2019-2020学年生物人教版必修2作业与测评：第1章　章末检测

2019-2020学年生物人教版必修2作业与测评：第1章　章末检测

第 1 章 章末检测 对应学生用书 P9 时间：90 分钟 满分：100 分 一、选择题(每小题 2 分，共 40 分) 1．下列哪项不属于豌豆适合作遗传学实验材料的理由( ) A．豌豆属于闭花受粉植物，在自然状态下一般都是纯种 B．豌豆具有多对容易区分的相对性状 C．一株豌豆一次可以产生很多后代 D．豌豆的花属于单性花，容易操作 答案 D 解析 豌豆的花属于两性花，且是严格的闭花受粉植物，自然状态下一般都 是纯种；豌豆具有多对容易区分的相对性状；豌豆一次可以产生许多后代，便于 用统计学的方法分析实验结果。 2．下列有关相对性状遗传的叙述，正确的是( ) A．在一群同种生物个体中，若仅考虑一对等位基因，可有 4 种不同的交配类 型 B．最能说明基因分离定律实质的是 F2 的表现型比为 3∶1 C．若要鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交 D．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量 答案 C 解析 在一个生物群体中，若仅考虑一对等位基因，可有 6 种不同的交配类 型，A 错误；最能说明基因分离定律实质的是 F1 产生两种比例相等的配子，B 错 误；鉴别一棵显性性状植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，植物常用自交 法，简便易行，还可保留纯合子，C 正确；测交可推测被测个体产生配子的种类和 比例，而不是数量，D 错误。 3．基因型为 AaBb(两对基因独立遗传)的某植物个体自交，双显性子代中含隐 性基因的个体占( ) A．1/16 B．8/9 C．9/16 D．1/2 答案 B 解析 依据自由组合定律，双显性子代的基因型为 A_B_，所占比例为 9/16， 其中只有 AABB 不含隐性基因，在双显性子代中所占比例为 1/9，则双显性子代中 含隐性基因的个体所占比例为 1－1/9＝8/9。 4．刺鼠的毛色由两个位点 B 和 C 决定，B(b)和 C(c)的遗传符合基因的自由组 合定律。B(黑色)对 b(褐色)为显性；凡是具有 CC 和 Cc 基因型的鼠是正常体色， 只要基因型是 cc 则为白化鼠。黑色的刺鼠与 bbcc 的白化鼠交配，其子一代中，1 2 个 体是白化鼠，1 4 是黑色正常刺鼠，1 4 是褐色正常刺鼠。请推测黑色亲本的基因型是 ( ) A．bbCc B．BbCc C．BbCC D．BBCc 答案 B 解析 刺鼠的毛色是由两对等位基因控制的性状，只有 C 基因存在的情况下， B_表现为黑色，bb 表现为褐色，黑色亲本中至少含一个 B 和一个 C，基因型为 B_C_ 的黑色刺鼠与白化鼠 bbcc 交配，子一代中有1 2 个体是白化鼠，所以亲本黑色刺鼠含 有 c 为 B_Cc，子一代中1 4 是黑色正常刺鼠，1 4 是褐色正常刺鼠，亲本黑色刺鼠含有 b，所以黑色亲本的基因型是 BbCc。 5．萝卜的根形由两对等位基因决定，且这两对基因的遗传符合基因的自由组 合定律。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，F1 全为扁形块根。