机 B. 司南 19‎ C. 话筒 D. 扬声器 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】发电机的工作原理是电磁感应现象．‎ A．电磁起重机是利用电磁铁工作的，其原理是电流的磁效应，故A不符合题意；‎ B．司南是天然的磁体，由于受地磁场的影响，磁体具有南北指向性，故B不符合题意；‎ C．话筒是利用电磁感应现象制成的，故C符合题意；‎ D．扬声器把电信号转化为声信号，利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理，故D不符合题意．‎ ‎7.如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，下列说法正确的是（）‎ A. 甲物质的密度随体积增大而增大 B. 当甲和乙两物质的质量相同时，乙物质的体积较大 C. 甲、乙两种物质的密度之比是4：1‎ D. 体积为5cm3的乙物质，质量为10g ‎【答案】D ‎【解析】‎ ‎【详解】A．密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关，故A错误；‎ 19‎ B．由图象可知，当甲和乙两物质的质量相同时（如质量都为2g），乙物质的体积较小，故B错误；‎ C．由图象可知，当甲物质的质量m甲＝2g时，V甲＝4cm3，V乙＝2cm3，‎ ρ甲＝＝＝0.5g/cm3‎ 当乙物质的质量m乙＝4g时，V乙＝2cm3，‎ ρ乙＝＝＝2g/cm3‎ 所以甲、乙两种物质密度之比是1：4，故C错误；‎ D．体积为V乙′＝5cm3的乙物质的质量：‎ m乙′＝ρ乙V乙′＝2g/cm3×5cm3＝10g，‎ D正确。‎ ‎8.如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压保持3V不变，闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，下列说法不正确的是 (　　)‎ A. 定值电阻R1的阻值是5Ω B. 滑动变阻器的阻值范围是0~10Ω C. 当滑片P移到b端时，电路消耗的总功率为1.8W D. 若滑动变阻器R2出现接触不良时，电流表示数为0，电压表示数为3V ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A．由图甲可知，两电阻串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的阻值为0时，电路中电流最大，由图乙可知最大电流为0.6A，可得电源电压为 19‎ 因串联电阻中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压为 因电源电压不变，所以 所以可得 故A正确，A不符合题意；‎ B．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，电流为0.2A，电压表示数为2V，滑动变阻器的最大阻值为 所以，滑动变阻器的阻值范围是 0~10Ω，故B正确，B不符合题意；‎ C．当滑片P移到b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大为10Ω，因为电阻R1的阻值为5Ω，所以此时电路中的总功率为 故C错误，C符合题意；‎ D．若滑动变阻器R2出现接触不良时，即R2断路时，电路是串联电路，整个电路断路，所以电流表示数为0，此时电压表测量的就是电路总电压，总电压由选项A分析可知 所以电压表的示数为3V，故D正确，D不符合题意。‎ 故选C。‎ 二、填空题（每空1分，共14分。请将答案填入答题卡对应的位置上）‎ ‎9.“低碳环保”是当今世界的主题，在煤、石油、太阳能中，有可能成为今后理想能源的是_________能。手机是现代最常用的通信工具，手机之间是利用________传递信息的。‎ ‎【答案】 (1). 太阳 (2). 电磁波 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]在煤、石油、太阳能这三种能源之中，太阳能因分布广阔、获取方便、清洁不会造成环境污染可能成为未来的理想能源；‎ 19‎ ‎[2]手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在人讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波。‎ ‎10.如图所示，“歼31”是我国自主研发具有隐形功能的一种四代战机。飞行时，以__________（填“地面”或“飞机”）为参照物，飞行员是静止的；飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的__________（填“快”或“慢”），从而产生了较大的升力。