- 2021-04-19 发布 |
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文档介绍
广东省韶关市2020届高三上学期期末调研数学(理)试题
绝密★启用前 试卷类型:A 2020届广东省韶关市高三调研测试 理科数学 2020.1.13 (本试卷分选择题和非选择题两部分,满分为150分,考试用时120分钟) 第Ⅰ卷(选择题,共60分) 一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. 1、已知全集,则( ) A、 B、 C、 D、 2、已知等差数列的前项和为,,则( ) A、 B、 C、 D、 3、设变量满足约束条件,则目标函数的最大值为( ) A、 B、 C、 D、 4、已知某地区中小学生人数和近视情况分别如图甲和图乙所示,为了了解该地区中小学生的近视形成原因,用分层抽样的方法抽取4%的学生进行调查,则样本容量和抽取的初中生近视人数分别为( ) A、 B、 C、 D、 5、已知双曲线以椭圆的焦点为顶点,以椭圆的顶点为焦点,则双曲线的渐近线方程是( ) A、 B、 C、 D、 6、用数字组成没有重复数字的四位数,其中比3000大的奇数共有( )个 A、 B、 C、 D、 7、函数的部分图象大致为( ) 8、运行如图所示的程序框图,若输出结果为,则判断框中应该填的条件是( ) A、 B、 C、 D、 9、已知是半径为1的圆的两条直径,,则的值是( ) A、 B、 C、 D、 10、设均为正实数,,则( ) A、 B、 C、 D、 11、已知函数为奇函数,,当取最小值时,的一个单调递减区间是( ) A、 B、 C、 D、 12、已知三棱锥的四个顶点在以为直径的球面上,于,,若三棱锥的体积的最大值为 ,则该球的表面积为( ) A、 B、 C、 D、 第II卷(非选择题,共90分) 本卷包括必考题和选考题,第(13)题~第(21)题为必考题,每个试题考生都必须作答,第(22)题~第(23)题为选考题,考生根据要求作答。 二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。 13、若,则 . 14、已知直线是曲线在处的切线,直线是曲线的一条切线,且,则直线的方程是 . 15、中国古代数学著作《算法统宗》中有这样一段记载:‘三百七十八里关,初行健步不难,次日脚痛减一半,六朝才得到其关’其大意为:有一个人走了378里路,第一天健步行走,从第二天起脚痛每天走的路程为前一天的一半,走了6天后到达目的地。则该人最后一天走的路程为 里. 16、离心率为的椭圆恰好过抛物线的焦点,为椭圆的上顶点,为直线上一动点,点关于直线的对称点为,则的最小值为 . 三、解答题:本大题共6小题,满分70分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。 17、(本小题满分12分) 如图,在平面四边形中,,设. (1)若,求的值; (2)用表示四边形的面积,并求的最大值. 18、(本小题满分12分) 如图,在四棱锥中,底面是正方形,侧棱底面,分别是的中点. (1)求证:平面; (2)设,求二面角的余弦值. 19、(本小题满分12分) 某电子工厂生产一种电子元件,产品出厂前要检出所有次品。已知这种电子元件次品率为0.01,且这种电子元件是否为次品相互独立。现要检测3000个这种电子元件,检测的流程是:先将这3000个电子元件分成个数相等的若干组,设每组有个电子元件,将每组的个电子元件串联起来,成组进行检测,若检测通过,则本组全部电子元件为正品,不需要再检测;若检测不通过,则本组至少有一个电子元件是次品,再对本组个电子元件逐一检测. (1)当时,估算一组待检测电子元件中有次品的概率; (2)设一组电子元件的检测次数为,求的数学期望; (3)估算当为何值时,每个电子元件的检测次数最小,并估算此时检测的总次数(提示:利用进行估算). 20、(本小题满分12分) 已知椭圆的焦点在圆上,且椭圆上一点与两焦点围成的三角形周长为. (1)求椭圆的方程; (2)过圆上一点作圆的切线交椭圆于两点,证明:点在以为直径的圆内. 