F1 自 交后代 F2 中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为 9∶6∶1，则 F2 中的圆形块 根中杂合子所占的比例为( ) A.2 3 B. 6 16 C.8 9 D. 3 16 答案 A 解析 F2 中比例为 9∶6∶1，即 9∶3∶3∶1 的变形，圆形块根的基因型为 3A_bb 和 3aaB_，其中 1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中杂合子占4 6 ＝2 3 ，A 正 确。 6．某二倍体植物的叶表面无蜡粉和有蜡粉是一对相对性状(由等位基因 E、e 控制)，某校研究性学习小组做了如下三组实验，下列有关分析不正确的是( ) 编组 亲本组合 F1 的表现型及比例 甲组 无蜡粉植株(♀)× 有蜡粉植株(♂) 无蜡粉∶有蜡粉＝ 1∶1 乙组 无蜡粉植株(♂)× 有蜡粉植株(♀) 无蜡粉∶有蜡粉＝ 1∶1 丙组 有蜡粉植株自交 无蜡粉∶有蜡粉＝ 1∶3 A．实验结果表明有蜡粉是显性性状 B．控制这对相对性状的基因位于细胞核内 C．三组亲本中有蜡粉植株的基因型都是 Ee D．丙组的 F1 中纯合子所占的比例是1 4 答案 D 解析 根据丙组可知，有蜡粉是显性性状，A 正确；由表中数据可知，该对 相对性状的遗传符合孟德尔的分离定律，因此控制这对相对性状的基因位于细胞 核内，B 正确；甲、乙是测交，后代有两种表现型，丙组自交后代有性状分离，所 以三个亲本中有蜡粉植株都是杂合子 Ee，C 正确；丙组 Ee――→⊗ 1EE、2Ee、1ee， 纯合子占1 2 ，D 错误。 7．某种蝴蝶紫翅(Y)对黄翅(y)是显性，绿眼(G)对白眼(g)为显性，两对基因的 遗传符合自由组合定律，生物小组同学用紫翅绿眼和紫翅白眼的蝴蝶进行杂交， F1 出现的性状类型及比例如下图所示。下列说法错误的是( ) A．上述亲本的基因型是 YyGg×Yygg B．F1 紫翅绿眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，相应性状之比是 15∶5∶3∶1 C．F1 紫翅白眼个体自交(基因型相同个体间的交配)，其中纯合子所占比例是2 3 D．F1 紫翅绿眼个体与黄翅白眼个体交配，则后代相应的性状之比是 4∶2∶1∶1 答案 D 解析 紫翅∶黄翅＝3∶1 可以推断出两个亲本关于翅色的基因型为 Yy×Yy， 绿眼∶白眼＝1∶1，说明绿眼不是纯合体，这样就可以得到两个亲本的基因型 YyGg×Yygg，A 正确；F1 紫色绿眼基因型 1 3YYGg、2 3YyGg，Gg 自交，绿眼∶白 眼＝3∶1，Y_自交，出现黄翅的概率为2 3 ×1 4 ＝1 6 ，紫翅为 1－1 6 ＝5 6 ，即紫翅∶黄翅 ＝5∶1，故 F1 紫翅绿眼(Y_Gg)个体自交后代表现型的比例为(3∶1)×(5∶1)＝ 15∶5∶3∶1，B 正确；F1 紫翅白眼基因型为 Y_gg1 3YYgg、2 3Yygg，自交后代中杂 合子的概率为2 3 ×1 2 ＝1 3 ，纯合子的概率为 1－2 3 ×1 2 ＝2 3 ，C 正确；F1 紫翅绿眼 1 3YYGg、 2 3YyGg 个体与黄翅白眼(yygg)个体杂交，出现黄翅概率2 3 ×1 2 ＝1 3 ，紫翅为 1－1 3 ＝2 3 ， 即紫翅∶黄翅＝2∶1，绿眼∶白眼＝1∶1，则后代性状比例为紫翅绿眼∶紫翅白 眼∶黄翅绿眼∶黄翅白眼＝(2∶1)×(1∶1)＝2∶2∶1∶1，D 错误。 8．基因型为 AabbDd 的个体自交后，其后代表现型的比例接近于( ) A．9∶3∶3∶1 B．3∶3∶1∶1 C．1∶2∶1 D．3∶1 答案 A 解析 AabbDd 自交后代表现型比例接近于(3∶1)×1×(3∶1)＝9∶3∶3∶1， A 正确。 9．纯合的黄色圆粒豌豆(YYRR)与纯合的绿色皱粒豌豆(yyrr)杂交，F2 代中出 现杂合的绿色圆粒豌豆的几率是( ) A．1/4 B．1/8 C．