2015年高考数学(理科)真题分类汇编E单元 不等式

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2015年高考数学(理科)真题分类汇编E单元 不等式

‎ 数 学 ‎ ‎ E单元 不等式 ‎ E1 不等式的概念与性质 ‎10.H6、E1[2015·重庆卷] 设双曲线-=1(a>0,b>0)的右焦点为F,右顶点为A,过F作AF的垂线与双曲线交于B,C两点,过B,C分别作AC,AB的垂线,两垂线交于点D.若D到直线BC的距离小于a+,则该双曲线的渐近线斜率的取值范围是(  )‎ A.(-1,0)∪(0,1) ‎ B.(-∞,-1)∪(1,+∞)‎ C.(-,0)∪(0,)‎ D.(-∞,-)∪(,+∞)‎ ‎10.A [解析] 由题意得A(a,0),不妨取Bc,,Cc,-,由双曲线的对称性知D在x轴上,设D(x0,0),由BD⊥AC得·=-1,解得c-x0=,由题可知c-x0=0,归纳可得 ‎3=a1>a2>…>an>an+1>…>0.‎ 因为an+1===an-+·,所以 ak0+1=a1+(a2-a1)+…+(ak0+1-ak0)=‎ a1-k0·+·++…+>2+·++…+k0个=2+.‎ 另一方面,由上已证的不等式知a1>a2>…>ak0>ak0+1>2,得 ak0+1=a1-k0·+·++…+<2+·++…+k0个=2+.‎ 综上,2+‎0”‎的(  )‎ A.充分而不必要条件 ‎ B.必要而不充分条件 C.充要条件 ‎ D.既不充分也不必要条件 ‎4.A [解析] 由|x-2|<1,解得10,解得x>1或x<-2.由11或x<-2,反之,不成立,所以“|x-2|<‎1”‎是“x2+x-2>‎0 ”‎的充分不必要条件.故选A.‎ E3 一元二次不等式的解法 ‎ ‎7.E3[2015·江苏卷] 不等式2x2-x<4的解集为________.‎ ‎7.{x|-1‎0”‎的(  )‎ A.充分而不必要条件 ‎ B.必要而不充分条件 C.充要条件 ‎ D.既不充分也不必要条件 ‎4.A [解析] 由|x-2|<1,解得10,解得x>1或x<-2.由11或x<-2,反之,不成立,所以“|x-2|<‎1”‎是“x2+x-2>‎0 ”‎的充分不必要条件.故选A.‎ E4 简单的一元高次不等式的解法 E5 简单的线性规划问题 ‎6.E5[2015·广东卷] 若变量x,y满足约束条件则z=3x+2y的最小值为(  )‎ A.4 B. C.6 D. ‎6.B [解析] 画出约束条件表示的可行域如图所示,易知目标函数在点A处取得最小值,A点的坐标为,所以zmin=3+2×=.‎ ‎20.K6、K8、K5、E5[2015·湖北卷] 某厂用鲜牛奶在某台设备上生产A,B两种奶制品.生产1吨A产品需鲜牛奶2吨,使用设备1小时,获利1000元;生产1吨B产品需鲜牛奶1.5吨,使用设备1.5小时,获利1200元.要求每天B产品的产量不超过A产品产量的2倍,设备每天生产A,B两种产品时间之和不超过12小时.假定每天可获取的鲜牛奶数量W(单位:吨)是一个随机变量,其分布列为 W ‎12‎ ‎15‎ ‎18‎ P ‎0.3‎ ‎0.5‎ ‎0.2‎ 该厂每天根据获取的鲜牛奶数量安排生产,使其获利最大,因此每天的最大获利Z(单位:元)是一个随机变量.‎ ‎(1)求Z的分布列和均值;‎ ‎(2)若每天可获取的鲜牛奶数量相互独立,求3天中至少有1天的最大获利超过10 000元的概率.‎ ‎20.解:(1)设每天A,B两种产品的生产数量分别为x,y,相应的获利为z,则有  ①‎ 目标函数z=1000x+1200y.‎ 图(1)‎ ‎ 图(2)‎ 图(3)‎ 当W=12时,①表示的平面区域如图(1),三个顶点分别为A(0,0),B(2.4,4.8),C(6,0).‎ 将z=1000x+1200y变形为y=-x+,‎ 当x=2.4,y=4.8时,直线l:y=-x+在y轴上的截距最大,‎ 最大获利Z=zmax=2.4×1000+4.8×1200=8160.‎ 当W=15时,①表示的平面区域如图(2),三个顶点分别为A(0,0),B(3,6),C(7.5,0).‎ 将z=1000x+1200y变形为y=-x+,‎ 当x=3,y=6时,直线l:y=-x+在y轴上的截距最大,‎ 最大获利Z=zmax=3×1000+6×1200=10 200.‎ 当W=18时,①表示的平面区域如图(3),四个顶点分别为A(0,0),B(3,6),C(6,4),D(9,0).‎ 将z=1000x+1200y变形为y=-x+,‎ 当x=6,y=4时,直线l:y=-x+在y轴上的截距最大,‎ 最大获利Z=zmax=6×1000+4×1200=10 800.