【物理】四川省新津中学2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

【物理】四川省新津中学2019-2020学年高一上学期12月月考试题 （解析版）

四川省新津中学2019-2020学年高一上学期12月月考试题 ‎ 一、单项选择题（每题4分）‎ ‎1.下列说法正确的是（ ）‎ A. 研究地球绕太阳公转周期时，可以把地球看作一个质点 B. 质点就是用一个点表示物体，没有大小和质量 C. 参照物必须选择静止不动的物体 D. 作息时间表上7:40上早自习表示的是时间 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】A.研究地球绕太阳公转周期时，地球的大小相对于运动的轨道可以忽略不计，可以将地球看作质点，故A正确；‎ B.质点就是用一个点表示物体，有质量，故B错误；‎ C.参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系，故C错误；‎ D.作息时间表上的7：40在时间轴上是一个点，表示的是时刻，故D错误。‎ 故选A。‎ ‎2.下列关于惯性的说法中正确的是（ ）‎ A. 汽车高速运动比缓慢运动难以停下来，所以速度大的物体惯性大 B. “歼20”隐身战机在作战前扔掉副油箱，为了增大惯性 C. 乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小 D. 水平抛出的石块运动轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向在改变 ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】A.惯性大小的唯一量度是质量，与速度无关，故A错误；‎ B. “歼20”隐身战机在作战前扔掉副油箱，是为了减小惯性，故B错误；‎ C.惯性大小的唯一量度是质量，乒乓球可以快速抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故，故C正确；‎ D.抛出的石块轨迹是曲线，重力方向总是竖直向下，故D错误。‎ 故选C。‎ ‎3.下列关于力的说法中正确的是：‎ A. 作用力和反作用力作用在同一物体上 B. 伽利略的理想斜面实验说明了力不是维持物体运动的原因 C. 物体对悬绳的拉力或对支持面的压力的大小一定等于重力 D. 抛出的石块轨迹是曲线，说明石块所受的重力方向在改变 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】A、由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在两个物体上，故A错误；‎ B、伽利略的理想斜面实验说明物体不受力时也会做匀速直线运动，所以力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故B正确；‎ C、物体对悬绳的拉力或对支持面的压力的大小不一定等于重力，如静止在斜面上的物体，物体对支持面的压力不等于重力，故C错误；‎ D、抛出的石块轨迹是曲线，是由于石块所受的重力方向与速度的方向不在同一条直线上，故D错误。‎ 故选：B。‎ ‎4.三个共点力的大小分别是，它们的合力的大小不可能是（ ）‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】三个共点力F1=4N、F2=7N、F3=8N，则它们的合力F的范围0N≤F合≤19N，故C不可能，ABD可能。‎ ‎5.如图所示，有两个穿着溜冰鞋的人站在冰面上，当其中一个人A从背后轻轻推另一个人B的时，两人都会运动，如图所示。关于A、B间的相互作用力，下列说法中正确的是（ ）‎ A. A对B的作用力在先，B对A的作用力在后 B. B对A的作用力大小等于A对B的作用力大小 C. B对A的作用力和A对B的作用力是性质相同的力 D. A对B的作用力和B对A的作用力是一对平衡力 ‎【答案】BC ‎【解析】‎ ‎【详解】ABC.作用力与反作用力大小相等、方向相反、同时产生、同时消失，作用在两个不同的物体上性质相同，故BC正确，A错误；‎ D.用力与反作用力作用在两个不同的物体上，既不能合成，也不能抵消，不是一对平衡力，故D错误。‎ 故选BC。‎ ‎6.物体自楼顶处开始做自由落体运动，落到地面的速度为，重力加速度为，则物体从楼顶落到楼高一半处所经历的时间为 A. B. C. D. ‎ ‎【答案】C ‎【解析】‎ ‎【详解】设楼顶到地面的高度为h，物体从楼顶落到楼高一半处的速度为v′则有：2gh=v2，，联立可得：，，故C正确，ABD错误。‎ ‎7.如图所示，倾角为、质量为的斜面放在水平桌面上，质量为的木块沿斜面匀速下滑，斜面始终静止。已知木块与斜面间的动摩擦因素，重力加速度为，在此过程中下列判断正确的是（ ）‎ A. 木块受到的摩擦力大小等于 B. 木板对斜面体的压力大小等于 C. 桌面对斜面体的摩擦力等于 D. 桌面对斜面体的支持力大小等于 ‎【答案】A ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.先对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：‎ 根据平衡条件，有：摩擦力为：f=mgsinα，压力为：N=mgcosα，故A正确，B错误；‎ CD.