1/16 D．3/16 答案 B 解析 纯种黄色圆粒豌豆(YYRR)和纯种绿色皱粒豌豆(yyrr)作亲本进行杂交， F1 均为黄色圆粒(YyRr)，F1 再进行自交，F2 中表现型及比例为黄色圆粒∶黄色皱 粒：绿色圆粒：绿色皱粒＝9∶3∶3∶1。因此，F2 中出现杂合的绿色圆粒(yyRr) 豌豆的几率是 1/4×1/2＝1/8，B 正确。 10．菜豆种子颜色由两对非等位基因 A(a)和 B(b)调控。A 控制黑色素合成(A_ 出现色素，AA 和 Aa 的效应相同，aa 不出现色素)，B 为修饰基因，淡化颜色的深 度(BB 使色素颜色完全消失，Bb 使色素颜色淡化)。 现有亲代种子 P1(纯种，白色)和 P2(纯种，黑色)，杂交实验如图所示，则下列 有关推断不正确的是( ) A．P1 和 P2 的基因型分别为 AABB 和 aabb B．F1 的基因型是 AaBb C．F2 种子是黑色的个体基因型有 2 种 D．F2 种子是白色的个体基因型有 5 种 答案 A 解析 由于 F1 的表现型为黄褐色，且 F2 性状分离比为 3∶6∶7，属于 9∶3∶3∶1 的变式，所以 F1 基因型为 AaBb，B 正确；P1 为纯种白色基因型可能 为 AABB、aaBB、aabb，P2 为纯种黑色，基因型为 AAbb，因为 F1 为 AaBb，所以 P1 的基因型是 aaBB，A 错误；F2 种子是黑色的个体基因型有 2 种，分别是 AAbb 和 Aabb，C 正确；F2 种子是白色的个体基因型有 5 种，分别是 AABB、AaBB、aaBB、 aaBb、aabb，D 正确。 11．某植物的花色由两对自由组合的基因决定，显性基因 A 和 B 同时存在时， 植株开紫花，其他情况开白花，以下叙述错误的是( ) A．开紫花植株的基因型有 4 种 B．其中基因型是 AaBb 的紫花植株进行自交，子代表现型为紫花植株∶白花 植株＝9∶7 C．只有基因型是 AaBB 的紫花植株自交时，子代才会出现紫花植株∶白花植 株＝3∶1 D．基因型为 aaBb 的白花植株自交，子代全部表现为白花植株 答案 C 解析 由题意可知，开紫花植株的基因型有 AABB、AABb、AaBB、AaBb4 种，A 正确；基因型为 AaBb 的紫花植株进行自交，子代表现型为紫花植株∶白花 植株＝9∶7，B 正确；基因型是 AaBB 或 AABb 的紫花植株自交时，子代都会出 现紫花植株∶白花植株＝3∶1，C 错误；基因型为 aaBb 的白花植株自交，子代基 因型为 aaBb、aaBB 和 aabb，全部表现为白花植株，D 正确。 12．玉米是雌雄同株、异花传粉植物，可以接受本植株的花粉，也能接受其 他植株的花粉。在一块农田间行种植等数量基因型为 Aa 和 aa 的玉米(A 和 a 分别 控制显性性状和隐性性状，且 A 对 a 为完全显性)，假定每株玉米结的子粒数目相 同，将收获的玉米子粒种下去，具有 A 表现型和 a 表现型的玉米比例应接近( ) A．1∶4 B．5∶11 C．1∶2 D．7∶9 答案 D 解析 根据农田间行种植等数量基因型为 Aa 和 aa 的玉米可以知道：产生的 配子中：A 占1 4 ，a 占3 4 。因为玉米是雌雄同株、异花受粉植物，可以接受本植株的 花粉，也能接受其他植株的花粉，说明它们之间能进行自由传粉，玉米结的子粒 中，AA 占1 4 ×1 4 ＝ 1 16 ，Aa 占1 4 ×3 4 ×2＝ 6 16 ，aa 为3 4 ×3 4 ＝ 9 16 。因此，收获的玉米种下 去，具有 A 表现型和 a 表现型的玉米比例应接近 1 16 ＋ 6 16 ∶ 9 16 ＝7∶9。 13．南瓜的果实中白色(W)对黄色(w)为显性，盘状(D)对球状(d)为显性，两对 基因独立遗传。