‎ 故最大获利Z的分布列为 Z ‎8160‎ ‎10 200‎ ‎10 800‎ P ‎0.3‎ ‎0.5‎ ‎0.2‎ 因此,E(Z)=8160×0.3+10 200×0.5+10 800×0.2=9708.‎ ‎(2)由(1)知,一天最大获利超过10 000元的概率P1=P(Z>10 000)=0.5+0.2=0.7,‎ 由二项分布,3天中至少有1天最大获利超过10 000元的概率为 P=1-(1-P1)3=1-0.33=0.973.‎ ‎14.E5[2015·全国卷Ⅱ] 若x,y满足约束条件则z=x+y的最大值为________.‎ ‎14. [解析] 画出可行域如图中阴影部分所示,‎ 目标函数可化为y=-x+z,所以直线z=x+y过点B时,z取得最大值.‎ ‎15.E5[2015·全国卷Ⅰ] 若x,y满足约束条件则的最大值为________.‎ ‎15.3 [解析] 的几何意义为点(x,y)与坐标原点连线的斜率.‎ 画出可行域,如图中阴影部分所示.‎ 由得C(1,3),‎ 由题易知可行域上的C点与坐标原点连线的斜率最大,且最大值为3.‎ ‎2.E5[2015·北京卷] 若x,y满足 则z=x+2y的最大值为(  )‎ A.0 B.‎1 C. D.2‎ ‎2.D [解析] 画出可行域,如图中阴影部分所示.目标函数z=x+2y可变为y=-x+z,当函数y=-x+z过点C(0,1)时,z取得最大值2.‎ ‎5.E5[2015·福建卷] 若变量x,y满足约束条件则z=2x-y的最小值等于(  )‎ A.- B.-2‎ C.- D.2‎ ‎5.A [解析] 可行域如图所示,当直线y=2x-z过点A时,z取得最小值,且zmin=-.‎ ‎4.E5[2015·湖南卷] 若变量x,y满足约束条件则z=3x-y的最小值为(  )‎ A.-7 B.-1 ‎ C.1 D.2‎ ‎4.A [解析] 画出可行域,平移直线y=3x-z,在直线x+y=-1与y=1的交点A(-2,1)处z取最小值,故zmin=3×(-2)-1=-7.‎ ‎6.E5[2015·山东卷] 已知x,y满足约束条件若z=ax+y的最大值为4,则a=(  )‎ A.3 B.‎2 C.-2 D.-3‎ ‎6.B [解析] 可行域如图所示,‎ 当a>0时,直线y=-ax+z的斜率为负,目标函数在点A(1,1)或B(2,0)‎ 处取得最大值.当在A处取得最大值时,不等式组无解;当在B处取得最大值时,解得a=2.‎ 当a<0时,目标函数只能在点A(1,1)处取得最大值4,此时a=3(舍去).‎ 故a的值为2.‎ ‎10.E5[2015·陕西卷] 某企业生产甲、乙两种产品均需用A,B两种原料.已知生产1吨每种产品所需原料及每天原料的可用限额如表所示.如果生产1吨甲、乙产品可获利润分别为3万元、4万元,则该企业每天可获得最大利润为(  )‎ 甲 乙 原料限额 A(吨)‎ ‎3‎ ‎2‎ ‎12‎ B(吨)‎ ‎1‎ ‎2‎ ‎8‎ A.12万元 B.16万元 C.17万元 D.18万元 ‎10.D [解析] 设该企业每天生产甲种产品x吨、乙种产品y吨,则x,y需满足约束条件 利润z=3x+4y.约束条件表示的平面区域是以(0,0),(4,0),(2,3),(0,4)为顶点的四边形及其内部,把各点坐标代入目标函数检验可知,目标函数在点(2,3)处取得最大值3×2+4×3=18,即该企业每天的最大利润为18万元.‎ ‎2.E5[2015·天津卷] 设变量x,y满足约束条件则目标函数z=x+6y的最大值为(  )‎ A.3 B.4‎ C.18 D.40‎ ‎2.C [解析] 画出约束条件表示的可行域如图所示,目标函数可变形为y=-x+z.当直线y=-x+z经过点A(0,3)时,z取得最大值,zmax=0+6×3=18.‎ ‎14.E5[2015·浙江卷] 若实数x,y满足x2+y2≤1,则|2x+y-2|+|6-x-3y ‎|的最小值是________.‎ ‎14.3 [解析] 当x,y满足x2+y2≤1时,6-x-3y>0.由 ⇒5x2-8x+3=0⇒x=或x=1,直线2x+y-2=0把单位圆分成如图所示的两部分.‎ ‎①当(x,y)在阴影部分内时,2x+y-2≥0,则原式=2x+y-2+6-x-3y=x-2y+4,由线性规划可知,经过A时,原式取得最小值3.‎ ‎②当(x,y)在另一部分内时,2x+y-2≤0,则原式=-2x-y+2+6-x-3y=-3x-4y+8,由线性规划可知,经过A时,原式取得最小值3.‎ 综上,原式的最小值为3.‎ E6 基本不等式 ‎9.B7、E6[2015·陕西卷] 设f(x)=ln x,0p D.p=r>q ‎9.B [解析] r=(f(a)+f(b))=ln(ab)=ln=p.