对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为（M+m）g，静摩擦力为零，故CD错误。‎ 故选A。‎ ‎8.如图所示，把球夹在竖直墙AC和木板BC之间，不计摩擦，球对墙的压力为F1，对木板的压力为F2．在将板BC逐渐放至水平的过程中，下列说法中，正确的是（ ）‎ A. F1和F2都增大 B. F1和F2都减小 C. F1增大，F2减小 D. F1减小，F2增大 ‎【答案】B ‎【解析】‎ ‎【详解】以小球为研究对象，分析受力：重力mg、墙对小球的支持力FN1′和板对球的支持力FN2′．设板与墙间的夹角为α．‎ 根据平衡条件得知：FN1′板对球的支持力FN2′的合力与mg 大小相等、方向相反，则由图可得FN1′=mgcotα，；在将板BC逐渐放至水平的过程中，α增大，cotα减小，sinα增大，则知FN1′减小，FN2′减小，根据牛顿第三定律得知FN1减小，FN2减小． A，C，D错误．故选B 二、多项选择题（每题4分）‎ ‎9.将物体所受重力按力的效果进行分解，下列图中正确的是(　　)‎ A. B. C. D. ‎ ‎【答案】ABD ‎【解析】‎ ‎【详解】A. A项中物体重力分解为垂直于斜面使物体压紧斜面的分力G1和沿斜面向下使物体向下滑的分力G2，故选项A正确；‎ B. B项中物体的重力分解为沿两条细绳使细绳张紧的分力G1和G2，故选项B正确；‎ C. C项中物体的重力应分解为垂直于两接触面使物体压紧两接触面的分力G1和G2，故选项C错误；‎ D. D项中物体的重力分解为水平向左压紧墙的分力G1和沿绳向下使绳张紧的分力G2，故选项D正确。‎ ‎10. 如图所示，以水平力F压物体A，这时A沿竖直墙壁匀速下滑，若物体A与墙面间的动摩擦因数为μ，A物体的质量为m，那么A物体与墙面间的滑动摩擦力大小等于（ ）‎ A. μmg B. mg C. F D. μF ‎【答案】BD ‎【解析】‎ 由于物体匀速下滑，因此在竖直方向上二力平衡，有：mg=f，根据滑动摩擦力的大小有：f=μFN，FN=F，得f=μF，所以A、C错误，B、D正确。‎ ‎11.泸州市某商场安装有如图所示的斜向上运动的电动扶梯，无人乘行时，电梯不运转；有人站上扶梯时，扶梯会先加速，再匀速运转，一顾客站上扶梯的水平梯面，相对扶梯静止，随扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，则下列说法中正确的是（ ）‎ A. 扶梯运动时，扶梯对顾客作用力的方向始终竖直向上 B. 扶梯运动时，扶梯对顾客的支持力大小始终等于顾客的重力 C. 扶梯加速时，扶梯对顾客摩擦力的方向水平向右 D. 扶梯加速时，该顾客受到三个力作用，匀速时受到两个力的作用 ‎【答案】CD ‎【解析】‎ ‎【详解】在慢慢加速的过程中，受力如图所示：‎ 物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，扶梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对扶梯的作用方向指向向左下，即为先与扶梯运动方向相反，由于加速向右上方，处于超重状态即顾客受到的支持力大于重力；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用只有压力，方向沿竖直向下。故AB错误，CD正确。‎ ‎12.如图所示，质量和的两物体用轻质弹簧相连，在的水平拉力作用下，一起向左以相同的加速度在光滑水平面上作匀速直线运动。下列说法正确的是（ ）‎ A. 一起作匀加速直线运动时，弹簧的弹力大小等于 B. 一起作匀加速直线运动时，弹簧的弹力大小等于 C. 若突然撤去拉力的瞬间，的加速度大小为为 D. 若突然撤去拉力的瞬间，的加速度大小为为 ‎【答案】BD ‎【解析】‎ ‎【详解】AB.先选整体为研究对象，进行受力分析，由牛顿第二定律得：F =（m1+m2）a，代入数据解得：a=2m/s2，对m2受力分析，受到向右的弹簧弹力F2，由牛顿第二定律得：F2=m2a，解得： F2=m2a=4×2N=8N，故A错误，B正确；‎ CD.在突然撤去F的瞬间，因为弹簧的弹力不能发生突变，所以m1的加速度大小：，m2的加速度大小：，故D正确，C错误。‎ 故选BD。‎ 三、实验题（每空3分）‎ ‎13.如图甲所示，在“验证力的平行四边形定则”实验中，A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示．‎ ‎（1）图乙中的F与两力中，方向一定沿AO方向的是___________。‎ ‎（2）本实验采用的科学方法是___________‎ A．理想实验法　　　　B．控制变量法　　　　C．等效替代法　　　　D．类比法．‎ ‎【答案】 (1). (2). C ‎【解析】‎ ‎【分析】‎ 考查实验“验证力的平行四边形定则”‎ ‎【详解】（1）图中F是根据力的平行四边形定则作出的理论值，是用一个弹簧测力计时测出的实验值，一定沿AO方向；‎ ‎（2）本实验采取的是等效替代法。‎ ‎14.用如图甲所示装置做“探究物体的加速度跟力的关系”的实验。实验时保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端 拖动的纸带测出小车运动的加速度。