下列不同亲本组合所产生的后代中，结白色球状果实最多的一组 是( ) A．WwDd×wwdd B．WwDd×WWDD C．WWdd×WWdd D．WwDd×wwDD 答案 C 解 析 WwDd×wwdd 后 代 中 结 白 色 球 状 果 实 比 值 为 1/2×1/2 ＝ 1/4 ， WwDd×WWDD 后代中结白色球状果实比值为 1×0＝0，WWdd×WWdd 后代中 结白色球状果实比值为 1×1＝1，WwDd×wwDD 后代中结白色球状果实比值为 1/2×0＝0，C 组结白色球状果实最多，C 正确。 14．某植物花瓣的大小受一对等位基因 A、a 控制，基因型 AA 的植株表现为 大花瓣，Aa 的为小花瓣，aa 的为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因 R、r 控制， 基因型为 RR 和 Rr 的花瓣是红色，rr 的为黄色，两对基因独立遗传。若基因型为 AaRr 的亲本自交，则下列有关判断错误的是( ) A．子代共有 9 种基因型 B．子代共有 4 种表现型 C．子代有花瓣植株中，AaRr 所占的比例约为 1/3 D．子代的所有植株中，纯合子约占 1/4 答案 B 解析 AaRr 自交，根据基因自由组合定律，子代共有 3×3＝9 种基因型，A 正确；Aa 自交子代表现型有 3 种，Rr 自交子代表现型有 2 种，但由于 aa 表现无 花瓣，即 aaR_与 aarr 的表现型相同，因此表现型共 5 种，B 错误；子代有花瓣植 株所占的比例为 3/4，AaRr 所占的比例为 1/2×1/2＝1/4，因此子代有花瓣植株中， AaRr 所占的比例为 1/3，C 正确；AaRr 自交，子代的所有植株中，纯合子约占 1/2×1/2＝1/4，D 正确。 15．有一植物只有在显性基因 A 和 B 同时存在时才开紫花。已知一株开紫花 的植物自交，后代开紫花的植株 180 棵，开白花的植株 142 棵，那么在此自交过 程中配子间的组合方式有多少种( ) A．2 种 B．4 种 C．8 种 D．16 种 答案 D 解析 显性基因 A 和 B 同时存在时才开紫花，则紫花的基因型表示为 AABB、 AaBB、AABb、AaBb，若 AABB 自交，后代为紫花；若 AaBB 自交，后代为紫花∶ 白花＝3∶1；若 AABb 自交，后代为紫花∶白花＝3∶1；若 AaBb 自交，后代为 紫花∶白花＝9∶(3＋3＋1)＝9∶7，符合题意，所以该紫花植株基因型为 AaBb， 能产生雌雄配子各 4 种，自交过程中雌雄配子间的组合方式有 4×4＝16 种。 16．科学家屠呦呦因发现能有效治疗疟疾的青蒿素，获得 2015 年度诺贝尔生 理学或医学奖。青蒿富含青蒿素，控制青蒿株高的等位基因有 4 对，它们对株高 的作用相等，且独立遗传。已知基因型为 aabbccdd 的青蒿高为 10 cm，基因型为 AABBCCDD 的青蒿高为 26 cm。如果已知亲代青蒿高是 10 cm 和 26 cm，则 F1 的 表现型及 F2 中可能有的表现型种类是( ) A．12 cm、6 种 B．18 cm、6 种 C．12 cm、9 种 D．18 cm、9 种 答案 D 解析 依题意可知，每个显性基因可使植株增高(26－10)/8＝2 cm。亲代青蒿 高是 10 cm 和 26 cm 的基因型分别为 aabbccdd 和 AABBCCDD，二者杂交，F1 的 基因型为 AaBbCcDd，含有四个显性基因，所以表现型(株高)为 10＋2×4＝18 cm； F2 的表现型种类可依据显性基因的数目来确定，在 F2 的个体中，最多含有 8 个显 性基因，最少不含显性基因，因此表现型有 9 种。