‎ ‎【答案】 (1). 飞机 (2). 快 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]“歼31”是我国自主研发具有隐形功能的一种四代战机。飞行时，以飞机为参照物，飞行员与飞机的位置不发生变化，所以飞行员是静止的；‎ ‎[2]飞机能够升空，是因为机翼上方的空气流速比下方的快，当空气流速越快，压强越小，所以机翼上方压强小，而机翼下方压强大，此压强差产生升力。‎ ‎【点睛】重点是流体压强与流速关系的应用，牢记流速大的地方压强小的规律，中考中也是常出现的题目类型，要能用此特点解释飞机的升力和生活中的相关现象。‎ ‎11.浸没在水中的长方体金属块，上、下表面受到水的压力分别为2N、10N，该金属块受到的浮力为________ N，金属块的体积为________，若上表面距离水面的深度为0.4m，现用3N的力把金属块提升0.1m，则此力对物体做的功为________ J，此时金属块受到的浮力将________（选填“变大”、“不变”或“变小”）（，g取10 N/kg）。‎ ‎【答案】 (1). 8 (2).8×10-4 (3).03 (4).不变 ‎【解析】‎ ‎【详解】[1]该金属块受到的浮力为 ‎[2]由可得 ‎[3]此力对物体做的功为 19‎ ‎[4]由可得，把金属块提升0.1m，金属块排开水的体积不变，故金属块受到水的浮力不变。‎ ‎12.电能表是测量_____的仪表，小红同学家中电能表月初和月底的读数如图所示，则这个月家里用了_____度电，小红同学为了测一只正在工作的电饭锅的实际电功率，她关闭了家中其它所有电器，此时她家标有“3000r/kW·h”字样的电能表每分钟转过30圈，则这只电饭锅工作时的实际功率为_____W。‎ ‎【答案】 (1). 电功 (2). 82 (3).600‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】[1][2]电能表是测量电功的仪表．某月消耗的电能是两次电能表的读数之差，即 ‎[3]标有“3000r/kW·h”字样的电能表每分钟转过30圈，消耗的电能为 ‎13.有一种亮度可以调节的小台灯,其电路如图甲,电源电压为24 V,灯泡L的额定电压为24 V,通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙,当灯泡正常发光时,灯丝的电阻为____ Ω．调节滑动变阻器R,使灯泡的实际功率为1.2 W时,滑动变阻器R连入电路的阻值是____ Ω．观察图象发现灯泡L的电阻是在增大的,这是因为___________________． ‎ ‎【答案】 (1). 60 (2).90 (3).灯丝电阻随温度的升高而增大 ‎【解析】‎ ‎【详解】灯泡两端的电压为24V时,灯泡正常发光,由图乙可以知道此时通过灯泡的电流IL=0.4A, ‎ 19‎ 根据欧姆定律可得,此时灯丝的电阻: ; ‎ ‎(2)由图乙可以知道,当灯泡两端的电压为6V,通过的电流为0.2A时,灯泡的实际功率为1.2W, ‎ 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,灯泡的实际功率为1.2W时,滑动变阻器两端的电压, 串联电路中各处的电流相等,由欧姆定律可得,滑动变阻器R连入电路的阻值: ‎ ‎(3)在材料、长度和横截面积一定时,灯丝电阻还与温度有关,并且灯丝电阻随温度的升高而增大.‎ 因此，本题正确答案是:60;90;灯丝电阻随温度的升高而增大.‎ ‎.‎ ‎【点睛】(1)额定电压下灯泡正常发光,根据图乙读出对应的电流,根据欧姆定律求出此时灯丝的电阻; ‎ ‎(2)由图可以知道找出灯泡的实际功率为1.2W时灯泡两端的电压和电流,根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压,再根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器R连入电路的阻值;‎ ‎(3)灯丝的电阻与温度有关.‎ 三、作图题（每小题2分，共6分。请将答案填入答题卡对应的位置上）‎ ‎14.如图所示，一束光线从空气射入水中，在空气和水的分界面上同时发生反射和折射。请在图中作出反射光线，并作出折射光线的大致方向。‎ ‎（ ）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ 19‎ ‎【详解】以入射光线与水面的交点为入射点，过入射点做法线，根据反射角等于入射角的规律在法线右侧的空气中作反射光线；根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角的规律在法线右侧的水中作折射光线，如图所示 ‎15.如图所示，用一根细绳将杠杆AOB在O点悬挂起来，B处挂一重物G，请你在杠杆上画出最小的动力F1及动力臂l1，使杠杆在图中位置平衡。