21、(本小题满分12分) 已知函数有两个极值点,且. (1)求实数的取值范围; (2)若,证明:. (二)选考题:共10分.请学生在第22,23题中任选一题作答。如果多选,则按所做的第一题计分,作答时请用2B铅笔在答题卡上将所选题号后的方框涂黑. 22、[选修4-4:坐标系与参数方程](10分) 已知曲线的参数方程为(为参数),直线的极坐标方程为,以坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴建立极坐标系. (1)求曲线的直角坐标方程和直线的普通方程; (2)设点在曲线上,求点到直线距离的取值范围. 23、[选修4-5:不等式选讲](10分) (1)已知函数,求不等式的解集; (2)已知,求证:. 2020届韶关高三调研测试数学(理科)试题 参考答案和评分标准 一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 A B A B A C C B B B A C 二、填空题 13、 14、 15、 16、 三、解答题 17、解:(1)在中,由余弦定理知 由已知, 代入上式得:,即 又由正弦定理得: 即:,解得:……………………………………6分 (2)在中,由余弦定理知 故 所以 故………………………………………………………………12分 18、解:(1)证明:取的中点,连接 ∵分别是的中点 ∴ 在正方形中,是的中点 ∴ ∴四边形是平行四边形 ∴ 又平面,平面 ∴平面……………………………………………………………………………6分 (2)以为原点,延长线,所在直线分别为轴建立如图所示的空间坐标系,则 ∴ 设是平面的法向量,则 ,令,得 设是平面的法向量,则 ,令,得 由图形可知二面角为钝二面角 ∴二面角的余弦值为……………………………………………………12分 19、解:(1)设事件:一组待检测电子元件中由次品,则事件表示一组待检测电子元件中没有次品 因为 所以…………………………4分 (2)依题意,的可能取值为 分布列如下: 1 所以的数学期望为:………………8分 (3)由(2)可得:每个元件的平均检验次数为: 因为 当且仅当时,检验次数最小 此时总检验次数(次)…………………………………… 12分 20、(1)∵圆与轴的交点为,∴ ∵椭圆上一点与两焦点围成的三角形周长为 ∴ ∴ ∴ ∴椭圆的方程为………………………………………………………………4分 (2)当直线的斜率不存在时,两点的坐标分别为 此时点到切线的距离为1,以为直径的圆的半径为 ∵,∴点在以为直径的圆内; 当直线的斜率存在时,设直线的方程为 因为直线与圆相切,所以,即 联立,化简得: ∴……………………………………………………9分 ∴ ∴即 ∴点在以为直径的圆内 综上所述,点在以为直径的圆内。…………………………………………………12分 21、(1)的定义域为, 设,则在内有两个变号零点, 令得,令得 ∴在递增,在递减 ∴ 又当时,,在没有两个零点 当时, (令,因为,所以在递减, ) ∴使得,使得 当时,,∴递减 当时,,∴递增 当时,,∴递增; 当时,,递减 ∴分别为的极小值与极大值点 综上,的取值范围为………………………………………………………………6分 (2)由(1)知,∴,∴ ∴时,∴ 要证,只需证 ∵由(1)得 ∴得,即 设,则,∴,∴ ∴…………………………………………………………………………9分 下面说明 即,设 ∴ ∴递增,∴即 ∴成立……………………………………………………………12分 22、 (1)由曲线的参数方程得: 曲线的普通方程为:…………………………………………………3分 由直线的极坐标方程得: 由代入上式得执行的直角坐标方程为…………5分 (2)由题意,可设点 到直线的距离 当时,,当时, 所以的取值范围是……………………………………………………10分 23、(1)当时,,解得 当时,,解得 当时,,无解 综上所述,不等式的解集为 (2)因为 所以(当且仅当取等号) 同理(当且仅当取等号) (当且仅当取等号) 相加(当且仅当取等号) 所以 因为,所以 所以……………………………………………………………10分查看更多