综上所述，A、B、C 错误，D 正确。 17．某种植物绿叶(A)对紫叶(a)为显性，长叶(B)对圆叶(b)为显性，且基因 A 或b纯合时致死。现有两株双杂合的绿色长叶植株杂交，子代表现型的比例为( ) A．2∶1 B．9∶3∶3∶1 C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1 答案 A 解析 基因型为 AaBb 的植株杂交，由于当基因 A 或 b 在纯合时致死，所以 子代中 AA__和__bb 的个体都死亡，因此能存活的个体基因型为 AaBB、AaBb、 aaBB 和 aaBb，故理论上所生的子代表现型比例为(2/16＋4/16)∶(1/16＋2/16)＝ 2∶1。 18．果蝇的体色有黄身(H)、灰身(h)之分，翅形有长翅(V)、残翅(v)之分。现 用两种纯合果蝇杂交，因某种精子没有受精能力，导致 F2 的 4 种表现型比例为 5∶3∶3∶1。下列说法错误的是( ) A．果蝇体色和翅形的遗传遵循自由组合定律 B．亲本果蝇的基因型是 HHvv 和 hhVV C．不具有受精能力的精子基因组成是 HV D．F2 黄身长翅果蝇中双杂合子的比例为 2/5 答案 D 解析 根据题意分析可知：用两种纯合果蝇杂交，F2 出现 4 种类型且比例为 5∶3∶3∶1，是 9∶3∶3∶1 的特殊情况之一，遵循基因的自由组合定律，A 正确； F1 的基因型是 HhVv，亲本果蝇的基因型是 HHVV 与 hhvv 或 HHvv 与 hhVV，由 于已知果蝇有一种精子不具有受精能力，而 F2 比例为 5∶3∶3∶1，说明该精子的 基因组成为 HV，所以亲本的基因型只能是 HHvv 与 hhVV，B、C 正确；F2 黄身 长翅果蝇的基因型是 HhVV、HHVv、HhVv，比例为 1∶1∶3，所以双杂合子的比 例为 3/5，D 错误。 19．某生物的三对等位基因 A—a、B—b、E—e 独立遗传，且基因 A、b、e 分别控制①、②、③三种酶的合成，在这三种酶的催化下可使一种无色物质经一 系列转化变为黑色素。假设该生物体内黑色素的合成必须由该无色物质转化而来， 如图所示，则基因型为 AaBbEe 的两个亲本杂交，出现黑色子代的概率为( ) A. 1 64 B. 8 64 C. 3 64 D.27 64 答案 C 解析 因为该生物体内的黑色素只能由题图中的无色物质转化而来，则黑色 个体的基因型是 A_bbee，则 AaBbEe×AaBbEe 产生 A_bbee 的概率为3 4 ×1 4 ×1 4 ＝ 3 64 。 20．已知某植物的抗病(A)和不抗病(a)、花粉长形(B)和花粉圆形(b)、高茎(D) 和矮茎(d)三对性状能自由组合。现有 4 株纯合的植株，其基因型分别为： ①aaBBDD；②AABBDD；③aaBBdd；④AAbbDD。下列相关叙述不正确的是( ) A．任意选择两植株杂交都能验证基因的分离定律 B．欲验证基因的自由组合定律可选用的杂交组合只有①和④、②和③ C．欲培育出基因型为 aabbdd 的植株，可选择③和④进行杂交 D．欲通过检测花粉验证基因的分离定律可选择④和任意植株杂交 答案 B 解析 依据所给四个植株的基因型，任选两植株杂交都能产生含有单对等位 基因的后代，可用于验证基因的分离定律，A 正确；验证基因的自由组合定律， 杂交后代至少含有两对等位基因，可选用的杂交组合有①和④、②和③、③和④， B 错误；欲培育出基因型为 aabbdd 的植株，可选择③和④进行杂交，产生 AaBbDd， 再让其自交即可产生基因型为 aabbdd 的植株，C 正确；欲通过检测花粉验证基因 的分离定律可选择④和任意植株杂交，都可产生 Bb 等位基因，D 正确。 