‎ ‎（）‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】B点离支点最远，故最长的力臂为OB即为力臂l1，过B点作垂直于OB的作用力F1，为使杠杆平衡，力F1的方向向上；如图所示：‎ ‎16.如图所示已画出永磁体与通电螺线管之间的磁感线分布情况中的一条。请标出：①磁感线的方向：②在括号中标出电源右侧的极性（用“+”或“-”表示）。‎ ‎（）‎ 19‎ ‎【答案】‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】磁体外部磁感线的方向是由北极出发，南极进去，据此可以确定磁感线的方向；根据磁极间的相互规律可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可判断螺线管上电流方向向上，所以右端为电源的“+”极，左端为电源的“-”极，如图所示 四、实验探究题（每空1分，共22分。请将答案填入答题卡对应的位置上）‎ ‎17.如图所示是探究“水的沸腾”的实验装置。当水温上升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，直到水沸腾5min后停止记录：‎ ‎(1)图甲中温度计读数是_______℃，图乙中，表示水在沸腾时的现象是其中的______图（选填“A”或“B”）；‎ ‎(2)根据实验数据，作出了水的温度随时间变化的图像，如图丙所示，由图像可知，在当时条件下，水的沸点是_______℃；‎ ‎(3)水在沸腾过程中的特点____________；‎ ‎(4)水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷___________形成的。‎ ‎【答案】 (1). 96 (2).A (3).98 (4).继续吸热，温度不变 (5). 液化 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]由图甲知，温度计的分度值为1℃，所以其示数为96℃。‎ ‎[2]由图乙知，A中气泡在上升过程中逐渐增大，是沸腾时的现象，故A符合题意；B中气泡在上升过程中体积逐渐减小，是沸腾前的现象故B不符合题意。‎ 19‎ 故选A。‎ ‎(2)[3]由图丙可知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以水的沸点为98℃。‎ ‎(3)[4]由图像可知水在沸腾过程中，需要继续吸热，但温度保持不变。‎ ‎(4)[5]杯口附近出现大量的“白气”是由水蒸气遇冷液化形成的小水珠组成的。‎ ‎18.如图甲、乙、丙所示，小明利用小桌、海绵、砝码等探究影响压力作用效果的因素：‎ ‎(1)本实验是通过观察_________来比较压力作用效果的。实验中用到的研究方法有_________和转换法；‎ ‎(2)通过比较图甲、乙，说明_________，压力的作用效果越明显；‎ ‎(3)通过比较图_________（填序号），说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；‎ ‎(4)将该小桌和砝码放在如图丁所示的木板上，则图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强的大小关系为p_________（选填“>”“<”或“=”）。‎ ‎【答案】 (1). 海绵下陷（或凹陷）程度 (2). 控制变量法 (3). 受力面积一定时，压力越大 (4). 乙、丙 (5). =‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]本实验将压力的作用效果转换到海绵的凹陷程度来比较，利用了转换法。‎ ‎[2]实验中有压力、受力面积两个变量影响实验，在探究其中一个对实验的影响时，需要控制另外一个不变，采用了控制变量法。‎ ‎(2)[3]通过比较图甲、乙发现海绵的受力面积相同，受到的压力不同，海绵的凹陷程度不同，说明受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显。‎ ‎(3)[4]在压力一定时，比较受力面积与压力的作用效果的关系，需要控制压力相同，改变受力面积的大小，可以通过比较乙、丙两图得到结论：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。‎ ‎(4)[5]图丙中海绵受到的压力和图丁中木板受到压力大小相等，海绵和木板的受力面积又相同，根据可知受到的压强相等，即 19‎ p=‎ ‎19.某课外兴趣小组的同学对学校的自来水密度进行了测定：‎ ‎(1)某同学将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左侧的零刻度线，发现指针位置如图甲所示，然后向________(选填“左”或“右”)调节_______使指针指在分度盘中央；‎ ‎(2)实验正确操作，测出自来水和杯子总质量为114.8g，将部分水倒入量筒，如图乙所示，测出量筒中水的体积为________ cm3。