因为b>a>0,所以>,又函数f(x)在(0,+∞)上单调递增,所以q>p=r,故选B.‎ ‎14.J3,E6[2014·山东卷] 若的展开式中x3项的系数为20,则a2+b2的最小 ‎9.B12,E6[2015·四川卷] 如果函数f(x)=(m-2)x2+(n-8)x+1(m≥0,n≥0)在区间上单调递减,那么mn的最大值为(  )‎ A.16 B.‎18 C.25 D. ‎9.B [解析] (1)当m=2时,f(x)=(n-8)x+1,‎ 则0≤n<8,所以0≤mn<16.‎ ‎(2)m>2时,抛物线的对称轴为x=-.‎ 根据题意得-≥2,即‎2m+n≤12,‎ 所以≤≤6,‎ 所以mn≤18(当且仅当m=3,n=6时取等号).‎ ‎(3)当m<2时,由题意得-≤,即2n+m≤18,所以≤≤9,所以mn≤,‎ 由2n+m=18,且2n=m,得m=9(舍去).‎ 要使得mn取得最大值,应有2n+m=18(m<2,n>8),‎ 所以mn=(18-2n)n<(18-2×8)×8=16.‎ 综上所述,mn的最大值为18.‎ ‎14.F4、E6[2015·天津卷] 在等腰梯形ABCD中,已知AB∥DC,AB=2,BC=1,∠ABC=60°.动点E和F分别在线段BC和DC上,且=λ,=,则·的最小值为________.‎ ‎14. [解析] 根据题意,可知DC=1,·=(+)·(+)=(+λ)·(+)=·+·+λ·+·=1++-≥1+2-=,当且仅当λ=时,等号成立.‎ E7 不等式的证明方法 ‎22.B3、M3、E7[2015·湖北卷] 已知数列{an}的各项均为正数,bn=nan(n∈N+),e为自然对数的底数.‎ ‎(1)求函数f(x)=1+x-ex的单调区间,并比较与e的大小;‎ ‎(2)计算,,,由此推测计算的公式,并给出证明;‎ ‎(3)令cn=(a‎1a2…an),数列{an},{cn}的前n项和分别记为Sn,Tn,证明:Tn0,即x<0时,f(x)单调递增;‎ 当f′(x)<0,即x>0时,f(x)单调递减.‎ 故f(x)的单调递增区间为(-∞,0),单调递减区间为(0,+∞).‎ 当x>0时,f(x)0,归纳可得 ‎3=a1>a2>…>an>an+1>…>0.‎ 因为an+1===an-+·,所以 ak0+1=a1+(a2-a1)+…+(ak0+1-ak0)=‎ a1-k0·+·++…+>2+·++…+k0个=2+.‎ 另一方面,由上已证的不等式知a1>a2>…>ak0>ak0+1>2,得 ak0+1=a1-k0·+·++…+<2+·++…+k0个=2+.‎ 综上,2+0(a>b)的解集为,则的最小值是(  )‎ A.2 ‎ B. C.2 ‎ D.1‎ ‎8.A [解析] 由一元二次不等式ax2+2x+b>0的解集为,得所以ab=1且a>0.又已知a>b,所以==(a-b)+≥2,当且仅当a-b=时取等号.所以的最小值是2.‎ ‎3.[2015·浙江五校联考] 设a,b是实数,则“a>b>‎1”‎是“a+>b+”的(  )‎ A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 ‎3.A [解析] 因为a+-=,所以若a>b>1,则a+-=>0,故充分性成立;当a=,b=时,显然不等式a+>b+成立,但a>b>1不成立,所以必要性不成立.故选A. ‎ ‎5.[2015·南昌调研] 若正数a,b满足+=1,则+的最小值为(  )‎ A.16 ‎ B.25‎ C.36 ‎ D.49‎ ‎5.A [解析] 因为a>0,b>0,+=1,所以a+b=ab,则+===4b+‎16a-20.‎ 又4b+‎16a=4(b+‎4a)+=20+4+≥20+4×2×=36,当且仅当=且+=1,即a=,b=3时取等号,所以+≥36-20=16.‎ ‎9.[2015·浙江重点中学协作体适应性测试] 已知点P(x,y) 满足条件(k为常数),若z=x+3y的最大值为8,则k=________.‎ ‎9.-6 [解析] 画出x,y满足的可行域,如图中阴影部分所示.‎ 联立得即A.‎ 因此,目标函数z在点A处取得最大值,‎ 所以-+3×=8,所以k=-6.‎ ‎12.[2015·嘉兴桐乡第一中学调研] 已知存在实数x,y满足约束条件 则R的最小值是________.‎ ‎12.2 [解析] 根据约束条件 作出可行域如图中阴影部分所示.由题知图中阴影部分与以(0,1)为圆心、R为半径的圆有交点,当圆与图中阴影部分相切时R最小,由图易知,R的最小值为2.‎
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