江西省樟树中学2018-2019学年高二上学期第一次月考物理试题

江西省樟树中学2018-2019学年高二上学期第一次月考物理试题

樟树中学2020届高二年级上学期第一次月考 ‎ 物 理 考试范围：3—1第一 二章 时间：2018.10.17‎ 一．选择题（1--8单选，9—12多选，每小题4分，共48分）‎ ‎1．如图，a、b两个带正电的粒子，以相同的速度先后垂直于电场线从同一点进入平行板间的匀强电场后，a粒子打在B板的a′点，b粒子打在B板的b′点，若不计重力，则（　　）‎ A．a的电荷量一定大于b的电荷量 B．b的质量一定大于a的质量 C．a的比荷一定大于b的比荷 ‎ D．b的比荷一定大于a的比荷 ‎2．某电场的电场线如图，M、N两点相距为d，则（　　）‎ A．M点场强小于N点场强 B．M点电势低于N点电势 C．正电荷在M点受到的电场力方向由M指向N D．若E为M点的场强，则M、N两点间电势差等于E•d ‎3．如图所示，电荷量相等的两个点电荷Q1和Q2，两者连线及中垂线上分别有A点和B点。则下列说法正确的是（　　）‎ A．若两者是同种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势 B．若两者是同种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强 C．若两者是异种电荷，则A点的电势一定高于B点的电势 D．若两者是异种电荷，则A点的场强一定大于B点的场强 ‎4．如图所示，水平放置的平行板电容器充电后与电源断开，上极板带正电，下极板接地，一带电油滴静止与P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则油滴（　　）‎ A．仍保持静止，电势能不变 B．仍保持静止，电势能减小 C．将向下运动，电势能增大 D．将向下运动，电势能减小 ‎5．如图电路中，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻Rx的下列说法正确的是（　　）‎ A．Rx的测量值等于真实值 B．Rx的测量值比真实值小 C．Rx的真实值为99.8Ω D．Rx的真实值为100.2Ω ‎6．如图描绘了两个电阻的伏安曲线，由图中可知，若将这两个电阻并联接入电路中，则通过R1、R2的电流比是 A．1：2 B．3：1 C．6：1 D．1：6‎ ‎7．安培提出了著名的分子电流假说，根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流．设带电荷量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，其电流的等效电流强度I和方向为（　　）‎ A．　顺时针 B．　顺时针 C．　逆时针 D．　逆时针 ‎8．如图所示，用两只完全相同的电流表，分别改装成一只量程更大的电流表和一只电压表，将它们串联起来接入电路中，则（　　）‎ A．两只电表的指针都不偏转 B. 两只电表的指针偏转角相同 C．电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 D．电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角 ‎9．如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（　　）‎ A．甲表是电流表，R增大时量程减小 B．甲表是电压表，R增大时量程增大 C．乙表是电流表，R增大时量程增大 D．乙表是电压表，R增大时量程增大 ‎10．在如图所示的U﹣I图象中，直线Ⅰ为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安特性曲线．用该电源与电阻R组成闭合电路．由图象判断正确的是（　　）‎ A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5Ω B．电阻R的阻值为1Ω ‎ C．电源的效率为80%‎ D．电源的输出功率为4 W ‎11．关于导体的电阻和电阻率，下列说法中正确的是（　　）‎ A．由R=可知，导体电阻与导体两端电压成正比，与流过导体的电流成反比 B．由R=可知，导体电阻与导体的长度成正比，与导体的横截面积成反比 C．由ρ=可知，导体电阻率与导体的横截面积成正比，与导体的长度成反比 D．导体的电阻率由材料的种类决定，还跟温度有关 ‎12．如图，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是A．电压表V示数减小 ‎ B．电流表A示数减小 C．电路的总功率减小 D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显 二、实验题：（每空2分 共16分）‎ ‎13．小明同学用螺旋测微器测定某一金属丝的直径，测得的结果如图1所示，则该金属丝的直径d=　 mm．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度，测得的结果如图2所示则该工件的长度L=　 cm。‎ 14． 某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10kΩ），除了Rx、开关S、导线外，还有下列器材供选用：‎ A．电压表（量程0～1V，阻约10kΩ） B．电压表（量程0～10V内阻约100kΩ） C电流表（量程0～1mA，内阻约30Ω） D．电流表（量程0～0.6A内阻约0.05Ω）‎ E．