二、非选择题(每小题 12 分，共 60 分) 21．已知豌豆种子子叶的黄色与绿色是由一对遗传因子 Y、y 控制的，用豌豆 进行下列遗传实验，具体情况如下： 实验一 P 黄色子叶(甲)×绿色子叶(乙) ↓ F1 黄色子叶(丙) 绿色子叶 1 ∶ 1 实验二 P 黄色子叶(丁) ,⊗ F1 黄色子叶(戊) 绿色子叶 3 ∶ 1 (1)从实验________可判断这对相对性状中________是显性性状。 (2)实验二黄色子叶戊的遗传因子组成中杂合子占________。 (3)实验一子代中出现黄色子叶与绿色子叶的比例为 1∶1，其主要原因是黄色 子叶甲产生的配子种类及其比例为________。 (4)在杂种后代中，同时出现显性性状和隐性性状的现象，在遗传学上叫做 ________________。 (5)欲判断戊是纯合子还是杂合子，最简便的方法是________________。 答案 (1)二 黄色 (2)2/3 (3)Y∶y＝1∶1 (4)性状分离 (5)让戊自交 解析 (1)由于实验二中出现了性状分离，所以后代出现的新性状绿色子叶是 隐性性状，黄色子叶为显性性状。 (2)实验 二中黄色 子叶(丁)的遗 传因子组 成为 Yy ，自交 后代的比 例 为 YY∶Yy∶yy＝1∶2∶1，所以在显性个体中杂合子占 2/3。 (3)测交后代的性状分离比为 1∶1，亲本中的显性个体的遗传因子组成为 Yy， 产生两种比例相等的配子。 (4)杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分离。 (5)在鉴定是纯合子还是杂合子的方法中，测交和自交均可以，但豌豆自交不 用进行去雄、套袋、传粉等处理，操作较为简单。 22．小麦的毛颖和光颖是一对相对性状(显、隐性分别由 A、a 基因控制)，抗 锈和感锈是另一对相对性状(显、隐性分别由 R、r 基因控制)，控制这两对相对性 状的基因均独立遗传。以纯种毛颖感锈植株(甲)和纯种光颖抗锈植株(乙)为亲本进 行杂交，F1 均为毛颖抗锈(丙)。再用 F1 与丁进行杂交，F2 有四种表现型，对每对 相对性状的植株数目比例作出的统计结果如图： (1)丙的基因型是________，丁的基因型是________。 (2)F1 形成的配子基因型是______________，产生这几种配子的原因是 F1 在形 成配子的过程中________________________。 (3)F2 中表现型不同于双亲(甲和乙)的个体占全部 F2 的________。 (4)写出 F2 中抗锈病个体的基因型及比例为______________________(只考虑 抗锈和感锈一对相对性状)。 答案 (1)AaRr aaRr (2)AR、Ar、aR、ar 决定同一性状的成对基因分离， 而决定不同性状的基因自由组合 (3)1/2 (4)RR∶Rr＝1∶2 解析 (1)由纯种毛颖感锈植株(甲)和纯种光颖抗锈植株(乙)为亲本进行杂交， F1 均为毛颖抗锈(丙)，判断毛颖、抗锈为显性性状，亲本甲、乙的基因型分别是 AArr、aaRR，丙的基因型是 AaRr；由每对相对性状的植株数目比例作出的统计结 果图判断丁的基因型是 aaRr。 (2)因为决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合，因 此 F1 形成的配子基因型有 AR、Ar、aR、ar 四种。 (3)丙的基因型是 AaRr，丁的基因型是 aaRr，后代中表现型不同于双亲(甲和 乙)的个体占 1－(1/2×3/4＋1/2×1/4)＝1/2。 (4)由于只考虑抗锈和感锈一对相对性状，即 Rr×Rr，故 F2 中抗锈病的基因型 及比例为 RR∶Rr＝1∶2。 