‎ ‎(1)实验时先不挂钩码，反复调整垫块的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是_____。‎ ‎(2)图乙为实验中打出的一条纸带的一部分， 从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的 5 个计数点 A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有 4 个点迹没有标出，测出各计数点到 A 点之间的距离， 如图所示。已知打点计时器接在频率为 50 Hz 的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值 a＝_______m/s2。（结果保留两位 有效数字）‎ ‎(3)实验时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度。根据 测得的多组数据画出 a•F 关系图像，如图丙所示。此图像的 AB 段明显偏离直线，造成此 现象的主要原因可能是______。（选填下列选项的序号）‎ A．小车与平面轨道之间存在摩擦 ‎ B．平面轨道倾斜角度过大 ‎ C．所挂钩码的总质量过大 ‎ D．所用小车的质量过大 ‎【答案】 (1). 平衡小车运动中所受摩擦阻力 (2). 1.0 (3). C ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)反复调整垫木的左右位置，可改变木板的倾角，利用小车沿斜面向下的分力来平衡小车运动中 所受的摩擦阻力。‎ ‎(2)如图：x1=3.8cm=0.038m,‎ x2=8.79-3.8=4.99cm=0.0499m x3=14.7-8.79=5.91cm=0.0591m,‎ x4=21.6-14.7=6.9cm=0.069m 由，T=0.1s，代入数据得a=1.0m/s2.‎ ‎(3)实验时保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合力，满足条件是小车的质量远大于钩码的质量，若所挂钩码总质量过大时，引起的实验误差较大，造成图线的AB段明显偏离直线。‎ 四、计算题（12分+12分+13分）‎ ‎15.如图所示，A、B均处于静止状态，与A相连的绳水平，绳CD与水平方向成37°角，绳CD上的拉力T=50N，各绳均为轻绳，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求 ‎（1）物体A受到的摩擦力为多大 ‎（2）物体B重力为多大 ‎【答案】（1）求物体A受到摩擦力为40 N。（2）物体B重力为30 N。‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】(1) 以结点C为研究对象，其受力情况如图所示：‎ T=50 N，因结点C处于静止状态，则：‎ 在水平方向上，A对绳的拉力为：FA=Tcos37°=40N 物体A处于静止状态，故所受摩擦力为静摩擦力大小为：Ff=F2=40N；‎ ‎(2) 在竖直方向上，B对绳的拉力为：FB=Tsin37°=30N 物体B处于静止状态，则重力大小为：GB=F3=30N ‎16.泸州市作为全国文明城市，车让行人成为了最基本的礼仪之一。某次汽车司机驾车以的速度行驶在平直公路上，在行驶到车头距人行道距离时发现有行人过马路，于是司机立刻采取制动汽车匀减速运动，车头距行人行道边缘恰好停止，停止后，行人已全部经过人行道边缘恰好停止，车停止后，行人已经全部经过人行道，司机立即以的加速度匀加速通过人行道，汽车长，人行道宽。求：‎ ‎（1）司机制动过程中汽车的加速度 ‎（2）若无人过人行道，汽车保持的速度匀速运动，则该汽车车头距人行道距离开始，到汽车刚好通过人行道所用的时间；‎ ‎（3）为礼让行人，按照题中所述方式，该车头距人行道距离开始，到汽车刚好通过人行道所用的时间。‎ ‎【答案】（1）（2）（3）‎ ‎【解析】‎ ‎【详解】（1）由速度位移公式： ‎ 初速度为，制动末速度为，制动的距离为，代入公式解得：‎ ‎ ‎ ‎（2）通过人行道距离为斑马线宽度、车头到斑马线的距离与车身的长度 ‎ 由速度公式：‎ 解得： ‎ ‎（3）题中所述的方式是先在处匀减速直线运动到斑马线前，等 后再从静止匀加速直线运动通过人行道第一段时间处减速到的时间，初速度为，制动末速度为，加速度 ，由速度时间公式：‎ 解得：‎ 第二段时间等待 第三段时间匀加速直线运动通过斑马线，总位移 由 代入数据解得：‎ 总时间：‎ ‎17.如图所示，光滑水平面上放有光滑直角斜面体，倾角θ=30°，质量M=2.5kg。平行于斜面的轻质弹簧上端固定，下端与质量m=1.5kg的铁球相连，静止时弹簧的伸长量Δl0=2cm.重力加速度g取10m/s2。现用向左的水平力F拉着斜面体向左运动，铁球与斜面体保持相对静止，当铁球对斜面体的压力为0时，求：‎ ‎(1)水平力F的大小；‎ ‎(2)弹簧的伸长量Δl.‎ ‎【答案】（1）40N（2）8cm ‎【解析】‎ ‎【详解】(1)当铁球与斜面体一起向左加速运动，对斜面体压力为0时，弹簧拉力为T，铁球受力如图:‎ 由平衡条件、牛顿第二定律得：‎ 对铁球与斜面体整体，由牛顿第二定律得： ‎ 联立以上两式并代入数据得：‎ ‎(2)铁球静止时，弹簧拉力为T0，铁球受力如图:‎ 由平衡条件得： ‎ 由胡克定律得：‎ 联立以上两式并代入数据得：‎ ‎ ‎