电源（电动势1.5V，额定电流0.5A，内阻不计）‎ F．电源（电动势12V，额定电流2A，内阻不计）‎ G．滑动变阻器R0（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）‎ ‎(1)为使测量尽量准确，电压表选用　 　，电流表选用　 　，电源选用　 　。（均填器材的字母代号） ‎ ‎(2)画出测量Rx阻值的实验电路图。‎ ‎(3)该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会　 　其真实值（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是　 　。‎ 三、计算题（8+8+10+10分）‎ ‎15．如图所示，a、b、c、d为匀强电场中四个等势面，相邻等势面间距离为2cm，已知Uac=60V，求：‎ ‎（1）电场强度为多大？‎ ‎（2）设B点的电势为零，求A、C、D、P点的电势．‎ ‎（3）求将q=﹣1.0×10﹣10C的点电荷由A移到D电场力做的功．‎ ‎（4）将q=2×10﹣10C的点电荷由B移到C，再经D最后回到P，电场力所做的功Wbcdp．‎ ‎16．如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=lΩ，当接入固定电阻R=2Ω时，电路中标有“3V，6W”的灯泡L和内阻r0=0.5Ω的小型直流电动机M都恰能正常工作．试求：‎ ‎（1）电路中的电流大小； （2）电压表的示数；‎ ‎（3）电动机的输出功率．‎ ‎17．如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两极板的长度L=80cm，两板间的距离d=20cm．电源电动势E=28V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从A、B两金属板左端正中间位置M处以初速度v0=8m/s水平向右射入两板间，恰能从上极板B板右侧边缘射出．若小球带电量为q=1×10﹣2 C，质量为m=2×10﹣2 kg，不考虑空气阻力，重力加速度g=10m/s2．求此时：‎ ‎（1）滑动变阻器接入电路的阻值；‎ ‎（2）电源的输出功率．‎ ‎18．如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：‎ ‎（1）水平向右电场的电场强度；‎ ‎（2）若将电场强度减小为原来的，物块的加速度是多大；‎ ‎（3）电场强度变化后物块下滑距离L时的动能．‎ 樟树中学2020届高二年级下学期第1次月考答案 一．选择题（1--8单选，9—12多选，每小题4分，共48分）‎ ‎1C 2C 3D 4B 5C 6D 7C 8C 9AD 10ABD 11BD 12AD 二、实验题：（每空2分 共16分）‎ ‎13. 答案为：①B；C；F；②如图所示；③大于；电压表的读数大于待测电阻两端的实际电压。‎ ‎14. 1）3.205（或3.206、3.207）、5.015‎ 三、计算题（8+8+10+10分）‎ ‎15解答】解：（1）AC间的距离为4cm．‎ 则E=． -------------- 2分 ‎（2）根据A点的电势大于C点的电势，知电场强度的方向水平向右．‎ UAB=1500×0.02V=30V，因为φB=0，则φA=30V．‎ UBC=30V，则φC=﹣30V．UBD=60V，则φD=﹣60V．‎ P点与B点等电势，所以φp=0V． ----------- 2分 ‎（3）UAD=φA﹣φD=90V 则WAD=qUAD=﹣1×10﹣10×90J=﹣9×10﹣9J． ---------- 2分 ‎ （4）B、P两点等电势，则B、P间的电势差为0，根据W=qU知，电场力做功为0．故电场力所做的功WBCDP=0．--------------2分 ‎16【解答】解：（1）因灯泡正常工作，所以电路中电流=2A------2分 ‎（2）根据闭合电路欧姆定律有E=UM+UL+I（r+R）-------‎ 代入数据可解得：UM=20﹣3﹣2×（1+2）=11V----------2分 ‎（3）电动机的输入功率P入=UMI=11×2=22W 电动机的发热功率P热=I2r0=22×0.5=2W 则电动机的输出功率P出=P入﹣P热=22﹣2=20W-------4分 ‎17【解答】解：（1）小球在极板间做类平抛运动 水平方向：竖直方向：，代入数据解得：‎ 对小球，根据牛顿第二定律有：F﹣mg=ma代入数据解得：F=0.6N-----3分 极板间电场强度为：两极板间的电压为：U=Ed=60×0.2=12V电路电流为：‎ 变阻器接入电路的阻值为：---------------3分 ‎（2）电源的路端电压为：电源的输出功率为：-------------------4分 ‎18【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，‎ FNsin37°=qE① FNcos37°=mg②‎ 由1、②可得电场强度------------------3分 ‎（2）若电场强度减小为原来的，则变为 mgsin37°﹣qE'cos37°=ma③‎ 可得加速度a=0.3g．----------------3分 ‎（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，‎ 由动能定理则有：‎ mgLsin37°﹣qE'Lcos37°=Ek﹣0④‎ 可得动能Ek=0.3mgL------------------4分