测出剩余自来水和杯子的质量，如图丙所示，为_________ g；‎ ‎(3)根据上述实验数据，计算出自来水密度为__________ kg/m3；‎ ‎(4)在向量筒倒入自来水时，如果不慎有水溅出，则测出的自来水密度会________ (填“偏大”“偏小”或“不变”)。‎ ‎【答案】 (1). 右 (2). 平衡螺母 (3). 60 (4).54.2 (5).1.01×103 (6).偏大 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1][2]将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左侧的零刻度线，发现指针位置如图甲所示，天平指针向左偏，所以需要向右调节平衡螺母，使使指针指在分度盘中央。‎ ‎(2)[3]由图示可知，量筒中水的体积为 V=60mL=60cm3‎ ‎[4]测出剩余自来水和杯子的质量，如图丙所示，为 m=20g+20g+10g+4.2g=54.2g ‎(3)[5]自来水的密度为 ‎(4)[6]如果不慎有水溅出时，计算时水的质量会偏大，体积会偏小，所以密度会偏大。‎ ‎20.某学习小组在“探究通电导体中的电流与电阻的关系”实验中，连接了如图甲所示的电路（电源电压保持4.5V不变）。‎ 19‎ ‎(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整；（要求：滑动变阻器的滑片P向左移动时，电路中电流变大；导线不得交叉）‎ ‎（ ）‎ ‎(2)连接好电路，闭合开关，发现电压表示数等于电源电压，电流表有示数，移动滑片，电表示数不变，则故障为滑动变阻_________；‎ ‎(3)探究通电导体中的电流与电阻的关系实验要在电压一定时进行，图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。由图像可知R两端的电压为________V；当R的电阻由5Ω更换为10Ω时，闭合开关后，为使R两端的电压________（选填“改变”或“不变”），滑动变阻器的滑片应向____（选填“左”或“右”）端滑动；若实验中R的阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，为了保证完成实验，则滑动变阻器的阻值至少是________Ω。‎ ‎【答案】 (1). (2). 被短路 (3). 3 (4).不变 (5). 右 (6). 12.5‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1]滑动变阻器的滑片P向左移动，电路中电流变大，即电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示 19‎ ‎(2)[2]连接好电路，闭合开关，电流表有示数，即电路中有电流通过，则故障类型为短路，电压表示数等于电源电压，只能滑动变阻被短路。‎ ‎(3)[3]图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图象，由图象可知R两端的电压为 U=IR=0.6A×5Ω=3V ‎[4]探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即保持电阻两端的电压不变。‎ ‎[5]根据串联电路电压的规律可知，应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应右端移动，使电压表的示数仍为3V。‎ ‎[6]电压表控制的电压为3V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压 U滑=4.5V-3V=1.5V 变阻器分得的电压为电压表示数的0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为 R滑=0.5×25Ω=12.5Ω 故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少为12.5Ω的滑动变阻器。‎ 五、简答题（共4分。请将答案填入答题卡对应的位置上）‎ ‎21.2020年初新冠肺炎开始在全球蔓延。为了阻止新冠肺炎的蔓延，戴口罩、隔离、喷洒消毒液，都能有效的阻止其蔓延。3月16日九年级同学戴上口罩返校开学。当同学们进入教室，闻到了浓浓消毒液的气味，戴眼镜的同学的镜片上有了雾气。有的同学在手上、文具上喷洒酒精消毒，发现不一会酒精干了。手上喷洒酒精后有一点凉凉的感觉……。请你根据上面的描述和所学物理知识提出两个相关问题并回答。‎ 示例：‎ 问题：镜片上的雾气是怎样形成的？回答：呼出的水蒸气液化形成的。