23．研究发现西瓜种子大小由两对基因 A、a 和 B、b 共同决定，a 基因纯合 产生大子，但 b 基因会抑制 a 基因的作用。现以 3 个纯合品种作亲本(1 种大子西 瓜和 2 种小子西瓜)进行杂交实验，结果见下表。请分析回答： 组别 亲本 F1 表现型 F2 表现型 一 大子西瓜×小子西瓜 ① 小子西瓜 13/16 小子西瓜 3/16 大子西 瓜 二 大子西瓜×小子西瓜 ② 大子西瓜 3/4 大子西瓜 1/4 小子西瓜 三 小子西瓜①×小子西 瓜② 小子西瓜 小子西瓜 (1)基因 A、a 和 B、b 的遗传遵循________________________定律。 (2)实验一中，亲本大子西瓜的基因型为________，F2 的小子西瓜中能稳定遗 传的个体占________，F2 的大子西瓜测交后代中，大子西瓜占________。 (3)实验二中，亲本小子西瓜②的基因型为________，若 F2 中大子西瓜之间随 机传粉，则后代表现型及比例是____________________。 (4)某同学欲通过一次自交实验来检测实验三 F2 小子西瓜是否纯合，该实验方 案是否可行？简要说明理由。______________________________________。 答案 (1)基因的自由组合 (2)aaBB 7/13 2/3 (3)aabb 小子西瓜∶大子西瓜＝1∶8 (4)不可行，F2 小子西瓜纯合子或杂合子自交后代均为小子西瓜 解析 (1)依题意“a 基因纯合产生大子，但 b 基因会抑制 a 基因的作用”可知， 大子西瓜为 aaB_，小子西瓜有 A_B_、A_bb 和 aabb。在实验一中，大子西瓜与小 子西瓜杂交，F2 性状分离比为小子西瓜∶大子西瓜＝13∶3，为 9∶3∶3∶1 的变 式，说明基因 A、a 和 B、b 的遗传遵循基因的自由组合定律。 (2)结合对(1)的分析可推知：实验一中，亲本大子西瓜的基因型为 aaBB，小子 西瓜①的基因型为 AAbb，F1 小子西瓜的基因型为 AaBb，F2 的小子西瓜为 A_B_∶A_bb∶aabb＝9∶3∶1，其中能稳定遗传的个体占 1/13AABB＋1/13AAbb ＋1/13aabb＋2/13Aabb＋2/13AABb＝7/13。F2 的大子西瓜的基因型为 1/3aaBB、 2/3aaBb，让其与基因型为 aabb 的个体交配，测交后代中，大子西瓜占 1－2/3×1/2 ＝2/3。 (3)在实验二中，F2 性状分离比为大子西瓜∶小子西瓜＝3∶1，说明 F1 大子西 瓜的基因型为 aaBb，进而推知亲本大子西瓜和小子西瓜②的基因型分别为 aaBB 与 aabb。F2 大子西瓜的基因型为 1/3aaBB、2/3aaBb，产生的雌雄配子各有 2 种： 2/3aB 和 1/3ab，因此 F2 的大子西瓜随机交配，后代小子西瓜(aabb)的概率为 1/3ab×1/3ab＝1/9aabb，大子西瓜(aaB_)的概率为 1－1/9＝8/9，即小子西瓜∶大子 西瓜＝1∶8。 (4)在实验三中，P 小子西瓜①(AAbb)×小子西瓜②(aabb)→F1 小子西瓜 (Aabb)→F2 小子西瓜中 AAbb∶Aabb∶aabb＝1∶2∶1。因 b 基因纯合会抑制 a 基 因的作用，因此 F2 中小子西瓜自交，无论 F2 中的小子西瓜是否纯合，后代都表现 为小子西瓜，所以通过一次自交实验不能检测实验三 F2 小子西瓜是否纯合，此方 案不可行。 24．某种植物花的颜色由两对等位基因(A 和 a，B 和 b)控制。A 基因控制色 素合成(AA 和 Aa 的效应相同)，B 基因为修饰基因，淡化颜色的深度(BB 和 Bb 的 效应不同)。