‎ ‎(1)问题：________；回答：________；‎ 19‎ ‎(2)问题：________；回答：________。‎ ‎【答案】 (1). 为什么在手上、文具上喷洒酒精消毒，发现不一会儿酒精干了？ (2). 因为酒精汽化了。 (3). 喷洒消毒液后，能闻到浓浓消毒液的气味？ (4). 因为消毒液发生了扩散 ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)[1][2]有的同学在手上、文具上喷洒酒精消毒，发现不一会酒精干了，是因为酒精汽化成酒精蒸气散发到空气中了。‎ ‎(2)[3][4]喷洒消毒液后，能闻到浓浓消毒液的气味，是因为酒精分子在永不停息地做无规则运动，即发生了扩散现象。‎ 六、计算题（第22题5分，第23题7分，第24题8分，共20分。请将解答过程及答案填入答题卡对应的位置上）‎ ‎22.如图所示电源电压保持不变，R1=R2=R3=20Ω，当S1、S2都断开，电流表示数0.3A，求：‎ ‎(1)电源电压；‎ ‎(2)S1，S2都闭合时，电流表示数是多少？‎ ‎【答案】(1) 12V；(2) 1.2A。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) S1、S2都断开时，电路为R1和R2的串联电路，电源电压为 ‎(2) 当S1、S2都闭合时，电路电阻R2被短路，电路为R1、R3组成的并联电路，电流表示数是 答：(1)电源电压为12V；‎ ‎(2)S1，S2都闭合时，电流表示数是1.2A。‎ 19‎ ‎23.为减少新型冠状病毒的滋生蔓延，武汉市城管部门在夜间对城区道路集中开展了雾炮车喷洒消毒作业（如图所示）。某型号雾炮车空载时的质量为10t，它配备了一个体积为10m3的水箱。为了方便清洗，水箱底部有一个排水孔，排水孔盖子面积约为100cm2：‎ ‎(1)雾炮车匀速前进喷洒过程中，在2.4km的路段上用时20min，则雾炮车的速度是多少？‎ ‎(2)消毒液喷洒完后空载匀速返回时，若雾炮车在水平地面上匀速行驶时受到的阻力为车重的0.05倍，则行驶2.4km的水平路面上，牵引力所做的功为多大？（g取10N/kg）‎ ‎(3)当水箱中消毒液的深度为1m时，排水孔盖子受到消毒液的压力约为多大？（消毒液的密度为0.8×103kg/m3）‎ ‎【答案】(1)2m/s；(2)；(3)80N ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)在2.4km的路段上用时20min，则雾炮车的速度 ‎(2)雾炮车空载时在水平地面上匀速行驶时受到的阻力与牵引力是一对大小相等的平衡力，且受到的阻力为车重的0.05倍，则牵引力 则牵引力所做的功 ‎(3)当水箱中消毒液的深度为1m时，排水孔盖子受到消毒液的压强 排水孔盖子面积约为100cm2，根据可得排水孔盖子受到消毒液的压力 答：(1)雾炮车的速度是2m/s；‎ 19‎ ‎(2)牵引力所做的功是；‎ ‎(3)当水箱中消毒液的深度为1m时，排水孔盖子受到消毒液的压力是80N。‎ ‎24.小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆（如图所示）内部加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压为220V，额定功率为605W，问：‎ ‎(1)小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6kg 初温为20℃的水，加热系统的加热电阻正常工作16min将水加热到40°C，此加热过程中吸收的热量是多少？（c水=4.2×103J/(kg·°C)）‎ ‎(2)加热系统加热时的热效率是多少？（结果精确到 0.1%）‎ ‎(3)当小明家的实际电压是200V，加热电阻工作的实际功率是多少？（加热电阻阻值不随温度变化而变化）‎ ‎(4)足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V（按摩系统将交流电压转换为12V），工作电流为4A，其电阻为0.5Ω，电动机工作中因发热损失的功率是多少？‎ ‎【答案】(1)5.04×105J；(2)86.8%；(3)500W；(4)8W ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)加热过程中水吸收的热量 ‎(2)加热系统加热时消耗的电能 则热效率 ‎(3)由可得加热电阻的阻值 当小明家的实际电压是200V，加热电阻工作的实际功率 19‎ ‎(4)电动机工作过程中要发热，损失功率 答：‎ ‎(1)加热过程中水吸收的热量是5.04×105J；‎ ‎(2)加热系统加热时的热效率是86.8%；‎ ‎(3)当小明家的实际电压是200V，加热电阻工作的实际功率是500W；‎ ‎(4)电动机工作中因发热损失的功率是8W。‎ 19‎