其基因型与表现型的对应关系见下表。请回答下列问题： 基因组合 A_Bb A_bb A_BB 或 aa__ 花的颜色 粉色 红色 白色 (1)让纯合白花植株和纯合红花植株杂交，产生的子一代植株花色全是粉色的。 请写出可能的杂交组合________、________。 (2)探究两对基因(A 和 a，B 和 b)的遗传是否符合基因的自由组合定律，某课 题小组选用基因型为 AaBb 的植株与基因型为 aaBb 的植株杂交。 实验步骤： 第一步：用基因型为 AaBb 的植株与基因型为 aaBb 的植株杂交； 第二步：观察并统计子代植株花的颜色和比例。 预期结果及结论： 若子代花色及比例为____________________________，则两对基因的遗传符 合基因的自由组合定律；否则两对基因的遗传不符合基因的自由组合定律。 (3)若通过实验证明两对基因的遗传符合基因的自由组合定律，则基因型为 AaBb 的植株能产生________种类型的精子，其自交后代中，花色为白色的植株有 ________种基因型。 答案 (1)AABB×AAbb aaBB×AAbb (2)粉色∶红色∶白色＝2∶1∶5 (3)4 5 解析 (1)纯合白花基因型是 AABB、aabb 或 aaBB，纯合红花基因型是 AAbb， 子一代全是粉色为 A_Bb，则亲本杂交组合是 AABB×AAbb 或 aaBB×AAbb。 (2)若两对基因(A 和 a，B 和 b)的遗传符合基因的自由组合定律，则基因型为 AaBb 的植株与基因型为 aaBb 的植株杂交，子代花色及比例为粉色∶红色∶白色 ＝2∶1∶5。否则，不符合自由组合定律。 (3)如果 A 和 a，B 和 b 两对基因的遗传遵循自由组合定律，基因型为 AaBb 的植株能产生 4 种类型的精子，其自交后代中白色植株的基因型有 AABB、AaBB、 aaBB、aaBb 和 aabb 5 种。 25．瑞典遗传学家尼尔逊·埃尔对小麦和燕麦的子粒颜色的遗传进行了研究。 他发现在若干个红色子粒与白色子粒的纯合亲本杂交组合中出现了如下几种情 况： 结合上述结果，回答下列问题： (1)控制红粒性状的基因为________(填“显性”或“隐性”)基因；该性状由 ________对能独立遗传的基因控制。 (2)第Ⅰ、Ⅱ组杂交组合子一代可能的基因型有________种，第Ⅲ组杂交组合 子一代可能的基因型有________种。 (3)第Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ组 F1 测交后代的红粒和白粒之比依次为________、________ 和________。 答案 (1)显性 三 (2)3 1 (3)1∶1 3∶1 7∶1 解析 由 F1→F2 的表现型和“性状分离”原理可推出红粒为显性性状，控制 红粒性状的基因一定为显性基因。由“Ⅲ组的子二代红粒所占的比例为63 64 ”，即 1 －1 4 3 可以推出该性状由三对能独立遗传的基因控制。由各表现型所占的比例可推 出第Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ组的 F1 中分别有一对、两对、三对杂合基因，则第Ⅰ组 F1 可能的 基因型为 Aabbcc、aaBbcc 和 aabbCc，第Ⅱ组 F1 可能的基因型为 AaBbcc、aaBbCc 和 AabbCc，第Ⅲ组 F1 可能的基因型只能为 AaBbCc。第Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ组 F1 测交后代 的白粒所占的比例依次为1 2 、1 2 2 和 1 2 3。